江蘇省南通揚(yáng)州淮安泰州四市2015屆高三第三次調(diào)研物理有詳解答案

。第頁南通、揚(yáng)州、淮安、泰州四市2015屆高三第三次調(diào)研物理試題（附詳解答案）單項(xiàng)選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分，每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意，選對(duì)得3分，錯(cuò)選或不答得0分．1．在無風(fēng)的環(huán)境中，將乒乓球從高處由靜止釋放，小明用攝像機(jī)研究乒乓球下落的運(yùn)動(dòng)，發(fā)現(xiàn)它在落地前已經(jīng)做勻速運(yùn)動(dòng)，若空氣阻力與速度成正比，則乒乓球（）A．在下落過程中，加速度先變大后變小B．在下落過程中，機(jī)械能先增大后不變C．從更高處由靜止釋放，在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)間變長D．從更高處由靜止釋放，落地前瞬間的速度變大【答案】C【考查方向】本題旨在考查機(jī)械能守恒定律、牛頓第二定律。【解析】AD、根據(jù)牛頓第二定律得：，得加速度隨著速度的增大，空氣阻力增大，則知加速度減小，當(dāng)加速度時(shí)做勻速運(yùn)動(dòng)，設(shè)勻速運(yùn)動(dòng)的速度為，則，由得，勻速運(yùn)動(dòng)的速度由于乒乓球在落地前已經(jīng)做勻速運(yùn)動(dòng)，可知從更高處由靜止釋放，落地前也做勻速運(yùn)動(dòng)，落地瞬間的速度不變，故AD錯(cuò)誤；B、在下落過程中，空氣阻力一直做負(fù)功，所以其機(jī)械能不斷減小，故B錯(cuò)誤；C、從更高處由靜止釋放，變加速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相同，而勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間變長，所以在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)間變長，故C正確。故選：C2、如圖所示，驗(yàn)電器帶有少量正電荷，將一帶負(fù)電的小球從遠(yuǎn)處逐漸靠近驗(yàn)電器的金屬球，此過程可能看到金屬箔片張開的角度（）A．不斷增大B．先減小至零，后逐漸增大C．先增大，后減小D．先增大，后不變【答案】B【考查方向】本題旨在考查電荷守恒定律?！窘馕觥框?yàn)電器原來帶少量正電荷，現(xiàn)將帶有少量負(fù)電荷的小球向驗(yàn)電器的金屬球適當(dāng)靠近，由于異種電荷相互吸引，導(dǎo)體上的電子中和了驗(yàn)電器上的正電荷，所以所以驗(yàn)電器金屬箔的張角減小至零；然后小球上剩余負(fù)電荷向驗(yàn)電器金屬箔轉(zhuǎn)移，使其上負(fù)電荷逐漸增多，所以驗(yàn)電器金屬箔的張角逐漸增大．故ACD錯(cuò)誤，B正確。故選：B3.如圖所示，電源電動(dòng)勢為E，內(nèi)阻為r，電動(dòng)機(jī)M的線圈電阻為R1．閉合開關(guān)S，電動(dòng)機(jī)開始轉(zhuǎn)動(dòng)，穩(wěn)定后電路中的電流為I，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻為R2．則（）A.電流大小B．電動(dòng)機(jī)兩端的電壓U=IR1C．電源的效率D．電動(dòng)機(jī)的機(jī)械功率P=IE-I2(R1+R2+r)【答案】D【考查方向】本題旨在考查電功、電功率.【解析】AB、只有純電阻電路才能適用于歐姆定律求解，電動(dòng)機(jī)為非純電電路，不能用歐姆定律，故AB錯(cuò)誤；C、因不能用歐姆定律求解電源的輸出電壓；故電源的效率無法求解，故C錯(cuò)誤；D、電動(dòng)機(jī)的機(jī)械功率等于電源的總功率與電路中各元件消耗的熱功率的差值；故D正確。故選：D4．如圖所示，某旋轉(zhuǎn)磁極式發(fā)電機(jī)的轉(zhuǎn)子有兩對(duì)磁極，定子線圈的輸出端接在一理想變壓器的原線圈上．不計(jì)定子線圈的電阻．當(dāng)轉(zhuǎn)子以25r/s的轉(zhuǎn)速勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，在定子線圈中產(chǎn)生頻率為50Hz的正弦交流電．若使轉(zhuǎn)子以50r/s的轉(zhuǎn)速轉(zhuǎn)動(dòng)，則（）A．電流表A的示數(shù)變?yōu)樵瓉淼?倍B.電壓表V的示數(shù)不變C.電阻R上交流電的頻率為25HzD．變壓器鐵芯中磁通量變化率的最大值變?yōu)樵瓉淼?倍【答案】【考查方向】本題旨在考查變壓器的構(gòu)造和原理、法拉第電磁感應(yīng)定律?！窘馕觥哭D(zhuǎn)速加倍，根據(jù)則角速度加倍，根據(jù)加倍；AB、變壓器原線圈兩端電壓加倍，根據(jù)變壓器電壓與匝數(shù)成正比，則副線圈兩端電壓加倍，則電流加倍，由根據(jù)電流與匝數(shù)關(guān)系可知電流表的示數(shù)也加倍，故A正確，B錯(cuò)誤；C、轉(zhuǎn)速加倍，則原線圈輸入電壓頻率加倍，為，變壓器不改變電流頻率，所以電阻R上交流電的頻率為，故C錯(cuò)誤；D、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，電動(dòng)勢與磁通量變化率的成之比，因?yàn)殡妱?dòng)勢加倍，變壓器鐵芯中磁通量變化率的最大值變?yōu)樵瓉淼?倍，故D錯(cuò)誤。故選：A【舉一反三】本題考察交變電流的產(chǎn)生，最大電動(dòng)勢與匝數(shù)、磁場、面積和角速度有關(guān)，只要其中一個(gè)改變電動(dòng)勢就隨著改變．變壓器只改變電壓、電流不改變交流電的頻率。5.足球比賽中踢點(diǎn)球時(shí)，足球距球門10.97m,球正對(duì)球門踢出后恰好沿水平方向從橫梁的下沿擦進(jìn)球門，已知足球質(zhì)量400g，不計(jì)空氣阻力，則該球員此次踢球過程中對(duì)足球做的功約為（）A、30JB、60JC、90JD、120J【答案】B【考查方向】本題旨在考查動(dòng)能定理的應(yīng)用?！窘馕觥浚?）對(duì)足球從球員踢出到飛入球門的過程研究，設(shè)球門高為，足球距球門，發(fā)球時(shí)球的初速度為，進(jìn)入球門時(shí)球速為，根據(jù)動(dòng)能定理得：球員對(duì)足球做的功在數(shù)值上等于瞬間球的動(dòng)能變化，所以該隊(duì)員將足球踢出時(shí)對(duì)足球做的功為：，解得：。故選：B二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分．每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題意．全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，錯(cuò)選或不答的得0分.6．如圖所示，兩個(gè)相同的小球A，B用長度分別為的細(xì)線懸于在天花板的O1，O2點(diǎn)，兩球在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，兩根細(xì)線與豎直軸夾角均為θ。設(shè)A，B兩球的線速度分別為，角速度分別為（）【答案】BC【考查方向】本題旨在考查勻速圓周運(yùn)動(dòng)。【解析】小球的受力如圖所示，小球受重力mg和繩子的拉力F，因?yàn)樾∏蛟谒矫鎯?nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，靠合力提供向心力，根據(jù)平行四邊形定則知，D、拉力為：，由于兩根細(xì)線與豎直軸夾角均為，所以，故D錯(cuò)誤；A根據(jù)牛頓第二定律得：解得：，由于，所以，故A錯(cuò)誤；B小球做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度為：，由于，所以，故B正確；C由得，，與無關(guān)，所以，故C正確。故選：BC7．木衛(wèi)一是最靠近木星的衛(wèi)星，丹麥天文學(xué)家羅邁早在十七世紀(jì)通過對(duì)木衛(wèi)一的觀測測出了光速．他測量了木衛(wèi)一繞木星的運(yùn)動(dòng)周期T和通過木星影區(qū)的時(shí)間t.若已知木星的半徑R和萬有引力恒量G，T遠(yuǎn)小于木星繞太陽的運(yùn)行周期，根據(jù)以上條件可以求出（）A．木星的密度木衛(wèi)一的密度C.木衛(wèi)一繞木星運(yùn)動(dòng)的向心加速度大小D.木衛(wèi)一表面的重力加速度大小【答案】AC【考查方向】本題旨在考查萬有引力定律及其應(yīng)用?！窘馕觥緼B、如圖：通過木星影區(qū)的時(shí)間t，周期為T，則：，解得：，而：，解得：根據(jù)萬有引力提供向心力：，解得：，可求得中心天體的質(zhì)量；球體體積，可得：，故A正確，B錯(cuò)誤；C、根據(jù)萬有引力提供向心力：，解得：，故C正確；D、公式只能計(jì)算中心天體的物理量，故D錯(cuò)誤。

故選：AC8．電子眼系統(tǒng)通過路面下埋設(shè)的感應(yīng)線來感知汽車的壓力，感應(yīng)線是一個(gè)壓電薄膜傳感器，壓電薄膜在受壓時(shí)兩端產(chǎn)生電壓，壓力越大電壓越大，壓電薄膜與電容器C和電阻R組成圖甲所示的回路，紅燈亮?xí)r，如果汽車的前、后輪先后經(jīng)過感應(yīng)線，回路中產(chǎn)生兩脈沖電流，如圖乙所示，即現(xiàn)為“闖紅燈”，電子眼拍照，則紅燈亮?xí)r（）A、某車輪經(jīng)過感應(yīng)線的過程，電容器先充電后放電B、某車輪經(jīng)過感應(yīng)線的過程，電阻R上的電流先增加后減小C、車輪停在感應(yīng)線上時(shí)，電阻R上和恒定的電流D、汽車前輪剛越過感應(yīng)線，又倒回到線內(nèi)，仍會(huì)被電子眼拍照【答案】AD【考查方向】本題旨在考查歐姆定律的應(yīng)用、電阻、電容。【解析】A、由題意可知，某車輪經(jīng)過感應(yīng)線的過程，對(duì)壓電薄膜的壓力先增大后減小，則壓電薄膜在受壓時(shí)兩端產(chǎn)生電壓也是先增大后減小，根據(jù)圖甲可得電容器兩端電壓等于壓電薄膜在受壓時(shí)兩端產(chǎn)生電壓，所以電容器兩端電壓先增大后減小，所以電容器先充電后放電，故A正確；BC、根據(jù)圖甲可知，電路斷路，五電流，故B錯(cuò)誤；D、汽車前輪剛越過感應(yīng)線，又倒回到線內(nèi)，則前輪先后兩次先后經(jīng)過感應(yīng)線，回路中產(chǎn)生兩脈沖電流，依據(jù)題意即現(xiàn)為“闖紅燈”，電子眼拍照，故D正確。故選：AD9.如圖所示，有一范圍足夠大的水平勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為+q的帶電小圓環(huán)套在一根固定的絕緣豎直長桿上，環(huán)與桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ．現(xiàn)使圓環(huán)以初速度v0向上運(yùn)動(dòng)，經(jīng)時(shí)間t0圓環(huán)回到出發(fā)點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力，取豎直向上為正方向，下列描述該過程中圓環(huán)的速度v隨時(shí)間t、摩擦力f隨時(shí)間t、動(dòng)能Ek最隨位移x、機(jī)械能E隨位移x變化規(guī)律的圖象中，可能正確的是（）【答案】ABD【考查方向】本題旨在考查帶電粒子在混合場中的運(yùn)動(dòng)?！窘馕觥啃∏蛳蛏线\(yùn)動(dòng)的過程中受重力、洛倫茲力、支持力和向下的滑動(dòng)摩擦力，向上運(yùn)動(dòng)，重力和摩擦力做負(fù)功，速度不斷減小，洛倫茲力不斷減小，支持力減小，故滑動(dòng)摩擦力減小，合力減小，物體做加速度不斷減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)速度減為零時(shí)，向上的位移最大，摩擦力等于0，而加速度等于重力加速度；小球達(dá)到最高點(diǎn)后向下運(yùn)動(dòng)的過程中受重力、洛倫茲力、支持力和向上的滑動(dòng)摩擦力，由于速度不斷變大，洛倫茲力不斷變大，支持力變大，故滑動(dòng)摩擦力變大，合力減小，物體做加速度不斷減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)加速度減為零時(shí)，速度最大；A、由以上的分析可知，小球先向上運(yùn)動(dòng)，加速度逐漸減小；后小球向下運(yùn)動(dòng)，加速度仍然繼續(xù)減?。?fù)號(hào)表示速度的方向前后相反．故A正確；B、由以上的分析可知，小球先向上運(yùn)動(dòng)，摩擦力的方向向下，逐漸減?。缓笮∏蛳蛳逻\(yùn)動(dòng)，摩擦力的方向向上，逐漸增大．故B正確；C、小球向上運(yùn)動(dòng)的過程中：，由于逐漸減小，所以動(dòng)能的變化率逐漸減小，故C錯(cuò)誤；D、小球運(yùn)動(dòng)的過程中摩擦力做功使小球的機(jī)械能減小，向上運(yùn)動(dòng)的過程中：，由于向上運(yùn)動(dòng)的過程中逐漸減小，所以機(jī)械能的變化率逐漸減小；而向下運(yùn)動(dòng)的過程中摩擦力之間增大，所以機(jī)械能的變化率逐漸增大，故D正確。故選：ABD【易錯(cuò)警示】本題關(guān)鍵分析清楚帶電小球的運(yùn)動(dòng)情況，明確：向上運(yùn)動(dòng)的過程中摩擦力逐漸減小，向下運(yùn)動(dòng)的過程中摩擦力逐漸增大，加速度、速度和動(dòng)能、機(jī)械能都隨之發(fā)生變化。三、簡答題：本題分必做題（第10、11題）和選做題（第12題）兩部分，共3小題，共計(jì)42分.請(qǐng)將解答填寫在答題卡相應(yīng)的位置．10、（8分）（1）如圖甲所示，螺旋測微器的讀數(shù)為＿＿＿mm（2）在測電源的電動(dòng)勢和內(nèi)阻實(shí)驗(yàn)中，連接的電路如圖乙所示，閉合開關(guān)，電壓表有讀數(shù)，電流表示數(shù)為零，改變滑動(dòng)變阻器滑片P的位置，電流表示數(shù)仍為零，為檢查故障，用多用表電壓檔測量相鄰接線柱間的電壓，發(fā)現(xiàn)2、3號(hào)導(dǎo)線和滑動(dòng)變阻器兩端的電壓均為零，電流表兩接線柱間的電壓和電壓表示數(shù)相等，則電路中可能的故障是＿＿＿＿。排除故障后繼續(xù)實(shí)驗(yàn)，根據(jù)測得的數(shù)據(jù)在U－I坐標(biāo)系上描點(diǎn)如圖丙所示，由圖象可得電源的電動(dòng)勢【答案】（1）；（2）電流表斷路、、【考查方向】本題旨在考查測定電源的電動(dòng)勢和內(nèi)阻?！窘馕觥浚?）螺旋測微器的讀數(shù)為：主尺+半毫米+轉(zhuǎn)筒；（2）接通開關(guān)，電壓表有讀數(shù)，電流表示數(shù)為零．說明電路斷路；用多用表電壓檔測量相鄰接線柱間的電壓，發(fā)現(xiàn)2、3號(hào)導(dǎo)線和滑動(dòng)變阻器兩端的電壓均為零，說明2、3號(hào)導(dǎo)線間和滑動(dòng)變阻器正常，電流表兩接線柱間的電壓和電壓表示數(shù)相等．說明多用表電壓檔測量的是電源兩端電壓，電路故障是與電壓表并聯(lián)的電阻斷路，所以電路中發(fā)生故障的原因是電流表斷路；在丙圖中把所有點(diǎn)用直線連接起來，并延長與坐標(biāo)軸相交，如圖：則由圖象可知，電源電動(dòng)勢：，電源內(nèi)阻：故答案為：（1）；（2）電流表斷路、、。11.（10分）驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示，某小組完成了一系列實(shí)驗(yàn)操作后，得到了一條紙帶如圖乙所示，選取紙帶上某個(gè)清晰的點(diǎn)標(biāo)為O，然后每兩個(gè)打點(diǎn)取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，分別標(biāo)為l、2、3、4、5、6，用刻度尺量出計(jì)數(shù)點(diǎn)l、2、3、4、5、6與O點(diǎn)的距離分別為h1、h2、h3、h4、h5、h6．(l)已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的打點(diǎn)周期為T，可求出打各個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)時(shí)對(duì)應(yīng)的速度分別為vl、V2、V3、V4、v5，其中v5的計(jì)算式為v5=▲．(2)若重錘的質(zhì)量為m，取打點(diǎn)O時(shí)重錘所在水平面為參考平面，分別算出打各個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)時(shí)對(duì)應(yīng)重錘的勢能Epi和動(dòng)能EKi，則打計(jì)數(shù)點(diǎn)3時(shí)對(duì)應(yīng)重錘的勢能Ep3=▲；接著在E-h坐標(biāo)系中描點(diǎn)作出如圖丙所示的EK-h和EP-h圖線，求得EP-h圖線斜率的絕對(duì)值為K1，EK-h圖線斜率為k2．則k1與k2滿足▲關(guān)系時(shí)重錘機(jī)械能守恒．(3)關(guān)于上述實(shí)驗(yàn)，下列說法中正確的是▲．A．實(shí)驗(yàn)中可用干電池作為電源B．為了減小阻力的影響，重錘的密度和質(zhì)量應(yīng)該適當(dāng)大些C．若紙帶上打出的點(diǎn)被拉長為短線，應(yīng)適當(dāng)調(diào)高電源電壓D．圖丙Ek-h圖線縱軸上的截距表示重錘經(jīng)過參考平面時(shí)的動(dòng)能(4)關(guān)于該實(shí)驗(yàn)操作，你還能提出哪些注意事項(xiàng)（寫出1條）：▲，【答案】（1）；（2）、；（3）BD；（4）生鍾從靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器處釋放，或調(diào)節(jié)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器限位孔在同一豎直線上?！究疾榉较颉勘绢}旨在考查驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律?！窘馕觥浚?）根據(jù)平均速度等于瞬時(shí)速度，則有5點(diǎn)的瞬時(shí)速度；（2）取打點(diǎn)O時(shí)重錘所在水平面為參考平面，那么3點(diǎn)處，對(duì)應(yīng)重錘的勢能：根據(jù)圖象可知，每一段對(duì)應(yīng)的重力勢能減小量和動(dòng)能增加量相等，那么機(jī)械能守恒，即圖線的斜率相同，才能滿足條件，因此；（3）A、實(shí)驗(yàn)中打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，不可用干電池作為電源，故A錯(cuò)誤；B、為了減小阻力的影響，重錘的密度和質(zhì)量應(yīng)該適當(dāng)大些，故B正確；C、若紙帶上打出的點(diǎn)被拉長為短線，說明打點(diǎn)時(shí)間過長，頻率太高，因此應(yīng)適當(dāng)調(diào)低電源的頻率，故C錯(cuò)誤；D、圖丙Ek-h圖線縱軸上的截距表示重錘經(jīng)過參考平面時(shí)的初動(dòng)能，故D正確；（4）關(guān)于該實(shí)驗(yàn)操作，仍要注意事項(xiàng)：生鍾從靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器處釋放，或調(diào)節(jié)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器限位孔在同一豎直線上．

故答案為：（1）；（2）、；（3）BD；（4）生鍾從靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器處釋放，或調(diào)節(jié)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器限位孔在同一豎直線上。12.【選做題】本題包括A、B、C三小題，請(qǐng)選定其中兩題作答.如三題都做，則按A、B兩題評(píng)分.A．（選修模塊3—3)（12分）（1）下列說法正確的是▲A．分子間存在引力，使液體分子之間保持一定的間隙B．氣體的溫度越高，某速率區(qū)間分子占總分子數(shù)的百分率一定越大C．液晶分子沒有固定的位置，但排列有大致相同的取向D．蜘蛛網(wǎng)上掛著的小露珠呈球狀屬于毛細(xì)現(xiàn)象【答案】A【考查方向】本題旨在考查液體的表面張力現(xiàn)象和毛細(xì)現(xiàn)象、分子間的相互作用力?！窘馕觥緼、液體分子之間保持一定的間隙還不會(huì)分散開，聚合在一起保持一定的體積，是由于分子之間存在引力的原因，故A正確；B、同一溫度下，中等速率大的分子數(shù)所占的比例大，溫度升高使得分子的平均速率增大；不同溫度下相同速率的分子所占比例不同，故B錯(cuò)誤；C、液晶一方面像液體具有流動(dòng)性，另一方面又像晶體，分子在特定方向排列比較整齊有序，具有各向異性的特點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；D、由于液體表面存在張力，所以露珠呈現(xiàn)球狀，不屬于毛細(xì)現(xiàn)象．故D錯(cuò)誤。故選：A（2）如圖所示，汽車在進(jìn)行撞擊實(shí)驗(yàn)時(shí)，安全氣囊內(nèi)迅速產(chǎn)生大量氮?dú)舛蜷_，氣囊表面的氣孔開始排氣，若氣囊表面有n個(gè)面積均為S的氣孔，密度為的氮?dú)庖运俣葹関從氣孔排出，氮?dú)獾哪栙|(zhì)量為M，阿伏加德羅常數(shù)為NA，則在短時(shí)間t內(nèi)排出的氮?dú)夥肿訑?shù)為＿＿＿該氣囊內(nèi)氮?dú)獠慌c外界進(jìn)行熱交換，則排氣過程中氣囊內(nèi)溫度＿＿＿（選填“升高”，“不變”或“降低”）。【答案】、降低【考查方向】本題旨在考查阿伏加德羅常數(shù)?！窘馕觥浚?）時(shí)間t內(nèi)排出的氮?dú)獾哪枖?shù)為：則時(shí)間t內(nèi)排出的氮?dú)獾姆肿訑?shù)為：（2）不與外界進(jìn)行熱交換，則排氣過程中氣囊內(nèi)氣體對(duì)外做功，所以溫度降低。故答案為：、降低（3）如圖所示，內(nèi)壁光滑的導(dǎo)熱氣缸水平放置，一定質(zhì)量的理想氣體被封閉在氣缸內(nèi)，外界大氣壓強(qiáng)為p0、溫度為T0．現(xiàn)對(duì)氣缸緩慢加熱，體積由V1增大為V2,此過程氣體吸收熱量Q1；然后固定活塞，停止加熱，封閉氣體的溫度逐漸降低至與外界大氣溫度相同．求：①剛停止加熱時(shí)封閉氣體的溫度T；②停止加熱后，封閉氣體向外傳遞的熱量Q2【答案】①；②【考查方向】本題旨在考查理想氣體的狀態(tài)方程、熱力學(xué)第一定律?！窘馕觥竣偌訜徇^程氣體做等壓變化，根據(jù)蓋呂薩克定律得：解得：②加熱過程，溫度升高，氣體內(nèi)能增加，體積增大，氣體對(duì)外界做功為：由熱力學(xué)第一定律得：

①

停止加熱，封閉氣體的溫度逐漸降低至與外界大氣溫度相同內(nèi)能減小，減小量與溫度升高過程相等；由熱力學(xué)第一定律得：②①②聯(lián)立得：答：①剛停止加熱時(shí)封閉氣體的溫度為；②停止加熱后，封閉氣體向外傳遞的熱量為。B．（選修模塊3—4)（12分）（1）愛因斯坦1905年提出狹義相對(duì)論，1915年提出廣義相對(duì)認(rèn)，使人們進(jìn)一步認(rèn)識(shí)了光的本性，下列善于光的說法中正確的是＿＿＿A、光能在彎曲的光導(dǎo)纖維中傳播，說明光在同種均勻介質(zhì)中是沿曲線傳播的B、白光照射到DVD片表面時(shí)出現(xiàn)彩色是因?yàn)楣饩哂胁▌?dòng)性C、某參考系中的兩處同時(shí)發(fā)光，在另一慣性參考系中觀察一定也是同時(shí)發(fā)光D、真空中的光速在不同慣性參考系中相同，因此光的頻率與參考系無關(guān)【答案】B【考查方向】本題旨在考查光的波粒二象性、愛因斯坦相對(duì)性原理?！窘馕觥緼、光能在彎曲的光導(dǎo)纖維中傳播，是由于在其內(nèi)部發(fā)生全反射現(xiàn)象，故A錯(cuò)誤；B、DVD片表面白色的，白光照射到DVD片表面時(shí)出現(xiàn)彩色，是由于光線在DVD片表面發(fā)生干涉造成的，而干涉是波特有的性質(zhì)，故證明了光具有波動(dòng)性，故B正確；C、相對(duì)論時(shí)空觀認(rèn)為在某參考系中同時(shí)發(fā)生的兩件事，在另一參考系看來不一定是同時(shí)的，故C錯(cuò)誤；D、真空中的光速在不同慣性參考系中相同，因此光的頻率與參考系有關(guān)，故D錯(cuò)誤。故選：B（2）飛機(jī)黑匣子是用來記錄飛行數(shù)據(jù)數(shù)據(jù)和駕駛艙語音的電子設(shè)備。一旦飛機(jī)失事黑匣子入水，水敏開關(guān)啟動(dòng)水下超聲波脈沖發(fā)生器工作，通過金屬外殼把頻率為37.5kHz的超聲波信號(hào)發(fā)射到周圍水域，已知超聲波在水中傳播速度為1500m/s，則該波在水中的波長約為＿＿m；超聲波不能發(fā)生＿＿＿【答案】、偏振【考查方向】本題旨在考查超聲波?！窘馕觥坑桑茫?；超聲波是聲波，故不能發(fā)生偏振現(xiàn)象。故答案為：、偏振（3）如圖所示，銀行為了安全在水平柜臺(tái)上安裝了厚度為d的堅(jiān)直玻璃板，某同學(xué)為了粗測其折射率，用一支激光筆在垂直于板面的豎直平面內(nèi)，讓激光以45°的入射角斜向下射向玻璃板，入射點(diǎn)到柜臺(tái)面的距離為h，他請(qǐng)銀行柜員測量了激光透過玻璃板落在柜臺(tái)面上光點(diǎn)到玻璃板的距離為s，求：①激光透過玻璃板后光線方向與玻璃板的夾角θ；②該玻璃板的折射率n。【答案】①；②【考查方向】本題旨在考查光的折射定律?！窘馕觥竣偌す獾墓饴穲D如圖所示：設(shè)在左側(cè)界面上的入射角為，折射角為，由光的折射定律，得：即：解得：②由幾何知識(shí)，得：解得：答：①激光透過玻璃板后光線方向與玻璃板的夾角為；②該玻璃板的折射率為。C．(選修模塊3—5)（12分)(1)下列說法中正確的是．A．γ射線是原子受激發(fā)后向低能級(jí)躍遷時(shí)放出的B．在穩(wěn)定的重原子核中，質(zhì)子數(shù)比中子數(shù)多C．核反應(yīng)過程中如果核子的平均質(zhì)量減小，則要吸收核能D.診斷甲狀腺疾病時(shí)，注入的放射性同位素碘131作為示蹤原子【答案】D【考查方向】本題旨在考查放射性同位素的應(yīng)用、氫原子的能級(jí)公式和躍遷?！窘馕觥緼、射線是一般伴隨著或射線產(chǎn)生的電磁波，具有一定的能量，原子核受激發(fā)后向低能級(jí)躍遷時(shí)放出的，故A錯(cuò)誤；B、在穩(wěn)定的重原子核中，質(zhì)子數(shù)比中子數(shù)少，故B錯(cuò)誤；C、核反應(yīng)過程中如果核子的平均質(zhì)量減小，說明核反應(yīng)的過程中由質(zhì)量虧損，屬于要釋放核能，故C錯(cuò)誤；D、給懷疑患有甲狀腺的病人注射碘131，診斷甲狀腺的器質(zhì)性和功能性疾病，是將碘131作為示蹤原子，故D正確。故選：D(2)2014年三位科學(xué)家因發(fā)明高亮度藍(lán)色發(fā)光二極管而獲得諾貝爾物理學(xué)獎(jiǎng)．發(fā)光二極管(LED)產(chǎn)生波長450nm-,455nm的藍(lán)光，照射熒光粉后發(fā)光，熒光粉輻射光子的波長（選填“≥”、“≤”或“="）入射藍(lán)光光子的波長，熒光粉輻射光形成的光譜是（選填“連續(xù)光譜”或“線狀譜”）．【答案】、線狀譜【考查方向】本題旨在考查光譜和光譜分析?！窘馕觥繜晒夥畚账{(lán)光后受激輻射產(chǎn)生的光的光子能量小于或等于藍(lán)光的光子能量，根據(jù)公式和，有，故熒光粉輻射光子的波長大于或等于入射藍(lán)光光子的波長；熒光粉輻射光形成的光譜是發(fā)射光譜，故一定是線狀譜。故答案為：、線狀譜（3）1930年英國物理學(xué)家考克饒夫和瓦爾頓建造了世界上第一臺(tái)粒子加速器，他們獲得了高速運(yùn)動(dòng)的質(zhì)子，用來轟擊靜止的鋰原子核，形成一個(gè)不穩(wěn)定的復(fù)合核后分解成兩個(gè)相同的原子核。①寫出核反應(yīng)方程式；②已知質(zhì)子的質(zhì)量為m，初速度為v0，反應(yīng)后產(chǎn)生的一個(gè)原子核速度大小為，方向與質(zhì)子運(yùn)動(dòng)方向相反，求反應(yīng)后產(chǎn)生的另一個(gè)原子核的速度以及反應(yīng)過程中釋放的核能（設(shè)反應(yīng)過程釋放的核能全部轉(zhuǎn)變?yōu)閯?dòng)能）【答案】①；②【考查方向】本題旨在考查質(zhì)譜儀和回旋加速器的工作原理?！窘馕觥竣俸朔磻?yīng)方程為：②由動(dòng)量守恒定律，有：解得：由能量守恒定律得，釋放的核能為：解得：答：①寫出核反應(yīng)方程式為；②反應(yīng)后產(chǎn)生的另一個(gè)原子核的速度以及反應(yīng)過程中釋放的核為。計(jì)算題：本題共3小題，共計(jì)47分．解答時(shí)請(qǐng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分，有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位.

13．（15分）如圖所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為N，方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場中，相距為L的兩根足夠長平行光滑金屬軌道MN、PQ固定在水平面內(nèi)，一質(zhì)量為m、電阻為R1的導(dǎo)體棒ab垂直軌道旋轉(zhuǎn)且與軌道電接觸良好，軌道左端M點(diǎn)接一單刀雙擲開關(guān)S，P點(diǎn)與電動(dòng)勢為E，內(nèi)阻為r的電源和定值R2相連接，不計(jì)連軌道的電阻。（1）求開關(guān)S合向1瞬間導(dǎo)體棒的加速度a；（2）開關(guān)S合向1，在導(dǎo)體棒速度等于v時(shí)把S合到2，導(dǎo)體椴又向右運(yùn)動(dòng)距離x后停下，求S合到2的瞬間導(dǎo)體棒ab兩端的電壓U及此后通過導(dǎo)體棒的電荷量q1；【答案】（1）；（2）、；（3）【考查方向】本題旨在考查導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢、安培力、電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化?！窘馕觥浚?）開關(guān)K與1閉合瞬間，由歐姆定律得：所受安培力為：由牛頓第二定律，有：解得：（2）導(dǎo)體棒速度等于時(shí)產(chǎn)生的電動(dòng)勢為：導(dǎo)體棒兩端的電壓為：解得：此后過程中產(chǎn)生的平均電動(dòng)勢為：通過的電量為：解得：（3）設(shè)此過程中電路中產(chǎn)生的焦耳熱為，則：在導(dǎo)體棒ab上產(chǎn)生的焦耳熱為：解得：答：（1）開關(guān)S合向1瞬間導(dǎo)體棒的加速度為；（2）S合到2的瞬間導(dǎo)體棒ab兩端的電壓為，此后通過導(dǎo)體棒的電荷量為；（3）在導(dǎo)體棒ab上產(chǎn)生的焦耳熱為。14．（16分）如圖所示，光滑斜面傾角為θ，底端固定一垂直于斜面的擋板C．在斜面上放置長木板A，A的下端與C的距離為d，A的上端放置小物塊B,A、B的質(zhì)量均為m，A.B間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=tanθ.現(xiàn)同時(shí)由靜止釋放A、B,A與C發(fā)生碰撞的時(shí)間極短，碰撞前后瞬間速度大小相等，運(yùn)動(dòng)過程中小物塊始終沒有從木板上滑落，已知重力加速度為g求：(l)A與C發(fā)生第一次碰撞前瞬間的速度大小v1；(2)A與C發(fā)生第一次碰撞后上滑到最高點(diǎn)時(shí)，小物塊B的速度大小V2；(3)為使B不與C碰撞，木板A長度的最小值L．【答案】（l）；（2）；（3）