浙江選考高二物理選考模擬測試(四)最新

第第頁共8頁高二物理選考模擬試題（四）本卷計算中，重力加速度g均取10m/s2。一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1．下列說法正確的是（）A．亞里士多德提出了慣性的概念B．牛頓的三個定律都可以通過實驗來驗證C．單位m、kg、N是一組屬于國際單位制的基本單位D．伽利略指出力不是維持物體運動的原因2．用圖所示裝置研究靜摩擦力。彈簧秤對物塊的拉力沿水平方向，逐漸增大拉力，當拉力小于10N時，物塊保持靜止，等于10N時，物塊剛剛開始運動。由此可知（）A．物塊和臺面間的最大靜摩擦力是10NB．當彈簧秤的示數(shù)為5N時，物塊受到的靜摩擦力是10NC．彈簧秤的示數(shù)為15N時，物塊受到的摩擦力是15ND．當彈簧秤的示數(shù)為15N時，物塊受到的摩擦力是0N3．一物體放在一傾角為θ的斜面上，向下輕輕一推，它剛好能勻速下滑．若給此物體一個沿斜面向上的初速度v0，則它能上滑的最大路程是（）A．B．C．D．4．2014年春晚中開心麻花團隊打造的創(chuàng)意形體秀《魔幻三兄弟》給觀眾留下了很深的印象．該劇采用了“斜躺”的表演方式，三位演員躺在傾角為30°的斜面上完成一系列動作，攝像機垂直于斜面拍攝，讓觀眾產生演員在豎直墻面前表演的錯覺．如圖所示，演員甲被演員乙和演員丙“豎直向上”拋出，到最高點后恰好懸停在“空中”．已知演員甲的質量m=60kg，該過程中觀眾看到演員甲上升的“高度”為0.8m．設演員甲和斜面間最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度g=10m/s2，不計空氣阻力．則該過程中，下列說法不正確的是（）A．演員甲被拋出的初速度為4m/sB．演員甲運動的時間為0.4sC．演員甲的重力勢能增加了480JD．演員乙和演員丙對甲做的功為480J5．將一小球以10m/s的速度水平拋出，經過1s小球落地，不計空氣阻力，g取10m/s2關于這段時間小球的運動，下列表述正確的是（）A．著地速度是10m/sB．豎直方向的位移是5mC．著地速度是20m/sD．水平方向的位移是10m/s6．如圖所示，小球在水平面內做勻速圓周運動．小球在運動過程中()A．速度不變B．受到的合外力不變C．角速度變D．向心加速度不變7．拉格朗日點位于太陽和地球連線的延長線上，一飛行器處于該點，在幾乎不消耗燃料的情況下與地球同步繞太陽做圓周運動，即始終保持與地球、太陽在一條直線上。則此飛行器的（）A.向心力僅由太陽的引力提供B.向心力僅由地球的引力提供C.向心加速度等于地球的向心加速度D.線速度大于地球的線速度8．如圖所示，關于a、b兩點的電場強度的大小和方向，下列說法正確的是（）

A．Ea

>Eb方向相同

B．

Ea

>Eb方向不同C．Ea

<

Eb

方向不同

D．Ea

<

Eb

方向相同9．下列描述的運動，能找到實例的是()A．物體運動的加速度不斷變化，而物體的動能卻保持不變B．物體運動的加速度不等于零，而速度保持不變C．物體運動的加速度等于零，而速度卻不等于零D．物體做曲線運動，但具有恒定的加速度ABCABCE則木塊與接觸面間μ為()A.cotθB.tanθC.cosθD.sinθ11．設雨滴從很高處由靜止開始豎直下落，所受空氣阻力f和其速度的大小v成正比。則雨滴的運動情況是（）A．加速度先減小后不變B．加速度先減小后變大C．先加速后減速直至勻速D．先加速后減速12．人站在電梯內的體重計上，體重計示數(shù)減小，可能的原因是()A．電梯勻速上升B．電梯勻速下降C．電梯勻減速上升D．電梯勻減速下降13．當汽車發(fā)動機的輸出功率為20kW時，汽車在平直公路上以20m/s的速度勻速行駛，此時汽車牽引力是()A．3000NB．1500NC．2000ND．1000N二、選擇題Ⅱ(本題共3小題，每小題2分，共6分。每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得2分，選對但不全的得1分，有選錯的得0分)14．【加試題】有關放射性知識，下列說法中正確的是 （）A．衰變是原子核內的中子轉化成質子和電子從而放出電子的過程B．射線一般伴隨著或射線產生，這三種射線中，射線電離能力最強C．由核反應方程可知核反應前后質量守恒、核電荷數(shù)守恒D．氡的半衰期為3．8天，若取4個氡原子核，經7．6天后就一定剩下一個氡原子核15、【加試題】．兩列橫波沿著同一條繩（繩沿x方向放置）相向傳播，振幅都是20cm．實線波的頻率為3.25Hz，沿x軸正方向傳播；虛線波沿x軸負方向傳播．某時刻兩列波相遇，如圖所示．則下列說法中正確的是()A．兩列波在相遇區(qū)域發(fā)生干涉現(xiàn)象B．圖示時刻平衡位置x=3m的質點位于y=－20cm處C．從圖示時刻起再過0.25s，平衡位置x=4.25m的質點將位于y=－40cm處D．從圖示時刻起再過0.25s，平衡位置x=4.25m的質點將位于y=40cm處16．【加試題】如圖所示，兩細束平行單色光a、b射向置于空氣中橫截面為矩形的玻璃磚的下表面，設玻璃磚足夠長，若發(fā)現(xiàn)玻璃磚的上表面只有一束光線射出，則下列說法中正確的是()A．其中有一束單色光在玻璃磚的上表面發(fā)生了全反射B．在玻璃中單色光a的傳播速率大于單色光b的傳播速率C．若光束a恰好能使某金屬發(fā)生光電效應，則b也能D．減小光束與玻璃磚下表面間的夾角θ，上表面會有兩束平行單色光射出三、非選擇題（本題共7小題，共55分）17．（5分）某同學設計了如圖所示的裝置來探究加速度與力的關系．彈簧秤固定在一合適的木板上，桌面的右邊緣固定一支表面光滑的鉛筆以代替定滑輪，細繩的兩端分別與彈簧秤的掛鉤和礦泉水瓶連接．在桌面上畫出兩條平行線MN、PQ，并測出間距d.開始時將木板置于MN處，現(xiàn)緩慢向瓶中加水，直到木板剛剛開始運動為止，記下彈簧秤的示數(shù)F0，以此表示滑動摩擦力的大?。賹⒛景宸呕卦幉醋?，繼續(xù)向瓶中加水后，記下彈簧秤的示數(shù)F1，然后釋放木板，并用秒表記下木板運動到PQ處的時間t.(1)木板的加速度可以用d、t表示為a＝________；為了減小測量加速度的偶然誤差可以采用的方法是(一種即可)________．(2)改變瓶中水的質量重復實驗，確定加速度a與彈簧秤示數(shù)F1的關系．下列圖象中能表示該同學實驗結果的是________．(3)用加水的方法改變拉力的大小與掛鉤碼的方法相比，它的優(yōu)點是________．A．可以改變滑動摩擦力的大小B．可以更方便地獲取多組實驗數(shù)據(jù)C．可以比較精確地測出摩擦力的大小D．可以獲得更大的加速度以提高實驗精度18某電阻額定電壓為3V（阻值大約為10Ω），為較準確地測量其阻值，實驗室提供了下列可選用的器材：A.電流表（量程300mA，內阻約1Ω）；B.電流表（量程0.6A，內阻約0.3Ω）；C.電壓表（量程3.0V，內阻約3kΩ）；D．電壓表（量程5.0V，內阻約5kΩ）；E.滑動變阻器R1（最大阻值為50Ω）；F．電源E（電動勢4V，內阻可忽略）；G．開關、導線若干。（1）為了盡可能提高測量準確度，應選擇電流表，電壓表（只需填器材前面的字母即可）。（2）應采用的電路圖為下列圖中的.高二物理選考模擬試題（四）答題區(qū)班級學號姓名題號12345678答案題號910111213141516答案17、(1)(2)(3)18、（1）（2）19．（9分）如下圖所示，水平地面上放有質量均為m=1kg的物塊A和B，兩者之間的距離為l=0.75m。A、B與地面間的動摩擦因數(shù)分別為μ1=0.4、μ2=0.1?，F(xiàn)使A獲得初速度v0向B運動，同時對B施加一個方向水平向右的力F=3N，使B由靜止開始運動。經過一段時間，A恰好追上B。g取10m/s2。求：（1）B運動的加速度大小aB；（2）A的初速度的大小v0。

20．（12分）如下圖所示，讓擺球從圖中的C位置由靜止開始擺下，擺到最低點D處，擺線剛好被拉斷，小球在粗糙的水平面上由D點向左做勻減速運動，到達小A孔進入半徑R=0.3m的豎直放置的光滑圓弧軌道，當擺球進入圓軌道立即關閉A孔。已知擺線長L=2m，，小球質量為m=0.5kg，D點與小孔A的水平距離s=2m，g取10m/s2。試求：（1）求擺線能承受的最大拉力為多大？（2）要使擺球能進入圓軌道并且不脫離軌道，求粗糙水平面摩擦因數(shù)μ的范圍。

21．【加試題】（4分）(1)在“用雙縫干涉測光的波長”實驗中,分劃板在圖中A、B位置時游標卡尺讀數(shù)xA＝11.1mm，xB＝______mm，相鄰兩條紋間距Δx＝_____mm；(2)．在“利用單擺測重力加速度”的實驗中測得擺線長，小球直徑D，小球完成n次全振動的時間t，則實驗測得的重力加速度的表達式g＝；=2\*GB3②實驗中如果重力加速度的測量值偏大，其可能的原因是。A．把擺線的長度當成了擺長B．擺線上端未牢固地固定于O點，振動中出現(xiàn)松動，使擺線變長C．測量周期時，誤將擺球（n-1）次全振動的時間t記成了n次全振動的時間D．擺球的質量過大22．【加試題】（8分）6．如圖所示，ef，gh為水平放置的足夠長的平行光滑導軌，導軌間距為L=1m，導軌左端連接一個R=2Ω的電阻，將一根質量為0.2kg的金屬棒cd垂直地放置導軌上，且與導軌接觸良好，導軌與金屬棒的電阻均不計，整個裝置放在磁感應強度為B=2T的勻強磁場中，磁場方向垂直于導軌平面向下．現(xiàn)對金屬棒施加一水平向右的拉力F，使棒從靜止開始向右運動．試解答以下問題．（1）若施加的水平外力恒為F=8N，則金屬棒達到的穩(wěn)定速度v1是多少？（2）若施加的水平外力的功率恒為P=18W，則金屬棒從開始運動到速度v3=2m/s的過程中電阻R產生的熱量為8.6J，則該過程所需的時間是多少？23．【加試題】（12分）如圖所示，在坐標系的第一、四象限存在一寬度為a、垂直紙面向外的有界勻強磁場，磁感應強度的大小為B；在第三象限存在與y軸正方向成θ=60°角的勻強電場。一個粒子源能釋放質量為m、電荷量為+q的粒子，粒子的初速度可以忽略。粒子源在點P(，)時發(fā)出的粒子恰好垂直磁場邊界EF射出；將粒子源沿直線PO移動到Q點時，所發(fā)出的粒子恰好不能從EF射出。不計粒子的重力及粒子間相互作用力。求：（1）勻強電場的電場強度；（2）P、Q兩點間的距離；（3）若僅將電場方向順時針轉動60°，粒子源仍在PQ間移動并釋放粒子，試判斷這些粒子第一次從哪個邊界射出磁場并確定射出點的縱坐標范圍。參考答案1．D2．A3．C【解析】試題分析：物體沿斜面勻速下滑時，受力平衡，由平衡條件可求出物體所受的滑動摩擦力大小，當物體沿斜面上滑時，滑動摩擦力大小不變，再根據(jù)牛頓第二定律和運動學公式或動能定理求上滑的最大距離．解：物體沿斜面勻速下滑時，合力為零，由平衡條件得：物體所受的滑動摩擦力大小為：f=mgsinθ，當物體沿斜面向上滑動時，根據(jù)牛頓第二定律有：mgsinθ+f=ma，由此解得：a=2gsinθ，方向沿斜面向下．根據(jù)v2﹣v02=2ax，解得：x=；故選：C．【點評】本題要求的是空間距離，運用動能定理求解比較簡單，也可以根據(jù)牛頓第二定律和運動學公式結合求解．4．【答案】C【解析】試題分析：因為到達最高點后，恰好懸停，則有：mgsin30°=μmgcos30°，向上滑動的過程中，加速度．根據(jù)v02＝2ax得，初速度，故A正確．演員甲的運動時間，故B正確．演員甲的重力勢能增加量△Ep＝mgxsin30°＝600×0.8×J=240J，故C錯誤．演員乙和演員丙對甲做的功W=mv02＝×60×16J＝480J，故D正確．本題選不正確的，故選：C考點：牛頓第二定律；重力勢能；動能定理.5．B6【答案】C【解析】試題分析：根據(jù)題意，船在靜水中的速度是不同的，因此它們的時間也不相同，根據(jù)曲線運動條件可知，AC軌跡說明船在靜水中加速運動，而AB則對應是船在靜水中勻速運動，對于AD，則船在靜水中減速運動，故AB錯誤；由上分析可知，由于AC軌跡，船在靜水中加速運動，因此所用時間最短，故C正確；沿著AD運動軌跡，對于的時間是最長的，但AD是勻減速運動的軌跡，故D錯誤?？键c：運動的合成和分解【名師點睛】考查運動的合成與分解的應用，注意船運動的性質不同，是解題的關鍵，同時掌握曲線運動條件的應用。7【答案】D【解析】試題分析：飛行器在幾乎不消耗燃料的情況下與地球同步繞太陽做圓周運動，靠地球和太陽引力的合力提供向心力，故AB錯誤；飛行器和地球的角速度相等，根據(jù)知，飛行器的向心加速度大于地球的向心加速度，故C錯誤；根據(jù)知，飛行器的線速度大于地球的線速度，故D正確?？键c：萬有引力定律及其應用【名師點睛】解決本題的關鍵知道飛行器向心力的來源，抓住角速度相等，結合線速度、向心加速度與角速度的關系分析判斷。8【答案】B9【答案】B【解析】S斷開時，電流表示數(shù)為0.5A，則U=I1R1=10V；S閉合時，因電動機為非純電阻元件，故I2＜=1A，故A錯、B對。這時電路總功率P=UI總=U（I1+I2）＜10×（1+0.5）W，即P＜15W，故C錯誤。熱功率P熱=I22R2<10W，選項D錯誤。10．B【解析】試題分析：動能定理的內容：所有外力對物體總功，（也叫做合外力的功）等于物體的動能的變化。如圖所示，對物體從A運動到B的整個過程中由動能定理得即，解得.考點：動能定理點評：應用動能定理的步驟：（1）確定研究對象，研究對象可以是一個質點（單體）也可以是一個系統(tǒng)；（2）分析研究對象的受力情況和運動情況，是否是求解“力、位移與速度關系“的問題；（3）若是，根據(jù)外力做的總功等于物體動能的變化列式求解.11．A【解析】試題分析：雨滴運動過程中受到重力和阻力作用，剛開始一段過程中，重力大于阻力，所以雨滴先做加速運動，設，隨著速度的增大，空氣阻力也在增大，所以再減小，加速度在減小，當時合力為零，加速度為零，此時速度最大，之后空氣阻力不變，雨滴受力平衡，所以做勻速直線運動，所以雨滴先做加速度減小的加速運動，后做勻速運動，故A正確，考點：考查了牛頓第二定律的應用點評：做本題的關鍵是對空氣阻力的變化規(guī)律清楚，隨著速度的增大，阻力也在增大，所以合力在減小，12．C【解析】A、甲圖中電梯靜止時電流表示數(shù)為I0，由于電流等于I0且不變，故電梯勻速直線運動或靜止不動，故A錯誤；B、乙圖中，電流逐漸變大，故壓力逐漸變大，且大于重力，故電梯處于超重狀態(tài)，且加速度變大，故B錯誤；C、丙圖中，電流恒為2I0，故電梯處于超重狀態(tài)，可能勻加速上升，也可能勻減速下降，故C正確；D、丁圖中，電流一直大于I0，且不斷減小，故電梯的加速度向上，并且一直減小，故電梯可能減速下降，也可能加速上升，但加速度不斷減小，故D錯誤；本題關鍵根據(jù)電流變化情況判斷壓力變化情況，根據(jù)牛頓第二定律判斷加速度變化情況，從而判斷電梯的可能運動情況．13D14A15BD16BCD17解析：(1)由于木板做勻加速直線運動，且初速度為零，故有：d＝eq\f(1,2)at2，則a＝eq\f(2d,t2).為減小測量加速度的偶然誤差，可以采用多次測量取平均值的方法．(2)以礦泉水瓶為研究對象，設其質量為m，則有mg－F0＝ma，即a＝g－eq\f(F0,m)可知a－F圖象不過原點，a、b項錯；由于m逐漸增大，故a－F圖象的斜率eq\f(1,m)應逐漸減小，c項對，d項錯．(3)不論用什么方法改變拉力的大小，都不能改變滑動摩擦力的大小，A項錯；由于用加水的方法每次增加的拉力可大可小，故B、C項對；用兩種方法都可以獲得較大加速度，故D項錯．答案：(1)eq\f(2d,t2)保持F1不變，重復實驗多次測量，求平均值(2)c(3)BC18,19【解析】（1）對B，由牛頓第二定律得：（2分）求得：（1分）（2）設A經過t時間追上B，對A，由牛頓第二定律得：（1分）（1分）（1分）恰好追上的條件為：（1分）（1分）代入數(shù)據(jù)解得：，（1分）20【解析】（1）當擺球由C到D運動機械能守恒：（2分）由牛頓第二定律可得：（1分）可得：Fm=2mg=10N（1分）小球不脫圓軌道分兩種情況：①要保證小球能達到A孔，設小球到達A孔的速度恰好為零，由動能定理可得：（1分）可得：μ1=0.5（1分）若②若小球能過圓軌道的最高點則不會脫離軌道，在圓周的最高點由牛頓第二