2023年江蘇省蘇州市重點(diǎn)名校物理高一第二學(xué)期期中檢測(cè)模擬試題含解析

2023年江蘇省蘇州市重點(diǎn)名校物理高一第二學(xué)期期中檢測(cè)模擬試題注意事項(xiàng)1．考生要認(rèn)真填寫考場(chǎng)號(hào)和座位序號(hào)。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無(wú)效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯(cuò)選和不選得零分）1、用細(xì)線拴著一個(gè)小球，在光滑水平面上作勻速圓周運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法中正確的是（）A．小球線速度大小一定時(shí)，線越長(zhǎng)越容易斷B．小球線速度大小一定時(shí)，線越短越容易斷C．小球角速度一定時(shí)，線越短越容易斷D．繩長(zhǎng)一定時(shí)，小球角速度越小，線越容易斷2、如圖甲為位移傳感器，圖乙為相對(duì)應(yīng)的木塊下滑過(guò)程中的部分位移一時(shí)間(x-t)圖象，若斜面傾角為θ=30°，取重力加速度g=10m/s2，斜面足夠長(zhǎng)．下列說(shuō)法中正確的是A．木塊在t=3s時(shí)處于斜面上x=16m的位置B．木塊在t=1s時(shí)速度大小為2m/sC．木塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為D．木塊的加速度大小為5m/s23、如圖，固定于O點(diǎn)的細(xì)線下端系一小球，不計(jì)空氣阻力，在水平拉力F作用下，小球以恒定速率在豎直平面內(nèi)由A點(diǎn)向B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，此過(guò)程中小球()A．所受合力為零 B．所受水平拉力逐漸變小C．力F對(duì)小球不做功 D．繩的拉力對(duì)小球不做功4、一個(gè)物體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則A．物體的動(dòng)能保持不變 B．物體的線速度保持不變C．物體的向心加速度保持不變 D．物體所受合力保持不變5、一帶電粒子在電場(chǎng)中僅受靜電力作用，做初速度為零的直線運(yùn)動(dòng)，取該直線為x軸，起始點(diǎn)O為坐標(biāo)原點(diǎn)，其電勢(shì)能與位移x的關(guān)系如圖所示，下列圖象中合理的是()A． B．C． D．6、汽車在一平直路面上勻速行駛，前方遇到一段泥濘的路面，導(dǎo)致汽車受到的阻力變大了，若汽車發(fā)動(dòng)機(jī)的功率保持不變，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后，汽車在泥濘的路面做勻速運(yùn)動(dòng)，則在圖中關(guān)于汽車的速度隨時(shí)間變化關(guān)系正確的圖像是A． B．C． D．7、如圖所示，AC和BC是兩個(gè)固定的斜面，斜面的頂端A、B在同一豎直線上．甲、乙兩個(gè)小物塊分別從斜面AC和BC頂端由靜止下滑，質(zhì)量分別為m1、m1（m1＜m1），與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ，若甲、乙滑至底端C時(shí)的動(dòng)能分別為Ek1、Ek1，速度大小分別為v1、v1．甲、乙下滑至底端C的過(guò)程中克服摩擦力做的功分別為W1、W1，所需時(shí)間分別為t1、t1．則A．v1＞v1B．Ek1＞Ek1C．W1＜W1D．t1與t1大小關(guān)系不確定8、如圖所示，質(zhì)量m=2kg的物體（可看質(zhì)點(diǎn)）靜置在傾角為37°粗糙斜面上的A點(diǎn)，現(xiàn)利用固定在B點(diǎn)的電動(dòng)機(jī)通過(guò)跨過(guò)斜面頂端光滑小定滑輪的輕繩將該物體從A點(diǎn)拉升到斜面頂端O點(diǎn)，輕繩均與所在的斜面和平面平行。物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.25，輕繩可承受最大的力F=20N，電動(dòng)機(jī)的額定功率P=320W，AO的距離s=175m。若要用最短的時(shí)間將物體拉到斜面頂端O點(diǎn)，且物體到達(dá)O點(diǎn)前已經(jīng)達(dá)到最大速度。則（已知sin37°=0.6，重力加速度取g=10m/s2）（）A．物體運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最大速度v=16m/sB．物體上升過(guò)程中最大的加速度am=2m/s2C．在將物體從A拉到O點(diǎn)的過(guò)程中，電動(dòng)機(jī)共做功3200JD．物體從A運(yùn)動(dòng)到O共用時(shí)14s9、如圖所示，小球從豎直磚墻某位置由靜止釋放，用頻閃照相機(jī)在同一底片上多次曝光，得到了圖中1、2、3、4、5所示小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中每次曝光的位置。連續(xù)兩次曝光的時(shí)間間隔均為T，每塊磚的厚度為d，根據(jù)圖中的信息，下列判斷正確的是（）A．位置1是小球釋放的初始位置B．小球做勻加速直線運(yùn)動(dòng)C．小球下落的加速度為D．小球在位置3的速度為10、假設(shè)人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，當(dāng)衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)的軌道半徑增大到原來(lái)的2倍時(shí)，則有()．A．衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)的線速度將減小到原來(lái)的B．衛(wèi)星所受的向心力將減小到原來(lái)的一半C．衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)的周期將增大到原來(lái)的2倍D．衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)的角速度將增大到原來(lái)的2倍11、用細(xì)繩拴著小球做圓錐擺運(yùn)動(dòng)，如圖所示，下列說(shuō)法正確的是A．小球受到重力、繩子的拉力和向心力的作用B．小球做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力是重力和繩子的拉力的合力C．向心力的大小可以表示為Fn＝mrω2，也可以表示為Fn＝mgtanθD．小球所受合力為恒力12、如圖所示，傾角的粗糙斜面固定在地面上，長(zhǎng)為、質(zhì)量為、粗細(xì)均勻、質(zhì)量分布均勻的軟繩至于斜面上，其上端與斜面頂端齊平．用細(xì)線將物塊與軟繩連接，物塊由靜止釋放后向下運(yùn)動(dòng)，直到軟繩剛好全部離開斜面（此時(shí)物塊未到達(dá)地面），在此過(guò)程中A．物塊的機(jī)械能逐漸增加B．軟繩重力勢(shì)能共減少了C．物塊重力勢(shì)能的減少等于軟繩摩擦力所做的功D．軟繩重力勢(shì)能的減少小于其動(dòng)能增加與客服摩擦力所做功之和二、實(shí)驗(yàn)題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）航天器繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)處于完全失重狀態(tài)，物體對(duì)支持面幾乎沒(méi)有壓力，所以在這種環(huán)境中已經(jīng)無(wú)法用天平稱量物體的質(zhì)量．假設(shè)某同學(xué)在這種環(huán)境中設(shè)計(jì)了如圖所示的裝置(圖中O為光滑小孔)來(lái)間接測(cè)量物體的質(zhì)量：給待測(cè)物體一個(gè)初速度，使它在桌面上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)．設(shè)航天器中具有以下基本測(cè)量工具：①?gòu)椈蓽y(cè)力計(jì)；②天平；③秒表；④刻度尺(1)實(shí)驗(yàn)時(shí)需要的測(cè)量工具：_____________________（填寫序號(hào)）(2)實(shí)驗(yàn)時(shí)需要測(cè)量的物理量與符號(hào)是____________________________________________．(3)待測(cè)物體質(zhì)量的表達(dá)式為m＝______________________________.14、（10分）某同學(xué)用如圖甲的實(shí)驗(yàn)裝置探究“恒力做功與動(dòng)能變化的關(guān)系”。他將細(xì)繩一端固定在小車上，另一端繞過(guò)定滑輪與力傳感器、重物相連。實(shí)驗(yàn)中，小車在細(xì)繩拉力的作用下從靜止開始加速運(yùn)動(dòng)，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在紙帶上記錄小車的運(yùn)動(dòng)情況，力傳感器記錄細(xì)繩對(duì)小車的拉力大小。（1）下列措施中不必要的一項(xiàng)是_____A．使細(xì)繩與長(zhǎng)木板平行B．實(shí)驗(yàn)前調(diào)節(jié)長(zhǎng)木板的傾角以平衡摩擦力C．使小車質(zhì)量遠(yuǎn)大于重物和力傳感器的總質(zhì)量（2）假設(shè)已經(jīng)完全消除了摩擦力和其它阻力的影響，若重物質(zhì)量不滿足遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量的條件，則從理論上分析，圖中正確反映小車速度v的二次方與拉力對(duì)小車做的功W關(guān)系的是（___）三、計(jì)算題要求解題步驟，和必要的文字說(shuō)明（本題共36分）15、（12分）光滑水平面上靜止地放置兩個(gè)完全相同的質(zhì)量為M=6kg、半徑為R=0.60m的14圓軌道小車甲和乙，兩圓軌道小車與水平面相切，圓弧軌道光滑，如圖，一質(zhì)量m=2kg的小球從甲軌道頂端由靜止釋放，滑下后沖上乙軌道，g=10m/s2(1)小球滑離甲軌道時(shí)，小球與甲軌道的速度多大?(2)小球在乙軌道上，上升的最大高度?(保留兩位有效數(shù)字)16、（12分）如圖所示，在勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的圓盤上，沿半徑方向放置以細(xì)線相連的質(zhì)量均為m的A、B兩個(gè)小物塊．A離軸心r1＝10cm，B離軸心r1＝40cm，A、B與圓盤面間相互作用的最大靜摩擦力為其重力的0.4倍，取g＝10m/s1．(1)若細(xì)線上沒(méi)有張力，圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度ω應(yīng)滿足什么條件？(1)欲使A、B與圓盤面間不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，則圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)的最大角速度多大？(3)當(dāng)圓盤轉(zhuǎn)速達(dá)到A、B剛好不滑動(dòng)時(shí)，燒斷細(xì)線，則A、B將怎樣運(yùn)動(dòng)？17、（12分）如圖所示，輕線一端系一質(zhì)量為m的小球，另一端掛一重物，此時(shí)小球在光滑的水平平臺(tái)上做半徑為a、角速度為ω的勻速圓周運(yùn)動(dòng)．求：(1)重物的質(zhì)量M．(2)在小球轉(zhuǎn)動(dòng)一圈的過(guò)程中，拉力對(duì)其做功為多少．(3)若某時(shí)刻小球突然從輕繩上脫落，請(qǐng)分析說(shuō)明小球?qū)⒆鍪裁催\(yùn)動(dòng)？（速度、加速度如果可求，請(qǐng)求出來(lái)）

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯(cuò)選和不選得零分）1、B【解析】

AB.根據(jù)牛頓第二定律得，細(xì)線的拉力，小球線速度大小v一定時(shí)，線越短，圓周運(yùn)動(dòng)半徑r越小，細(xì)線的拉力F越大，細(xì)線越容易斷，A錯(cuò)誤，B正確；C.根據(jù)牛頓第二定律得，細(xì)線的拉力，小球角速度大小ω一定時(shí)，線越短，圓周運(yùn)動(dòng)半徑r越小，細(xì)線的拉力F越小，細(xì)線越不容易斷，C錯(cuò)誤；D.根據(jù)牛頓第二定律得，細(xì)線的拉力，繩長(zhǎng)一定時(shí)，圓周運(yùn)動(dòng)半徑r一定，小球角速度ω越小，細(xì)線的拉力F越小，細(xì)線越不容易斷，D錯(cuò)誤。故選B?！军c(diǎn)睛】本題考查對(duì)圓周運(yùn)動(dòng)向心力的分析和理解能力。對(duì)于勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由合力提供物體的向心力。2、C【解析】設(shè)木塊下滑的初速度為v0，加速度為a，根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系可得：x=v0t+at2，根據(jù)圖乙可知，當(dāng)t=1s時(shí)x=2m，當(dāng)t=2s時(shí)x=8m，聯(lián)立解得v0=0，a=4m/s2，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；木塊在t=3s時(shí)處于斜面上的位置，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；木塊在t=1s時(shí)速度大小為v=at=4×1m/s=4m/s，故B錯(cuò)誤；由牛頓第二定律可知木塊下滑的加速度，因a=4m/s2，解得，選項(xiàng)C正確；故選C.3、D【解析】

A.小球勻速率運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能不變，根據(jù)動(dòng)能定理，合力做功為零，但合力不為零，合力充當(dāng)向心力，故A錯(cuò)誤；B.小球是以恒定速率運(yùn)動(dòng)，即它是做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，那么小球受到的重力G、水平拉力F、繩子拉力T三者的合力必是沿繩子指向O點(diǎn)。設(shè)繩子與豎直方向夾角是θ，則（F與G的合力必與繩子拉力在同一直線上）得F=Gtanθ顯然，從A到B的過(guò)程中，θ是不斷增大的，所以水平拉力F是一直增大的。故B錯(cuò)誤；C.根據(jù)題意可知，小球重力勢(shì)能增大，動(dòng)能不變，能量守恒可知，外力對(duì)小球做正功，故C錯(cuò)誤。D.繩的拉力與速度方向始終垂直，所以不做功，故D正確。4、A【解析】

A．做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體，速度大小不變，所以動(dòng)能不變，A正確B．因?yàn)榫€速度方向時(shí)刻改變，所以線速度一直在改變，B錯(cuò)誤C．向心加速度始終指向圓心，方向一直在變，所以向心加速度一直在改變，C錯(cuò)誤D．因?yàn)閯蛩賵A周運(yùn)動(dòng)合力提供向心力，始終指向圓心，所以合力方向一直在變，D錯(cuò)誤5、D【解析】

粒子僅受電場(chǎng)力作用，做初速度為零的加速直線運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力做功等于電勢(shì)能的減小量，故：即圖象上某點(diǎn)的切線的斜率表示電場(chǎng)力；A.圖象上某點(diǎn)的切線的斜率表示電場(chǎng)力，故電場(chǎng)力逐漸減小，根據(jù)故電場(chǎng)強(qiáng)度也逐漸減小，故A錯(cuò)誤；B.根據(jù)動(dòng)能定理，有：故圖線上某點(diǎn)切線的斜率表示電場(chǎng)力；由于電場(chǎng)力逐漸減小，與B圖矛盾，故B錯(cuò)誤；C.按照C圖，速度隨著位移均勻增加，根據(jù)公式勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖象是直線，題圖圖象是直線；相同位移速度增加量相等，又是加速運(yùn)動(dòng)，故增加相等的速度需要的時(shí)間逐漸減小，故加速度逐漸增加；而電場(chǎng)力減小導(dǎo)致加速度減??；故矛盾，故C錯(cuò)誤；D.粒子做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，故D正確．6、B【解析】

汽車遇到一段泥濘的路面，導(dǎo)致汽車受到的阻力變大，速度減小，汽車做加速度逐漸減小的減速運(yùn)動(dòng)，汽車的速度隨時(shí)間變化關(guān)系正確的圖像是B．7、ACD【解析】

設(shè)AC斜面的傾角為α，BC斜面的傾角為β，兩斜面對(duì)應(yīng)的水平位移均為x，對(duì)甲，從滑到C，克服摩擦力做功，根據(jù)動(dòng)能定理：，可求，對(duì)乙同理可求，所以v1＞v1，故A正確；，，因m1＜m1，v1＞v1，所以無(wú)法比較，故B錯(cuò)誤；克服摩擦力做功，甲的：，對(duì)乙：，因m1＜m1，所以W1＜W1，故C正確；甲下滑的加速度：，乙下滑的加速度：，又α＞β，所以，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移公式，，，，所以無(wú)法比較運(yùn)動(dòng)的時(shí)間大小關(guān)系，故D正確．8、BCD【解析】

A．對(duì)物體受力分析，當(dāng)拉力最小，速度最大，根據(jù)代入數(shù)據(jù)解得，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)物體向上加速，拉力F越來(lái)越小，故當(dāng)F=20N時(shí)，加速度最大，根據(jù)牛頓第二定律有代入數(shù)據(jù)解得，故B正確；D．若要用最短的時(shí)間將物體拉到斜面頂端O點(diǎn)，則物體必須先以最大加速度做勻加速運(yùn)動(dòng)，再做變加速運(yùn)動(dòng)，最后做勻速運(yùn)動(dòng)；設(shè)經(jīng)過(guò)s，物體做勻加速運(yùn)動(dòng)的速度達(dá)到最大，此時(shí)功率也剛好達(dá)到額定功率，根據(jù)解得勻加速的最大速度為則勻加速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為則勻加速運(yùn)動(dòng)的位移為設(shè)再經(jīng)過(guò)s達(dá)到O點(diǎn)，此過(guò)程功率保持不變，為額定功率，根據(jù)動(dòng)能定理有解得故物體從A運(yùn)動(dòng)到O的總時(shí)間為故D正確；C．根據(jù)功能關(guān)系，可知在將物體從A拉到O點(diǎn)的過(guò)程中，電動(dòng)機(jī)共做功為故C正確。故選BCD。9、BCD【解析】

B．由Δx＝d為恒量可知，小球做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)B正確；C．由Δx＝aT2得選項(xiàng)C正確；D．因?yàn)檫x項(xiàng)D正確；A．因?yàn)槲恢?不是小球釋放的初始位置，選項(xiàng)A錯(cuò)誤。故選BCD。10、AC【解析】

人造衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，萬(wàn)有引力提供向心力，則有：，解得：，，，．當(dāng)星繞地球運(yùn)動(dòng)的軌道半徑增大到原來(lái)的2倍時(shí)，根據(jù)，可知衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)的線速度將減小到原來(lái)的，A正確；根據(jù)，可知所以向心力將減小到原來(lái)的四分之一，B錯(cuò)誤；根據(jù)，可知衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)的周期將增大到原來(lái)的2倍，C正確；根據(jù)，可知衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)的角速度減小，變?yōu)樵瓉?lái)的，D錯(cuò)誤．11、BC【解析】

A.因?yàn)橄蛐牧κ切Ч?，并不是?shí)際受力，受力分析時(shí)不分析，A錯(cuò)誤B.小球受重力和繩子的拉力而做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所以圓周運(yùn)動(dòng)的向心力是重力和繩子的拉力的合力提供的，B正確C.根據(jù)向心力方程可知：Fn＝mrω2，根據(jù)受力分析也可得到：，C正確D.小球所受合力提供向心力，方向時(shí)刻指向圓心，力的方向一直在變，是變力，D錯(cuò)誤12、BD【解析】

物塊下落過(guò)程中，軟繩對(duì)物塊做負(fù)功，根據(jù)功能關(guān)系可以知道物塊的機(jī)械能逐漸減小，故A錯(cuò)誤；物塊未釋放時(shí)，軟繩的重心離斜面頂端的高度為，軟繩剛好全部離開斜面時(shí)，軟繩的重心離斜面頂端的高度，所以軟繩重心下降，則軟繩重力勢(shì)能共減少，故B正確；根據(jù)能量守恒可以知道，物塊的重力勢(shì)能減小量等于物塊和軟繩的動(dòng)能增加量、軟繩重力勢(shì)能增加量和產(chǎn)生的內(nèi)能之和，所以物塊重力勢(shì)能的減少大于軟繩克服摩擦力所做的功與物塊動(dòng)能增加之和，故C錯(cuò)誤；以軟繩為研究對(duì)象，細(xì)線對(duì)軟繩做正功，則軟繩重力勢(shì)能的減少小于其動(dòng)能的增加與克服摩擦力所做功的和，故D正確．【點(diǎn)睛】本題首先根據(jù)軟繩對(duì)物塊做功正負(fù)，判斷物塊機(jī)械能的變化，若軟繩對(duì)物塊做正功，其機(jī)械能增大；若軟繩對(duì)物塊做負(fù)功，機(jī)械能減?。缓蠓謩e研究物塊靜止時(shí)和軟繩剛好全部離開斜面時(shí)，軟繩的重心離斜面頂端的高度，確定軟繩的重心下降的高度，研究軟繩重力勢(shì)能的減少量．最后以軟繩和物塊組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，根據(jù)能量轉(zhuǎn)化和守恒定律，分析軟繩重力勢(shì)能的減少與其動(dòng)能的增加與克服摩擦力所做功的和的關(guān)系．二、實(shí)驗(yàn)題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、(1)①③④(2)彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)F、圓周運(yùn)動(dòng)的半徑R、圓周運(yùn)動(dòng)的周期T(3)【解析】（1）航天器內(nèi)的物體完全失重，則天平無(wú)法使用，則需要的測(cè)量工具是：彈簧測(cè)力計(jì)，秒表和刻度尺；故選①③④；（2）物體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心力由拉力提供，根據(jù)牛頓第二定律有：，可知要測(cè)出物體的質(zhì)量，則需測(cè)量彈簧秤的示數(shù)F，圓周運(yùn)動(dòng)的半徑R，以及物體做圓周運(yùn)動(dòng)的周期T．測(cè)量時(shí)間需要用秒表，測(cè)量長(zhǎng)度需要使用刻度尺．

（3）根據(jù)，得m＝14、CA【解析】

(1)A項(xiàng)：實(shí)驗(yàn)中必須要使細(xì)繩與長(zhǎng)木板平行，這樣才能使得繩子的拉力等于小車的合外力，故A正確；B項(xiàng)：實(shí)驗(yàn)前調(diào)節(jié)長(zhǎng)木板的傾角以平衡摩擦力，以保證細(xì)繩的拉力等于小車受的合力，故B正確；C項(xiàng)：由于有力傳感器測(cè)量繩的拉力，則沒(méi)必要使小車質(zhì)量遠(yuǎn)大于重物和力傳感器的總質(zhì)量，故C錯(cuò)誤；本題選沒(méi)有必要的，故選：C。(2)如果實(shí)驗(yàn)中完全消除了摩擦力和其它阻力，由實(shí)驗(yàn)原理得：，，所以與成正比，故A正確。三、計(jì)算題要求解題步驟，和必要的文字說(shuō)明（本題共36分）15、(1)v1=3m/【解析】

(1)小球從甲軌道滑離時(shí)系統(tǒng)滿足水平方向上動(dòng)量守恒和系統(tǒng)機(jī)械能守恒，據(jù)此列式求得小球與甲軌道的速度大??；

(2)小球滑上乙軌道后，系統(tǒng)滿足水平方向動(dòng)量守恒和系統(tǒng)機(jī)械能守恒，據(jù)此列式求解乙球上升的