實(shí)驗(yàn)中學(xué)2020屆高三數(shù)學(xué)下學(xué)期二測(cè)4月試題文含解析

河南省實(shí)驗(yàn)中學(xué)2020屆高三數(shù)學(xué)下學(xué)期二測(cè)4月試題文含解析河南省實(shí)驗(yàn)中學(xué)2020屆高三數(shù)學(xué)下學(xué)期二測(cè)4月試題文含解析PAGE24-河南省實(shí)驗(yàn)中學(xué)2020屆高三數(shù)學(xué)下學(xué)期二測(cè)4月試題文含解析河南省實(shí)驗(yàn)中學(xué)2020屆高三數(shù)學(xué)下學(xué)期二測(cè)（4月）試題文(含解析）一、選擇題1。設(shè)全集，集合，，則（）A. B。 C. D.【答案】A【解析】【分析】由已知中全集，根據(jù)補(bǔ)集的性質(zhì)及運(yùn)算方法，先求出，再求出其補(bǔ)集,即可求出答案?！驹斀狻咳?集合，，，，故選：A.【點(diǎn)睛】本題考查的知識(shí)點(diǎn)是交、并、補(bǔ)的混合運(yùn)算，其中將題目中的集合用列舉法表示出來，是解答本題的關(guān)鍵。2.設(shè)i是虛數(shù)單位,若復(fù)數(shù)（）是純虛數(shù)，則m的值為（）A. B。 C.1 D。3【答案】A【解析】【分析】根據(jù)復(fù)數(shù)除法運(yùn)算化簡(jiǎn)，結(jié)合純虛數(shù)定義即可求得m的值。【詳解】由復(fù)數(shù)的除法運(yùn)算化簡(jiǎn)可得，因?yàn)槭羌兲摂?shù)，所以，∴，故選：A?！军c(diǎn)睛】本題考查了復(fù)數(shù)的概念和除法運(yùn)算，屬于基礎(chǔ)題。3。設(shè)函數(shù)，的定義域都為，且是奇函數(shù)，是偶函數(shù),則下列結(jié)論正確的是（）A.是偶函數(shù) B.是奇函數(shù)C。是奇函數(shù) D。是奇函數(shù)【答案】C【解析】【分析】根據(jù)函數(shù)奇偶性的性質(zhì)即可得到結(jié)論．【詳解】解:是奇函數(shù)，是偶函數(shù)，，，，故函數(shù)是奇函數(shù)，故錯(cuò)誤，為偶函數(shù)，故錯(cuò)誤，是奇函數(shù)，故正確．為偶函數(shù),故錯(cuò)誤,故選：．【點(diǎn)睛】本題主要考查函數(shù)奇偶性判斷，根據(jù)函數(shù)奇偶性的定義是解決本題的關(guān)鍵．4。在函數(shù)：①；②；③；④中,最小正周期為的所有函數(shù)為（)A.①②③ B。①③④ C。②④ D.①③【答案】A【解析】逐一考查所給的函數(shù)：，該函數(shù)為偶函數(shù)，周期；將函數(shù)圖象x軸下方的圖象向上翻折即可得到的圖象，該函數(shù)的周期為；函數(shù)的最小正周期為；函數(shù)的最小正周期為；綜上可得最小正周期為所有函數(shù)為①②③。本題選擇A選項(xiàng)。點(diǎn)睛:求三角函數(shù)式的最小正周期時(shí)，要盡可能地化為只含一個(gè)三角函數(shù)的式子，否則很容易出現(xiàn)錯(cuò)誤．一般地，經(jīng)過恒等變形成“y＝Asin(ωx＋φ）,y＝Acos(ωx＋φ)，y＝Atan(ωx＋φ）”的形式，再利用周期公式即可．5。一個(gè)正方體被一個(gè)平面截去一部分后，剩余部分的三視圖如下圖，則截去部分體積與剩余部分體積的比值為（）A. B. C. D.【答案】D【解析】【詳解】試題分析：如圖所示，截去部分是正方體的一個(gè)角,其體積是正方體體積的,剩余部分體積是正方體體積的，所以截去部分體積與剩余部分體積的比值為,故選D?？键c(diǎn)：本題主要考查三視圖及幾何體體積的計(jì)算。6.設(shè)分別為的三邊的中點(diǎn)，則（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】根據(jù)題意，畫出幾何圖形，根據(jù)向量加法的線性運(yùn)算即可求解?！驹斀狻扛鶕?jù)題意,可得幾何關(guān)系如下圖所示：，故選:B【點(diǎn)睛】本題考查了向量加法的線性運(yùn)算,屬于基礎(chǔ)題。7.已知三點(diǎn)A(1，0），B（0,)，C(2，)，則△ABC外接圓的圓心到原點(diǎn)的距離為（）A。 B。C。 D。【答案】B【解析】【詳解】選B?？键c(diǎn):圓心坐標(biāo)8。正項(xiàng)等比數(shù)列中的、是函數(shù)的極值點(diǎn)，則(）A。 B。1 C. D.2【答案】B【解析】【分析】根據(jù)可導(dǎo)函數(shù)在極值點(diǎn)處的導(dǎo)數(shù)值為，得出，再由等比數(shù)列的性質(zhì)可得。【詳解】解：依題意、是函數(shù)的極值點(diǎn)，也就是的兩個(gè)根∴又是正項(xiàng)等比數(shù)列，所以∴.故選:B【點(diǎn)睛】本題主要考查了等比數(shù)列下標(biāo)和性質(zhì)以應(yīng)用，屬于中檔題.9。設(shè)雙曲線的一條漸近線為，且一個(gè)焦點(diǎn)與拋物線的焦點(diǎn)相同，則此雙曲線的方程為（）A. B. C。 D.【答案】C【解析】【分析】求得拋物線的焦點(diǎn)坐標(biāo)，可得雙曲線方程的漸近線方程為，由題意可得，又，即，解得,，即可得到所求雙曲線的方程.【詳解】解：拋物線的焦點(diǎn)為可得雙曲線即為的漸近線方程為由題意可得,即又，即解得,.即雙曲線的方程為.故選：C【點(diǎn)睛】本題主要考查了求雙曲線的方程，屬于中檔題.10.已知，是球的球面上兩點(diǎn)，,為該球面上的動(dòng)點(diǎn)，若三棱錐的體積的最大值為36，則球的表面積為()A. B。 C。 D.【答案】C【解析】【分析】如圖所示，當(dāng)平面時(shí),三棱錐的體積最大，求出的值，再代入球的表面積公式，即可得答案。【詳解】如圖所示，當(dāng)平面時(shí)，三棱錐的體積最大，設(shè)球的半徑為,此時(shí)，故，則球的表面積.故選：C.【點(diǎn)睛】本題考查球的表面積和錐體的體積計(jì)算，考查函數(shù)與方程思想、轉(zhuǎn)化與化歸思想，考查空間想象能力和運(yùn)算求解能力.11.已知函數(shù)，若，使得，則實(shí)數(shù)的取值范圍是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】試題分析:由題意知，當(dāng)時(shí)，由，當(dāng)且僅當(dāng)時(shí)，即等號(hào)是成立，所以函數(shù)的最小值為，當(dāng)時(shí)，為單調(diào)遞增函數(shù),所以，又因?yàn)?使得，即在的最小值不小于在上的最小值，即，解得，故選C．考點(diǎn)：函數(shù)的綜合問題．【方法點(diǎn)晴】本題主要考查了函數(shù)的綜合問題，其中解答中涉及到基本不等式求最值、函數(shù)的單調(diào)性及其應(yīng)用、全稱命題與存在命題的應(yīng)用等知識(shí)點(diǎn)的綜合考查，試題思維量大，屬于中檔試題，著重考查了學(xué)生分析問題和解答問題的能力，以及轉(zhuǎn)化與化歸思想的應(yīng)用，其中解答中轉(zhuǎn)化為在的最小值不小于在上的最小值是解答的關(guān)鍵．12。已知函數(shù)，若關(guān)于的不等式恰有1個(gè)整數(shù)解，則實(shí)數(shù)的最大值為（)A。2 B.3 C。5 D.8【答案】D【解析】【分析】畫出函數(shù)的圖象，利用一元二次不等式解法可得解集,再利用數(shù)形結(jié)合即可得出?！驹斀狻拷猓汉瘮?shù)，如圖所示當(dāng)時(shí),，由于關(guān)于的不等式恰有1個(gè)整數(shù)解因此其整數(shù)解為3，又∴,，則當(dāng)時(shí)，，則不滿足題意；當(dāng)時(shí)，當(dāng)時(shí)，，沒有整數(shù)解當(dāng)時(shí)，，至少有兩個(gè)整數(shù)解綜上，實(shí)數(shù)的最大值為故選：D【點(diǎn)睛】本題主要考查了根據(jù)函數(shù)零點(diǎn)的個(gè)數(shù)求參數(shù)范圍，屬于較難題.二、填空題13。已知命題：，，那么是__________?！敬鸢浮空婷}【解析】【分析】由冪函數(shù)的單調(diào)性進(jìn)行判斷即可?！驹斀狻恳阎}:，,因?yàn)樵谏蠁握{(diào)遞增，則，所以是真命題，故答案為:真命題【點(diǎn)睛】本題主要考查了判斷全稱命題的真假，屬于基礎(chǔ)題。14.如圖，為測(cè)量出高，選擇和另一座山的山頂為測(cè)量觀測(cè)點(diǎn)，從點(diǎn)測(cè)得點(diǎn)的仰角,點(diǎn)的仰角以及；從點(diǎn)測(cè)得．已知山高，則山高_(dá)_________．【答案】150【解析】試題分析：在中,,，在中，由正弦定理可得即解得,在中，．故答案為150．考點(diǎn)：正弦定理的應(yīng)用．15.設(shè)滿足約束條件且的最小值為7，則＝_________。【答案】3【解析】【分析】根據(jù)約束條件畫出可行域，再把目標(biāo)函數(shù)轉(zhuǎn)化為，對(duì)參數(shù)a分類討論，當(dāng)時(shí)顯然不滿足題意；當(dāng)時(shí)，直線經(jīng)過可行域中的點(diǎn)A時(shí)，截距最小，即z有最小值，再由最小值為7,得出結(jié)果；當(dāng)時(shí),的截距沒有最小值，即z沒有最小值;當(dāng)時(shí)，的截距沒有最大值,即z沒有最小值，綜上可得出結(jié)果。詳解】根據(jù)約束條件畫出可行域如下：由，可得出交點(diǎn)，由可得,當(dāng)時(shí)顯然不滿足題意；當(dāng)即時(shí)，由可行域可知當(dāng)直線經(jīng)過可行域中的點(diǎn)A時(shí)，截距最小，即z有最小值，即，解得或（舍)；當(dāng)即時(shí)，由可行域可知的截距沒有最小值，即z沒有最小值；當(dāng)即時(shí),根據(jù)可行域可知的截距沒有最大值,即z沒有最小值.綜上可知滿足條件時(shí).故答案為3.【點(diǎn)睛】本題主要考查線性規(guī)劃問題，約束條件和目標(biāo)函數(shù)中都有參數(shù),要對(duì)參數(shù)進(jìn)行討論。16。已知為偶函數(shù),當(dāng)時(shí),，則曲線在點(diǎn)處的切線方程是_________.【答案】【解析】試題分析:當(dāng)時(shí)，,則．又因?yàn)闉榕己瘮?shù),所以，所以,則，所以切線方程為，即．【考點(diǎn)】函數(shù)的奇偶性、解析式及導(dǎo)數(shù)的幾何意義【知識(shí)拓展】本題題型可歸納為“已知當(dāng)時(shí)，函數(shù),則當(dāng)時(shí)，求函數(shù)的解析式”．有如下結(jié)論：若函數(shù)為偶函數(shù)，則當(dāng)時(shí)，函數(shù)的解析式為；若為奇函數(shù)，則函數(shù)的解析式為．三、解答題17。已知是遞增的等差數(shù)列，，是方程的根。（1)求的通項(xiàng)公式；（2）求數(shù)列的前項(xiàng)和.【答案】(1）；(2）?！窘馕觥俊痉治觥浚?)方程的兩根為，由題意得，在利用等差數(shù)列的通項(xiàng)公式即可得出；(2）利用“錯(cuò)位相減法"、等比數(shù)列的前項(xiàng)和公式即可求出．【詳解】方程x2－5x＋6＝0的兩根為2，3。由題意得a2＝2,a4＝3.設(shè)數(shù)列｛an｝的公差為d，則a4－a2＝2d，故d＝，從而得a1＝.所以｛an}的通項(xiàng)公式為an＝n＋1。（2）設(shè)的前n項(xiàng)和為Sn，由（1)知＝，則Sn＝＋＋…＋＋，Sn＝＋＋…＋＋，兩式相減得Sn＝＋－＝＋－,所以Sn＝2－。考點(diǎn)：等差數(shù)列的性質(zhì);數(shù)列的求和．【方法點(diǎn)晴】本題主要考查了等差數(shù)列的通項(xiàng)公式、“錯(cuò)位相減法"、等比數(shù)列的前項(xiàng)和公式、一元二次方程的解法等知識(shí)點(diǎn)的綜合應(yīng)用，解答中方程的兩根為,由題意得，即可求解數(shù)列的通項(xiàng)公式，進(jìn)而利用錯(cuò)位相減法求和是解答的關(guān)鍵，著重考查了學(xué)生的推理能力與運(yùn)算能力，屬于中檔試題．18.為了整頓道路交通秩序，某地考慮將對(duì)行人闖紅燈進(jìn)行處罰.為了更好地了解市民的態(tài)度，在普通行人中隨機(jī)選取了200人進(jìn)行調(diào)查，當(dāng)不處罰時(shí)，有80人會(huì)闖紅燈,處罰時(shí)，得到如表數(shù)據(jù)：處罰金額(單位:元）5101520會(huì)闖紅燈的人數(shù)50402010若用表中數(shù)據(jù)所得頻率代替概率.（1）當(dāng)罰金定為10元時(shí)，行人闖紅燈的概率會(huì)比不進(jìn)行處罰降低多少？(2)將選取的200人中會(huì)闖紅燈的市民分為兩類：類市民在罰金不超過10元時(shí)就會(huì)改正行為；類是其他市民。現(xiàn)對(duì)類與類市民按分層抽樣的方法抽取4人依次進(jìn)行深度問卷，則前兩位均為類市民的概率是多少？【答案】（1）降低（2）【解析】【分析】（1）計(jì)算出罰金定為10元時(shí)行人闖紅燈的概率，和不進(jìn)行處罰時(shí)行人闖紅燈的概率,求解即可;（2）闖紅燈的市民有80人,其中類市民和類市民各有40人,根據(jù)分層抽樣法抽出4人依次排序,計(jì)算所求的概率值.【詳解】解：（1）當(dāng)罰金定為10元時(shí),行人闖紅燈的概率為；不進(jìn)行處罰，行人闖紅燈的概率為;所以當(dāng)罰金定為10元時(shí),行人闖紅燈的概率會(huì)比不進(jìn)行處罰降低；（2）由題可知,闖紅燈的市民有80人，類市民和類市民各有40人故分別從類市民和類市民各抽出兩人，4人依次排序記類市民中抽取的兩人對(duì)應(yīng)的編號(hào)為，類市民中抽取的兩人編號(hào)為則4人依次排序分別為，，,,，，，，,，，，共有種前兩位均為類市民排序?yàn)椋?，有種，所以前兩位均為類市民的概率是.【點(diǎn)睛】本題主要考查了計(jì)算古典概型的概率，屬于中檔題。19.如圖，矩形和梯形所在平面互相垂直,,,。（1）若為的中點(diǎn),求證：平面；(2）若，求四棱錐的體積.【答案】(1）見解析（2)【解析】【分析】（1）設(shè)EC與DF交于點(diǎn)N,連結(jié)MN，由中位線定理可得MN∥AC,故AC∥平面MDF；（2）取CD中點(diǎn)為G，連結(jié)BG，EG，則可證四邊形ABGD是矩形，由面面垂直的性質(zhì)得出BG⊥平面CDEF，故BG⊥DF，又DF⊥BE得出DF⊥平面BEG，從而得出DF⊥EG，得出Rt△DEG~Rt△EFD，列出比例式求出DE，代入體積公式即可計(jì)算出體積．【詳解】（1）證明：設(shè)與交于點(diǎn)，連接，在矩形中，點(diǎn)為中點(diǎn)，∵為的中點(diǎn),∴，又∵平面，平面，∴平面。（2）取中點(diǎn)為，連接，，平面平面,平面平面，平面,,∴平面，同理平面，∴的長即為四棱錐的高，在梯形中，,∴四邊形是平行四邊形，,∴平面，又∵平面,∴,又，，∴平面，.注意到，∴，，∴.【點(diǎn)睛】求錐體的體積要充分利用多面體的截面和旋轉(zhuǎn)體的軸截面，將空間問題轉(zhuǎn)化為平面問題求解,注意求體積的一些特殊方法——分割法、補(bǔ)形法、等體積法.①割補(bǔ)法：求一些不規(guī)則幾何體的體積時(shí)，常用割補(bǔ)法轉(zhuǎn)化成已知體積公式的幾何體進(jìn)行解決．②等積法：等積法包括等面積法和等體積法．等積法的前提是幾何圖形（或幾何體）的面積(或體積）通過已知條件可以得到，利用等積法可以用來求解幾何圖形的高或幾何體的高,特別是在求三角形的高和三棱錐的高時(shí)，這一方法回避了通過具體作圖得到三角形（或三棱錐）的高，而通過直接計(jì)算得到高的數(shù)值．20。已知.（1)若，求函數(shù)的單調(diào)區(qū)間；（2)若不等式恒成立，求實(shí)數(shù)的取值范圍?！敬鸢浮浚?）答案不唯一，具體見解析（2）【解析】【分析】（1）分類討論,利用導(dǎo)數(shù)的正負(fù)，可得函數(shù)的單調(diào)區(qū)間。(2)分離出參數(shù)后，轉(zhuǎn)化為函數(shù)的最值問題解決，注意函數(shù)定義域.【詳解】(1)由得或①當(dāng)時(shí)，由,得.由，得或此時(shí)的單調(diào)遞減區(qū)間為,單調(diào)遞增區(qū)間為和.②當(dāng)時(shí),由，得由,得或此時(shí)的單調(diào)遞減區(qū)間為,單調(diào)遞增區(qū)間為和綜上：當(dāng)時(shí)，單調(diào)遞減區(qū)間為，單調(diào)遞增區(qū)間為和當(dāng)時(shí)，的單調(diào)遞減區(qū)間為，單調(diào)遞增區(qū)間為和.(2）依題意，不等式恒成立等價(jià)于在上恒成立，可得，在上恒成立,設(shè)，則令，得，(舍)當(dāng)時(shí)，；當(dāng)時(shí),當(dāng)變化時(shí)，，變化情況如下表:10單調(diào)遞增單調(diào)遞減∴當(dāng)時(shí),取得最大值，，∴.∴的取值范圍是.【點(diǎn)睛】本題主要考查了利用導(dǎo)數(shù)證明函數(shù)的單調(diào)性以及利用導(dǎo)數(shù)研究不等式的恒成立問題，屬于中檔題.21.過點(diǎn)P（-4，0)動(dòng)直線l與拋物線相交于D、E兩點(diǎn)，已知當(dāng)l的斜率為時(shí)，。（1)求拋物線C的方程；（2）設(shè)的中垂線在軸上的截距為，求的取值范圍。【答案】；【解析】【分析】根據(jù)題意，求出直線方程并與拋物線方程聯(lián)立，利用韋達(dá)定理，結(jié)合，即可求出拋物線C的方程；設(shè)，的中點(diǎn)為，把直線l方程與拋物線方程聯(lián)立,利用判別式求出的取值范圍，利用韋達(dá)定理求出,進(jìn)而求出的中垂線方程，即可求得在軸上的截距的表達(dá)式，然后根據(jù)的取值范圍求解即可?！驹斀狻坑深}意可知，直線l的方程為,與拋物線方程方程聯(lián)立可得，，設(shè)，由韋達(dá)定理可得,，因?yàn)?，所以,解得，所以拋物線C的方程為;設(shè),的中點(diǎn)為,由,消去可得,所以判別式，解得或，由韋達(dá)定理可得,，所以的中垂線方程為，令則,因?yàn)榛?，所以即為所求?！军c(diǎn)睛】本題考查拋物線的標(biāo)準(zhǔn)方程和直線與拋物線的位置關(guān)系，考查向量知識(shí)的運(yùn)用;考查學(xué)生分析問題、解決問題的能力和運(yùn)算求解能力;屬于中檔題。［選修4—4：坐標(biāo)系與參數(shù)方程］22.平面直角坐標(biāo)系中，曲線:。直線經(jīng)過點(diǎn),且傾斜角為，以為極點(diǎn)，軸正半軸為極軸,建立極坐標(biāo)系．（1)寫出曲線的極坐標(biāo)方程與直線的參數(shù)方程;（2）若直線與曲線相交于，兩點(diǎn),且，求實(shí)數(shù)的值．【答案】（