啟東中學(xué)2019-2020學(xué)年高二上學(xué)期期末考試物理試題含解析

學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精江蘇省啟東中學(xué)2019-2020學(xué)年高二上學(xué)期期末考試物理試題含解析江蘇省啟東中學(xué)2019~2020學(xué)年度第一學(xué)期期終考試高二物理一、單項選擇題1.如圖所示,處于紙面內(nèi)的軟導(dǎo)線回路平面，由于勻強磁場強弱發(fā)生變化，回路變?yōu)閳A形。則該磁場A.逐漸增強，方向垂直紙面向外 B。逐漸增強，方向平行紙面向左C.逐漸減弱，方向垂直紙面向外 D.逐漸減弱，方向平行紙面向右【答案】C【解析】【詳解】磁場發(fā)生變化,回路變?yōu)閳A形,是由線圈受到的安培力的方向向外，導(dǎo)線圍成的面積擴大，根據(jù)楞次定律的推廣形式可得,導(dǎo)線內(nèi)的磁通量一定正在減小，磁場在減弱,故C正確。故選C.2。某電源輸出的電流既有交流成分又有直流成分，而我們只需要穩(wěn)定的直流，下列設(shè)計的電路圖中，能最大限度使電阻R2獲得穩(wěn)定直流的是()A. B。C。 D。【答案】A【解析】【詳解】根據(jù)題意可知所設(shè)計的電路功能應(yīng)濾去交流成分而保留或較少損失直流成分，根據(jù)電路圖可以分析出,在選項B、C中與R2間接串聯(lián)了電容器,因此無直流成分流經(jīng)R2，故選項B、C不符合；在選項A、D中信號首先流經(jīng)電感線圈，其作用是通直流、阻交流，L越大,對交流電的阻礙作用越大,旁路電容器的作用是盡可能多地濾去多余的交流信號,但盡可能不損失直流成分,即通交流、隔直流，又因為C越大，其容抗越小,即對交流電的阻礙作用越小,反之阻礙作用越大，故選項A正確；選項D錯誤．3。電阻為R的負載接到20V直流電壓上消耗的電功率是P，現(xiàn)用一個變壓器，將電壓最大值為200V的正弦交流電壓接原線圈,副線圈接電阻R,則R上消耗的電功率為P/2，該變壓器原副線圈的匝數(shù)比為(）A.20：1 B。：1 C.10：1 D.1：10【答案】C【解析】【詳解】當電阻接在直流電路中的時候,由可得,此時的功率,當功率為時,由可得，此時電阻的電壓的有效值為，變壓器的輸入電壓的有效值為，所以變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為；故選C．【點睛】本題考查變壓器的原理及有效值的定義，要注意會用電流的熱效應(yīng)定義有效值．4。在勻強磁場中有粗細均勻的同種導(dǎo)線制成的等邊三角形線框abc，磁場方向垂直于線框平面，ac兩點間接一直流電源,電流方向如圖所示,則（）A。導(dǎo)線ab受到安培力大于導(dǎo)線ac所受的安培力B。導(dǎo)線abc受到的安培力大于導(dǎo)線ac受到的安培力C.線框受到的安培力的合力為零D.線框受到的安培力的合力方向垂直于ac向下【答案】D【解析】【詳解】導(dǎo)線abc與導(dǎo)線ac并聯(lián),流過導(dǎo)線abc的電流I1與流過導(dǎo)線ac的電流I2的關(guān)系為；導(dǎo)線ab受到的安培力大小為；導(dǎo)線ac所受的安培力大小為：；導(dǎo)線abc的有效長度為L，受到的安培力大小為：；故AB錯誤;根據(jù)左手定則，導(dǎo)線abc受安培力垂直于ac向下，導(dǎo)線ac受到的安培力也垂直于ac向下，故線框受到的安培力的合力方向垂直于ac向下，故C錯誤，D正確。5。如圖所示，螺線管與靈敏電流計相連,一條形磁鐵從螺線管的正上方由靜止釋放，向下穿過螺線管，不計空氣阻力．下列說法正確的是A.條形磁鐵做自由落體運動 B。電流計中的電流先由B到A，后由A到BC.磁鐵減少的重力勢能等于回路中產(chǎn)生的熱量 D.A點的電勢先高于B點的電勢，后低于B點的電勢【答案】B【解析】【詳解】A．由于磁鐵在運動中產(chǎn)生電磁感應(yīng)現(xiàn)象,故磁鐵受到阻礙作用,故磁鐵不會做自由落體運動；故A錯誤；BD．當磁鐵N極向下運動，導(dǎo)致穿過線圈的磁通量變大，且方向向下，則由楞次定律可得線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流方向盤旋而下，螺線管下端相當于電源的正極.所以通過G的電流方向為從B到A,當S極離開螺線管時，穿過線圈的磁通量變小，且方向向下，則螺線管上端相當于電源的正極.所以通過G的電流方向為從A到B,則A點的電勢先低于B點的電勢，后高于B點電勢，故D錯誤，B正確；C．根據(jù)能量守恒規(guī)律可知，磁鐵減少的重力勢能等于回路中產(chǎn)生的熱量和磁鐵的動能之和，故磁鐵減小的重力勢能大于回路中產(chǎn)生的熱量,故C錯誤。故選B。6。如圖所示,空間存在方向垂直紙面的勻強磁場，一粒子發(fā)射源P位于足夠大絕緣平板MN的上方距離為d處,在紙面內(nèi)向各個方向發(fā)射速率均為v的同種帶電粒子，不考慮粒子間的相互作用和粒子重力,已知粒子做圓周運動的半徑大小也為d，則粒子A.能打在板上的區(qū)域長度為2d B.能打在板上離P點的最遠距離為dC。到達板上的最長時間為 D.到達板上的最短時間為【答案】C【解析】【詳解】A．打在極板上粒子軌跡的臨界狀態(tài)如圖所示,根據(jù)幾何關(guān)系知，帶電粒子能到達板上的長度故A錯誤；B．由圖可以看到打在板上最遠點是右邊，由幾何關(guān)系它與P點的距離是2d,故B錯誤;C．在磁場中運動時間最長和最短粒子運動軌跡示意圖如圖所示，由幾何關(guān)系知，最長時間最短時間又有粒子在磁場中運動的周期根據(jù)題意故C正確,D錯誤。故選C.7.如圖(甲）所示，虛線右側(cè)存在勻強磁場,磁場方向垂直紙面向外,正方形金屬線框電阻為R,邊長是L，自線框從左邊界進入磁場時開始計時,在外力作用下由靜止開始,以垂直于磁場邊界的恒定加速度a進入磁場區(qū)域，t1時刻線框全部進入磁場。規(guī)定順時針方向為感應(yīng)電流I的正方向。外力大小為F，線框中電功率的瞬時值為P,通過導(dǎo)體橫截面的電荷量為q,其中Pt圖像為拋物線.則圖中這些量隨時間變化的關(guān)系不正確的是）A. B。 C. D.【答案】ABD【解析】【詳解】A.線框做勻加速運動,其速度v=at，感應(yīng)電動勢E=BLv,感應(yīng)電流，i與t成正比，故A錯誤;B.線框進入磁場過程中受到的安培力，由牛頓第二定律得：，得，F(xiàn)—t圖象是不過原點的傾斜直線，故B錯誤；C。線框的電功率,P—t圖象是拋物線的一部分,故C正確；D.線框的位移,電荷量，q—t圖象應(yīng)是拋物線，故D錯誤．二、多項選擇題8.如圖所示，不計電阻的光滑U形金屬框水平放置,光滑、豎直玻璃擋板H、P固定在框上，H、P的間距很小．質(zhì)量為0.2kg的細金屬桿CD恰好無擠壓地放在兩擋板之間,與金屬框接觸良好并圍成邊長為1m的正方形，其有效電阻為0。1Ω。此時在整個空間加方向與水平面成30°角且與金屬桿垂直的勻強磁場，磁感應(yīng)強度隨時間變化規(guī)律是B＝（0。4—0.2t)T，圖示磁場方向為正方向．框、擋板和桿不計形變．則（)A。t＝1s時，金屬桿中感應(yīng)電流方向從C到DB.t＝3s時,金屬桿中感應(yīng)電流方向從D到CC。t＝1s時，金屬桿對擋板P的壓力大小為0.1ND.t＝3s時，金屬桿對擋板H的壓力大小為0.2N【答案】AC【解析】【分析】根據(jù)楞次定律，并由時刻來確定磁場的變化,從而判定感應(yīng)電流的方向；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，結(jié)合閉合電路歐姆定律，及安培力表達式，與力的合成與分解，并由三角知識，即可求解．【詳解】當t=1s時，則由磁感應(yīng)強度隨時間變化規(guī)律是，可知，磁場在減小,根據(jù)楞次定律可得，金屬桿中感應(yīng)電流方向從C到D，故A正確；當t=3s時，磁場在反向增加,由楞次定律可知，金屬桿中感應(yīng)電流方向從C到D，故B錯誤；當在t=1s時，由法拉第電磁感應(yīng)定律，則有；

再由歐姆定律，則有感應(yīng)電流大?。粍tt=1s時，那么安培力大?。挥勺笫侄▌t可知，安培力垂直磁場方向斜向上，則將安培力分解,那么金屬桿對擋板P的壓力大小，故C正確;同理，當t=3s時，感應(yīng)電動勢仍為E=0.1V，電流大小仍為I=1A，由于磁場的方向相反,由左手定則可知，安培力的方向垂直磁感線斜向下，根據(jù)力的合成,則得金屬桿對H的壓力大小為，故D錯誤；9。如圖所示電路中，A、B為兩個相同燈泡，L為自感系數(shù)較大、電阻可忽略不計的電感線圈，C為電容較大的電容器,下列說法中正確的有A.接通開關(guān)S，A立即變亮,最后A、B一樣亮B.接通開關(guān)S,B逐漸變亮，最后A、B一樣亮C.斷開開關(guān)S，A、B都立刻熄滅D。斷開開關(guān)S,A立刻熄滅,B逐漸熄滅【答案】ABD【解析】接通開關(guān)S,電容器C要通過A充電，因此A立刻亮，由于充電電流越來越小,當充電完畢后，相當于斷路，而L對電流變化有阻礙作用，所以通過B的電流逐漸增大,故B逐漸變亮，當閉合足夠長時間后,C中無電流，相當于斷路，L相當于短路，因此A、B一樣亮，故AB正確；當S閉合足夠長時間后再斷開，A立刻熄滅，而L產(chǎn)生自感電動勢，且電容器也要對B放電，故B要逐漸熄滅，故C錯誤D正確．【點睛】解決本題的關(guān)鍵知道電感器對電流的變化有阻礙作用,當電流增大時，會阻礙電流的增大，當電流減小時，會阻礙其減小，注意電容器也要放電．10.霍爾傳感器測量轉(zhuǎn)速的原理圖如圖所示，傳感器固定在圓盤附近，圓盤上固定4個小磁體．在a、b間輸入方向由a到b的恒定電流,圓盤轉(zhuǎn)動時，每當磁體經(jīng)過霍爾元件，傳感器c、d端輸出一個脈沖電壓，檢測單位時間內(nèi)的脈沖數(shù)可得到圓盤的轉(zhuǎn)速．關(guān)于該測速傳感器，下列說法中正確的有A。在圖示位置時刻c點電勢高于d點電勢 B。圓盤轉(zhuǎn)動越快，輸出脈動電壓峰值越高C。c、d端輸出脈沖電壓的頻率是圓盤轉(zhuǎn)速的4倍 D.增加小磁體個數(shù)，傳感器轉(zhuǎn)速測量更準確【答案】CD【解析】【詳解】A．霍爾元件中移動的是自由電子，根據(jù)左手定則，電子向上表面偏轉(zhuǎn)，即c點，所以d點電勢高于c點，故A錯誤；B．最終電子在電場力和洛倫茲力的作用下處于平衡，設(shè)霍爾元件的長寬厚分別為a、b、c，有所以輸出脈動電壓峰與圓盤轉(zhuǎn)動快慢無關(guān)，故B錯誤；C．當小磁體靠近霍爾元件時，就是會產(chǎn)生一個脈沖電壓，因此c、d端輸出脈沖電壓的頻率是圓盤轉(zhuǎn)動頻率的4倍,即為轉(zhuǎn)速的4倍，故C正確;D．當增加小磁體個數(shù)，傳感器c、d端輸出一個脈沖電壓頻率變高，那么傳感器轉(zhuǎn)速測量更準確,故D正確。故選CD。11.如圖所示，勻強磁場的磁感應(yīng)強度B＝0.5T，邊長為L＝10cm的正方形線圈abcd共N＝100匝,線圈電阻r＝1Ω。線圈繞垂直于磁感線的軸OO′勻速轉(zhuǎn)動,轉(zhuǎn)動的角速度ω＝2πrad/s，外電路電阻R＝4Ω。則A。交流電壓表的示數(shù)為2.22V B。由圖示位置轉(zhuǎn)過角時的感應(yīng)電動勢的大小為1。57VC。線圈轉(zhuǎn)動一周電流產(chǎn)生的總熱量約為1J D.圖示位置ab邊所受的安培力大小為0.0314N【答案】BC【解析】【詳解】AB．根據(jù)Em=NBωS,可得感應(yīng)電動勢的最大值由于線框垂直于中性面開始計時，所以瞬時感應(yīng)電動勢表達式：當線圈轉(zhuǎn)過角時的瞬時感應(yīng)電動勢為轉(zhuǎn)動過程中,交流電壓表的示數(shù)為有效值，所以有：故A錯誤,B正確;C．一個周期內(nèi),由公式周期為熱量故C正確；D．電流為安培力為故D錯誤。故選BC.三、實驗題12.我們可以通過實驗探究電磁感應(yīng)現(xiàn)象中感應(yīng)電流方向的決定因素和遵循的物理規(guī)律。以下是實驗探究過程的一部分。（1）如圖甲所示，當磁鐵的N極向下運動時，發(fā)現(xiàn)電流表指針偏轉(zhuǎn)，若要探究線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流的方向，必須知道_______。（2）如圖乙所示，實驗中發(fā)現(xiàn)閉合開關(guān)時，電流表指針向右偏轉(zhuǎn)。電路穩(wěn)定后，若向左移動滑片，此過程中電流表指針向______偏轉(zhuǎn)，若將線圈A抽出，此過程中電流表指針向______偏轉(zhuǎn)。(均選填“左”或“右”)（3）某同學(xué)按圖丙完成探究實驗，在完成實驗后未斷開開關(guān)，也未把A、B兩線圈和鐵芯分開放置，在拆除電路時突然被電擊了一下，則被電擊是在拆除______（選填“A”或“B”）線圈所在電路時發(fā)生的，分析可知,要避免電擊發(fā)生,在拆除電路前應(yīng)______(選填“斷開開關(guān)”或“把A、B線圈分開放置"）?！敬鸢浮?1)。電流表指針偏轉(zhuǎn)方向與電流方向間的關(guān)系（2）。右（3).左(4）.A(5).斷開開關(guān)【解析】【詳解】(1）［1］如圖甲所示，當磁鐵的N極向下運動時,發(fā)現(xiàn)電流表指針偏轉(zhuǎn),若要探究線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流的方向，必須知道電流表指針偏轉(zhuǎn)方向與電流方向間的關(guān)系;(2)[2][3］如圖乙所示，實驗中發(fā)現(xiàn)閉合開關(guān)時，穿過線圈B的磁通量增加，電流表指針向右偏；電路穩(wěn)定后，若向左移動滑動觸頭,通過線圈A的電流增大,磁感應(yīng)強度增大，穿過線圈B的磁通量增大，電流表指針向右偏轉(zhuǎn)；若將線圈A抽出，穿過線圈B的磁通量減少，電流表指針向左偏轉(zhuǎn);（3）[4］［5]在完成實驗后未斷開開關(guān)，也未把A、B兩線圈和鐵芯分開放置，在拆除電路時，線圈A中的電流突然減少，從而出現(xiàn)斷電自感現(xiàn)象，線圈中會產(chǎn)生自感電動勢,進而突然會被電擊了一下，為了避免此現(xiàn)象，則在拆除電路前應(yīng)斷開開關(guān)。13.某同學(xué)利用打點計時器和氣墊導(dǎo)軌做“探究碰撞中的不變量”的實驗，氣墊導(dǎo)軌裝置如圖1所示，（1）下面是實驗的主要步驟：

①安裝好氣墊導(dǎo)軌，調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌的調(diào)節(jié)旋鈕，使導(dǎo)軌水平;

②向氣墊導(dǎo)軌通入壓縮空氣;

③把打點計時器固定在緊靠氣墊導(dǎo)軌左端彈射架的外側(cè)，將紙帶穿過打點計時器越過彈射架并固定在滑塊1的左端，調(diào)節(jié)打點計時器的高度，直至滑塊拖著紙帶移動時，紙帶始終在水平方向；

④滑塊1擠壓導(dǎo)軌左端彈射架上的橡皮繩;⑤把滑塊2放在氣墊導(dǎo)軌的中間；⑥先_______，然后_______，讓滑塊帶動紙帶一起運動；

⑦取下紙帶,重復(fù)步驟④⑤⑥,選出較理想的紙帶如圖2所示：

⑧測得滑塊1（包括撞針）的質(zhì)量為310g,滑塊2（包括橡皮泥）的質(zhì)量為205g；試完善實驗步驟⑥的內(nèi)容．

(2）已知打點計時器每隔0.02s打一個點,計算可知，兩滑塊相互作用前質(zhì)量與速度乘積之和為______kg?m/s；兩滑塊相互作用以后質(zhì)量與速度的乘積之和為______

kg?m/s（保留三位有效數(shù)字）．

(3）試說明（2）問中兩結(jié)果不完全相等的主要原因是：_______

．【答案】（1）。接通打點計時器的電源(2）。放開滑塊1(3).0。620（4）。0.618（5）。紙帶與打點計時器的限位孔間有摩擦【解析】【詳解】(1)[1][2]使用打點計時器時，先接通電源后釋放紙帶，所以先接通打點計時器的電源，后放開滑塊1；(2）[3］放開滑塊1后，滑塊1做勻速運動，跟滑塊2發(fā)生碰撞后跟2一起做勻速運動，根據(jù)紙帶的數(shù)據(jù)得:碰撞前滑塊1的動量為滑塊2的動量為零,所以碰撞前的總動量為0。620kg?m/s；[4]碰撞后滑塊1、2速度相等，所以碰撞后總動量為（3)[5]結(jié)果不完全相等是因為紙帶與打點計時器限位孔有摩擦力的作用。四、計算題14。如圖，相距L=1m、電阻不計的平行光滑長金屬導(dǎo)軌固定在絕緣水平面上，兩導(dǎo)軌左端間接有阻值R=2Ω的電阻，導(dǎo)軌所在區(qū)域內(nèi)加上與導(dǎo)軌所在平面垂直、方向相反的勻強磁場，磁場寬度d均為0。6m,磁感應(yīng)強度大小B1=T、B2=0。8T．現(xiàn)有電阻r=1Ω的導(dǎo)體棒ab垂直導(dǎo)軌放置且接觸良好，當導(dǎo)體棒ab從邊界MN進入磁場后始終以速度m/s作勻速運動，求：⑴棒ab在磁場B1中時克服安培力做功的功率；⑵棒ab經(jīng)過任意一個磁場B2區(qū)域過程中通過電阻R的電量;⑶棒ab在磁場中勻速運動時電阻R兩端電壓的有效值．【答案】(1)（2）0。16C(3）2V【解析】【詳解】(1）在磁場B1中：W⑵在磁場B2中：=0.16C⑶設(shè)棒ab產(chǎn)生電動勢的有效值為E在磁場B1中產(chǎn)生的電動勢=V在磁場B2中產(chǎn)生的電動勢V回路在一個周期T內(nèi)產(chǎn)生的焦耳熱解得：電動勢的有效值=3V電阻R兩端電壓的有效值為V【點睛】導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，閉合回路中有感應(yīng)電流，因此由焦耳定律可求出電阻產(chǎn)生的熱量．由安培力公式可得知拉力大小，從而算出拉力做的功．由于磁場方向在變化，所以產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向也在變，因此根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律去算出電動勢大小，再得出電流大小．而通過電阻的電量則由平均電流與時間的關(guān)系得出．15。如圖所示，兩根電阻忽略不計、互相平行的光滑金屬導(dǎo)軌豎直放置，相距L=1m,在水平虛線間有與導(dǎo)軌所在平面垂直的勻強磁場,磁感應(yīng)強度B=0。5T，磁場區(qū)域的高度d=1m，導(dǎo)體棒a的質(zhì)量ma=0。2kg、電阻Ra=1Ω；導(dǎo)體棒b的質(zhì)量mb=0。1kg、電阻Rb=1.5Ω．它們分別從圖中M、N處同時由靜止開始在導(dǎo)軌上無摩擦向下滑動,b勻速穿過磁場區(qū)域，且當b剛穿出磁場時a正好進入磁場，重力加速度g=10m/s2,不計a、b棒之間的相互作用，導(dǎo)體棒始終與導(dǎo)軌垂直且與導(dǎo)軌接觸良好，求:（1）b棒穿過磁場區(qū)域過程中克服安培力所做的功；(2)a棒剛進入磁場時兩端的電勢差；(3）保持a棒以進入時的加速度做勻變速運動，對a棒施加的外力隨時間的變化關(guān)系．【答案】（1）b棒穿過磁場區(qū)域過程中克服安培力所做的功為1J；（2）a棒剛進入磁場時兩端的電勢差為3。3V；(3）保持a棒以進入時的加速度做勻變速運動,對a棒施加的外力隨時間的變化關(guān)系為F=0。45t﹣1。1．【解析】【分析】（1)b在磁場中勻速運動，其安培力等于重力,根據(jù)重力做功情況求出b棒克服安培力分別做的功．(2）b進入磁場做勻速直線運動,受重力和安培力平衡,根據(jù)平衡條件，結(jié)合閉合電路歐姆定律和切割產(chǎn)生感應(yīng)電動勢大小公式，求出b做勻速直線運動的速度大?。產(chǎn)、b都在磁場外運動時，速度總是相等,b棒進入磁場后，a棒繼續(xù)加速運動而進入磁場，根據(jù)運動學(xué)速度時間公式求解出a進入磁場時的速度大小,由E=BLv求出a棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢，即可求得a棒剛進入磁場時兩端的電勢差．（3）根據(jù)牛頓第二定律求出a棒剛進入磁場時的加速度，再根據(jù)牛頓第二定律求出保持a棒以進入時的加速度做勻變速運動時外力與時間的關(guān)系式．【詳解】(1）b棒穿過磁場做勻速運動，安培力等于重力，則有：BI1L=mbg，克服安培力做功為：W=BI1Ld=mbgd=0。1×10×1=1J(2）b棒在磁場中勻速運動的速度為v1,重力和安培力平衡，根據(jù)平衡條件，結(jié)合閉合電路歐姆定律得：=mbg,vb===10m/s，b棒在磁場中勻速運動的時間為t1,d=vbt1,t1===0.1s，a、b都在磁場外運動時，速度總是相等的，b棒進入磁場后,a棒繼續(xù)加速t1時間而進入磁場，a棒進入磁場的速度為va,va=vb+gt1=10+10×0。1=11m/s。電動勢為:E=BLva=0.5×1×11=5.5V,a棒兩端的電勢差即為路端電壓為：U===3.3V.（3）a棒剛進入磁場時的加速度為a，根據(jù)牛頓第二定律得:mag﹣BI2L=maa，a=g﹣=g﹣=10﹣=4。5m/s2，要保持加速度不變，加外力F，根據(jù)牛頓第二定律得:F+mag﹣BIL=maa得：F=t=×t=0。45t﹣1。1.16。如圖所示，一塊質(zhì)量為M=0。5kg長木板，靜止在水平地面上，其左端正好與地面上的A點平齊。地面上A點右側(cè)是光滑的，A點左側(cè)是粗糙的。木板右端放一個質(zhì)量為m=0。2kg的木塊，木板與木塊之間的滑動摩擦因數(shù)為μ=0。2，在距木板左端距離為s0的D點，有一質(zhì)量為m0=0.1kg的小木塊以v0=8m/s的速度向木板運動,并與木板相碰，碰撞時間極短可忽略，碰后兩物體粘在一起，經(jīng)過一段時間木塊m在木板上滑行的距離為△s=0。25m后相對于木板靜止．已知木塊m0與地面間的動摩擦因數(shù)也是μ=0。2，求：（1）最終長木板和兩木塊的