江西省吉安市上圯中學2022-2023學年高三物理聯(lián)考試題含解析

江西省吉安市上圯中學2022-2023學年高三物理聯(lián)考試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.如右圖所示，一小球以初速度v0沿水平方向射出，恰好垂直地射到一傾角為30°的固定斜面上，并立即反方向彈回。已知反彈速度的大小是入射速度大小的，則下列說法正確的是

（

）A．在碰撞中小球的速度變化大小為B．在碰撞中小球的速度變化大小為C．小球在豎直方向下落的距離與在水平方向通過的距離的比為D．小球在豎直方向下落的距離與在水平方向通過的距離之比為參考答案：AD2.（多選）用一束單色光a照射一金屬板時，金屬板上有光電子逸出。用另一束單色光b照射同一金屬板時，金屬板上沒有光電子逸出。如圖所示，現(xiàn)讓光束a和b沿相同的方向從空氣進入水中，則可判斷（

）

A.光束a的折射角小于光束b的折射角

B.光束a的頻率大于光束b的頻率

C.光束a在水中的速率大于光束b在水中的速率

D.同時增大兩束光的入射角i，光束a先發(fā)生全反射參考答案：AB3.（單選）如右圖，滑塊以初速度v0沿表面粗糙且足夠長的固定斜面，從頂端下滑，直至速度為零。對于該運動過程，若用x、a、、、分別表示滑塊下滑的位移的大小、加速度的大小、重力勢能（以斜面底面所在平面為零勢面）和動能，t表示時間，則下列圖像最能正確描述這一運動規(guī)律的是（

）參考答案：D解析：A、B在下滑過程中，物體的加速度μmgcosθ-mgsinθ=ma，

a=μgcosθ-gsinθ，加速度的大小保持不變，所以加速度圖像應是與時間軸平行的直線．物體做勻減速直線運動，故位移隨時間變化越越慢，位移-時間關系的圖象是向右彎曲的線，故A、B錯誤；C、物體做勻減速直線運動，下降的高度為h=ssinθ，也是向右彎曲的線，故C錯誤；D、下滑過程中速度大小關系為v=v0+at=v0+（gsinθ-μgcosθ）t，動能，故動能變化越越慢，故D正確，故選D4.（多選）馬航客機失聯(lián)牽動全世界人的心，現(xiàn)初步確定失事地點位于南緯31°52′東經(jīng)115°52′的澳大利亞西南城市珀斯附近的海域，有一顆繞地球做勻速圓周運動的衛(wèi)星，每天上午同一時刻在該區(qū)域的正上方海面照像，則（）A．該衛(wèi)星可能是通過地球兩極上方的軌道B．該衛(wèi)星平面可能與南緯31°52′所確定的平面共面C．該衛(wèi)星平面一定與東經(jīng)115°52′所確定的平面共面D．地球自轉(zhuǎn)周期一定是該衛(wèi)星運行周期的整數(shù)倍參考答案：解：A、衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，萬有引力提供圓周運動向心力，故地心必在軌道平面內(nèi)，故該衛(wèi)星的軌道可能通過兩極的上方，故A正確；B、若衛(wèi)星平面與南緯31°52′所確定的平面共面，則地心不在軌道平面內(nèi)，萬有引力指向地心，故不能滿足萬有引力提供圓周運動向心力的要求，故B錯誤；C、由于地球自轉(zhuǎn)作用，該衛(wèi)星平面一定與東經(jīng)115°52′所確定的平面不共面，故C錯誤；D、由于衛(wèi)星每天上午同一時刻在該區(qū)域的正上方海面照像，故知地球自轉(zhuǎn)一周，則該衛(wèi)星繞地球做圓周運動N周，即地球自轉(zhuǎn)周期一定是該衛(wèi)星運行周期的整數(shù)倍，故D正確；故選：AD．5.如圖所示的電路中，A、B是平行板電容器的兩金屬板。先將電鍵S閉合，等電路穩(wěn)定后將S斷開，并將B板向下平移一小段距離，保持兩板間的某點P與A板的距離不變。則下列說法不正確的是A．電容器的電容變小B．電容器內(nèi)部電場強度大小不變C．電容器內(nèi)部電場強度大小不變D．Ｐ點電勢升高參考答案：BC二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.一根兩端開口的長玻璃管豎直插入水銀槽中并固定，如圖所示．管內(nèi)徑橫截面積為S，管中有一輕質(zhì)光滑活塞，活塞下方封閉L長度、熱力學溫度為To的氣柱，當活塞上放一個質(zhì)量為m的小砝碼后，達到平衡時管內(nèi)外水銀面的高度差為________；然后對氣體加熱，使氣柱長度恢復到L，此過程中氣體的溫度升高了__________．（已知外界大氣壓為p0，水銀密度為ρ）．參考答案：；

7.質(zhì)量為0.4kg的小球甲以速度3m/s沿光滑水平面向右運動，質(zhì)量為4kg的小球乙以速度5m/s沿光滑水平面向左運動，它們相碰后，甲球以速度8m/s被彈回，求此時乙球的速度大小為

m/s，方向

。參考答案：3.9，水平向左

8.已知電流表的電流從“＋”接線柱流入時指針向右偏，在如圖所示的實驗裝置中(1)合上S將線圈A插入B的過程中，電流表指針向____偏．(2)合上S將線圈A插入B后，將變阻器觸頭向左移動時，電流表指針向__

__偏．參考答案：9.如圖，電路中三個電阻Rl、R2和R3的阻值分別為R、2R和4R。當電鍵S1斷開、S2閉合時，電源輸出功率為P0；當S1閉合、S2斷開時，電源輸出功率也為P0。則電源電動勢為＿＿＿＿；當S1、S2都斷開時，電源的總功率為＿＿＿＿。參考答案：

0.3P0。當電鍵S1斷開、S2閉合時，電路中電流I1=E/(R+r)，P0=I12R=E2R/(R+r)2.。當S1閉合、S2斷開時，電路中電流I2=E/(4R+r)，P0=I224R=E24R/(4R+r)2.。聯(lián)立解得：r=R/2，E=。當S1、S2都斷開時，電路中電流I3=E/(7R+r)=，電源的總功率為P=EI3=0.3P0。.10.某同學利用驗證牛頓第二定律的實驗裝置來驗證動能定理。在一端帶滑輪的長木板上固定放置兩個光電門，其中光電門乙固定在靠近滑輪處，光電門甲的位置可移動。與兩個光電門都相連的計時器可以顯示出遮光片從光電門甲至乙所用的時間。改變光電門甲的位置進行多次測量，每次都使小車上的遮光片從緊靠光電門甲處由靜止開始運動，用米尺測量甲、乙之間的距離s，并記下相應的時間t。測得小車的質(zhì)量為M，鉤碼的質(zhì)量為m，并滿足M遠遠大于m。則：外力對小車做功為W=

，小車動能的增量為△EK=

。（用題中的字母表示）為減小實驗誤差，你認為實驗操作之前必須進行的操作是：

。參考答案：11.一多用電表的電阻擋有三個倍率，分別是×1、×10、×100。用×10擋測量某電阻時，操作步驟正確，發(fā)現(xiàn)表頭指針偏轉(zhuǎn)角度很小，為了較準確地進行測量，應換到

擋。如果換檔后立即用表筆連接待測電阻進行讀數(shù)，那么缺少的步驟是

，若補上該步驟后測量，表盤的示數(shù)如圖，則該電阻的阻值是

Ω。

參考答案：×100，歐姆調(diào)零,2.2×103（或2.2kΩ）12.（1）如圖為一個小球做自由落體運動時的頻閃照片，它是每隔1/30s的時間拍攝的。從某個稍大些的位置間隔開始測量，照片上邊的數(shù)字表示的是這些相鄰間隔的序號，下邊的數(shù)值是用刻度尺測出的其中兩個間隔的長度。根據(jù)所給的兩個數(shù)據(jù)，則可以求出間隔3的長度約為

cm。（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）（2）已知游標卡尺的主尺最小分度為1mm，游標尺上有10個小的等分刻度，它的總長等于9mm，用這個游標尺測得某物體長度為2.37cm。則這時是游標尺上的第

條刻度線與主尺上的第

條刻度線對齊。參考答案：13.（4分）在陽光照射下，充滿霧氣的瀑布上方常常會出現(xiàn)美麗的彩虹。彩虹是太陽光射入球形水珠經(jīng)折射、內(nèi)反射，再折射后形成的。光的折射發(fā)生在兩種不同介質(zhì)的

上，不同的單色光在同種均勻介質(zhì)中

不同。參考答案：界面，傳播速度三、實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.用DIS研究機械能守恒定律的實驗裝置如圖，如表是某同學某次的實驗數(shù)據(jù)，實驗中系統(tǒng)默認D、C、B、A各點高度分別為0、0.050、0.100、0.150，A點速度為0．D、C、B三點速度由光電門傳感器測得．分析如表中實驗數(shù)據(jù)．（1）從B到C到D，機械能逐漸減小，其原因是

．（2）表中A點的機械能數(shù)據(jù)明顯偏小，其原因是擺錘釋放器釋放點

A點（選填“高于”、“低于”）次數(shù)DCBA高度h/m00.0500.1000.150速度v/m/s1.8781.6161.2990勢能Ep/J00.00390.00780.0118動能Ek/J0.01410.01040.00670機械能E/J0.01410.01440.01460.0118參考答案：（1）克服空氣阻力做功，機械能減?。?）高于【考點】驗證機械能守恒定律．【分析】空氣阻力做功，會導致機械能減?。畽C械能等于動能和重力勢能的之和，通過A點機械能明顯偏小，結(jié)合原理確定其原因．【解答】解：（1）從B到C到D，機械能逐漸減小，原因是由于克服空氣阻力做功，使得一部分機械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，導致機械能減?。?）表中A點的機械能數(shù)據(jù)明顯偏小，原因是擺錘釋放器釋放點高于A點，A點的機械能按A點的高度計算．故答案為：（1）克服空氣阻力做功，機械能減?。?）高于15.(10分)某同學用如圖所示裝置做探究彈力和彈簧伸長關系的實驗。他先測出不掛砝碼時彈簧下端指針所指的標尺刻度，然后在彈簧下端掛上砝碼，并逐個增加砝碼，測出指針所指的標尺刻度，所得數(shù)據(jù)列表如下：(重力加速度g=9．8m／s2)

砝碼質(zhì)量m/10g01.002.003.004.005.006.007.00標尺刻度x/10m15.0018.9422.8226.7830.6634.6042.0054.50

（1）根據(jù)所測數(shù)據(jù)，在答題卡的坐標紙上作出彈簧指針所指的標尺刻度底與砝碼質(zhì)量的關系曲線。

（2）根據(jù)所測得的數(shù)據(jù)和關系曲線可以判斷，在

范圍內(nèi)彈力大小與彈簧伸長關系滿足胡克定律。這種規(guī)格彈簧的勁度系數(shù)為

N／m。參考答案：答案：（1）曲線圖如下；（2）0~4.9

25.0

四、計算題：本題共3小題，共計47分16.土星上空有許多大小不等的巖石顆粒，其繞土星的運動可視為圓周運動。其中有兩個巖石顆粒A和B與土星中心距離分別為rA＝8.0×104km和r

B＝1.2×105km。忽略所有巖石顆粒間的相互作用。（結(jié)果可用根式表示）⑴求巖石顆粒A和B的線速度之比；⑵求巖石顆粒A和B的周期之比；⑶土星探測器上有一物體，在地球上重為10N，推算出他在距土星中心3.2×105km處受到土星的引力為0.38N。已知地球半徑為6.4×103km，請估算土星質(zhì)量是地球質(zhì)量的多少倍？參考答案：解：⑴設土星質(zhì)量為M0，顆粒質(zhì)量為m，顆粒距土星中心距離為r，線速度為v，根據(jù)牛頓第二定律和萬有引力定律：（1分）解得：

（1分）對于A、B兩顆粒分別有：和得：

或（1分）⑵設顆粒繞土星作圓周運動的周期為T，則：

（1分）對于A、B兩顆粒分別有：和

得：或（1分）⑶設地球質(zhì)量為M，地球半徑為r0，地球上物體的重力可視為萬有引力，探測器上物體質(zhì)量為m0，在地球表面重力為G0，距土星中心r0/＝3.2×105km處的引力為G0/，根據(jù)萬有引力定律：

（1分）

（1分）解得：（1分）17.如圖所示，在xOy平面的第一、四象限內(nèi)存在著方向垂直紙面向外，磁感應強度為B的勻強磁場，在第四象限內(nèi)還存在方向沿—y方向、電場強度為E的勻強電場．從y軸上坐標為（0，a）的P點向第一象限的磁場區(qū)發(fā)射速度大小不等的帶正電的同種粒子，速度方向范圍是與+y方向成300—1500角，且在xOy平面內(nèi).結(jié)果所有粒子經(jīng)過磁場偏轉(zhuǎn)后都垂直打到x軸上，然后進入第四象限內(nèi)的正交電磁場區(qū)．已知帶電粒子電量+q，質(zhì)量為m，粒子重力不計．（1）所有通過第一象限磁場區(qū)的粒子中，求粒子經(jīng)歷的最短時間與最長時間的比值；（2）求粒子打到x軸上的范圍；（3）從x軸上x=a點射入第四象限的粒子穿過正交電磁場后，從y軸上坐標為（0，—b）

的Q點射出電磁場，求該粒子射出電磁場時的速度大?。畢⒖即鸢福罕绢}主要考察粒子在磁場中作圓周運動的周期，速度、圓、動能定理等知識點。屬中檔題型。（1）；；得：．

……（2）與軸夾角：．………………最左邊：．…與軸夾角：．…………最右邊：．…………范圍是：．……（3）在磁場中．…………………由題意知：．……………第四象限中，由動能定理：．…得：．…………18.如圖甲所示，A、B兩物體與水平面間的動摩擦因數(shù)相同，A的質(zhì)量為3kg，A以一定的初速度向右滑動，與B發(fā)生碰撞，碰撞前A的速度變化如圖乙中圖線Ⅰ所示，碰后A、B的速度變化分別為如圖乙中圖線Ⅱ、Ⅲ所示，g取10m/s2，求；①A與地面間的動摩擦因數(shù)和物體B的質(zhì)量；②分析該碰撞是彈性碰撞還是非彈性碰撞．參考答案：解：①由圖乙知碰撞前A的加速度為：aA===﹣2m/s2由牛頓第二定律得：﹣μAmAg=mAaA，得：μA=0.2由圖乙得碰后A的速度vA=2m/s，B的速度vB=6m/s，碰撞