四校長(zhǎng)郡中學(xué)雅禮中學(xué)等2020屆高三物理下學(xué)期2月試題含解析

湖南省四校長(zhǎng)郡中學(xué)雅禮中學(xué)等2020屆高三物理下學(xué)期2月試題含解析湖南省四校長(zhǎng)郡中學(xué)雅禮中學(xué)等2020屆高三物理下學(xué)期2月試題含解析PAGE31-湖南省四校長(zhǎng)郡中學(xué)雅禮中學(xué)等2020屆高三物理下學(xué)期2月試題含解析湖南省四校（長(zhǎng)郡中學(xué)、雅禮中學(xué)等）2020屆高三物理下學(xué)期2月試題（含解析）二、選擇題：本大題共8小題，每小題6分，共48分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14~18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19～21題有多項(xiàng)符合題目要求,全部選對(duì)得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1。2019年1月3日,中國“嫦娥四號(hào)”探測(cè)器成功著陸在月球背面。因月球晝夜溫差特別大,長(zhǎng)達(dá)近半個(gè)月的黑夜會(huì)使月表溫度降到零下一百多度，“嫦娥四號(hào)"除了太陽能板之外，還帶了一塊“核電池”。核電池利用Pu衰變?yōu)榈経時(shí)釋放的能量，可在月夜期間提供不小于2.5W的電功率,還能提供大量熱能用于艙內(nèi)溫度控制。已知Pu的質(zhì)量為mPu，U的質(zhì)量為mU，真空中光速為c,下列說法正確的是(）A.Pu衰變?yōu)閁的核反應(yīng)方程為Pu→U+HeB.Pu衰變?yōu)閺?qiáng)U,中子數(shù)減少4C。Pu衰變?yōu)閺?qiáng)U釋放的能量為（mPu—mU）c2D.Pu衰變時(shí)釋放的能量大小和衰變快慢會(huì)受到陽光、溫度、電磁場(chǎng)等環(huán)境因素的影響【答案】A【解析】【詳解】A.Pu發(fā)生αα衰變?yōu)閁，該反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)守恒，電荷數(shù)守恒,故A正確；B.Pu衰變?yōu)閺?qiáng)U，質(zhì)量數(shù)減少4,質(zhì)子數(shù)減少2，中子數(shù)減少2，故B錯(cuò)誤;C.該衰變質(zhì)量虧損為Pu的質(zhì)量減去U的質(zhì)量和α粒子的質(zhì)量，釋放的能量為(mPu—mU-mα)c2，故C錯(cuò)誤；D.衰變快慢只與原子核本身有關(guān)，與陽光、溫度、電磁場(chǎng)等環(huán)境因素?zé)o關(guān),故D錯(cuò)誤。故選：A.2.2019年春節(jié)上映的科幻電影《流浪地球》，講述了因太陽急速膨脹，地球?qū)⒈惶柾虥]，為了自救,人類提出一個(gè)名為“流浪地球”的大膽計(jì)劃,傾全球之力在地球表面建造上萬座發(fā)動(dòng)機(jī)，推動(dòng)地球離開太陽系,奔往另外一個(gè)棲息之地.“流浪地球”計(jì)劃中地球的逃逸速度是地球逃離太陽系的速度，此速度等于地球繞太陽運(yùn)行速度的倍。已知太陽的質(zhì)量約為2。0×1030kg，地球和太陽之間的距離約為1。5×1011m,引力常量G=6.67×10－11N·m2/kg2，不考慮其他天體對(duì)地球的作用力，則地球要想逃離太陽系需要加速到的最小速度約為（）A。11。2km/s B。30km/s C.16。7km/s D.42km/s【答案】D【解析】【詳解】根據(jù)萬有引力提供向心力：，解得地球繞太陽運(yùn)行速度為：，則地球要想逃離太陽系需要加速到的最小速度約為：，故D正確，ABC錯(cuò)誤。故選：D.3。一根長(zhǎng)度約為1米的空心鋁管豎直放置，把一枚小圓柱形永磁體從鋁管上端管口放入管中。圓柱體直徑略小于鋁管的內(nèi)徑.永磁體在管內(nèi)運(yùn)動(dòng)時(shí)，不與鋁管內(nèi)壁發(fā)生摩擦且無翻轉(zhuǎn)，不計(jì)空氣阻力。若永磁體下落過程中在鋁管內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小與永磁體的磁性強(qiáng)弱和下落的速度成正比，鋁管的有效電阻恒定，關(guān)于永磁體在鋁管內(nèi)運(yùn)動(dòng)的過程，下列說法正確的是（)A。若永磁體的下端是N極，鋁管中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向從上向下看為順時(shí)針B。若僅增強(qiáng)永磁體的磁性,其經(jīng)過鋁管的時(shí)間會(huì)延長(zhǎng)C。若永磁體穿出鋁管前已做勻速運(yùn)動(dòng)，則在鋁管內(nèi)勻速運(yùn)動(dòng)的過程中重力勢(shì)能的減少量大于產(chǎn)生的焦耳熱D。永磁體從釋放到穿出的整個(gè)過程中，其受到電磁阻力的沖量大于重力的沖量【答案】B【解析】【詳解】A。若永磁體的下端是N極，依據(jù)楞次定律，則鋁管中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向從上向下看為逆時(shí)針，故A錯(cuò)誤；B.如果僅增強(qiáng)永磁體的磁性，磁鐵在鋁管中運(yùn)動(dòng)受到阻力更大,所以運(yùn)動(dòng)時(shí)間變長(zhǎng),故B正確;C。若永磁體穿出鋁管前已做勻速運(yùn)動(dòng),依據(jù)能量轉(zhuǎn)化與守恒定律，則在鋁管內(nèi)勻速運(yùn)動(dòng)的過程中重力勢(shì)能的減少量等于產(chǎn)生的焦耳熱,故C錯(cuò)誤；D。永磁體從釋放到穿出的整個(gè)過程中，動(dòng)量增大,根據(jù)動(dòng)量定理,其受到電磁阻力的沖量小于重力的沖量，故D錯(cuò)誤；故選：B。4.如圖所示，重力均為G的兩小球用等長(zhǎng)的細(xì)繩a、b懸掛在O點(diǎn),兩小球之間用一根輕彈簧連接，兩小球均處于靜止?fàn)顟B(tài),兩細(xì)繩a、b與輕彈簧c恰構(gòu)成一正三角形?，F(xiàn)用水平力F緩慢拉動(dòng)右側(cè)小球,使細(xì)繩a最終豎直，并保持兩小球處于靜止?fàn)顟B(tài)，則下列說法正確的是(）A.最終狀態(tài)與初態(tài)相比，細(xì)繩a的拉力變大B.最終狀態(tài)與初態(tài)相比，細(xì)繩b的拉力變大C。最終狀態(tài)與初態(tài)相比，輕彈簧c的彈力變大D.最終狀態(tài)時(shí),水平拉力F等于G【答案】B【解析】【詳解】A。初始狀態(tài)時(shí)，左側(cè)小球在豎直方向上：受到豎直向下的重力，a的拉力沿豎直方向的分力，二力平衡。細(xì)線a的拉力：；末狀態(tài)時(shí)左側(cè)小球的受力：受到豎直向下的重力，a的豎直向上的拉力,二力平衡.細(xì)線的拉力等于重力。細(xì)線的拉力變小。故A錯(cuò)誤；C。初始狀態(tài)時(shí)，左側(cè)小球在水平方向上：彈簧向左的彈力，a的拉力沿水平方向的分力，二力平衡。彈簧的彈力:，末狀態(tài)時(shí)左側(cè)小球的受力：受到豎直向下的重力，a的豎直向上的拉力，二力平衡。彈簧的彈力為零,變小，故C錯(cuò)誤；B.初始狀態(tài)時(shí)，右側(cè)小球在豎直方向上：受到豎直向下的重力，b的拉力沿豎直方向的分力，二力平衡。細(xì)線b的拉力：;末狀態(tài)時(shí)右側(cè)小球的受力:受到豎直向下的重力，b的拉力和水平向右的拉力F,b的豎直向上的拉力等于重力,彈簧恢復(fù)原長(zhǎng),細(xì)線b與豎直方向的夾角大于60°，細(xì)線b的拉力：,細(xì)線b的拉力變大。故B正確；D。因?yàn)榧?xì)線b與豎直方向的夾角大于60°，所以水平拉力F的大小:，故D錯(cuò)誤。故選:B5.滑板運(yùn)動(dòng)是青少年喜愛的一項(xiàng)極限運(yùn)動(dòng).如圖所示為一段滑道的示意圖，水平滑道與四分之一圓弧滑道在B點(diǎn)相切，圓弧半徑為3m。運(yùn)動(dòng)員第一次在水平滑道上由靜止開始蹬地向前加速后，沖上圓弧滑道且恰好到達(dá)圓弧上的C點(diǎn)；第二次運(yùn)動(dòng)員仍在水平滑道上由靜止開始蹬地向前加速后，沖上圓弧滑道并從C點(diǎn)沖出,經(jīng)1.2s又從C點(diǎn)返回軌道.已知滑板和運(yùn)動(dòng)員可看做質(zhì)點(diǎn)，總質(zhì)量為65kg，重力加速度g=10m/s2，忽略空氣阻力以及滑板和滑道之間的摩擦力，則下列說法正確的是（）A.運(yùn)動(dòng)員兩次經(jīng)過C點(diǎn)時(shí)對(duì)滑道的壓力均為零B。運(yùn)動(dòng)員第二次經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)對(duì)滑道的壓力比第一次的壓力大780NC。運(yùn)動(dòng)員第二次在水平滑道上蹬地加速的過程中做的功比第一次多3120JD。運(yùn)動(dòng)員第二次在水平滑道上蹬地加速的過程中作用力的沖量比第一次多390N·s【答案】B【解析】【詳解】A。運(yùn)動(dòng)員第一次到達(dá)C點(diǎn)時(shí)速度為零，第二次沖過C點(diǎn)后經(jīng)1。2s返回軌道，根據(jù)豎直上拋運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性,經(jīng)過C點(diǎn)的速度為:根據(jù)牛頓第二定律，向心力：可知,第一次經(jīng)過C點(diǎn)時(shí)對(duì)滑道的壓力為零,第二次不為零，故A錯(cuò)誤；B.根據(jù)機(jī)械能守恒，經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)的速度為vB，則：根據(jù)牛頓第二定律,經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)軌道的支持力：聯(lián)立，代入數(shù)據(jù)可得：，,運(yùn)動(dòng)員第二次經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)滑道的支持力比第一次的支持力大:根據(jù)牛頓第三定律，運(yùn)動(dòng)員第二次經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)對(duì)滑道的壓力比第一次的壓力大780N，故B正確；C.根據(jù)動(dòng)能定理，運(yùn)動(dòng)員在水平滑道上蹬地加速的過程中做的功：代入數(shù)據(jù)解得：運(yùn)動(dòng)員第二次在水平滑道上蹬地加速的過程中做的功比第一次多：故C錯(cuò)誤；D.根據(jù)動(dòng)量定理，運(yùn)動(dòng)員在水平滑道上蹬地加速的過程中作用力的沖量為：根據(jù)B選項(xiàng)解析可得：，，代入數(shù)據(jù)得：I1=65N·s，I,2=260N·s，運(yùn)動(dòng)員第二次在水平滑道上蹬地加速的過程中作用力的沖量比第一次多：ΔI=I2-I1=260N·s-65N·s，故D錯(cuò)誤。故選：B.6。如圖所示,H1、H2是同種金屬材料（自由電荷為電子)、上下表面為正方形的兩個(gè)霍爾元件，H1的邊長(zhǎng)和厚度均為H2邊長(zhǎng)和厚度的2倍。將兩個(gè)霍爾元件放置在同一勻強(qiáng)磁場(chǎng)B中，磁場(chǎng)方向垂直于兩元件正方形表面。在兩元件上加相同的電壓，形成圖示方向的電流，M、N兩端形成霍爾電壓U，下列說法正確的是（）A.H1中的電流強(qiáng)度是H2中電流強(qiáng)度的2倍B。H1、H2上M端電勢(shì)高于N端電勢(shì)C.H1中產(chǎn)生的霍爾電壓是H2中產(chǎn)生的霍爾電壓的2倍D。H1中產(chǎn)生的霍爾電壓等于H2中產(chǎn)生的霍爾電壓【答案】AD【解析】【詳解】A.根據(jù)電阻，設(shè)正方形金屬導(dǎo)體邊長(zhǎng)a,厚度為b，則，則2R1=R2,在兩導(dǎo)體上加上相同電壓,則R1中的電流等于R2中電流的2倍，故A正確；B。電子定向移動(dòng)的分析與電流方向反向，在磁場(chǎng)中受到洛倫茲力作用，根據(jù)左手定則可知,向M表面偏轉(zhuǎn),所以M端電勢(shì)低于N端電勢(shì),故B錯(cuò)誤；CD。根據(jù)電場(chǎng)力與洛倫茲力平衡,則有，由電流:，及電阻：聯(lián)立解得:，則有H1中產(chǎn)生的霍爾電壓和H2中產(chǎn)生的霍爾電壓相等,故C錯(cuò)誤，D正確；故選:AD.7.如圖甲所示，理想變壓器原線圈匝數(shù)n1=2200匝,副線圈匝數(shù)n2=100匝，電流表、電壓表均可視為理想交流電表，定值電阻R=10Ω，二極管D正向電阻等于零，反向電阻無窮大.變壓器原線圈接入如圖乙所示的交流電壓，下列說法正確的是（)A.電壓表的示數(shù)約為10VB.電流表的示數(shù)約為0。032AC。穿過變壓器鐵芯的磁通量變化率的最大值約為1.0Wb/sD。穿過變壓器鐵芯的磁通量的最大值約為4。5×10－4Wb【答案】BD【解析】【詳解】A.電流表、電壓表的讀數(shù)為有效值。根據(jù)乙圖知,原線圈的電壓的最大值Um=220V，有效值為U1==220V；由，代入數(shù)據(jù)解得：U2=10V；設(shè)電壓表的讀數(shù)為U2′，根據(jù)有效值的定義有：，代入數(shù)據(jù)解得：，故A錯(cuò)誤；B.副線圈的電流，由，代入數(shù)據(jù)解得原線圈電流的有效值：I1≈0.032A，故B正確；C、由，解得磁通量變化率的最大值:,故C錯(cuò)誤；D。根據(jù)乙圖知，T=0.02s，則而,代入數(shù)據(jù)解得穿過變壓器鐵芯的磁通量的最大值:,故D正確。故選：BD。8.如圖甲所示的按壓式圓珠筆可以簡(jiǎn)化為外殼、內(nèi)芯和輕質(zhì)彈簧三部分,已知內(nèi)芯質(zhì)量為m，外殼質(zhì)量為4m，外殼與內(nèi)芯之間的彈簧的勁度系數(shù)為k。如圖乙所示，把筆豎直倒立于水平硬桌面上，用力下壓外殼使其下端接觸桌面（見位置a），此時(shí)彈簧壓縮量為h=，儲(chǔ)存的彈性勢(shì)能為E=，然后將圓珠筆由靜止釋放，圓珠筆外殼豎直上升與內(nèi)芯發(fā)生碰撞時(shí)（見位置b)，彈簧恰恢復(fù)到原長(zhǎng)，此后內(nèi)芯與外殼以共同的速度一起上升到最大高度處（見位置c）。不計(jì)摩擦與空氣阻力，下列說法正確的是(）A。彈簧推動(dòng)外殼向上運(yùn)動(dòng)的過程中，當(dāng)外殼速度最大時(shí),彈簧處于壓縮狀態(tài)B.外殼豎直上升與靜止的內(nèi)芯碰撞前的瞬間外殼的速外殼的速度大小為8gC。外殼與內(nèi)芯碰撞后,圓珠筆上升的最大高度為D.圓珠筆彈起的整個(gè)過程中，彈簧釋放的彈性勢(shì)能等于圓珠筆增加的重力勢(shì)能【答案】AC【解析】【詳解】A.外殼受向下的重力和向上的彈力，彈力逐漸減小，當(dāng)彈力等于重力時(shí)，加速度為零，速度最大，所以當(dāng)外殼速度最大時(shí)，彈簧處于壓縮狀態(tài)，故A正確；B。設(shè)外殼與內(nèi)芯碰撞前的瞬間外殼的速度為v，動(dòng)能定理：,即:，得：，故B錯(cuò)誤；C。

外殼和內(nèi)芯碰撞過程，取豎直向上為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：碰后過程，由機(jī)械能守恒定律得：聯(lián)立解得：故C正確；D.

筆從撒手到彈起到最大高度處的過程中,外殼和內(nèi)芯碰撞過程中系統(tǒng)的機(jī)械能有損失,所以彈簧釋放的彈性勢(shì)能大于筆增加的重力勢(shì)能，故D錯(cuò)誤.故選：AC。第Ⅱ卷（共174分）三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。第2題～第32題為必考題，每個(gè)試題考生都必須做答.第33題～第38題為選考題,考生根據(jù)要求做答（一）必考題：共129分。9.某高三物理實(shí)驗(yàn)小組利用氣墊導(dǎo)軌進(jìn)行“驗(yàn)證動(dòng)能定理”實(shí)驗(yàn).實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示,氣墊導(dǎo)軌的兩個(gè)底腳間距為L(zhǎng)，右側(cè)底腳距桌面的高度為h，兩光電門A、B中心的距離為s，重力加速度為g。(1)用螺旋測(cè)微器測(cè)滑塊上遮光條的寬度d，其示數(shù)如圖乙所示,則d=____________mm。(2）釋放滑塊，測(cè)定遮光條分別經(jīng)過光電門A、B的時(shí)間tA、tB，當(dāng)各已知量和測(cè)定量之間滿足表達(dá)式____________時(shí)，即說明滑塊在光電門A、B間的運(yùn)動(dòng)過程滿足動(dòng)能定理.（3）若需要多次重復(fù)實(shí)驗(yàn)來驗(yàn)證，則每次實(shí)驗(yàn)中____________（填“需要”或“不需要”將滑塊從同一位置釋放?！敬鸢浮?1）。6。800(2).（3）.不需要【解析】【詳解】（1）[1]螺旋測(cè)微器的主尺刻度為6。5mm，螺旋尺刻度為30。0×0。01mm=0.300mm,所以遮光條的寬度：；（2）[2］滑塊經(jīng)過光電門A的速度,經(jīng)過光電門B的速度，滑塊在光電門間運(yùn)動(dòng)過程,動(dòng)能的變化量：,合外力做功,若運(yùn)動(dòng)中滿足動(dòng)能定理，則需滿足,即滿足，即可說明滑塊在光電門A、B間的運(yùn)動(dòng)過程滿足動(dòng)能定理；（3）由于本實(shí)驗(yàn)中每次都可以計(jì)算出經(jīng)過光電門的速度，則不需要滿足每次經(jīng)過光電門的速度相同，故不需要每次實(shí)驗(yàn)中將滑塊從同一位置釋放。10.某高三物理實(shí)驗(yàn)小組要描繪一只小燈泡L（3.8V0.3A)完整的伏安特性曲線，實(shí)驗(yàn)室除導(dǎo)線和開關(guān)外，還有以下器材可供選擇:A.電源E1(電動(dòng)勢(shì)為8V，內(nèi)阻約為0.5Ω)B。電源E2（電動(dòng)勢(shì)為3V，內(nèi)阻約為0。2Ω）C。電壓表V（量程為4V,內(nèi)阻約為5000Ω）D。電流表G（量程為10mA，內(nèi)阻為58。0Ω）E.電阻箱R（最大阻值為99。99Ω）F.定值電阻R0=12ΩG?；瑒?dòng)變阻器R1（阻值不清，額定電流為1。5A）H?；瑒?dòng)變阻器R2（阻值不清,額定電流為1。5A）(1)本實(shí)驗(yàn)中考慮要采用分壓電路,因兩個(gè)滑動(dòng)變阻器銘牌上標(biāo)注電阻值看不清楚，組內(nèi)同學(xué)對(duì)滑動(dòng)變阻器的選擇展開討論。甲同學(xué)提出:先用電源E2、小燈泡、電壓表和滑動(dòng)變阻器組成如圖甲所示電路，分別接入滑動(dòng)變阻器R1和R2,移動(dòng)滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)觸頭調(diào)整小燈泡的兩端電壓，獲得電壓表示數(shù)U隨aP間距離x的變化圖線。按甲同學(xué)的意見,實(shí)驗(yàn)得到的U-x圖線如圖乙所示,則說明圖線R2的總阻值____________（填“大于”“小于"或“等于”）R1的總阻值,為方便調(diào)節(jié)應(yīng)選用滑動(dòng)變阻器____________（填“R1”或“R2"）。(2）實(shí)驗(yàn)小組正確選擇滑動(dòng)變阻器后,為了完整描繪小燈泡的伏安特性曲線，根據(jù)題給器材設(shè)計(jì)了如圖丙所示的電路。乙同學(xué)提出電源E1的電動(dòng)勢(shì)與小燈泡的額定電壓差距較大，為了調(diào)節(jié)方便,同時(shí)考慮到實(shí)驗(yàn)過程的安全性,建議在設(shè)計(jì)的電路中加入定值電阻R0,在圖丙的A、B、C三個(gè)位置中，你認(rèn)為更合理的是____________位置.(3）電阻箱R的阻值調(diào)整為2Ω,閉合開關(guān)S，移動(dòng)滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)觸頭P，記錄小燈泡兩端的電壓和通過小燈泡的電流，并標(biāo)注在如圖丁所示的坐標(biāo)系中。請(qǐng)你把電壓表示數(shù)1.5V，電流表示數(shù)6.65mA對(duì)應(yīng)的數(shù)據(jù)點(diǎn)標(biāo)在該坐標(biāo)系中,并畫出小燈泡的伏安特性曲線________。(4)實(shí)驗(yàn)室有一個(gè)歐姆表，已知內(nèi)部電源電動(dòng)勢(shì)為3V，刻度盤中間刻度為12Ω,若用此歐姆表按正確操作測(cè)定小燈泡的電阻，歐姆表示數(shù)約為____________Ω（保留兩位有效數(shù)字）?！敬鸢浮?1)。小于（2）.R2(3).C(4）。(5）.6.3(6.0～6。6）【解析】【詳解】（1）［1］在甲圖中,小燈泡和Pa間的電阻并聯(lián)，再與Pb間電阻串聯(lián)，如果滑動(dòng)變阻器阻值很大，當(dāng)x開始逐漸增大時(shí)，小燈泡和Pa間的并聯(lián)電阻，遠(yuǎn)小于Pb間電阻，根據(jù)串聯(lián)電路正比分壓，并聯(lián)部分的電壓較小，且增大較慢。由圖可知，R2的總阻值小于R1的總阻值；[2］滑動(dòng)變阻器總阻值不管多大，調(diào)節(jié)電壓的范圍是一樣的。選擇總阻值較小的滑動(dòng)變阻器，滑動(dòng)觸頭移動(dòng)同樣的距離，電壓變化比較明顯.為調(diào)節(jié)方便，分壓電路中滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用總阻值較小的.即滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用R2；(2）［3］定值電阻接到C的位置，既起到分壓作用，又使得電壓表和電流表的示數(shù)分別是小燈泡兩端的電壓和流過小燈泡的電流。如果選擇A位置,則電壓表的示數(shù)是小燈泡和定值電阻的電壓和，數(shù)據(jù)處理不方便；如果選擇B位置，由于滑動(dòng)變阻器總阻值較小,可能小燈泡的電壓變化范圍會(huì)變小很多變小，無法滿足小燈泡的電壓要求；（3）［4］電流表示數(shù)為6。65mA時(shí)，設(shè)電阻箱的電流為I1，有：即：6。65×58.0=2×I1，得:I1=192。85mA，設(shè)流過電壓表的電流為I2,則，所以流過小燈泡的電流I為：，畫出小燈泡的伏安特性曲線，如圖所示：(4）［5］將歐姆表看做一個(gè)電源，電動(dòng)勢(shì)為3V，內(nèi)阻為12Ω，在小燈泡的伏安特性曲線中做出該等效電源的路端電壓和電流圖線,與小燈泡的伏安特性曲線的交點(diǎn)坐標(biāo)約為（1.1V，0。17A)，此時(shí)小燈泡的阻值約為：,所以歐姆表的時(shí)數(shù)約為6。5Ω.11。如圖所示，右端帶有擋板的長(zhǎng)木板B在水平拉力作用下沿水平面向左勻速運(yùn)動(dòng)，速度大小為v1=4m/s。某時(shí)刻可視為質(zhì)點(diǎn)的小物塊A以v2=10m/s的速度從左端滑上長(zhǎng)木板B，同時(shí)撤去拉力，小物塊A在長(zhǎng)木板B上滑動(dòng)并能與擋板發(fā)生碰撞.長(zhǎng)木板B水平部分長(zhǎng)L=11。375m,小物塊A與長(zhǎng)木板B間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ1=0。4，長(zhǎng)木板B與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ2=0。2，小物塊A和長(zhǎng)木板B的質(zhì)量之比為1：3,重力加速度g=10m/s2。若最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，求小物塊A從滑上長(zhǎng)木板B到與擋板碰撞經(jīng)歷的時(shí)間?！敬鸢浮?。25s【解析】【詳解】設(shè)小物塊A的質(zhì)量為m,則長(zhǎng)木板的質(zhì)量為3m，當(dāng)小物塊A滑上長(zhǎng)木板B后，對(duì)長(zhǎng)木板B由牛頓第二定律可得，,得：對(duì)小物塊A由牛頓第二定律可得，，得：設(shè)長(zhǎng)木板速度減為零經(jīng)歷的時(shí)間為，位移為s1，則，得此時(shí)小物塊A的速度為,得：小物塊A的位移為，得：當(dāng)長(zhǎng)木板B速度減為零之后，長(zhǎng)木板B將靜止不動(dòng),小物塊A仍在摩擦力作用下減速設(shè)經(jīng)歷時(shí)間發(fā)生碰撞，有得：,（舍）小物塊A從滑上長(zhǎng)木板B到與擋板碰撞經(jīng)歷的時(shí)間。12。如圖所示，在邊界OP、OQ之間存在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，直角三角形abc區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。從O點(diǎn)以速度v0沿與Oc成60°角斜向上射入一帶電粒子，粒子經(jīng)過電場(chǎng)從a點(diǎn)沿ab方向進(jìn)人磁場(chǎng)區(qū)域且恰好沒有從磁場(chǎng)邊界bc飛出，然后經(jīng)ac和aO之間的真空區(qū)域返回電場(chǎng)，最后從邊界OQ的某處飛出電場(chǎng)。已知Oc=2L，ac=L，ac垂直于cQ,∠acb=30°，帶電粒子質(zhì)量為m，帶電量為+g，不計(jì)粒子重力。求：(1)勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小和勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大??；（2)粒子從邊界OQ飛出時(shí)的動(dòng)能;(3)粒子從O點(diǎn)開始射入電場(chǎng)到從邊界OQ飛出電場(chǎng)所經(jīng)過的時(shí)間?！敬鸢浮浚?）(2）（3）【解析】【詳解】(1）從O點(diǎn)到a點(diǎn)過程的逆過程為平拋運(yùn)動(dòng)水平方向：豎直方向：加速度：可得：,，粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，設(shè)半徑為r，由幾何關(guān)系得,，洛倫茲力等于向心力：解得：在磁場(chǎng)內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間:.（2)粒子由真空區(qū)域進(jìn)入電場(chǎng)區(qū)域從邊界飛出過程，由動(dòng)能定理得,解得：（3）粒子經(jīng)過真空區(qū)域的時(shí)間，粒子從真空區(qū)域進(jìn)入電場(chǎng)區(qū)域到從邊界飛出經(jīng)過的時(shí)間為,解得：.粒子從入射直至從電場(chǎng)區(qū)域邊界飛出經(jīng)過的時(shí)間。（二)選考題：共45分.請(qǐng)考生從2道物理題、2道化學(xué)題、2道生物題中每科任選一題做答.如果多做，則每科按所做的第一題計(jì)分。13.如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A經(jīng)過狀態(tài)B、C又回到狀態(tài)A，已知狀態(tài)A時(shí)pA=3。0×105Pa，VA=0。4m3,T=200K，則下列說法正確的是____________。A。狀態(tài)C時(shí)的壓強(qiáng)pC=1。2×105Pa，體積VC=1m3B.A→B過程中氣體分子的平均動(dòng)能增加，單位時(shí)間內(nèi)撞擊單位面積器壁的分子數(shù)增加C.C→A過程中單位體積內(nèi)分子數(shù)增加，單位時(shí)間內(nèi)撞擊單位面積器壁的分子數(shù)增加D。A→B過程中氣體吸收的熱量大于B→C過程中氣體放出的熱量E.A→B過程中氣體對(duì)外做的功小于C→A過程中外界對(duì)氣體做的功【答案】ACD【解析】【詳解】A.圖像AB直線表示等壓變化,設(shè)狀態(tài)B的體積VB，則：得：狀態(tài)C體積等于B的體積，即VC=VB=1m3,對(duì)狀態(tài)C和B，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程,有：得：故A正確；B。A→B過程中氣體溫度升高,分子的平均動(dòng)能增加，壓強(qiáng)不變，單位時(shí)間內(nèi)撞擊單位面積器壁的分子數(shù)減小，故B錯(cuò)誤；C。C→A過程中氣體壓強(qiáng)增大,溫度不變,分子的平均動(dòng)能不變，體積減小，單位體積內(nèi)分子數(shù)增加，單位時(shí)間內(nèi)撞擊單位面積器壁的分子數(shù)增加，故C正確；D.A→B過程中體積增大，氣體對(duì)外做功；溫度升高，氣體內(nèi)能增大.根據(jù)熱力學(xué)第一定律，氣體吸收的熱量等于氣體增大的內(nèi)能和對(duì)外做功之和。B→C過程中氣體體積不變，溫度降低，氣體內(nèi)能減小.氣體放出熱量等于A→B過程中氣體增大的內(nèi)能.所以A→B過程中氣體吸收的熱量大于B→C過程中氣體放出的熱量.故D正確；E.A→B過程中壓強(qiáng)保持3.0×105Pa不變，體積從0。4m3增大到1m3，氣體對(duì)外做功為：;C→A過程中氣體壓強(qiáng)從1.2×105Pa減小到3.0×105Pa，體積從1m3減小到0。4m3，體積變化相同，壓強(qiáng)小于A→B過程中氣體的壓強(qiáng),所以A→B過程中氣體對(duì)外做的功等于外界對(duì)氣體做的功。故E錯(cuò)誤。故選:ACD。14.如圖所示,絕熱氣缸A與導(dǎo)熱氣缸B均固定于地面上,由輕彈簧連接的絕熱活塞與兩氣缸間均無摩擦.彈簧的勁度系數(shù)k=2000N/m，活塞截面積S=100cm2，活塞靜止時(shí)活塞與容器底部均相距L=30cm，彈簧處于原長(zhǎng)，兩氣缸內(nèi)氣體的溫度均等于環(huán)境溫度T0=300K，大氣