鄭州市高新區(qū)一中2019-2020學(xué)年高二物理下學(xué)期期中試題含解析

河南省鄭州市高新區(qū)一中2019_2020學(xué)年高二物理下學(xué)期期中試題含解析河南省鄭州市高新區(qū)一中2019_2020學(xué)年高二物理下學(xué)期期中試題含解析PAGE19-河南省鄭州市高新區(qū)一中2019_2020學(xué)年高二物理下學(xué)期期中試題含解析河南省鄭州市高新區(qū)一中2019-2020學(xué)年高二物理下學(xué)期期中試題（含解析）（本試卷滿分100分，考試時(shí)間90分鐘）一、單項(xiàng)選擇題（共12小題，每小題3分，共36分。每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中只有一個(gè)選項(xiàng)是正確的，把答案填在答題表中）1.首先發(fā)現(xiàn)電流產(chǎn)生磁場(chǎng)的科學(xué)家是（）A。富蘭克林 B。法拉第 C。安培 D。奧斯特【答案】D【解析】【詳解】A。富蘭克林最早提出了電流、電荷、靜電的概念，故A錯(cuò)誤．B.法拉第最早發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，故B錯(cuò)誤,C。安培提出了安培定則,最早提出了分子電流假說(shuō),故C錯(cuò)誤．D。奧斯特首先發(fā)現(xiàn)了通電導(dǎo)線能夠產(chǎn)生磁場(chǎng)，故D正確．2。真空中兩個(gè)相同的金屬小球A和B，帶電荷量分別為QA=2×10—8C和QB=4×10-8C，相互作用力為F,若將兩球接觸后再放回原處，則它們之間的作用力將變?yōu)椋ǎ〢。 B。 C. D。【答案】A【解析】設(shè)A球的電荷量為Q，則B球的電荷量為2Q,未接觸前,根據(jù)庫(kù)侖定律，得：，接觸后兩球帶電量平分,再由庫(kù)侖定律，得:，則，故A正確．點(diǎn)晴：本題考查運(yùn)用比例法求解物理問(wèn)題的能力．對(duì)于兩個(gè)完全相同的金屬球，互相接觸后電量平分．3.電場(chǎng)中有一點(diǎn)P，下列說(shuō)法正確的是A。若放在P點(diǎn)的點(diǎn)電荷的電荷量減半，則P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)減半B。若P點(diǎn)沒(méi)有試探電荷，則P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為零C.P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)越大，則同一電荷在P點(diǎn)受的電場(chǎng)力越大D。P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向?yàn)樵囂诫姾稍谠擖c(diǎn)的受力方向【答案】C【解析】【詳解】AB。電場(chǎng)強(qiáng)度取決于電場(chǎng)本身，與有無(wú)試探電荷無(wú)關(guān)，所以在P點(diǎn)電荷減半或無(wú)檢驗(yàn)電荷，P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)不變，故A錯(cuò)誤，B錯(cuò)誤；C.據(jù)F=Eq知，P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)越大，則同一電荷在P點(diǎn)所受的電場(chǎng)力越大,故C正確；D.據(jù)場(chǎng)強(qiáng)方向的規(guī)定，正電荷所受電場(chǎng)力的方向與場(chǎng)強(qiáng)方向相同，所以P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向?yàn)檎姾稍谠擖c(diǎn)的受力方向，與負(fù)電荷受力方向相反，故D錯(cuò)誤．4.有一電場(chǎng)的電場(chǎng)線如右圖所示，場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小和電勢(shì)分別用EA、EB和φA、φB表示,則（）A.EA>EB，φA〉φB B.EA>EB，φA〈φBC.EA〈EB,φA〉φB D。EA〈EB，φA〈φB【答案】D【解析】【詳解】電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度大小,電場(chǎng)線越密,電場(chǎng)強(qiáng)度越大，故,沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低,故，D正確．5.關(guān)于電容器的電容，下列說(shuō)法正確的是（）A。電容器帶的電荷量越多,其電容越大B.電容器兩板間電壓越低，其電容越小C。電容器不帶電時(shí)，其電容為0D。電容器的電容只由它本身特性決定【答案】D【解析】A、B項(xiàng)：電容的大小與電容器兩端的電壓及電容器所帶的電量無(wú)關(guān)，故A、B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：根據(jù)，電容器的電容只由它本身特性決定，當(dāng)不帶電時(shí)，仍存在電容．故C錯(cuò)誤,D正確．點(diǎn)晴：解決本題的關(guān)鍵掌握電容的決定式：，知道電容與兩極板的距離、正對(duì)面積有關(guān)，與所帶的電量及兩端的電勢(shì)差無(wú)關(guān)．6。下圖列出了不同品牌的電視機(jī)、電風(fēng)扇、空調(diào)機(jī)和電冰箱銘牌上的主要項(xiàng)目，試判斷正常工作時(shí)其中功率最大的是（）A。 B。C。 D?！敬鸢浮緾【解析】由電冰箱、電視機(jī)、電風(fēng)扇銘牌直接讀出它們的額定功率分別為：85W，70W、65W．對(duì)于空調(diào)機(jī)，由銘牌上讀出額定電壓U=220V，額定電流I=6.2A，則其額定功率為P=UI=1364W，所以正常工作時(shí)，功率最大的電器是空調(diào)機(jī),故C正確．點(diǎn)晴：本題考查讀取電器銘牌信息的能力，空調(diào)機(jī)的功率為P=UI．7.兩根由同種材料制成的均勻電阻絲A、B串聯(lián)在電路中，A的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，直徑為d；B的長(zhǎng)度為2L,直徑為2d，那么通電后在相同的時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的熱量之比為A。QA∶QB＝1∶2 B.QA∶QB＝2∶1C.QA∶QB＝1∶1 D.QA∶QB＝4∶1【答案】B【解析】【分析】由題意可知考查焦耳定律、電阻定律，據(jù)此分析計(jì)算可得．【詳解】由電阻定律可得電阻絲A的電阻電阻絲B的電阻所以由焦耳定律可得代入數(shù)值可得QA∶QB＝2∶1【點(diǎn)睛】先由電阻定律求得兩個(gè)電阻絲的電阻之比，再由焦耳定律計(jì)算出相同時(shí)間產(chǎn)生的熱量之比．8.如右圖所示，是四只電阻的I－U圖像,這四只電阻并聯(lián)起來(lái)使用時(shí),通過(guò)各只電阻的電流強(qiáng)度分別是I1、I2、I3、I4，則(）A.I1＞I2＞I3＞I4B.I1=I2=I3=I4C。I1＜I2＜I3＜I4D。無(wú)法判斷【答案】C【解析】由于在I-U圖象中，直線的斜率的倒數(shù)等于導(dǎo)體的電阻值；R4斜率最大．電阻值最小，R1的斜率最小，電阻值最大；這四個(gè)電阻并聯(lián)起來(lái)使用時(shí),它們兩端的電壓是相等的，根據(jù)歐姆定律：，電阻值大的電阻,流過(guò)的電流小,所以:I1＜I2＜I3＜I4．故C正確．點(diǎn)晴:會(huì)熟練應(yīng)用歐姆定律，知道并聯(lián)電路電阻與電流的比值關(guān)系．明確I-U圖象中圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)．9.一帶電粒子沿著右圖中曲線JK穿過(guò)一勻強(qiáng)電場(chǎng)，a、b、c、d為該電場(chǎng)的等勢(shì)面，其中φa〈φb〈φc<φd，若不計(jì)粒子受的重力，可以確定（）A。該粒子帶正電B.從J到K粒子的電勢(shì)能減少C。粒子從J到K運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的動(dòng)能減?。瓺.粒子從J到K運(yùn)動(dòng)過(guò)程中作變加速運(yùn)動(dòng)．【答案】B【解析】A項(xiàng)：由運(yùn)動(dòng)軌跡可知電場(chǎng)力方向向右，由電勢(shì)的高低可知電場(chǎng)線方向向左，則電性為負(fù)，故A錯(cuò)誤；B、C項(xiàng)：由J到K電場(chǎng)力做正功，則動(dòng)能增加，電勢(shì)能減小，總能量不變，故B正確，C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：由于粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，粒子只受電場(chǎng)力，所以粒子所受合力恒定,故粒子作勻變速運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤．點(diǎn)晴:本題通過(guò)帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)考查了電勢(shì)、電勢(shì)能、電場(chǎng)力等問(wèn)題，解決這類問(wèn)題的突破口是：做曲線運(yùn)動(dòng)的物體所受合外力指向其軌跡內(nèi)側(cè)．10。在如右上圖所示的電路中，電池的電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)電阻為r，R1、R2為兩個(gè)阻值固定的電阻,當(dāng)可變電阻R的滑片向下移動(dòng)時(shí)，安培表的示數(shù)I和伏特表的示數(shù)U將（）A。I變大,U變大B.I變大，U變小C。I變小,U變大D.I變小，U變小【答案】B【解析】當(dāng)R的滑動(dòng)觸頭P向下移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析得知總電流I增大，電壓表測(cè)量路端電壓U,而U=E-Ir，I增大，E、r不變，則U變?。籖1兩端電壓變大，R2兩端變小,通過(guò)R2電流減小,總電流變大，通過(guò)A的電流變大，故B正確．點(diǎn)晴：電路的動(dòng)態(tài)分析:析的順序：外電路部分電路變化→總電阻的變化→判斷總電流的變化→由閉合電路歐姆定律判斷U的變化→由部分電路歐姆定律分析固定電阻的電流、電壓的變化歐→用串、并聯(lián)規(guī)律分析變化電阻的電流、電壓電功．11。在如圖所示的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，已經(jīng)標(biāo)出了電流I和磁場(chǎng)B以及磁場(chǎng)對(duì)電流作用力F三者的方向，其中錯(cuò)誤的是(）A. B。C。 D?！敬鸢浮緿【解析】【詳解】A．根據(jù)左手定則可知，該圖中導(dǎo)線所受安培力方向正確，選項(xiàng)A不符合題意。B．根據(jù)左手定則可知，該圖中導(dǎo)線所受安培力方向正確，選項(xiàng)B不符合題意。C．根據(jù)左手定則可知,該圖中導(dǎo)線所受安培力方向正確，選項(xiàng)C不符合題意。D．圖中導(dǎo)線的磁場(chǎng)方向平行,則導(dǎo)線不受安培力,此選項(xiàng)錯(cuò)誤，選項(xiàng)D符合題意。故選D。12。如圖所示,用兩根輕細(xì)金屬絲將質(zhì)量為m，長(zhǎng)為的金屬棒懸掛在c、d兩處，置于勻強(qiáng)磁場(chǎng)內(nèi)．當(dāng)棒中通以從a到b的電流I后,兩懸線偏離豎直方向角處于平衡狀態(tài)．為了使棒平衡在該位置上，所需的最小磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小、方向是（）A。,豎直向上B。，豎直向下C.，平行懸線向下D。，平行懸線向上【答案】D【解析】【詳解】從b點(diǎn)沿金屬棒看進(jìn)去，受力分析如圖磁感應(yīng)強(qiáng)度最小時(shí)，安培力最小，如圖所示．可得，在結(jié)合左手定則,可得，磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向?yàn)檠乩K向上．故選D二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共計(jì)16分，每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題意。全部對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，錯(cuò)選或不答的得0分。13.如圖所示，A、B為兩個(gè)等量的正點(diǎn)電荷,在其連線中垂線上的P點(diǎn)放一個(gè)負(fù)點(diǎn)電荷q（不計(jì)重力）由靜止釋放后，下列說(shuō)法中正確的是（）A。點(diǎn)電荷在從P點(diǎn)到O運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中,加速度越來(lái)越大，速度越來(lái)越大B。點(diǎn)電荷在從P點(diǎn)到O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中,加速度越來(lái)越小,速度越來(lái)越大C.點(diǎn)電荷運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)時(shí)加速度為零，速度達(dá)最大值D。點(diǎn)電荷將在O點(diǎn)兩側(cè)往復(fù)運(yùn)動(dòng)?！敬鸢浮緾D【解析】【詳解】AB．在O上方，在等量同種電荷連線中垂線上電場(chǎng)強(qiáng)度方向O→P，負(fù)點(diǎn)電荷q從P點(diǎn)到O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，電場(chǎng)力方向P→O，速度越來(lái)越大。但電場(chǎng)線的疏密情況不確定,電場(chǎng)強(qiáng)度大小變化情況不確定，則點(diǎn)電荷所受電場(chǎng)力大小變化情況不確定，加速度變化情況無(wú)法判斷。故AB錯(cuò)誤。C．越過(guò)O點(diǎn)后,負(fù)電荷q所受的電場(chǎng)力O→P，則負(fù)電荷做減速運(yùn)動(dòng)，所以點(diǎn)電荷運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)時(shí)速度最大。電場(chǎng)力為零，加速度為零.故C正確.D．根據(jù)電場(chǎng)線的對(duì)稱性可知，越過(guò)O點(diǎn)后，負(fù)電荷q做減速運(yùn)動(dòng)，直到速度減為零,以后再返回做往復(fù)運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)D正確；故選CD。14。某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)多量程多用電表，其內(nèi)部結(jié)構(gòu)原理圖如圖所示，測(cè)電流和測(cè)電壓時(shí)各有兩個(gè)量程，還有兩個(gè)檔位用來(lái)測(cè)電阻，則下列說(shuō)法正確的是A。當(dāng)功能選擇開關(guān)S與1、2觸點(diǎn)相接時(shí)，測(cè)的是電流B。當(dāng)功能選擇開關(guān)S與3、4觸點(diǎn)相接時(shí),測(cè)的是電壓C.A表筆為紅表筆，B表筆為黑表筆D.當(dāng)功能選擇開關(guān)S旋到觸點(diǎn)5時(shí)的量程比旋到6時(shí)的量程大【答案】AC【解析】【詳解】A項(xiàng)：當(dāng)S旋到位置1、2時(shí)，電流表與電阻并聯(lián),并聯(lián)電阻起分流作用，可用來(lái)測(cè)量電流．則A正確；B項(xiàng)：當(dāng)轉(zhuǎn)換開關(guān)S旋到位置3，4時(shí)，內(nèi)部電源被接通，構(gòu)成歐姆表,可測(cè)量電阻,則B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：電流由紅表筆進(jìn),由黑表筆出，則A表筆為紅表筆,B表筆為黑表筆，則C正確；D項(xiàng):S旋到位置5時(shí),串聯(lián)電阻阻值較小，則分壓較大，故旋到觸點(diǎn)5時(shí)的量程比旋到6時(shí)的量程小，則D錯(cuò)誤．【點(diǎn)晴】本題考查多用電表的內(nèi)部結(jié)構(gòu)，電壓檔和電流檔的內(nèi)部結(jié)構(gòu)與前面所學(xué)習(xí)的電壓表電流表的改裝原理相同，而歐姆檔啟用時(shí)內(nèi)部電源被接通．15.如圖所示,三個(gè)質(zhì)量相同,帶電荷量分別為＋q、－q和0的小液滴a、b、c，從豎直放置的兩板中間上方由靜止釋放，最后從兩板間穿過(guò)，軌跡如圖所示,則在穿過(guò)極板的過(guò)程中:A。電場(chǎng)力對(duì)液滴a、b做的功相同B.三者動(dòng)能的增量相同C.液滴a與液滴b電勢(shì)能的變化量相等D.重力對(duì)c做的功最多【答案】AC【解析】A項(xiàng)：因?yàn)橐旱蝍、b電荷量大小相等，則液滴所受的電場(chǎng)力大小相等,由靜止釋放，穿過(guò)兩板的時(shí)間相等，則偏轉(zhuǎn)位移大小相等,電場(chǎng)力做功相等．故A正確；B項(xiàng)：電場(chǎng)力對(duì)a、b兩液滴做功相等，重力做功相等，則動(dòng)能的增量相等，對(duì)于c液滴，只有重力做功，小于a、b動(dòng)能的增量．故B錯(cuò)誤;C項(xiàng)：對(duì)于液滴a和液滴b，電場(chǎng)力均做正功,電場(chǎng)力所做的功等于電勢(shì)能的變化量，故C正確；D項(xiàng)：三者在穿過(guò)極板的過(guò)程中豎直方向的位移相等，三個(gè)質(zhì)量相同，所以重力做功相等，故D錯(cuò)誤．16.如圖所示，條形磁鐵放在水平粗糙桌面上，它的右上方附近固定有一根長(zhǎng)直導(dǎo)線，導(dǎo)線中通與了方向垂直紙面向里（即與條形磁鐵垂直)的電流，與原來(lái)沒(méi)有放置通電導(dǎo)線時(shí)相比較，磁鐵受到的支持力N和摩擦力f的變化情況是A。N減小了 B.N增大了C。f始終為0 D.f不為0，且方向向右【答案】BD【解析】以導(dǎo)線為研究對(duì)象，由左手定則判斷得知導(dǎo)線所受安培力方向斜向右上方；根據(jù)牛頓第三定律得知,導(dǎo)線對(duì)磁鐵的安培力方向斜向左下方，磁鐵有向左運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，受到向右的摩擦力，同時(shí)磁鐵對(duì)地的壓力增大；故B、D正確．本題考查靈活運(yùn)用牛頓第三定律選擇研究對(duì)象的能力．關(guān)鍵存在先研究導(dǎo)線所受安培力．三．實(shí)驗(yàn)題:（本大題共9小題,每空2分，共計(jì)18分）17.某同學(xué)測(cè)量一個(gè)圓柱體的電阻率,需要測(cè)量圓柱體的尺寸和電阻．①分別使用游標(biāo)卡尺和螺旋測(cè)微器測(cè)量圓柱體的長(zhǎng)度和直徑，某次測(cè)量的示數(shù)如圖（a)和圖（b）所示,長(zhǎng)度為_____cm，直徑為_____mm．②按圖（c)鏈接電路后，實(shí)驗(yàn)操作如下：(a)將滑動(dòng)變阻器R1的阻值置于最_____處(填“大"或“小”）；將S2撥向接點(diǎn)1,閉合S1,調(diào)節(jié)R1，使電流表示數(shù)為I0；(b）將電阻箱R2的阻值調(diào)至最______(填“大”或“小"）；將S2撥向接點(diǎn)2；保持R1不變，調(diào)節(jié)R2，使電流表示數(shù)仍為I0，此時(shí)R2阻值為1280Ω；③由此可知，圓柱體的電阻為_____Ω．【答案】①5。015。315②（a)大（b）大③1280【解析】①根據(jù)游標(biāo)卡尺讀數(shù)規(guī)則，主尺讀數(shù)為5cm，游標(biāo)尺讀數(shù)為0.05×3mm,長(zhǎng)度為5。015cm,根據(jù)螺旋測(cè)微器的讀數(shù)規(guī)則，主尺讀數(shù)為5mm，可動(dòng)刻度為31.0×0。01mm，所以直徑為5。310mm．②（a）為了保護(hù)電路，因此閉合電鍵前，滑動(dòng)變阻器一定調(diào)到阻值最大；(b）將固柱體電阻換成電阻箱時(shí)，也一定將電阻箱調(diào)到最大,也是為了保護(hù)電路安全；③此題采用等效替代法測(cè)量電阻，圓柱體的電阻等于電阻箱R2的阻值為1280Ω．點(diǎn)晴：首先應(yīng)明確實(shí)驗(yàn)原理,本實(shí)驗(yàn)中測(cè)量電阻所采取的方法是替代法．此處有視頻，請(qǐng)去附件查看】18。測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)電路和U—I圖象如下，回答下列問(wèn)題:①現(xiàn)備有以下器材：A．干電池1個(gè)B．滑動(dòng)變阻器(0～50Ω）D．電壓表(0～3V)E．電壓表（0～15V)F．電流表(0~0。6A）G．電流表(0～3A）其中電流表應(yīng)選______，電壓表應(yīng)選______．（填字母代號(hào)）②根據(jù)圖線讀出電池的電動(dòng)勢(shì)E=________V，電池的內(nèi)阻r=_______Ω.【答案】(1)。F(2）.D(3).1。5(4）。1.0【解析】【分析】(1）在選擇電壓表和電流表時(shí)要求在不超過(guò)量程的前提下偏轉(zhuǎn)角度盡量大些，在滿量程的左右偏轉(zhuǎn)最好．(2）在U-I圖象中縱坐標(biāo)的截距代表的是電源的電動(dòng)勢(shì)，直線的斜率代表的是電源的內(nèi)阻的大?。驹斀狻浚?）測(cè)定一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻，電動(dòng)勢(shì)為1。5V左右，電壓表量程應(yīng)選0—3V，故選D；圖象顯示最大電流為0。4A,故電流表量程應(yīng)選0-0。6A合適,故選F。（2)由U—I圖像可知這個(gè)干電池的電動(dòng)勢(shì)等于縱截距，故這個(gè)干電池的電動(dòng)勢(shì)E=1。5V;內(nèi)電阻等于斜率，故.【點(diǎn)睛】正確選擇儀器是電學(xué)實(shí)驗(yàn)的經(jīng)常考查的考點(diǎn)；在測(cè)量電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻時(shí),要注意根據(jù)畫出的U-I圖象結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)分析出電動(dòng)勢(shì)及內(nèi)阻．四、解答題：(共10+10+10=30分.解答時(shí)寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要演算步驟。只寫出最后答案的不能得分．有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位）19。在靜電場(chǎng)中，有一帶電荷量q=3×10-6C的正點(diǎn)電荷，從電場(chǎng)中A點(diǎn)移到B點(diǎn)時(shí),克服靜電力做功6×10—4J，從B點(diǎn)移到C點(diǎn)時(shí)靜電力做功9×10—4J．則：(1）A、B、C三點(diǎn)中哪點(diǎn)電勢(shì)最高?哪點(diǎn)電勢(shì)最低?(2）求AB、BC的電勢(shì)差UAB、UBC．【答案】（1)B點(diǎn)電勢(shì)最高，C點(diǎn)電勢(shì)最低；(2)，.【解析】(1)正電荷從A移到B點(diǎn)的過(guò)程，電荷克服電場(chǎng)力做功,可見正電荷從電勢(shì)高處移至電勢(shì)低處，即φA＜φB正電荷從B移至C,電場(chǎng)力做正功，可見正電荷從電勢(shì)低處移至電勢(shì)高處，即φC＜φB(2），點(diǎn)晴:電勢(shì)差U:電荷在電場(chǎng)中由一點(diǎn)A移動(dòng)到另一點(diǎn)B時(shí)，電場(chǎng)力所做的功WAB與電荷量q的比值WAB/q叫做AB兩點(diǎn)間的電勢(shì)差．20.如圖所示,一束電子流在經(jīng)U1=5000V的加速電壓加速后，在