2023年北京市海淀區(qū)高考物理一模試卷及答案解析

第=page11頁，共=sectionpages11頁2023年北京市海淀區(qū)高考物理一模試卷一、單選題（本大題共14小題，共42.0分）1.下列現(xiàn)象中，揭示了光的粒子性的是(

)A.光電效應(yīng) B.光的干涉 C.光的偏振 D.光的衍射2.處于n=4能級的氫原子，向n=2A.吸收光子，能量增加 B.吸收光子，能量減少

C.放出光子，能量增加 D.放出光子，能量減少3.一定質(zhì)量的理想氣體的體積V隨熱力學(xué)溫度T變化的情況如圖所示。氣體先后經(jīng)歷狀態(tài)A、B和C，下列說法正確的是(

)A.從狀態(tài)A到狀態(tài)B，氣體壓強保持不變

B.從狀態(tài)A到狀態(tài)B，氣體內(nèi)能保持不變

C.從狀態(tài)B到狀態(tài)C，氣體對外做功

D.從狀態(tài)B到狀態(tài)C，氣體向外放熱4.波源O垂直于紙面做簡諧運動，所激發(fā)的橫波在均勻介質(zhì)中沿紙面向四周傳播。圖甲為該簡諧波在t=0.10s時的俯視圖，實線圓表示波峰，虛線圓表示波谷，相鄰兩個實線圓之間僅有1個虛線圓。該介質(zhì)中某質(zhì)點的振動圖像如圖乙所示，取垂直紙面向外為正方向，t=0.10s時，NA.該波的波速為15cm/s

B.圖甲中質(zhì)點P和Q的相位差為π

C.圖甲中質(zhì)點N在該時刻速度方向垂直紙面向外

5.如圖所示，水平面上有一上表面光滑的斜面體，一小物塊沿其上表面勻減速上滑，此過程中斜面體始終保持靜止，下列說法正確的是(

)

A.斜面體受到地面的摩擦力水平向左

B.斜面體受到地面的摩擦力為零

C.斜面體對地面的壓力小于斜面體與物塊的重力之和

D.斜面體對地面的壓力等于斜面體與物塊的重力之和6.如圖所示，衛(wèi)星沿圓形軌道Ⅰ環(huán)繞地球運動。當其運動到M點時采取了一次減速制動措施，進入橢圓軌道Ⅱ或Ⅲ。軌道Ⅰ、Ⅱ和Ⅲ均與地球赤道面共面。變更軌道后(

)A.衛(wèi)星沿軌道Ⅲ運動 B.衛(wèi)星經(jīng)過M點時的速度小于7.9km/s

C.衛(wèi)星經(jīng)過M7.如圖所示，輕桿的一端固定在通過O點的水平轉(zhuǎn)軸上，另一端固定一小球，輕桿繞O點在豎直平面內(nèi)沿順時針方向做勻速圓周運動，其中A點為最高點、C點為最低點，B點與O點等高，下列說法正確的是(

)A.小球經(jīng)過A點時，所受桿的作用力一定豎直向下

B.小球經(jīng)過B點時，所受桿的作用力沿著BO方向

C.從A點到C點的過程，小球重力的功率保持不變

D.從A點到C點的過程，桿對小球的作用力做負功8.如圖所示，把一根柔軟的銅制彈簧懸掛起來，使它的下端剛好跟槽中的水銀接觸，用導(dǎo)線連接彈簧上端作為接線端a，另一根導(dǎo)線浸在水銀槽中作為另一個接線端b，再將a、b端分別與一直流電源兩極相連，發(fā)現(xiàn)彈簧開始豎直上下振動，電路交替通斷。關(guān)于該實驗。下列說法正確的是(

)

A.通入電流時，彈簧各相鄰線圈之間相互排斥

B.將a、b端的極性對調(diào)，彈簧將不再上下振動

C.增大電流，彈簧下端離開水銀液面的最大高度一定變小

D.用頻率合適的交流電，也可使彈簧上下振動9.水平放置的平行板電容器C、定值電阻R0、滑動變阻器R、電源E和開關(guān)S等元件組成如圖所示電路，閉合S待穩(wěn)定后，電容器兩極板間的帶電油滴A恰好保持靜止。不考慮空氣阻力和浮力，下列說法正確的是(

)A.當R接入電路中的阻值變大時，電容器將放電

B.當R接入電路中的阻值變小時，油滴A將向下運動

C.僅換用阻值更大的R0，油滴A將向下運動

D.僅換用阻值更小的R0，油滴10.一電子只在靜電力作用下沿+x方向運動，其所在位置處的電勢Φ隨位置x變化的圖線如圖中拋物線所示，下列說法正確的是(

)A.x1與x3，處的電場方向相同

B.從x1運動到x2，電場力對電子做正功

C.電子在x1處的速率小于在x3處的速率

11.如圖所示，輕彈簧下端連接一重物，用手托住重物并使彈簧處于壓縮狀態(tài)。然后手與重物一同緩慢下降，直至重物與手分離并保持靜止。在此過程中，下列說法正確的是(

)A.彈簧的彈性勢能與物體的重力勢能之和先減少再增加

B.彈簧對重物做的功等于重物機械能的變化量

C.重物對手的壓力隨下降的距離均勻變化

D.手對重物做的功一定等于重物重力勢能的變化量

12.如圖所示，空間中存在豎直向下、磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場。邊長為L的正方形線框abcd的總電阻為R。除ab邊為硬質(zhì)金屬桿外，其它邊均為不可伸長的輕質(zhì)金屬細線，并且cd邊保持不動，桿ab的質(zhì)量為m。將線框拉至水平后由靜止釋放，桿ab第一次擺到最低位置時的速率為vA.a端電勢始終低于b端電勢 B.桿ab中電流的大小、方向均保持不變

C.安培力對桿ab的沖量大小為B2L3R13.只利用下列選項中的器材，不能測量出當?shù)刂亓铀俣鹊氖?

)A.1根長度已知的直桿、1個質(zhì)量未知的小物塊、1塊停表

B.1根長度已知的輕繩、2個質(zhì)量已知的小物塊、1個滑輪、1個鐵架臺

C.1個發(fā)射初速度已知的拋射器、1個質(zhì)量未知的拋射物、1把直尺

D.1個質(zhì)量已知的小物塊、1根長度未知的輕繩、1把直尺、1塊停表14.2022年10月31日“夢天”實驗艙成功發(fā)射，其上配置了世界領(lǐng)先的微重力超冷原子物理實驗平臺，利用太空中的微重力環(huán)境和冷卻技術(shù)，可獲得地面無法制備的超冷原子。超冷原子是指溫度接近0K狀態(tài)下的原子(質(zhì)量約10?27kg)，其運動速度約為室溫下原子速度(約500m/A.太空中的微重力環(huán)境可使實驗艙中的原子長時間處于懸浮狀態(tài)，利于獲得超冷原子

B.超冷原子的物質(zhì)波波長約為10?5m量級

C.原子減速是通過原子向四周隨機輻射光子實現(xiàn)的二、實驗題（本大題共2小題，共18.0分）15.物理實驗一般都涉及實驗?zāi)康?、實驗原理、實驗儀器、實驗方法、實驗操作、數(shù)據(jù)分析等。

(1)某同學(xué)在做楊氏雙縫干涉實驗時，分別用波長λ1和λ2的單色光，經(jīng)同一干涉裝置得到如圖甲和乙所示的干涉條紋，可知λ1

λ2(選填“>”“=”或“<”)。

(2)圖中A、B端之間電壓恒為U，燈泡L的電阻恒為R1，滑動變阻器R的最大阻值為R2，在保證安全的情況下，為使燈泡兩端電壓的變化范圍盡量大，應(yīng)選擇

(選填“甲”“乙”或“丙”)電路，燈泡兩端電壓最大變化范圍是

。

(3)在探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律的實驗中，橡皮條的一端連接輕質(zhì)小圓環(huán)，另一端固定，通過兩個彈簧測力計共同拉動小圓環(huán)。小圓環(huán)受到拉力F1、F2的共同作用靜止于O點。撤去F1、F2，改用一個拉力F單獨拉住小圓環(huán)，仍使它靜止于O點。甲、乙、丙三位同學(xué)在白紙上記錄的F116.某同學(xué)探究平拋運動的特點。

(1)用如圖1所示裝置探究平拋運動豎直分運動的特點。用小錘打擊彈性金屬片后，A球沿水平方向飛出，同時B球被松開并自由下落，比較兩球的落地時間。

①關(guān)于該實驗，下列說法正確的是

(選填選項前的字母)。

A.A、B兩球應(yīng)選用體積小、質(zhì)量大的小球

B.打擊彈性金屬片后兩球需要落在同一水平面上

C.比較兩球落地時間必須要測量兩球下落的高度

②多次改變A、B兩球釋放的高度和小錘敲擊彈性金屬片的力度，發(fā)現(xiàn)每一次實驗時都只會聽到一下小球落地的聲響，由此

說明A球豎直方向分運動為自由落體運動，

說明A球水平方向分運動為勻速直線運動。(選填“能”或“不能”)

(2)用如圖2所示裝置研究平拋運動水平分運動的特點。將白紙和復(fù)寫紙對齊重疊并固定在豎直硬板上。A球沿斜槽軌道PQ滑下后從斜槽末端Q飛出，落在水平擋板MN上。由于擋板靠近硬板一側(cè)較低，鋼球落在擋板上時，A球會在白紙上擠壓出一個痕跡點。移動擋板，依次重復(fù)上述操作，白紙上將留下一系列痕跡點。

①下列操作中，必要的是

(選填選項前的字母)。

A.通過調(diào)節(jié)使斜槽末段保持水平

B.每次需要從不同位置靜止釋放A球

C.通過調(diào)節(jié)使硬板保持豎直

D.盡可能減小A球與斜槽之間的摩擦

②某同學(xué)用圖2的實驗裝置得到的痕跡點如圖3所示，其中一個偏差較大的點產(chǎn)生的原因，可能是該次實驗

(選填選項前的字母)。

A.A球釋放的高度偏高

B.A球釋放的高度偏低

C.A球沒有被靜止釋放

D.擋板MN未水平放置

(3)某同學(xué)用平滑曲線連接這些痕跡點，得到圖三、簡答題（本大題共3小題，共31.0分）17.如圖所示，一個電阻r=2Ω、匝數(shù)N=100(圖中只畫了1匝)的圓形金屬線圈與R=8Ω的定值電阻連成閉合回路，線圈所圍面積S=0.2m2，線圈處在垂直于線圈平面的勻強磁場中，取垂直線圈平面向里為磁場正方向，磁感應(yīng)強度B隨時間t變化的關(guān)系為B=(0.4?0.2t)T。求：

(118.反沖是常見的現(xiàn)象。

(1)靜止的鈾核(92238U)放出1個動能為E的未知粒子后，衰變?yōu)?個釷核(90234Th)。

a.請寫出上述衰變過程的核反應(yīng)方程；

b.求反沖的釷核的動能Ek。(計算中可忽略質(zhì)子和中子質(zhì)量的差異，不考慮相對論效應(yīng))

(2)如圖1所示，用輕繩連接的滑塊A和B(均可視為質(zhì)點)靜止在光滑水平面上，其間有一被輕繩束縛而處于壓縮狀態(tài)的輕質(zhì)彈簧，已知滑塊A的質(zhì)量為m，彈簧的彈性勢能為Ep。請證明：滑塊B的質(zhì)量M19.電容是物理學(xué)中重要的物理量。如圖1所示，空氣中水平放置的平行板電容器A充滿電后，僅改變電容器A兩極板間的距離d。電容器A的電容C也隨之變化。多次實驗后，作出一條斜率為p的直線，如圖2所示。不考慮邊緣效應(yīng)。

(1)回答下列問題。

a.若開關(guān)保持斷開狀態(tài)，分析當板間距d變化時，兩極板間電場強度的大小E如何變化。

b.根據(jù)電場強度的定義、電場強度可疊加的性質(zhì)，證明當電容器A所帶電荷量為q時，下極板對上極板電場力的大小F=q22p。

(2)用電容器A制成靜電天平，其原理如圖3所示：空氣中，平行板電容器的下極板固定不動，上極板接到等臂天平的左端。當電容器不帶電時，天平恰好保持水平平衡，兩極板間的距離為d。當天平右端放一個質(zhì)量為m的砝碼時，需要在電容器的兩極板間加上電壓U，使天平重新水平平衡。

某同學(xué)提出若用電壓表(可視為理想表)讀出上述電壓，則可推知所加砝碼的質(zhì)量。因此，他準備將圖4中該電壓表表盤(示意圖)上的電壓值改換為相應(yīng)的質(zhì)量值。他已經(jīng)完成了部分測量，請在圖4的表盤上標上2V和3V對應(yīng)的質(zhì)量值，并給出一種擴大該靜電天平量程的方法。

(3)如圖5四、計算題（本大題共1小題，共9.0分）20.圖1中過山車可抽象為圖2所示模型：弧形軌道下端與半徑為R的豎直圓軌道平滑相接，B點和C點分別為圓軌道的最低點和最高點。質(zhì)量為m的小球(可視為質(zhì)點)從弧形軌道上距B點高4R的A點靜止釋放，先后經(jīng)過B點和C點，而后沿圓軌道滑下。忽略一切摩擦，已知重力加速度g。

(1)求小球通過B點時的速度大小vB。

(2)求小球通過C點時，軌道對小球作用力的大小F和方向。

(3)請分析比較小球通過答案和解析1.【答案】A

【解析】解：A.光電效應(yīng)、康普頓效應(yīng)都能可以說明光具有粒子性，故A正確；

BCD.光的干涉、光的偏振以及光的衍射都可以說明光具有波動性，故BCD錯誤。

故選：A。

2.【答案】D

【解析】解：根據(jù)玻爾理論可知，處于n=4能級的氫原子，向n=2能級躍遷時，氫原子的能量減少，放出光子，故D正確，ABC錯誤；

故選：D。

3.【答案】A

【解析】解：A.從狀態(tài)A到狀態(tài)B，氣體變化為等壓變化，故A正確；

B.從狀態(tài)A到狀態(tài)B，溫度升高，對于一定質(zhì)量的理想氣體而言，分子勢能不計，溫度越高，則氣體內(nèi)能越大，故B錯誤；

CD.從狀態(tài)B到狀態(tài)C，溫度升高，氣體內(nèi)能增大，體積不變，氣體不做功，由熱力學(xué)第一定律可知氣體從外界吸收熱量。故CD錯誤。

故選：A。

根據(jù)圖像得出氣體狀態(tài)參量的變化，從而分析出氣體內(nèi)能的變化；

根據(jù)體積的變化得出氣體的做功類型，結(jié)合熱力學(xué)第一定律分析出氣體的吸放熱情況。4.【答案】B

【解析】解：A、由圖甲可知λ2=3cm，解得波長λ=6cm。由圖乙可知，周期為T=0.20s，由公式v=λT可得，該波的波速為v=30cm/s，故A錯誤；

B、由圖甲可知，質(zhì)點P和Q距離為半個波長，則它們的相位差為π，故B正確；

CD、由圖甲可知，再經(jīng)過14T波谷傳播到N點，則該時刻質(zhì)點N的速度方向垂直紙面向里，圖乙中質(zhì)點在t=0.10s時刻速度方向為垂直紙面向外，則圖乙不是質(zhì)點N的振動圖像，故CD錯誤。5.【答案】C

【解析】解：小物塊加速度沿斜面向下，對斜面體和小物塊分析，將整體加速度a分解為水平方向的a1和豎直方向的a2，則根據(jù)牛頓第二定律可得：

f=ma1

(M+m)g?FN=m6.【答案】B

【解析】解：A.衛(wèi)星運動到M點時減速，萬有引力大于向心力，衛(wèi)星做近心運動，衛(wèi)星沿軌道Ⅱ運動，故A錯誤；

B.在軌道I的半徑大于近地軌道的半徑，衛(wèi)星在近地軌道運動的速度約為7.9km/s，根據(jù)

GMmr2=mv2r

解得v=GMr

可知，衛(wèi)星經(jīng)過M點時的速度小于7.9km/s，故B正確；

C.根據(jù)GMmr2=ma

解得a=GMr2

由于M點離地球的距離不變，衛(wèi)星經(jīng)過M點時的加速度大小不變，故C錯誤；

D.根據(jù)開普勒第三定律，軌道II的半長軸小于軌道I7.【答案】D

【解析】解：A.小球經(jīng)過A點時，合外力提供向心力，當mv2r=mg，此時小球經(jīng)過A點速度v=gr，桿對小球無作用力。則當小球速度v<gr，則所受桿的作用力豎直向上；當小球速度v>gr，

則所受桿的作用力豎直向下，故A錯誤；

B.小球經(jīng)過B點時，合外力提供向心力，小球受重力和桿給的作用力，則小球所受桿的作用力為右上方。故B錯誤；

C.A點和C點處重力與速度方向垂直，則小球重力的功率為0，B點處重力與速度共線，故重力功率不為0，則從A點到C點的過程，小球重力的功率先增大再減小。故C錯誤；

D.A到C的過程中，重力做正功，根據(jù)動能定理：WG+W桿=ΔEk=08.【答案】D

【解析】解：A.通入電流時，根據(jù)題意可知彈簧各相鄰線圈中電流的方向相同，因為同向電流相互吸引，故A錯誤；

B.將a、b端的極性對調(diào)，彈簧各相鄰線圈中電流的方向仍然相同，它們之間相互吸引，導(dǎo)致彈簧收縮，下端離開水銀液面，電路斷開，電流消失，彈簧伸長，電路導(dǎo)通，重復(fù)上述過程，水銀彈簧仍然上下振動，故B錯誤；

C.增大電流，彈簧各相鄰線圈之間相互吸引力增大，下端離開水銀液面的最大高度一定變大，故C錯誤；

D.結(jié)合上面選項分析，彈簧的上下振動與電流的方向無關(guān)，用頻率合適的交流電，也可使彈簧上下振動，故D正確。

故選：D。

根據(jù)同向電流相互吸引，反向電流相互排斥的特點分析出線圈之間的作用力類型；

對彈簧受力分析，根據(jù)彈力的變化得出彈簧長度的變化，結(jié)合電路構(gòu)造分析出彈簧的運動特點；

根據(jù)題意分析出電流的方向?qū)椈砷L度變化的影響，結(jié)合題意完成分析。

本題主要考查了胡克定律的相關(guān)應(yīng)用，理解電流之間的相互作用，結(jié)合胡克定律和對彈簧的受力分析即可完成解答。9.【答案】A

【解析】解：A.根據(jù)電路構(gòu)造可知，滑動變阻器R和定值電阻R0串聯(lián)，所以當R接入電路中的阻值變大時，電路中的總電阻變大，根據(jù)閉合電路歐姆定律I=ER+R0可知電路中的總電流變小，根據(jù)閉合電路的歐姆定律U0=IR0可知電阻R0兩端的電壓變小，而因為電容器與電阻R0并聯(lián)，所以電容器兩端的電壓減小，根據(jù)Q=CU可知電容器所帶電荷量會減少，也就是說電容器在放電，故A正確；

B.同上述A選項的分析可知，當R接入電路中的阻值變小時，電路中總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律I=ER+R0可知電路中的總電流變大，根據(jù)歐姆定律U=IR0可知電阻R0兩端的電壓變大，電容器與電阻R0并聯(lián)，所以電容器兩端的電壓變大，根據(jù)E=Ud可知，電容器兩極板間的電場強度變大，根據(jù)題意可知油滴A開始時受到重力和電場力平衡，當電場強度增大后，根據(jù)F=Eq可知油滴受到的電場力增大，因此油滴向上運動，故B錯誤；

C.當換用阻值更大的R0，根據(jù)電路構(gòu)造可知，電路中總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律I=ER+R0可知電路中的總電流變小，根據(jù)閉合電路歐姆定律U0=E?I10.【答案】C

【解析】解：A.沿著電場線方向電勢逐漸降低，根據(jù)圖像可知，x1的電場方向沿x軸正方向，x3處的電場方向沿x軸負方向，故A錯誤；

B.從x1運動到x2，電勢降低，電子電勢能增大，故電場力對電子做負功，故B錯誤；

C.電子運動過程中僅電場力做功，故電子電勢能與動能的總和不變，電子在x1處的電勢能大于在x3處的電勢能，故電子在x1處的速率小于在x3處的速率，故C正確；

D.由圖像的斜率變化可知，電子從x2運動到x3，加速度逐漸增大，故D錯誤。

故選：C。

根據(jù)電勢的高低得出電場線的方向；

11.【答案】C

【解析】解：A.由題可知，重物的動能變化量為零，根據(jù)題意可知手對重物的作用力一直豎直向上，將彈簧與重物視作一個整體，所以手對整體一直做負功，由此可知彈簧的彈性勢能與物體的重力勢能之和一直在減少，故A錯誤；

B.根據(jù)機械能的定義可知，彈簧和手對重物的功等于重物機械能的變化量，故B錯誤；

C.由題可知，當彈簧的彈力與重物的重力相等時，手與重物間的彈力為零，則兩者分離，設(shè)此時彈簧的形變量為x0，則有kx0=mg

當彈簧處于壓縮狀態(tài)下重物靜止緩慢向下，設(shè)重物向下降的距離為x，則有k(x0?x)+F=mg

聯(lián)立解得F=k12.【答案】C

【解析】解：A.由右手定則可知，桿a切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向為b→a，則a端電勢始終高于b端電勢，故A錯誤；

B.根據(jù)題意可知，桿a運動過程中，垂直磁場方向的分速度大小發(fā)生變化，則感應(yīng)電流大小變化，故B錯誤；

C.安培力對桿a的沖量大小為：I沖=BI感Lt=BL∑I感t=BLq，由于q=E?Rt=ΔΦR=BSR13.【答案】B

【解析】解：AD.利用長度已知的直桿可以測得小物塊下落的高度，或者利用直尺測得輕繩長度，再用輕繩測得小物塊下落的高度，利用停表可以測得時間，則由

h=12gt2

可測得重力加速度，故AD正確；

B.根據(jù)選項器材無法測得小物塊下落時間，則無法測出重力加速度，故B錯誤；

C.利用直尺可以測得拋射器的高度，水平發(fā)射拋射物，用直尺可以測得拋射物的水平距離，根據(jù)平拋運動規(guī)律

h=12gt2

x=vt

可得出重力加速度，故C正確。14.【答案】C

【解析】解：A.在微重力環(huán)境下，原子幾乎不受外力，故而能夠長時間處于懸浮狀態(tài)，有利于激光照射，故利于獲得超冷原子，故A正確；

B.由德布羅意波波長公式λ=hp

其中p=mv=10?27×500×5×10?5kg?m/s=2.5×10?29kg?15.【答案】>

乙

0～U

【解析】解：(1)根據(jù)雙縫干涉條紋間距Δx=ldλ可得波長：λ=d?Δxl，從甲乙圖中可知，用波長λ1和λ2的單色光，經(jīng)同一干涉裝置得到條紋間距Δx1>Δx2，則λ1>λ2；

(2)在保證安全的情況下，為使燈泡兩端電壓的變化范圍盡量大，滑動變阻器應(yīng)該采用分壓式接法，故選乙；由圖乙可知，又A、B端之間電壓恒為U，則燈泡兩端的電壓變化范圍為：0～U；

(3)在探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律的實驗中，為了減小實驗誤差，在確定作用線方向時應(yīng)盡量離O的距離遠些，且兩個力的夾角不能過??；在作力的圖示時，選取合適的標度。甲同學(xué)在確定作用線方向時離O點過近，同時選取的標度不合理，容易造成較大誤差，丙同學(xué)選取的標度合理，但兩個力的夾角過小，也容易造成較大誤差，而乙同學(xué)選取的標度和確定的兩個力的夾角比較合理，最有助于得到正確的實驗結(jié)論。

故答案為：(16.【答案】AB

能

不能

AC

【解析】解：(1)①A.為了減小空氣阻力對實驗的影響，應(yīng)選用體積小，密度大的小球，故A正確；

B.打擊彈性金屬片后兩球需要落在同一水平面上，以確保小落高度相同，故B正確；

C.比較兩球落地時間不需要測量兩球下落的高度，故C錯誤。

故選：AB。

②多次改變A、B兩球釋放的高度和小錘敲擊彈性金屬片的力度，發(fā)現(xiàn)每一次實驗時都只會聽到一下小球落地的聲響，由此可以能A球豎直方向分運動為自由落體運動，不能說明A球水平方向分運動為勻速直線運動。

(2)①A.由于“研究平拋物體的運動”斜槽的末端必須保持水平，故A正確；

B.由于每次小球運動軌跡相同，因此每次小球必須從同一位置，由靜止釋放，故B錯誤

C.平拋運動的軌跡位于豎直方向，因此硬板應(yīng)保持豎直，故C正確；

D.A球每次從同一位置靜止釋放即可，不需要減小A球與斜槽之間的摩擦，故D錯誤。

故選：AC。

②通過圖像可知，這個偏差較大的點處水平的速度相比其他的點較大，故產(chǎn)生的原因，可能是該次實驗A球釋放的高度偏高或A球沒有被靜止釋放，故AC正確，BD錯誤。

故選：AC。

(3)如圖所示，在曲線OP上取A、B、C、D四點，這四個點對應(yīng)的坐標分別xA，yA、xB，yB、xC，yC、xD，yD，使yA：yB：yC：yD=1：4：9：16

若xA：xB：xC：17.【答案】解：(1)由題意可知，磁場的磁感應(yīng)強度隨時間t變化為B=(0.4?0.2t)T，可知磁感應(yīng)強度在減小，根據(jù)楞次定律可知，通過電阻R的電流方向為由b到a，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得：

E=NΔΦΔt=NΔBΔtS

根據(jù)歐姆定律可得：I=ER+r

聯(lián)立解得：I=0.4A

(2)a.之前的分析可知，通過電阻R的電流為0.4A，則其電荷量有q【解析】(1)根據(jù)楞次定律得出感應(yīng)電流的方向，結(jié)合法拉第電磁感應(yīng)定律和歐姆定律得出電流的大??；

(2)a、根據(jù)電荷量的計算公式得出q的大??；

18.【答案】解：(1)a.根據(jù)