推薦學(xué)習(xí)高三物理上學(xué)期第一周周考試卷(含解析)

2015-2016學(xué)年安徽省滁州中學(xué)高三（上）第一周周考物理試卷一、選擇題（1-6題單選，7-10題多選）1．運(yùn)動員手持網(wǎng)球拍托球沿水平面勻加速跑，設(shè)球拍和球質(zhì)量分別為M、m，球拍平面和水平面之間的夾角為θ，球拍與球保持相對靜止，它們間摩擦及空氣阻力不計，則（）A．運(yùn)動員的加速度為gtanθB．球拍對球的作用力C．運(yùn)動員對球拍的作用力為MgcosθD．若加速度大于gsinθ，球一定沿球拍向上運(yùn)動2．中國航天局秘書長田玉龍2015年3月6日證實，將在2015年年底發(fā)射高分四號衛(wèi)星，這是中國首顆地球同步軌道高時間分辨率對地觀測衛(wèi)星．如圖所示，A是靜止在赤道上隨地球自轉(zhuǎn)的物體；B、C是同在赤道平面內(nèi)的兩顆人造衛(wèi)星，B位于離地高度等于地球半徑的圓形軌道上，C是高分四號衛(wèi)星．則下列關(guān)系正確的是（）A．物體A隨地球自轉(zhuǎn)的角速度大于衛(wèi)星B的角速度B．衛(wèi)星B的線速度大于衛(wèi)星C的線速度C．物體A隨地球自轉(zhuǎn)的加速度大于衛(wèi)星C的加速度D．物體A隨地球自轉(zhuǎn)的周期大于衛(wèi)星C的周期3．如圖所示為一直流電路，電源內(nèi)阻不能忽略，但R0大于電源內(nèi)阻，滑動變阻器的最大阻值小于R，當(dāng)滑動變阻器滑片P從滑動變阻器的最右端滑向最左端的過程中，下列說法正確的是（）A．電壓表的示數(shù)一直增大 B．電流表的示數(shù)一直增大C．電阻R0消耗的功率一直增大 D．電源的輸出功率一直增大4．如圖所示，在MNQP中有一垂直紙面向里勻強(qiáng)磁場．質(zhì)量和電荷量都相等的帶電粒子a、b、c以不同的速率從O點沿垂直于PQ的方向射入磁場，圖中實線是它們的軌跡．已知O是PQ的中點，不計粒子重力．下列說法中正確的是（）A．粒子a帶負(fù)電，粒子b、c帶正電B．射入磁場時粒子a的速率最小C．射出磁場時粒子b的動能最小D．粒子c在磁場中運(yùn)動的時間最長5．某同學(xué)設(shè)計的“電磁彈射”裝置如圖所示，足夠長的光滑金屬導(dǎo)軌（電阻不計）水平固定放置，間距為l，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的磁場垂直于軌道平面向下．在導(dǎo)軌左端跨接電容為C的電容器，另一質(zhì)量為m、電阻為R的導(dǎo)體棒垂直于導(dǎo)軌擺放．先斷開電鍵S，對電容器充電，使其帶電量為Q，再閉合電鍵S，關(guān)于該裝置及導(dǎo)體棒的運(yùn)動情況下列說法正確的是（）A．要使導(dǎo)體棒向右運(yùn)動，電容器的b極板應(yīng)帶正電B．導(dǎo)體棒運(yùn)動的最大速度為C．導(dǎo)體棒運(yùn)動過程中，流過導(dǎo)體棒橫截面的電量為QD．導(dǎo)體棒運(yùn)動過程中感應(yīng)電動勢的最大值為6．關(guān)于氣體熱現(xiàn)象的微觀解釋，下列說法中錯誤的是（）A．密閉在容器中的氣體，在某一時刻向各個方向運(yùn)動的氣體分子數(shù)目基本相等B．大量氣體分子的速率有大有小，但是按“中間多，兩頭少”的規(guī)律分布C．氣體壓強(qiáng)的大小跟氣體分子的平均動能、分子的密集程度這兩個因素有關(guān)D．一定質(zhì)量的理想氣體，溫度不變，體積減小時，氣體的內(nèi)能一定增大7．如圖，在半徑為R圓環(huán)圓心O正上方的P點，將一小球以速度v0水平拋出后恰能從圓環(huán)上Q點沿切線飛過，若OQ與OP間夾角為θ，不計空氣阻力．則（）A．從P點運(yùn)動到Q點的時間為t=B．從P點運(yùn)動到Q點的時間為t=C．小球運(yùn)動到Q點時的速度為vQ=D．小球運(yùn)動到Q點時的速度為vQ=8．如圖1所示，水平軌道Ⅰ、Ⅱ平滑連接于b點．一物體以水平速度v0從a點進(jìn)入軌道，軌道Ⅰ、Ⅱ的動摩擦因數(shù)為不同常數(shù)，若物體僅在軌道Ⅱ受水平向左的恒力F作用，其v﹣t圖象如圖2所示，則在0到7s內(nèi)（）A．物體在軌道Ⅰ受到的滑動摩擦力比軌道Ⅱ的大B．物體在軌道Ⅰ受到的滑動摩擦力小于FC．物體在軌道Ⅰ、Ⅱ受到的摩擦力做功之比為4：1D．物體在軌道Ⅱ受到的摩擦力做的功與F做的功之比為3：59．一帶負(fù)電的粒子只在電場力作用下沿x軸正向運(yùn)動，其電勢能EP隨位移x變化的關(guān)系如圖所示，其中O～x2段是對稱的曲線，x2～x3是直線段，則下列判斷正確的是（）A．x1處電場強(qiáng)度最大B．x2～x3段是勻強(qiáng)電場C．x1、x2、x3處電勢φ1、φ2、φ3的關(guān)系為φ1＞φ2＞φ3D．粒子在O～x2段做勻變速運(yùn)動，x2～x3段做勻速直線運(yùn)動10．一簡諧波在如圖所示的x軸上傳播，實線和虛線分別是t1=0和t2=0.2s時刻的波形圖．則下列說法正確的是（）A．若該波在t1=0時刻已沿+x方向傳播到x=6m處，則波源起振方向向下B．若該波與另一頻率為1.25Hz的簡諧波相遇時發(fā)生干涉，則該波沿+x方向傳播C．若該波在t2=0.2s時刻，x=2.5m處的質(zhì)點向﹣y方向運(yùn)動，則該波向+x方向傳播D．若該波的傳播速度是75m/s，則該波沿﹣x方向傳播二、計算題11．如圖所示為一傳送帶裝置模型，斜面的傾角θ，底端經(jīng)一長度可忽略的光滑圓弧與足夠長的水平傳送帶相連接，質(zhì)量m=2kg的物體從高h(yuǎn)=30cm的斜面上由靜止開始下滑，它與斜面的動摩擦因數(shù)μ1=0.25，與水平傳送帶的動摩擦因數(shù)μ2=0.5，物體在傳送帶上運(yùn)動一段時間以后，物體又回到了斜面上，如此反復(fù)多次后最終停在斜面底端．已知傳送帶的速度恒為v=2.5m/s，tanθ=0.75，g取10m/s2．求：（1）物體第一次滑到底端的速度大?。唬?）從滑上傳送帶到第一次離開傳送帶的過程中，求傳送帶對物體所做功及物體對傳送帶做功．（3）從物體開始下滑到最終停在斜面底端，物體在斜面上通過的總路程．12．如圖所示，在長為L=57cm的一端封閉、另一端開口向上的豎直玻璃管內(nèi)，用4cm高的水銀柱封閉著51cm長的理想氣體，管內(nèi)外氣體的溫度均為33℃，大氣壓強(qiáng)p0=76cmHg．①若緩慢對玻璃管加熱，當(dāng)水銀柱上表面與管口剛好相平時，求管中氣體的溫度；②若保持管內(nèi)溫度始終為33℃，現(xiàn)將水銀緩慢注入管中，直到水銀柱上表面與管口相平，求此時管中氣體的壓強(qiáng)．13．如圖所示，兩光滑金屬導(dǎo)軌，間距d=0.2m，在桌面上的部分是水平的，處在磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.1T、方向豎直向下的有界磁場中．電阻R=3Ω．桌面高H=0.8m，金屬桿ab質(zhì)量m=0.2kg，電阻r=1Ω，在導(dǎo)軌上距桌面h=0.2m的高處由靜止釋放，落地點距桌面左邊緣的水平距離s=0.4m，g=10m/s2．求：（1）金屬桿剛進(jìn)入磁場時，R上的電流大?。?）整個過程中R上放出的熱量．

2015-2016學(xué)年安徽省滁州中學(xué)高三（上）第一周周考物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題（1-6題單選，7-10題多選）1．運(yùn)動員手持網(wǎng)球拍托球沿水平面勻加速跑，設(shè)球拍和球質(zhì)量分別為M、m，球拍平面和水平面之間的夾角為θ，球拍與球保持相對靜止，它們間摩擦及空氣阻力不計，則（）A．運(yùn)動員的加速度為gtanθB．球拍對球的作用力C．運(yùn)動員對球拍的作用力為MgcosθD．若加速度大于gsinθ，球一定沿球拍向上運(yùn)動【考點】共點力平衡的條件及其應(yīng)用．【專題】共點力作用下物體平衡專題．【分析】由題，不計摩擦力，分析網(wǎng)球的受力情況，作出力圖，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度和球拍對球的作用力；分析網(wǎng)球豎直方向的受力情況，判斷球能否向上運(yùn)動．【解答】解：A、B、C對網(wǎng)球：受到重力mg和球拍的支持力N，作出力圖如圖，根據(jù)牛頓第二定律得：Nsinθ=maNcosθ=mg解得，a=gtanθ，N=，故A正確、B正確；以球拍和球整體為研究對象，如圖2，根據(jù)牛頓第二定律得：運(yùn)動員對球拍的作用力為F=，故C錯誤．D、當(dāng)a＞gtanθ時，網(wǎng)球?qū)⑾蛏线\(yùn)動，由于gsinθ與gtanθ的大小關(guān)系未知，故球不一定沿球拍向上運(yùn)動．故D錯誤．故選：AB．【點評】本題是兩個作用下產(chǎn)生加速度的問題，分析受力情況是解答的關(guān)鍵，運(yùn)用正交分解，根據(jù)牛頓第二定律求解．2．中國航天局秘書長田玉龍2015年3月6日證實，將在2015年年底發(fā)射高分四號衛(wèi)星，這是中國首顆地球同步軌道高時間分辨率對地觀測衛(wèi)星．如圖所示，A是靜止在赤道上隨地球自轉(zhuǎn)的物體；B、C是同在赤道平面內(nèi)的兩顆人造衛(wèi)星，B位于離地高度等于地球半徑的圓形軌道上，C是高分四號衛(wèi)星．則下列關(guān)系正確的是（）A．物體A隨地球自轉(zhuǎn)的角速度大于衛(wèi)星B的角速度B．衛(wèi)星B的線速度大于衛(wèi)星C的線速度C．物體A隨地球自轉(zhuǎn)的加速度大于衛(wèi)星C的加速度D．物體A隨地球自轉(zhuǎn)的周期大于衛(wèi)星C的周期【考點】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系．【專題】人造衛(wèi)星問題．【分析】地球赤道上的物體與同步衛(wèi)星具有相同的角速度和周期，根據(jù)v=rω，a=rω2比較線速度的大小和向心加速度的大小，根據(jù)萬有引力提供向心力比較B、C的線速度、周期大?。窘獯稹拷猓篈、地球赤道上的物體與同步衛(wèi)星具有相同的角速度，所以ωA=ωC，根據(jù)萬有引力提供向心力=mω2r=mr=ma=mω=，所以衛(wèi)星B的角速度大于衛(wèi)星C角速度，所以物體A隨地球自轉(zhuǎn)的角速度小于衛(wèi)星B的角速度，故A錯誤；B、v=，所以衛(wèi)星B的線速度大于衛(wèi)星C的線速度，故B正確；C、根據(jù)a=ω2r，物體A隨地球自轉(zhuǎn)的加速度小于衛(wèi)星C的加速度，故C錯誤；D、地球赤道上的物體與同步衛(wèi)星C有相同的角速度，所以物體A隨地球自轉(zhuǎn)的周期等于衛(wèi)星C的周期，故D錯誤；故選：B．【點評】地球赤道上的物體與同步衛(wèi)星具有相同的角速度和周期，根據(jù)v=rω，a=rω2比較線速度的大小和向心加速度的大小，根據(jù)萬有引力提供向心力比較b、c的線速度、角速度、周期和向心加速度大?。?．如圖所示為一直流電路，電源內(nèi)阻不能忽略，但R0大于電源內(nèi)阻，滑動變阻器的最大阻值小于R，當(dāng)滑動變阻器滑片P從滑動變阻器的最右端滑向最左端的過程中，下列說法正確的是（）A．電壓表的示數(shù)一直增大 B．電流表的示數(shù)一直增大C．電阻R0消耗的功率一直增大 D．電源的輸出功率一直增大【考點】閉合電路的歐姆定律．【專題】恒定電流專題．【分析】先分析電路結(jié)構(gòu)，由滑片的移動可知滑動變阻器接入電阻的變化，則由閉合電路歐姆定律可得出電路中電流的變化及路端電壓的變化，再分析局部電路可得出電流表中示數(shù)的變化，根據(jù)功率公式判斷功率變化情況．【解答】解：A、根據(jù)電路圖可知，滑動變阻器的左半部分與R串聯(lián)后與變阻器的右半部分并聯(lián)后再與R0串聯(lián)，接入電源，P向左滑動時，由于滑動變阻器的最大阻值小于R，所以并聯(lián)部分電阻增大，則總電阻增大，電路中總電流減小，電源的內(nèi)電壓以及R0所占電壓都減小，則由閉合電路歐姆定律可知，電壓表示數(shù)增大，故A正確；B、電流表測量干路電流，根據(jù)A的分析可知，電流表示數(shù)減小，故B錯誤；C、根據(jù)可知，I減小，則功率減小，故C錯誤；D、當(dāng)外電路電阻等于電源內(nèi)阻時，電源的輸出功率最大，而R0大于電源內(nèi)阻，所以隨著外電阻增大，電源的輸出功率一直減小，故D錯誤；故選：A【點評】分析閉合電路的歐姆定律的動態(tài)分析的題目時，一般要按先外電路、再內(nèi)電路、后外電路的思路進(jìn)行分析；重點分析電路中的路端電壓、總電流及部分電路的電流及電壓變化．4．如圖所示，在MNQP中有一垂直紙面向里勻強(qiáng)磁場．質(zhì)量和電荷量都相等的帶電粒子a、b、c以不同的速率從O點沿垂直于PQ的方向射入磁場，圖中實線是它們的軌跡．已知O是PQ的中點，不計粒子重力．下列說法中正確的是（）A．粒子a帶負(fù)電，粒子b、c帶正電B．射入磁場時粒子a的速率最小C．射出磁場時粒子b的動能最小D．粒子c在磁場中運(yùn)動的時間最長【考點】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動．【專題】帶電粒子在磁場中的運(yùn)動專題．【分析】根據(jù)粒子運(yùn)動軌跡由左手定則判斷粒子的電性；粒子在磁場中做圓周運(yùn)動，由牛頓第二定律求出粒子的速度，然后求出粒子的動能；根據(jù)粒子做圓周運(yùn)動的周期與轉(zhuǎn)過的圓心角比較粒子運(yùn)動時間．【解答】解：A、根據(jù)左手定則知粒子a帶正電，粒子b、c帶負(fù)電，故A錯誤；B、粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動時，由洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qvB=m，解得：v=，射入磁場時粒子c的半徑最小，則速率最?。蔅錯誤；C、粒子的動能EK=mv2=，由于：q、B、m都相同，因此r越大，粒子動能越大，由圖示可知，b的軌道半徑r最大，則b粒子動能最大；c的半徑最小，則動能最小．故C錯誤；D、粒子在磁場中做圓周運(yùn)動的周期：T=相同，粒子在磁場中的運(yùn)動時間：t=T=，由于m、q、B都相同，粒子c轉(zhuǎn)過的圓心角θ最大，則射入磁場時c的運(yùn)動時間最大，故D正確；故選：D．【點評】帶電粒子在磁場、質(zhì)量及電量相同情況下，運(yùn)動的半徑與速率成正比，從而根據(jù)運(yùn)動圓弧來確定速率的大小．5．某同學(xué)設(shè)計的“電磁彈射”裝置如圖所示，足夠長的光滑金屬導(dǎo)軌（電阻不計）水平固定放置，間距為l，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的磁場垂直于軌道平面向下．在導(dǎo)軌左端跨接電容為C的電容器，另一質(zhì)量為m、電阻為R的導(dǎo)體棒垂直于導(dǎo)軌擺放．先斷開電鍵S，對電容器充電，使其帶電量為Q，再閉合電鍵S，關(guān)于該裝置及導(dǎo)體棒的運(yùn)動情況下列說法正確的是（）A．要使導(dǎo)體棒向右運(yùn)動，電容器的b極板應(yīng)帶正電B．導(dǎo)體棒運(yùn)動的最大速度為C．導(dǎo)體棒運(yùn)動過程中，流過導(dǎo)體棒橫截面的電量為QD．導(dǎo)體棒運(yùn)動過程中感應(yīng)電動勢的最大值為【考點】導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢；安培力．【專題】電磁感應(yīng)與電路結(jié)合．【分析】導(dǎo)體棒向右運(yùn)動，說明安培力向右，可判定電流方向，進(jìn)而可知電容器極板電性；導(dǎo)體棒運(yùn)動時將形成與原電流相反的感應(yīng)電動勢，同時電容器兩端電壓降低，導(dǎo)體棒兩端電壓升高，當(dāng)二者相等時，導(dǎo)體棒勻速運(yùn)動，由此可解答B(yǎng)CD．【解答】解：A、導(dǎo)體棒向右運(yùn)動，安培力向右，由左手定則可知電流方向向下，則a帶正電，故A錯誤．B、當(dāng)導(dǎo)體棒兩端的電壓與電容兩端的電壓相等時，導(dǎo)體棒做勻速運(yùn)動，此時有BLv=，根據(jù)動量定理得：B=mv=Bq′L，其中：q′=Q﹣q，聯(lián)立三式解得：，故B正確．C、導(dǎo)體棒運(yùn)動過程中，極板電荷不會全部放完，故流過導(dǎo)體棒橫截面的電量小于Q，故C錯誤．D、導(dǎo)體棒運(yùn)動的最大速度為，故導(dǎo)體棒運(yùn)動過程中感應(yīng)電動勢的最大值為：E=，故D錯誤．故選：B．【點評】該題的關(guān)鍵是判定最大速度，要明確其條件是感應(yīng)電動勢等于電容器兩端的電壓，結(jié)合動量定理可解結(jié)果．6．關(guān)于氣體熱現(xiàn)象的微觀解釋，下列說法中錯誤的是（）A．密閉在容器中的氣體，在某一時刻向各個方向運(yùn)動的氣體分子數(shù)目基本相等B．大量氣體分子的速率有大有小，但是按“中間多，兩頭少”的規(guī)律分布C．氣體壓強(qiáng)的大小跟氣體分子的平均動能、分子的密集程度這兩個因素有關(guān)D．一定質(zhì)量的理想氣體，溫度不變，體積減小時，氣體的內(nèi)能一定增大【考點】分子的熱運(yùn)動；物體的內(nèi)能．【分析】分子的運(yùn)動雜亂無章，在某一時刻，向著任何一個方向運(yùn)動的分子都有，而且向各個方向運(yùn)動的氣體分子數(shù)目都相等，分子的速率按“中間多，兩頭少”的規(guī)律分布，氣體壓強(qiáng)的大小跟氣體分子的平均動能、分子的密集程度這兩個因素有關(guān)．【解答】解：A、雖然分子的運(yùn)動雜亂無章，在某一時刻，向著任何一個方向運(yùn)動的分子都有在一個正方體容器里，任一時刻與容器各側(cè)面碰撞的氣體分子數(shù)目基本相同，故A正確；B、大量氣體分子的速率有大有小，但是按“中間多，兩頭少”的規(guī)律分布；故B正確；C、氣體壓強(qiáng)的大小跟氣體分子的平均動能、分子的密集程度這兩個因素有關(guān)大；故C正確；D、溫度是分子平均動能的標(biāo)志，一定質(zhì)量的理想氣體，溫度不變，則氣體的內(nèi)能一定不變；故D錯誤；本題選擇錯誤的；故選：D【點評】本題考查了分子動理論的知識，還有影響氣體壓強(qiáng)的因素．要注意明確溫度升高時并不是所有分子的速率都增大，但平均運(yùn)動一定增大．7．如圖，在半徑為R圓環(huán)圓心O正上方的P點，將一小球以速度v0水平拋出后恰能從圓環(huán)上Q點沿切線飛過，若OQ與OP間夾角為θ，不計空氣阻力．則（）A．從P點運(yùn)動到Q點的時間為t=B．從P點運(yùn)動到Q點的時間為t=C．小球運(yùn)動到Q點時的速度為vQ=D．小球運(yùn)動到Q點時的速度為vQ=【考點】平拋運(yùn)動．【專題】平拋運(yùn)動專題．【分析】小球做平拋運(yùn)動，根據(jù)圓的幾何知識可以求得小球在水平方向的位移的大小，根據(jù)水平方向的勻速直線運(yùn)動可以求得時間的大?。鶕?jù)平行四邊形定則求出Q點的速度．【解答】解：A、過Q點做OP的垂線，根據(jù)幾何關(guān)系可知，小球在水平方向上的位移的大小為Rsinθ，根據(jù)Rsinθ=v0t，可得時間為：t=，故A正確，B錯誤．C、根據(jù)幾何關(guān)系知，Q點的速度方向與水平方向的夾角為θ，根據(jù)平行四邊形定則知，小球運(yùn)動到Q點時的速度為vQ=，故C錯誤，D正確．故選：AD．【點評】本題對平拋運(yùn)動規(guī)律的直接的應(yīng)用，知道平拋運(yùn)動在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動規(guī)律，結(jié)合運(yùn)動學(xué)公式靈活求解．8．如圖1所示，水平軌道Ⅰ、Ⅱ平滑連接于b點．一物體以水平速度v0從a點進(jìn)入軌道，軌道Ⅰ、Ⅱ的動摩擦因數(shù)為不同常數(shù)，若物體僅在軌道Ⅱ受水平向左的恒力F作用，其v﹣t圖象如圖2所示，則在0到7s內(nèi)（）A．物體在軌道Ⅰ受到的滑動摩擦力比軌道Ⅱ的大B．物體在軌道Ⅰ受到的滑動摩擦力小于FC．物體在軌道Ⅰ、Ⅱ受到的摩擦力做功之比為4：1D．物體在軌道Ⅱ受到的摩擦力做的功與F做的功之比為3：5【考點】勻變速直線運(yùn)動的圖像；功的計算．【專題】功的計算專題．【分析】分析v﹣t圖象，由圖象可明確物體運(yùn)動加速度的情況，再根據(jù)受力分析明確摩擦力大?。挥晒Φ墓酱_定做功之比．【解答】解：A、由圖可知，物體在軌道II中的加速度小于軌道1中的加速度，因軌道II中受到向左的拉力，故說明軌道II中的摩擦力一定小于軌道I中的摩擦力；故A正確；B、對各過程分析可知，物體在軌道1上的加速度a1=；軌道II上減速過程a2=；反向加速過程為a3=；則由牛頓第二定律可知：f1=；F=；f2=；則可知軌道Ⅰ受到的滑動摩擦力大于F；故B錯誤；C、由B的分析可知，摩擦力大小之比為：16：3；由圖象可知，經(jīng)歷的路程之比為：3：4；則由功的公式可知，做功之比為：4：1；故C正確；D、軌道II上摩擦力一直做負(fù)功；而拉力先做負(fù)功再做正功，做功的代數(shù)和為零；故D錯誤；故選：A．【點評】本題考查功的公式、對v﹣t圖象的認(rèn)識及牛頓第二定律等內(nèi)容，要注意能正確從v﹣t圖象中得出可用的物理規(guī)律．9．一帶負(fù)電的粒子只在電場力作用下沿x軸正向運(yùn)動，其電勢能EP隨位移x變化的關(guān)系如圖所示，其中O～x2段是對稱的曲線，x2～x3是直線段，則下列判斷正確的是（）A．x1處電場強(qiáng)度最大B．x2～x3段是勻強(qiáng)電場C．x1、x2、x3處電勢φ1、φ2、φ3的關(guān)系為φ1＞φ2＞φ3D．粒子在O～x2段做勻變速運(yùn)動，x2～x3段做勻速直線運(yùn)動【考點】電勢差與電場強(qiáng)度的關(guān)系；電勢．【專題】電場力與電勢的性質(zhì)專題．【分析】根據(jù)電勢能與電勢的關(guān)系：Ep=qφ，場強(qiáng)與電勢的關(guān)系：E=，結(jié)合分析圖象斜率與場強(qiáng)的關(guān)系，即可求得x1處的電場強(qiáng)度；根據(jù)能量守恒判斷速度的變化；由Ep=qφ，分析電勢的高低．由牛頓第二定律判斷加速度的變化，即可分析粒子的運(yùn)動性質(zhì)．根據(jù)斜率讀出場強(qiáng)的變化．【解答】解：A、根據(jù)電勢能與電勢的關(guān)系：Ep=qφ，場強(qiáng)與電勢的關(guān)系：E=，得：E=由數(shù)學(xué)知識可知Ep﹣x圖象切線的斜率等于，x1處切線斜率為零，則x1處電場強(qiáng)度為零，故A錯誤．B、D、由圖看出在0～x1段圖象切線的斜率不斷減小，由上式知場強(qiáng)減小，粒子所受的電場力減小，加速度減小，做非勻變速運(yùn)動．x1～x2段圖象切線的斜率不斷增大，場強(qiáng)增大，粒子所受的電場力增大，做非勻變速運(yùn)動．x2～x3段斜率不變，場強(qiáng)不變，即電場強(qiáng)度大小和方向均不變，是勻強(qiáng)電場，粒子所受的電場力不變，做勻變速直線運(yùn)動，故B正確，D錯誤；C、根據(jù)電勢能與電勢的關(guān)系：Ep=qφ，因粒子帶負(fù)電，q＜0，則知電勢能越大，粒子所在處的電勢越低，所以有：φ1＞φ2＞φ3．故C正確．故選：BC【點評】本題以圖象的形式考查靜電場的場強(qiáng)、電勢、電勢能等相關(guān)知識；解決本題的關(guān)鍵要分析圖象斜率的物理意義，判斷電勢和場強(qiáng)的變化，再根據(jù)力學(xué)基本規(guī)律：牛頓第二定律進(jìn)行分析電荷的運(yùn)動情況．10．一簡諧波在如圖所示的x軸上傳播，實線和虛線分別是t1=0和t2=0.2s時刻的波形圖．則下列說法正確的是（）A．若該波在t1=0時刻已沿+x方向傳播到x=6m處，則波源起振方向向下B．若該波與另一頻率為1.25Hz的簡諧波相遇時發(fā)生干涉，則該波沿+x方向傳播C．若該波在t2=0.2s時刻，x=2.5m處的質(zhì)點向﹣y方向運(yùn)動，則該波向+x方向傳播D．若該波的傳播速度是75m/s，則該波沿﹣x方向傳播【考點】橫波的圖象；波長、頻率和波速的關(guān)系．【專題】振動圖像與波動圖像專題．【分析】發(fā)生干涉的條件是兩列波的頻率相同，由相同的頻率求出周期從而判斷波的傳播方向；t2=0.2s時刻，x=2.5m處的質(zhì)點向﹣y方向運(yùn)動，則波源在右邊，波向左傳播；根據(jù)s=vt求出該波傳播的距離，然后判斷傳播距離為波長的多少倍，從而判斷波的傳播方向；判斷t=0時刻，x=6m處質(zhì)點的振動方向，繼而判斷出波源的振動方向【解答】解：A、若該波在t1=0時刻已沿+x方向恰傳播到x=6m處，從t=0時刻的波形圖上判斷x=6m的質(zhì)點與x=2m處質(zhì)點運(yùn)動情況相同，其前面的點（波向右傳播，左邊為前）在其上方，則此質(zhì)點將向上運(yùn)動，所有質(zhì)點的起振方向是一致的，故波源起振方向向上，故A錯誤；B、頻率為1.25Hz的簡諧波周期為T==0.8s，則，根據(jù)波的平移法實線右移波長為虛線波形，則波向右傳播，即該波沿+x方向傳播，故B正確；C、t2=0.2s時刻，x=2.5m處的質(zhì)點向﹣y方向運(yùn)動，則波源在右側(cè)，波向﹣x方向傳播，C錯誤；D、根據(jù)s=vt=75m/s×0.2s=15m，，即傳播距離為3λ，根據(jù)波的平移法，波向左平移波長為虛線波形，故波向﹣x方向傳播，D正確．故選：BD【點評】解決本題的前提是能熟練根據(jù)傳播方向判斷質(zhì)點運(yùn)動方向以及能根據(jù)波的傳播方向判斷質(zhì)點振動方向，且熟悉波的平移法．二、計算題11．如圖所示為一傳送帶裝置模型，斜面的傾角θ，底端經(jīng)一長度可忽略的光滑圓弧與足夠長的水平傳送帶相連接，質(zhì)量m=2kg的物體從高h(yuǎn)=30cm的斜面上由靜止開始下滑，它與斜面的動摩擦因數(shù)μ1=0.25，與水平傳送帶的動摩擦因數(shù)μ2=0.5，物體在傳送帶上運(yùn)動一段時間以后，物體又回到了斜面上，如此反復(fù)多次后最終停在斜面底端．已知傳送帶的速度恒為v=2.5m/s，tanθ=0.75，g取10m/s2．求：（1）物體第一次滑到底端的速度大??；（2）從滑上傳送帶到第一次離開傳送帶的過程中，求傳送帶對物體所做功及物體對傳送帶做功．（3）從物體開始下滑到最終停在斜面底端，物體在斜面上通過的總路程．【考點】動能定理的應(yīng)用；牛頓第二定律．【專題】動能定理的應(yīng)用專題．【分析】（1）根據(jù)動能定理求出物體到達(dá)底端的速度；（2）分析物體的運(yùn)動過程，明確物體對傳送帶的作用力，根據(jù)功的性質(zhì)可求得物體對傳送帶所做的功；（3）物體在傳送帶上運(yùn)動的過程中，摩擦力做功為零，對全過程運(yùn)用動能定理，求出物體在斜面上通過的總路程．【解答】解：（1）對物體從靜止開始到達(dá)底端的過程運(yùn)用動能定理得：﹣0代入數(shù)據(jù)解得：v1=2m/s，（2）物體受到傳送帶的摩擦力Ff=μmg得加速度a=μ2g=5m/s2，到最右端的時間t1===0.4s，物體返回到傳送帶的左端也為t1因為第一次物體滑上傳送帶的速度小于傳送帶的速度，故物體回到傳送帶的速度也為v0由動能定理得到，摩擦力對物體做功為0傳送帶的位移x=vt=2vt1=2m；物體對傳送帶做功W=Ffx代入計算得W=20J（3）從物體開始下滑到最終停在斜面底端全過程由動能定理mgh=μ1mgs總cosθ代入數(shù)據(jù)得s總=1.5m答：（1）物體第一次滑到底端的速度大小為2m/s；（2）從滑上傳送帶到第一次離開傳送帶的過程中，傳送帶對物體所做功及物體對傳送帶做功為20J．（3）從物體開始下滑到最終停在斜面底端，物體在斜面上通過的總路程為1.5m．【點評】解決本題的關(guān)鍵理清物體在整個過程中的運(yùn)動規(guī)律，結(jié)合牛頓第二定律、運(yùn)動學(xué)公式和動能定理進(jìn)行求解，知道物體在傳送帶上運(yùn)動的過程中，摩擦力做功的代數(shù)和為零．12．如圖所示，在長為L=57cm的一端封閉、另一端開口向上的豎直玻璃管內(nèi)，用4cm高的水銀柱封閉著51cm長的理想氣體，管內(nèi)外氣體的溫度均為33℃，大氣壓強(qiáng)p0=76cmHg．①若緩慢對玻璃管加熱，當(dāng)水銀柱上表面與管口剛好相平時，求管中氣體的溫度；②若保持管內(nèi)溫度始終為33℃，現(xiàn)將水銀緩慢注入管中，直到水銀柱上表面與管口相平，求此時管中氣體的壓強(qiáng)．【考點】理想氣體的狀態(tài)方程；封閉氣體壓強(qiáng)．【專題】理想氣體狀態(tài)方程專題．【分析】（1）對氣