云南省民族大學附屬中學2019高三物理上學期期中試題

云南省民族大學隸屬中學2019屆高三物理上學期期中試題注意事項：答題前，考生務必用黑色碳素筆將自己的考號、姓名、考場、座位號、班級在答題卡上填寫清楚。每題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應的題目的答案標號涂黑。如需變動，用橡皮擦潔凈后，再選涂其余答案標號。在試卷上作答無效。一、選擇題（此題共8小題，每題6分，共48分.1-5題每題只有一個選項是正確的，6-8題每題有多個選項，全對得6分，選對但不全得3分，有錯或不選得0分）1.以下圖，質量的物體從高為的圓滑軌道上P點由靜止開始下滑，滑到水平傳遞帶上的A點，物體和皮帶之間的動摩擦因數(shù)為，傳遞帶AB之間的距離為，傳遞帶向來以的速度勻速運動，(?。﹦t()A.物體A運動到B的時間是sB.物體A運動到B的過程中，摩擦力對物體做了2J功物體A運動到B的過程中，產(chǎn)生2J熱量物體從A運動到B的過程中，帶動傳遞帶轉動的電動機多做了10J功2.“嫦娥一號”探月衛(wèi)星沿地月轉移軌道直奔月球，在距月球表面200km的P點進行第一次變軌后被月球捕捉，先進入橢圓軌道Ⅰ繞月飛翔，以下圖以后，衛(wèi)星在P點又經(jīng)過兩次變軌，最后在距月球表面200km的圓形軌道Ⅲ上繞月球做勻速圓周運動對此，以下說法正確的選項是衛(wèi)星在軌道Ⅰ上運動周期比在軌道Ⅲ上短衛(wèi)星在軌道Ⅲ上運動的速度大于月球的第一宇宙速度Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三種軌道運轉對比較，衛(wèi)星在軌道Ⅲ上運轉的機械能最小衛(wèi)星在軌道Ⅲ上運動到P點的加快度大于沿軌道Ⅰ運動到P點的加快度3.以下圖，一細線的一端固定于傾角為的圓滑楔形滑塊A上的頂端O處，細線另一端拴一質量為m=0.2kg的小球靜止在A上。若滑1塊從靜止向左勻加快運動時加快度為a。(取）()A.當a=5m/s2時，線中拉力為B.當a=10m/s2時,小球受的支持力為C.當a=12m/s2時,經(jīng)過1秒鐘小球運動的水平位移是6mD.在穩(wěn)固后，地面對A的支持力必定小于兩個物體的重力之和如圖，一個由絕緣資料做成的半徑為R的圓環(huán)水平擱置，O為圓心，一帶電小珠P穿在圓環(huán)上，可沿圓環(huán)無摩擦的滑動在圓環(huán)所在的水平面內(nèi)有兩個點電荷、分別位于A、B兩點，A點位于圓環(huán)內(nèi)、B點位于圓環(huán)外，已知、A、B三點位于同向來線上現(xiàn)給小珠P一初速度，發(fā)現(xiàn)P恰巧沿圓環(huán)做勻速圓周運動則以下判斷不正確的選項是()A.與必定為異種電荷B.C.由、激發(fā)的電場，在圓環(huán)上各處電勢相等小珠P運動過程中對圓環(huán)的彈力大小到處相等5.氫原子的能級圖以下圖，一群氫原子處于量子數(shù)n=4的能級狀態(tài)，對于這群氫原子下列的說法中正確的選項是()A.這群氫原子可能輻射出4種頻次的光B.由n=4能級向基態(tài)躍遷時輻射光的波長最長C.處于n=4能級的氫原子電離起碼要0.85eV的能量D．從n=4能級躍遷到n=3能級開釋光子的能量大于從n=3能級躍遷到n=2能級開釋的光子能量6．以下圖，平行金屬板中帶電質點P原處與靜止狀態(tài)，不考慮電流表和電壓表對電路的影響，當滑動變阻器的滑片向a端移動時，則()A.電壓表讀數(shù)減小B.電流表讀數(shù)減小C.質點P將向上運動D.上耗費的功率漸漸減小27.以下圖，輕質彈簧左端固定，置于場強為E水平向左的勻強電場中，一質量為m，電荷量為的絕緣物塊可視為質點，從距彈簧右端處由靜止開釋，物塊與水平面間動摩擦因數(shù)為，物塊向左運動經(jīng)A點圖中未畫出時速度最大為v，彈簧被壓縮到最短時物體離開釋點的距離為，重力加快度為g，則從物塊開釋到彈簧壓縮至最短的過程中()物塊與彈簧構成的系統(tǒng)機械能的增添量為物塊電勢能的減少許等于彈簧彈性勢能的增添量與系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能之和物塊的速度最大時，彈簧的彈性勢能為若物塊能彈回，則向右運動過程中經(jīng)過A點時速度最大8.以下圖，為三個有界勻強磁場，磁感覺強度大小均為B，方向分別垂直紙面向外、向里和向外，磁場寬度均為L，在磁場地區(qū)的左邊界限處，有一邊長為L的正方形導體線框，總電阻為R，且線框平面與磁場方向垂直，現(xiàn)用外力F使線框以速度v勻速穿過磁場地區(qū)，以初始地點為計時起點，規(guī)定電流沿逆時針方向時的電動勢E為正，磁感線垂直紙面向里時的磁通量為正當，外力F向右為正則以下能反應線框中的磁通量、感覺電動勢E、外力F和電功率P隨時間變化規(guī)律圖象的是A.B.3C.D.二.實驗題（15分）（6分）某同學在丈量電源電動勢和內(nèi)電阻的實驗中．該同學連結的實物電路如圖甲所示，請依據(jù)該實物圖在虛線框內(nèi)畫出電路圖．實驗中挪動滑動變阻器觸頭，讀出電壓表和的多組數(shù)據(jù)、，并描述出了的圖象，如圖乙所示，圖中直線斜率為k，與橫軸的截距為a，則電源的電動勢______，內(nèi)阻______用k、a、表示（9分）恢復系數(shù)是反應碰撞時物體變形恢復能力的參數(shù)，它只與碰撞物體的資料有關兩物體碰撞后的恢復系數(shù)為，此中、和v1,v2分別為物體、碰撞前后的速度某同學利用以下實驗裝置測定物體和碰撞后恢復系數(shù)實驗步驟以下：以下圖，將白紙、復寫紙固定在豎直擱置的木條上，用來記錄實驗中球、球與木條的撞擊點；將木條豎直立在軌道尾端右邊并與軌道接觸，讓入射球從斜軌上A點由靜止開釋，撞擊點為B；將木條平移到圖中所示地點，入射球從斜軌上A點由靜止開釋，確立撞擊點；球靜止擱置在水平槽的尾端相撞，將入射球從斜軌上A點由靜止開釋，確立球和球相撞后的撞擊點；4測得B與撞擊點N、P、M各點的高度差分別為、、；依據(jù)該同學的實驗，回答以下問題：兩小球的質量關系為______填“”、“”或“”木條平移后，在不放小球時，小球從斜軌頂端A點由靜止開釋，的落點在圖中的______點，把小球放在斜軌尾端邊沿B處，小球從斜軌頂端A點由靜止開始滾下，使它們發(fā)生碰撞，碰后小球的落點在圖中點______．利用實驗中丈量的數(shù)據(jù)表示小球和小球碰撞后的恢復系數(shù)為______若在利用天平丈量出兩小球的質量分別為、，則知足______表示兩小球碰撞后動量守恒；若知足______表示兩小球碰撞前后機械能均守恒．三、計算題（32分.解答寫出必需的文字說明、方程式和重要的演算步驟。只寫出最后答案的不可以得分。有數(shù)值計算的題，答案中一定明確寫出數(shù)值和單位）11.（14分）如圖甲所示，一只螞蟻在傾角為θ=37°的大理石斜面上沿直線向上拖沓質量為m＝1g的食品。t＝0時刻從A點出發(fā)，若螞蟻對食品拖沓的作使勁F能夠簡化成按如圖乙所示規(guī)律變化；第3s末運動到B點時速度恰巧為0，此時螞蟻松開食品，食品下滑，第4s末食品恰巧回到A點。已知食品與大理石面間的動摩擦因數(shù)μ＝0.7，sin37°=0.6，cos37°=0.8(取）(食品可視為質點，空氣阻力忽視不計)。求：A、B間的距離及返回A點時速度的大小；若螞蟻沿斜面向上拖沓食品時，食品對斜面的壓力大小恒為3×10-3N，則拖沓過程拖沓力F的均勻功率是多少?若在A點恰巧有此外一只螞蟻，碰到該下滑的食品時，立刻施加給食品沿斜面向上的大小為1×10-3N的恒力，則食品在距離A點多遠處剛剛停下？（忽視接觸瞬時的碰撞影響，斜面足夠長）12.（18分）在科學研究中,能夠經(jīng)過施加適合的電場和磁場來實現(xiàn)對帶電粒子運動的控制.5如圖甲所示,、為間距足夠大的水平極板,緊靠極板右邊擱置豎直的熒光屏,在間加MNPQMN上如圖乙所示的勻強電場和勻強磁場,電場方向豎直向下,磁場方向垂直于紙面向里,圖中E0、B0、k均為已知量,t=0時刻,比荷qO點沿水平方向k的正粒子以必定的初速度從m射入極板間,0t1(t11)時間內(nèi)粒子恰巧沿直線運動,t5時刻粒子打到熒光屏上.kB0kB0不計粒子的重力,波及圖象中時間間隔時取0.8,1.42,求:4(1)2v.在t2時刻粒子的運動速度kB0(2)2.8時刻粒子偏離O點的豎直距離y.在t3kB0水平極板的長度L.甲乙四.選考題：共15分，請考生從給出的2道題任選一題作答【選修3-3】（15分）(1)(6分)以下說法正確的選項是A.將濃度為濃度油酸酒精溶液滴入水中，測得油膜面積為，則可測得油酸分子的直徑為密閉容器中液體上方的飽和汽壓隨溫度的高升而增大一種溶液能否浸潤某種固體，與這兩種物質的性質都有關系玻璃管的裂口燒熔后會變鈍是因為燒熔后表面層的表面張力作用惹起的6E.某氣體的摩爾體積為V，每個分子的體積為，則阿伏伽德羅常數(shù)可表示為(2)(10分)以下圖，構造同樣的絕熱汽缸A與導熱汽缸B均固定于地面，由剛性桿連接的絕熱活塞與兩汽缸間均無摩擦已知兩汽缸的橫截面積之比：：1，兩汽缸內(nèi)均裝有處于均衡狀態(tài)的某理想氣體，開始時汽缸中的活塞與缸底的距離均為，溫度均為，壓強均等于外界大氣壓遲緩加熱A中氣體，L停止加熱達到穩(wěn)固后，A中氣體壓強為本來的倍設環(huán)境溫度一直保持不變，求：停止加熱達到穩(wěn)固后，A、B汽缸中的氣體壓強之比；穩(wěn)固后汽缸A中活塞距缸底的距離．【選修3-3】（15分）．在某均勻介質中，甲、乙兩波源位于O點和Q點，分別產(chǎn)生向右和向左流傳的同性質簡諧橫波，某時刻兩波波形如圖中實線和虛線所示，此時，甲波流傳到x=24m處，乙波流傳到x=12m處，已知甲波波源的振動周期為0.4s，以下說法正確的選項是________。（填正確答案標號，選對1個給2分，選對2個得4分，選對3個得5分，每選錯1個扣3分，最低得分0分）A．甲波波源的起振方向為y軸正方向B．甲波的波速大小為20m/sC．乙波的周期為0.6sD．甲波波源比乙波波源早振動0.3sE.從圖示時刻開始再經(jīng)0.6s，x=12m處的質點再次抵達均衡地點(2)．一棱鏡的截面為直角三角形ABC,∠A=30°,斜邊AB=a,7棱鏡資料的折射率為n=。在此截面所在的平面內(nèi),一條光芒以45°的入射角從AC邊的中點M射入棱鏡,求光芒射出的點的地點(已知光芒在M點折射后照耀到AB面，且不考慮光芒沿原路線返回的狀況)。8云南民族大學隸屬中學2018年秋天學期期中考試（高三物理）題號12345678答案CCADCBCABABD試卷分析一、單項選擇題（本大題共1小題，共4.0分）1。以下圖，質量的物體從高為的圓滑軌道上P點由靜止開始下滑，滑到水平傳遞帶上的A點，物體和皮帶之間的動摩擦因數(shù)為，傳遞帶AB之間的距離為，傳遞帶向來以的速度勻速運動，則A.物體A運動到B的時間是SB.物體A運動到B的過程中，摩擦力對物體做了2J功C.物體A運動到B的過程中，產(chǎn)生2J熱量D.物體從A運動到B的過程中，帶動傳遞帶轉動電動機多做了10J功【答案】C【分析】解：A、設物體下滑到A點的速度為，對PA過程，由機械能守恒定律有：代入數(shù)據(jù)得：則物體滑上傳遞帶后，在滑動摩擦力作用下勻加快運動，加快度大小為；加快至速度與傳遞帶相等時用時：9勻加快運動的位移所以物體與傳遞帶共速后向右勻速運動，勻速運動的時間為故物體從A運動到B的時間為：故A錯誤．B、物體運動到B的速度是依據(jù)動能定理得：摩擦力對物體做功，故B錯誤．C、在時間內(nèi)，皮帶做勻速運動的位移為故產(chǎn)生熱量，代入數(shù)據(jù)得：故C正確．D、電動機多做的功一部分轉變?yōu)榱宋矬w的動能，另一部分轉變?yōu)閮?nèi)能，則電動機多做的功，故D錯誤．應選：C2?！版隙鹨惶枴碧皆滦l(wèi)星沿地月轉移軌道直奔月球，在距月球表面200km的P點進行第一次變軌后被月球捕捉，先進入橢圓軌道Ⅰ繞月飛翔，以下圖以后，衛(wèi)星在P點又經(jīng)過兩次變軌，最后在距月球表面200km的圓形軌道Ⅲ上繞月球做勻速圓周運動對此，以下說法正確的選項是衛(wèi)星在軌道Ⅰ上運動周期比在軌道Ⅲ上短衛(wèi)星在軌道Ⅲ上運動的速度大于月球的第一宇宙速度Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三種軌道運轉對比較，衛(wèi)星在軌道Ⅲ上運轉的機械能最小衛(wèi)星在軌道Ⅲ上運動到P點的加快度大于沿軌道Ⅰ運動到P點的加快度【答案】C【分析】解：A、依據(jù)開普勒第三定律，半長軸越長，周期越大，所以衛(wèi)星在軌道Ⅰ運動的周期最長故A錯誤．B、依據(jù)萬有引力供給向心力，得，軌道半徑越大，線速度越小月球第10一宇宙速度的軌道半徑為月球的半徑，所以第一宇宙速度是繞月球作圓周運動最大的圍繞速度，所以衛(wèi)星在軌道Ⅲ上運動的速度小于第一宇宙速度，故B錯誤．C、從軌道Ⅰ進入軌道Ⅱ和從軌道Ⅱ進入軌道Ⅲ，都要減速做近心運動，故其機械能要減小，故衛(wèi)星在軌道Ⅲ上運轉的機械能最小，故C正確．D、衛(wèi)星在軌道Ⅲ上在P點和在軌道Ⅰ在P點的萬有引力大小相等，依據(jù)牛頓第二定律，加速度相等故D錯誤．應選：C3.以下圖，一細線的一端固定于傾角為的圓滑楔形滑塊A上的頂端O處，細線另一端拴一質量為m=0.2kg的小球靜止在A上。若滑塊從靜止向左勻加快運動時加快度為a。(取.）A．當a=5m/s2時，線中拉力為B．當a=10m/s2時,小球受的支持力為C．當a=12m/s2時,經(jīng)過1秒鐘小球運動的水平位移是6mD．在穩(wěn)固后，地面對A的支持力必定小于兩個物體的重力之和【答案】A【分析】當小球對滑塊的壓力恰巧等于零時，小球所受重力mg和拉力T使小球隨滑塊一同沿水平方向向左加快運動，由牛頓運動定律得小球和滑塊共同的加快度為：。當時，斜面對小球有支持力，將小球所受的力沿加快度方向和垂直于加快度方向分解，有：，，聯(lián)立解得：，故A正確；當時，斜面對小球恰巧沒有支持力，故N=0，故B錯誤；當時，滑塊的位移為，而小球要先離開斜面，而后保持與滑塊同樣的運動狀態(tài)，故在這1s內(nèi)小球運動的水平位移小于6m，故C錯誤；在穩(wěn)固后，對小球和滑塊A整體受力剖析可知，在豎直方向沒有加快度，故地面對A的支持力等于兩個物體重力之和，故D錯誤；故11選A4。如圖，一個由絕緣資料做成的半徑為R的圓環(huán)水平擱置，O為圓心，一帶電小珠P穿在圓環(huán)上，可沿圓環(huán)無摩擦的滑動在圓環(huán)所在的水平面內(nèi)有兩個點電荷、分別位于A、B兩點，A點位于圓環(huán)內(nèi)、B點位于圓環(huán)外，已知、A、B三點位于同向來線上現(xiàn)給小珠P一初速度，發(fā)現(xiàn)P恰巧沿圓環(huán)做勻速圓周運動則以下判斷不正確的選項是A.與必定為異種電荷B.C.由、激發(fā)的電場，在圓環(huán)上各處電勢相等小珠P運動過程中對圓環(huán)的彈力大小到處相等【答案】D【分析】解：A、小珠P沿圓環(huán)做勻速圓周運動，小珠P在圓周上任一點遇到的電場力的協(xié)力大小相等，故兩個點電荷在圓周上各點的場強盛小不相等，方向也不一樣，但與必定為異種電荷，A說法正確，不可以選。B、以下圖，當小珠運動到圖示地點時，由幾何知識可得因為小珠的協(xié)力指向圓心，則有解得故B說法正確，不可以選。C、沿圓環(huán)做勻速圓周運動，電場力不做功，所以在圓環(huán)上電勢到處相等，故C說法正確，不可以選。D、因做勻速圓周運動，其協(xié)力一直指向圓心，即彈力與庫侖力的協(xié)力指向圓心，而庫侖力是變化的，則彈力也是變化的應選D；12氫原子的能級圖以下圖，一群氫原子處于量子數(shù)n=4的能級狀態(tài)，對于這群氫原子以下的說法中正確的是()A．這群氫原子可能輻射出4種頻次的光B．由n=4能級向基態(tài)躍遷時輻射光的波長最長C．處于n=4能級的氫原子電離起碼要0.85eV的能量D．從n=4能級躍遷到n=3能級開釋光子的能量大于從n=3能級躍遷到n=2能級開釋的光子能量【答案】C【分析】A項：由公式可知，這群氫原子可能輻射出6種頻次的光，故A錯誤；B項：由n=4能級向基態(tài)躍遷時輻射光的能量最大，依據(jù)公式可知，波長最小，故B錯誤；C項：氫原子電離即能量為零，所以處于n=4能級的氫原子電離起碼要0.85eV的能量，故C正確；D項：隨量子數(shù)越大，相鄰兩能級差越小，故D錯誤。二、多項選擇題（本大題共7小題，共28.0分）6。以下圖，平行金屬板中帶電質點P原處與靜止狀態(tài)，不考慮電流表和電壓表對電路的影響，當滑動變阻器的滑片向a端挪動時，則A.電壓表讀數(shù)減小B.電流表讀數(shù)減小C.質點P將向上運動D.上耗費的功率漸漸減小【答案】BC【分析】解：A、B由圖可知，與滑動變阻器串連后與并聯(lián)后，再由串連接在電源兩頭；電容器13與并聯(lián)；當?shù)幕騛挪動時，滑動變阻器接入電阻增大，則電路中總電阻增大；由閉合電路歐姆定律可知，電路中總電流減小，路端電壓增大，則兩頭的電壓減小，可知并聯(lián)部分的電壓增大，電壓表讀數(shù)增大．由歐姆定律可知流過的電流增大，依據(jù)并聯(lián)電路的特色可知：流過的電流減小，則電流表示數(shù)減?。还蔄錯誤，B正確；C、因電容器兩頭電壓增大，板間場強增大，質點遇到的向上電場力增大，故質點P將向上運動，故C正確；D、因兩頭的電壓增大，由可知，上耗費的功率增大；故D錯誤；7。以下圖，輕質彈簧左端固定，置于場強為E水平向左的勻強電場中，一質量為m，電荷量為的絕緣物塊可視為質點，從距彈簧右端處由靜止開釋，物塊與水平面間動摩擦因數(shù)為，物塊向左運動經(jīng)A點圖中未畫出時速度最大為v，彈簧被壓縮到最短時物體離開釋點的距離為，重力加快度為g，則從物塊開釋到彈簧壓縮至最短的過程中物塊與彈簧構成的系統(tǒng)機械能的增添量為物塊電勢能的減少許等于彈簧彈性勢能的增添量與系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能之和物塊的速度最大時，彈簧的彈性勢能為若物塊能彈回，則向右運動過程中經(jīng)過A點時速度最大【答案】AB【分析】解：A、物塊和彈簧構成的系統(tǒng)機械能的增量等于外力做的功，彈簧彈力是內(nèi)力，14不改變機械能，外力只有電場力和摩擦力，所以從物塊開釋到彈簧壓縮至最短的過程中機械能的增量為，故A正確；B、依據(jù)能量守恒，電勢能的減少許等于機械能的增添量加上系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能，動能沒有變，機械能的增添量等于彈性勢能的增添量，所以物塊電勢能的減小量等于彈簧彈性勢能的增添量與系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能之和，故B正確；C、物塊速度最大時，加快度為0，物塊距開釋點的距離大于，設彈簧彈力為F，則，開釋點到速度最大的地點距離，速度最大時的彈性勢能等于機械能的增添量減去動能的增添量，即，此中，故C錯誤；D、向左經(jīng)過A點時速度最大，加快度為零，若物塊能彈回，向右運動經(jīng)過A點時摩擦力方向改變，所以反彈經(jīng)過A點加快度不為0，速度不是最大，故D錯誤；應選：AB8。以下圖，為三個有界勻強磁場，磁感覺強度大小均為B，方向分別垂直紙面向外、向里和向外，磁場寬度均為L，在磁場地區(qū)的左邊界限處，有一邊長為L的正方形導體線框，總電阻為R，且線框平面與磁場方向垂直，現(xiàn)用外力F使線框以速度v勻速穿過磁場地區(qū)，以初始地點為計時起點，規(guī)定電流沿逆時針方向時的電動勢E為正，磁感線垂直紙面向里時的磁通量為正當，外力F向右為正則以下能反應線框中的磁通量、感覺電動勢、外力F和電功率P隨時間變化規(guī)律圖E象的是A.B.C.D.15【答案】ABD【分析】解：A、當線框進入磁場時，位移在內(nèi)，磁通量開始均勻增添，當所有進入左側磁場時達最大，且為負值；位移在內(nèi)，向里的磁通量增添，總磁通量均勻減??；當位移為時，磁通量最小，為零，位移在到2L時，磁通量向里，為正當，且均勻增大位移在時，磁通量均勻減小至零在內(nèi)，磁通量均勻增大，且方向向外，為負值在內(nèi)，磁通量均勻減小至零，且為負值故A正確；B、當線圈進入第一個磁場時，由可知，E保持不變，由右手定章知，感覺電動勢沿順時針方向，為負值；線框開始進入第二個磁場時，左右兩邊同時切割磁感線，感覺電動勢為2BLv，感覺電動勢沿逆時針方向，為正當；線框開始進入第三個磁場時，左右兩邊同時切割磁感線，感覺電動勢為2BLv，感覺電動勢沿順時針方向，為負值；完整在第三個磁場中運動時，左邊切割磁感線，感覺電動勢為BLv，感覺電動勢沿逆時針方向，為正當；故B正確；C、因安培力老是與運動方向相反，故拉力應向來向右，故C錯誤；D、由由R可得，電功率與成正比，與成正比，聯(lián)合B選項圖像可知，D正確；應選：ABD．三、實驗題研究題（本大題共2小題，共18.0分）9。某同學在丈量電源電動勢和內(nèi)電阻的實驗中．該同學連結的實物電路如圖甲所示，請依據(jù)該實物圖在虛線框內(nèi)畫出電路圖．實驗中挪動滑動變阻器觸頭，讀出電壓表和的多組數(shù)據(jù)、，并描述出了16的圖象，如圖乙所示，圖中直線斜率為k，與橫軸的截距為a，則電源的電動勢______，內(nèi)阻______用k、a、表示【答案】；【分析】解：剖析實物圖能夠明確對應的原理圖，以下圖；在閉合電路中，，則：，圖象斜率：，截距：，解得：；故答案為：以下圖；；依據(jù)實物圖可明確對應的原理圖；依據(jù)電路圖應用閉合電路歐姆定律求出函數(shù)表達式，而后依據(jù)圖象求出電源電動勢與內(nèi)阻．此題考察了求電源電動勢與內(nèi)阻，依據(jù)甲所示電路圖剖析清楚電路構造，應用串連電路特色與歐姆定律求出圖象的函數(shù)表達式是正確解題的前提與重點，依據(jù)函數(shù)表達式與圖象即可求出電源電動勢與內(nèi)阻．10?；謴拖禂?shù)是反應碰撞時物體變形恢復能力的參數(shù)，它只與碰撞物體的資料有關兩物體碰撞后的恢復系數(shù)為，此中、和、分別為物體、碰撞后的速度某同學利用以下實驗裝置測定物體和碰撞后恢復系數(shù)實驗步驟以下：以下圖，將白紙、復寫紙固定在豎直擱置的木條上，用來記錄實驗中球、球與木條的撞擊點；17將木條豎直立在軌道尾端右邊并與軌道接觸，讓入射球從斜軌上A點由靜止開釋，撞擊點為；將木條平移到圖中所示地點，入射球從斜軌上A點由靜止開釋，確立撞擊點；球靜止擱置在水平槽的尾端相撞，將入射球從斜軌上A點由靜止開釋，球和球相撞后的撞擊點；測得與撞擊點N、P、M各點的高度差分別為、、；依據(jù)該同學的實驗，回答以下問題：兩小球的質量關系為______填“”、“”或“”木條平移后，在不放小球時，小球從斜軌頂端A點由靜止開釋，的落點在圖中的______點，把小球放在斜軌尾端邊沿B處，小球從斜軌頂端A點由靜止開始滾下，使它們發(fā)生碰撞，碰后小球的落點在圖中點______．利用實驗中丈量的數(shù)據(jù)表示小球和小球碰撞后的恢復系數(shù)為______點若在利用天平丈量出兩小球的質量分別為、，則知足______表示兩小球碰撞后動量守恒；若知足______表示兩小球碰撞前后機械能均守恒．【答案】；P；M；；；【分析】解：為了防備兩球碰后出現(xiàn)反彈現(xiàn)象，入射球的質量必定要大于被碰球的質量；由圖可知，兩小球打在豎直板上，則可知，三次碰撞中水平位移相等，則可知，水平速度越大，豎直方向著落的高度越小，則由碰撞規(guī)律可知，碰后被碰球的速度最大，故其著落18高度最小，而碰后入射球速度最小，其著落高度最大，則可知，在不放小球時，小球從斜軌頂端A點由靜止開釋，的落點在圖中的P點，而碰后入射球落到M點；依據(jù)平拋運動規(guī)律可知，著落時間，則可知，速度，則可解得：；，代入給出恢復系數(shù)表達式可得：；若知足動量守恒，則必定有：代入中所求速度可得：表達式應為：；若知足機械能守恒，則有：代入求出的速度可得：表達式為：故答案為：；M；；；明確動量守恒規(guī)律，知道實驗原理，從而確立實驗要求；明確兩球碰撞前后速度變化以及平拋運動規(guī)律，從而確立兩球的碰撞地點；依據(jù)平拋運動規(guī)律進行剖析，利用水平位移相等求出利用著落高度所表達式的速度公式，再依據(jù)恢復系數(shù)公式即可求出對應的表達式；依據(jù)動量守恒定律和機械能守恒定律列式，代入中所求速度即可求出需要考證的表達式．此題是由考證動量守恒定律的實驗改良而來，重點要剖析清楚實驗的原理，同時要聯(lián)合動量守恒定律和平拋運動的有關知識列式剖析．19三、計算題（解答寫出必需的文字說明、方程式和重要的演算步驟。只寫出最后答案的不能得分。有數(shù)值計算的題，答案中一定明確寫出數(shù)值和單位）11.（14分）如圖甲所示，一只螞蟻在傾角為θ=37°的大理石斜面上沿直線向上拖沓質量為m＝1g的食品。t＝0時刻從A點出發(fā)，若螞蟻對食品拖沓的作使勁F能夠簡化成按如圖乙所示規(guī)律變化；第3s末運動到B點時速度恰巧為0，此時螞蟻松開食品，食品下滑，第4s末食品恰巧回到A點。已知食品與大理石面間的動摩擦因數(shù)μ＝0.7，sin37°=0.6，cos37°=0.8(食品可視為質點，空氣阻力忽視不計)。求：A、B間的距離及返回A點時速度的大??；若螞蟻沿斜面向上拖沓食品時，食品對斜面的壓力大小恒為3×10-3N，則拖沓過程拖沓力F的均勻功率是多少?若在A點恰巧有此外一只螞蟻，碰到該下滑的食品時，立刻施加給食品沿斜面向上的大小為1×10-3N的恒力，則食品在距離A點多遠處剛剛停下？（忽視接觸瞬時的碰撞影響，斜面足夠長）【答案】（1）（2）(3)【分析】【詳解】由牛頓第二定律有，下滑的加快度為：20上拖過程AB的位移大小為：著落到A點的速度為：；由動能定理有：拖沓力F的均勻功率為：；食品遇到的合外力又解得：。（18分）在科學研究中,能夠經(jīng)過施加適合的電場和磁場來實現(xiàn)對帶電粒子運動的控制.如圖甲所示,、N為間距足夠大的水平極板,緊靠極板右邊擱置豎直的熒光M屏PQ,在MN間加上如圖乙所示的勻強電場和勻強磁場,電場方向豎直向下,磁場方向垂直于紙面向里,圖中E0、B0、k均為已知量.t=0時刻,比荷=k的正粒子以必定的初速度從O點沿水平方向射入極板間,0~t1時間內(nèi)粒子恰巧沿直線運動,t=時刻粒子打到熒光屏上.不計粒子的重力,波及圖象中時間間隔時取0.8=,1.4=,求:21(1)在t2=時刻粒子的運動速度v.(2)在t3=時刻粒子偏離O點的豎直距離y.(3)水平極板的長度L.甲乙2213。（1）以下說法正確的選項是A.將濃度為濃度油酸酒精溶液滴入水中，測得油膜面積為，則可測得油酸分子的直徑為密閉容器中液體上方的飽和汽壓隨溫度的高升而增大23一種溶液能否浸潤某種固體，與這兩種物質的性質都有關系玻璃管的裂口燒熔后會變鈍是因為燒熔后表面層的表面張力作用惹起的某氣體的摩爾體積為V，每個分子的體積為，則阿伏伽德羅常數(shù)可表示為【答案】BCD【分析】解：A、依據(jù)題意，一滴油酸酒精溶液含有的油酸體積為：，所以油酸分子的大小：故A錯誤；B、液體的飽和蒸汽壓只是與溫度有關，所以密閉容器中液體上方的飽和汽壓隨溫度的高升而增大故B正確；C、水能夠浸潤玻璃，可是不可以浸潤白臘，這個現(xiàn)象表示一種液體能否浸潤某種固體與這兩種物質的性質都有關系故C正確；D、因為熔融的液態(tài)玻璃存在表面張力，使表面縮短，表面積變小，所以玻璃細桿頂端被燒熔后變?yōu)閳A形，與表面張力有關故D正確；E、氣體分子較小，而氣體的體積能夠占有隨意大的空間；故不可以用摩爾體積求解分子體積故E錯誤．應選：BCD算出一滴油酸酒精溶液中所含油酸體積，依據(jù)求出分子直徑；液體的飽和蒸汽壓只是與溫度有關；一種液體能否浸潤某種固體與這兩種物質的性質都有關系；作用于液體表面，使液體表面積減小的力，稱為液體表面張力它產(chǎn)生的原由是液體跟氣體接觸的表面存在一個薄層，叫做表面層，表面層里的分子比液體內(nèi)部稀少，分子間的距離比液體內(nèi)部大一些，分子間的互相作用表現(xiàn)為引力；氣體的體積較大，分子間隔較遠，沒法直接用阿伏伽德羅常數(shù)求解分子體積．此題考察了油膜法測分子直徑的實驗數(shù)據(jù)辦理、飽和蒸汽壓、表面張力等知識點的內(nèi)容，難度不大，是一道基礎題；解題時要注意各物理量的單位．2）.以下圖，構造同樣的絕熱汽缸A與導熱汽缸B均固定于地面，由剛性桿連結的絕熱活塞與兩汽缸間均無摩擦已知兩汽缸的橫截面積之比：：1，兩汽缸內(nèi)均裝有處于均衡狀態(tài)24的某理想氣體，開始時汽缸中的活塞與缸底的距離均為L，溫度均為，壓強均等于外界大氣壓遲緩加熱A中氣體，停止加熱達到穩(wěn)固后，A中氣體壓強為本來的倍設環(huán)境溫度一直保持不變，求：停止加熱達到穩(wěn)固后，A、B汽缸中的氣體壓強之比；穩(wěn)固后汽缸A中活塞距缸底的距離．【答案】解：膨脹后A的壓強加熱后活塞均衡時，有：則膨脹后B的壓強為：由式解得：：：7設穩(wěn)固后A、B兩汽缸中活塞距缸底的距離分別為、，對B，有：又：由式解得：答：停止加熱達到穩(wěn)固后，A、B汽缸中的氣體壓強之比為6：7；穩(wěn)固后汽缸A中活塞距缸底的距離為．【分析】中活塞在氣體變化前后都是受力均衡，對活塞受力剖析，利使勁均衡可求得25氣體的變化中，B的變化是等溫變化較簡單，利用B的變化求得B變化后的，又因為AB兩部分的總長度是定值，可解的A距底端的距離．對連結體問題中，連結體在氣體變化前后受力都均衡，所以對連結體利用受力均衡求解就很簡單了，再者在兩部分氣體中，利用變化簡單的氣體，求