高考全真精準(zhǔn)模擬 物理卷第06周 第2練（解析版）

高考全真模擬理科綜合之物理精準(zhǔn)模擬試卷第6周第2練二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14~18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19~21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。14．如圖所示，空間有一底面處于水平地面上的正方體框架ABCD-A1B1C1D1,從頂點(diǎn)A沿不同方向平拋一小球（可視為質(zhì)點(diǎn)）．關(guān)于小球的運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（）A．落點(diǎn)在A1B1C1D1內(nèi)的小球落在B1點(diǎn)時(shí)平拋的初速度最大B．落點(diǎn)在B1D1上的小球,平拋初速度的最小值與最大值之比為1:2C．運(yùn)動(dòng)軌跡與A1C相交的小球,在交點(diǎn)處的速度方向都相同D．運(yùn)動(dòng)軌跡與AC1相交的小球,在交點(diǎn)處的速度方向都相同【答案】D【解析】A、向各個(gè)水平方向拋出小球，平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)間都相等，水平距離越遠(yuǎn)，平拋初速度越大，由圖得，小球落在C1點(diǎn)時(shí)，平拋的初速度最大，A錯(cuò)誤；B、由得，速度與位成正比，落點(diǎn)在B1D1上的小球，最大水平距離為正方體邊長(zhǎng)或者，最小的水平距離為A1B1C1D1對(duì)角線的一半，最小距離與最大距離的比值為，B錯(cuò)誤．CD、設(shè)AC1的傾角為α，軌跡與AC1線段相交的小球，在交點(diǎn)處的速度方向與水平方向的夾角為θ．則,則可知θ一定，則軌跡與AC1線段相交的小球，在交點(diǎn)處的速度方向相同，故D正確．15．下列說(shuō)法正確的是（）A．鈾核裂變的核反應(yīng)是U→Ba+Kx+2nB．玻爾根據(jù)光的波粒二象性，大膽提出假設(shè)，認(rèn)為實(shí)物粒子也具有波動(dòng)性C．原子從低能級(jí)向髙能級(jí)躍遷，不吸收光子也能實(shí)現(xiàn)D．根據(jù)愛(ài)因斯坦的光子說(shuō)可知，光的波長(zhǎng)越大，光子的能量越大【答案】C【解析】A.鈾核裂變的核反應(yīng)是，故A錯(cuò)誤；B、德布羅意根據(jù)光的波粒二象性，大膽提出假設(shè)，認(rèn)為實(shí)物粒子也具有波動(dòng)性，故B錯(cuò)誤；C、受到電子或其他粒子的碰撞，原子也可從低能級(jí)向髙能級(jí)躍遷，不吸收光子也能實(shí)現(xiàn)，故C正確；D、根據(jù)愛(ài)因斯坦的光子說(shuō)可知，光的波長(zhǎng)越大，根據(jù)，波長(zhǎng)越大，故能量越小，故D錯(cuò)誤；故選C。16．如圖（a）所示，光滑絕緣水平面上有甲、乙兩個(gè)點(diǎn)電荷。t=0時(shí)，甲靜止，乙以初速度6m/s向甲運(yùn)動(dòng)。此后，它們僅在靜電力的作用下沿同一直線運(yùn)動(dòng)（整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中沒(méi)有接觸），它們運(yùn)動(dòng)的v-t圖象分別如圖（b）中甲、乙兩曲線所示。則由圖線可知（）A．t1時(shí)刻兩電荷的總動(dòng)能最小，總動(dòng)量也最小B．t1時(shí)刻兩電荷的總電勢(shì)能最大C．0~t2時(shí)間內(nèi)，兩電荷的靜電力先減小后增大D．t1~t3時(shí)間內(nèi)，兩電荷的動(dòng)量都增大，總動(dòng)量不變【答案】B【解析】AB．由圖象前段看出，甲從靜止開(kāi)始與乙同向運(yùn)動(dòng)，說(shuō)明甲受到了乙的排斥力作用。0~t1時(shí)間內(nèi)兩電荷間距離逐漸減小，之后兩電荷間距離逐漸增大，t1時(shí)刻兩球相距最近，系統(tǒng)克服電場(chǎng)力做功最多，兩電荷的總電勢(shì)能最大，由能量守恒可知此時(shí)總動(dòng)能最小。由于系統(tǒng)不受外力，所以動(dòng)量守恒。故A錯(cuò)誤，B正確；C．0~t2時(shí)間內(nèi)兩電荷間距離先減小再增大，由庫(kù)侖定律得知，兩電荷間的相互靜電力先增大后減小，故C錯(cuò)誤；D．t1~t3時(shí)間內(nèi)，乙的速度先減小再增大，則其動(dòng)量也先減小再增大，甲速度一直增大，其動(dòng)量也一直增大，由動(dòng)量守恒可知二者總動(dòng)量不變，故D錯(cuò)誤。故選B。17．如圖所示為額定電壓為250V的用戶供電的遠(yuǎn)距離輸電的示意圖，已知輸入原線圈n1兩端的電壓U1=500V，發(fā)電機(jī)的輸出功率為P=500kW，輸電線的電阻R=12.5，如果輸電線上損失的功率為輸送功率的1%。如果圖中的升壓變壓器以及降壓變壓器均為理想的變壓器。則下列結(jié)論正確的是（）A．n3：n4=79：1B．n1：n2=1：50C．流過(guò)輸電線的電流強(qiáng)度大小為40AD．降壓變壓器原線圈兩端的電壓為24700V【答案】B【解析】BC．導(dǎo)線上的電流:升壓變壓器原線圈電流:則:B正確，C錯(cuò)誤；AD．降壓變壓器的初級(jí)電壓：則：AD錯(cuò)誤。故選B。18．如圖所示，光滑直角三角形支架ABC豎直固定在水平地面上，B、C兩點(diǎn)均在地面上，AB與BC間的夾角為θ，分別套在AB、AC上的小球a和b用輕繩連接，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，輕繩與CA間的夾角為α．a(chǎn)、b的質(zhì)量之比為（）A． B． C． D．【答案】A【解析】對(duì)a、b兩球分別受力分析，建立沿支架和垂直于支架的坐標(biāo)系，如圖所示：對(duì)a由平衡條件：，，可得；對(duì)b由平衡條件：，，可得；同一根繩的張力處處相同，聯(lián)立可得，有；19．按照我國(guó)整個(gè)月球探測(cè)活動(dòng)的計(jì)劃，在第一步繞月工程圓滿完成各項(xiàng)門標(biāo)和科學(xué)探測(cè)任務(wù)后，第二步落月工程也已在2013年以前完成。假設(shè)月球半徑為R。月球表面的重力加速度為g0，飛船沿距月球表面高度為3R的圓形軌道I運(yùn)動(dòng)，到達(dá)A點(diǎn)時(shí)，點(diǎn)火變軌進(jìn)入橢圓軌道Ⅱ；到達(dá)軌道Ⅱ的近月點(diǎn)B再次點(diǎn)火進(jìn)入月球近月圓軌道III繞月球做圓周運(yùn)動(dòng)。下列判斷正確的是（）A．飛船在軌道Ⅰ上的運(yùn)行速率為B．飛船在A點(diǎn)處點(diǎn)火變軌時(shí)，動(dòng)能增大C．飛船從A到B運(yùn)行的過(guò)程中機(jī)械能增大D．飛船在軌道Ⅲ繞月球運(yùn)動(dòng)一周所需的時(shí)間【答案】AD【解析】A．飛船在軌道Ⅰ上，萬(wàn)有引力提供向心力在月球表面，萬(wàn)有引力等于重力得解得故A正確；B．在圓軌道實(shí)施變軌成橢圓軌道在遠(yuǎn)地點(diǎn)是做逐漸靠近圓心的運(yùn)動(dòng)，要實(shí)現(xiàn)這個(gè)運(yùn)動(dòng)必須萬(wàn)有引力大于飛船所需向心力，所以應(yīng)給飛船減速，減小所需的向心力，動(dòng)能減小，故B錯(cuò)誤；C．飛船在軌道Ⅱ上做橢圓運(yùn)動(dòng)，根據(jù)開(kāi)普勒第二定律可知：在進(jìn)月點(diǎn)速度大于遠(yuǎn)月點(diǎn)速度，所以飛船在A點(diǎn)的線速度大于在B點(diǎn)的線速度，機(jī)械能不變，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)解得故D正確。故選AD。20．如圖所示，足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌與水平面成0角放置，導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)且電阻不計(jì)，其頂端接有一阻值為R的電阻，整個(gè)裝置處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直于導(dǎo)軌平面向下．一質(zhì)量為m的金屬棒以初速度υ0由導(dǎo)軌底端上滑，經(jīng)一段時(shí)間滑行距離x到達(dá)最高點(diǎn)后，又返回底端．棒與兩導(dǎo)軌始終垂直且接觸良好，其接入電路中的電阻為r，重力加速度為g．下列說(shuō)法正確的是A．棒下滑過(guò)程的平均速度等于B．棒下滑過(guò)程通過(guò)R的電荷量為C．棒上滑時(shí)間等于D．棒上滑過(guò)程中回路產(chǎn)生的焦耳熱等于【答案】CD【解析】A．根據(jù)能量守恒得，除最高點(diǎn)外，在任何一個(gè)位置，上滑到此位置的速度大于下滑到此位置的速度，則上滑的平均速度大于下滑的平均速度，在上滑過(guò)程中，物體做加速度逐漸減小的減速運(yùn)動(dòng)，故上滑的平均速度小于，故下滑的平均速度小于，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)感應(yīng)電荷量公式可知，下滑過(guò)程中通過(guò)R的電荷量為，故B錯(cuò)誤；C．上滑過(guò)程，以向上為正方向，對(duì)棒由動(dòng)量定理得：，兩邊求和得：，整理得：，又，解得，故C正確．D．棒上滑到最高點(diǎn)的過(guò)程中，由能量守恒定律可得，回路中產(chǎn)生的總焦耳熱為：，故D正確．21．以恒定速率運(yùn)動(dòng)，皮帶始終是繃緊的，將m＝1kg的貨物放在傳送帶上的A處，經(jīng)過(guò)1.2s到達(dá)傳送帶的B端．用速度傳感器測(cè)得貨物與傳送帶的速度v隨時(shí)間t變化圖象如圖乙所示，已知重力加速度g取10m/s2，由v-t圖線可知()A．A、B兩點(diǎn)的距離為2.4mB．貨物與傳送帶的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5C．貨物從A運(yùn)動(dòng)到B過(guò)程中，傳送帶對(duì)貨物做功大小為12.8JD．貨物從A運(yùn)動(dòng)到B過(guò)程中，貨物與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量為4.8J【答案】BD【解析】物塊在傳送帶上先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)速度達(dá)到傳送帶速度，一起做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以物塊由A到B的間距為對(duì)應(yīng)圖象所圍梯形的面積x=12×2×0.2+12（2+4）×1=3.2m。故A錯(cuò)誤；由v-t圖象可知，物塊在傳送帶上先做a1勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為a1=ΔvΔt=10m/s2，對(duì)物體受力分析受摩擦力，方向向下，重力和支持力，mgsinθ+μmgcosθ=ma1，同理，做a2的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，對(duì)物體受力分析受摩擦力，方向向上，重力和支持力，加速度為a2=2m/s2。22.（6分）現(xiàn)測(cè)定長(zhǎng)金屬絲的電阻率。（1）某次用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲直徑的結(jié)果如圖所示，其讀數(shù)是________mm。（2）利用下列器材設(shè)計(jì)一個(gè)電路，盡量準(zhǔn)確地測(cè)量一段金屬絲的電阻。這段金屬絲的電阻Rx約為100Ω，畫(huà)出實(shí)驗(yàn)電路圖_______，并標(biāo)明器材代號(hào)。電源E(電動(dòng)勢(shì)10V，內(nèi)阻約為10Ω)電流表A1(量程0～250mA，內(nèi)阻R1＝5Ω)電流表A2(量程0～300mA，內(nèi)阻約為5Ω)滑動(dòng)變阻器R(最大阻值10Ω，額定電流2A)開(kāi)關(guān)S及導(dǎo)線若干（3）某同學(xué)設(shè)計(jì)方案正確，測(cè)量得到電流表A1的讀數(shù)為I1，電流表A2的讀數(shù)為I2，則這段金屬絲電阻的計(jì)算式Rx＝________。從設(shè)計(jì)原理看，其測(cè)量值與真實(shí)值相比________(填偏大偏小或相等)。【答案】0.200(0.196～0.204均可)相等【解析】（1）由圖示螺旋測(cè)微器可知，其示數(shù)為：d＝0mm+20.0×0.01mm=0.200mm；（2）本題要測(cè)量金屬絲的電阻，無(wú)電壓表，故用已知內(nèi)阻的電流表A1充當(dāng)電壓表，由于電流表A1的滿偏電壓UA1＝ImR1＝1.25V，比電源電動(dòng)勢(shì)小得多，故電路采用分壓式接法，電路圖如圖所示。（3）當(dāng)電流表A1、A2讀數(shù)分別為I1、I2時(shí)，通過(guò)Rx的電流為I＝I2－I1Rx兩端電壓U＝I1R1故Rx＝＝由圖示電路圖可知，電壓與電流的測(cè)量值等于真實(shí)值，由歐姆定律可知，電阻的測(cè)量值等于真實(shí)值。23.（9分）如圖所示為某同學(xué)設(shè)計(jì)的一種探究動(dòng)量守恒定律的實(shí)驗(yàn)裝置圖。水平桌面固定一長(zhǎng)導(dǎo)軌，一端伸出桌面，另一端裝有豎直擋板，輕彈簧的一端固定在豎直擋板上，另一端被入射小球從自然長(zhǎng)度位置A點(diǎn)壓縮至B點(diǎn)，釋放小球，小球沿導(dǎo)軌從右端水平拋出，落在水平地面上的記錄紙上，重復(fù)10次，確定小球的落點(diǎn)位置；再把被碰小球放在導(dǎo)軌的右邊緣處，重復(fù)上述實(shí)驗(yàn)10次，在記錄紙上分別確定入射小球和被碰小球的落點(diǎn)位置(從左到右分別記為P、Q、R)，測(cè)得OP=x1，OQ=x2，OR=x3（1）關(guān)于實(shí)驗(yàn)的要點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是___A.入射小球的質(zhì)量可以小于被碰小球的質(zhì)量B.入射小球的半徑必須大于被碰小球的半徑C.重復(fù)實(shí)驗(yàn)時(shí)，每次都必須將彈簧壓縮至B點(diǎn)D.導(dǎo)軌末端必須保持水平（2）若入射球的質(zhì)量為m1，被碰小球的質(zhì)量為m2，則該實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證成立的表達(dá)式為_(kāi)_（用所給符號(hào)表示）；（3）除空氣阻力影響外，請(qǐng)?jiān)僬f(shuō)出一條可能的實(shí)驗(yàn)誤差來(lái)源_______?！敬鸢浮緾D軌道摩擦的影響：確認(rèn)落點(diǎn)P、Q、R時(shí)的誤差：，，的測(cè)量誤差【解析】（1）A．為防止兩球碰撞后入射球反彈，入射小球的質(zhì)量必須大于被碰小球的質(zhì)量，故A錯(cuò)誤；B．為使兩球發(fā)生正碰，入射小球的半徑必須與被碰小球的半徑相同，故B錯(cuò)誤；C．為了保證入射球每次到達(dá)桌面邊緣的速度相同，則重復(fù)實(shí)驗(yàn)時(shí)，每次都必須將彈簧壓縮至B點(diǎn)，從而讓入射球獲得相同的彈性勢(shì)能，故C正確；D．為了保證兩球碰后都能做平拋運(yùn)動(dòng)從而能求出飛出時(shí)的速度，導(dǎo)軌末端必須保持水平，故D正確。故選CD。（2）兩球碰撞過(guò)程系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，以向右為正方向，有小球做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t相等，兩邊同時(shí)乘以t，有結(jié)合碰撞前后的小球落點(diǎn)情況，換算水平距離后，有，，可得（3）除空氣阻力影響外，本實(shí)驗(yàn)其它的誤差有：軌道摩擦的影響；確認(rèn)落點(diǎn)P、Q、R時(shí)的誤差；，，的測(cè)量誤差。24．（14分）如圖所示，在豎直平面內(nèi)固定有兩個(gè)很靠近的同心圓形軌道，外圓ABCD光滑，內(nèi)圓的上半部分B′C′D′粗糙，下半部分B′A′D′光滑．一質(zhì)量m=0.2kg的小球從軌道的最低點(diǎn)A處以初速度v0向右運(yùn)動(dòng)，球的直徑略小于兩圓間距，球運(yùn)動(dòng)的軌道半徑R=0.2m，取g=10m/s2．（1）若要使小球始終緊貼著外圓做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，初速度v0至少為多少？（2）若v0=3m/s，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間小球到達(dá)最高點(diǎn)，內(nèi)軌道對(duì)小球的支持力FC=2N，則小球在這段時(shí)間內(nèi)克服摩擦力做的功是多少？（3）若v0=3.1m/s，經(jīng)過(guò)足夠長(zhǎng)的時(shí)間后，小球經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)A時(shí)受到的支持力為多少？小球在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中減少的機(jī)械能是多少？（保留三位有效數(shù)字）【答案】（1）（2）0.1J（3）6N；0.56J【解析】（1）在最高點(diǎn)重力恰好充當(dāng)向心力從到機(jī)械能守恒解得（2）最高點(diǎn)從A到C用動(dòng)能定理得（3）由于，在上半圓周運(yùn)動(dòng)過(guò)程的某階段，小球?qū)?duì)內(nèi)圓軌道間有彈力，由于摩擦作用，機(jī)械能將減?。?jīng)足夠長(zhǎng)時(shí)間后，小球?qū)H在半圓軌道內(nèi)做往復(fù)運(yùn)動(dòng)．設(shè)此時(shí)小球經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)的速度為，受到的支持力為得整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中小球減小的機(jī)械能得25．（18分）如圖所示，質(zhì)量分別為、，帶電量均為q=＋4.0×10-2C的金屬小球A、B靜止在足夠大的絕緣水平桌面上，開(kāi)始時(shí)，A、B兩球靜止，A、B兩球間有一個(gè)鎖定的被壓縮的輕質(zhì)絕緣彈簧，與A、B兩球不拴接，彈性勢(shì)能Ep=5.4J（A、B兩球均可視為質(zhì)點(diǎn)，彈簧長(zhǎng)度可忽略），空間內(nèi)存在范圍足夠大的豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度E=50N/C，在桌面左邊緣的虛線PQ上方存在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=15T。虛線PQ與水平桌面成45°角，現(xiàn)將彈簧解除鎖定，A、B兩球被瞬間彈開(kāi)后移走彈簧。已知A、B兩球與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，兩球靜止時(shí)與P點(diǎn)間的距離L=1m，A球與桌面碰撞時(shí)沒(méi)有機(jī)械能損失，可等速率返回，取，重力加速度g=10m/s2。求：（1）彈簧解除鎖定后瞬間，A、B兩球的速度大??；（2）A球第一次與桌面相碰時(shí)，A、B兩球間的距離；（3）A球從P點(diǎn)第一次進(jìn)入磁場(chǎng)到第二次離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)平均速度的大小和方向?！敬鸢浮浚?），；（2）1.25m；（3），方向?yàn)榕c水平方向成45°角斜向右上方?！窘馕觥浚?）彈開(kāi)過(guò)程對(duì)兩球由能量守恒定律得由動(dòng)量守恒定律得解得，（2）在未進(jìn)入磁場(chǎng)前，對(duì)A球受力分析，則有A球受到的支持力為0，A球不受摩擦力作用，所以向左勻速運(yùn)動(dòng)，從P點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)，進(jìn)入磁場(chǎng)后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，作出運(yùn)動(dòng)軌跡，如圖所示：A球勻速向左運(yùn)動(dòng)至P點(diǎn)的時(shí)間A球在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)由洛倫茲力提供向心力，則有解得r=2mA球在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期為由圖可知A球第一次在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為A球豎直向下射出磁場(chǎng)，仍做勻速直線運(yùn)動(dòng)，勻速運(yùn)動(dòng)的位移為r=2m，A球出磁場(chǎng)到與桌面相碰運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為A、B兩球分離后至A球第一次回到桌面所用的時(shí)間為對(duì)B球受力分析，由牛頓第二定律得解得設(shè)B球向右減到0所用的時(shí)間為tB，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得說(shuō)明當(dāng)B球向右減速到0后，A球才落回到桌面，則B的位移為A球第一次與桌面相碰時(shí)，A、B兩球間的距離（3）A球與桌面碰撞反彈后，向上做勻速運(yùn)動(dòng)，再次進(jìn)入磁場(chǎng)，向右偏轉(zhuǎn)，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示由圖可知，A球從第一次進(jìn)入磁場(chǎng)到第二次離開(kāi)磁場(chǎng)。所用的總時(shí)間為總位移為則平均速度的大小為方向?yàn)榕c水平方向成45°角斜向右上方。（二）選考題：共15分。請(qǐng)考生從2道物理題中任選一題作答。如果多做，則按所做的第一題計(jì)分。33．【選修3-3】（15分）（1）（5分）下列說(shuō)法正確的是。（填正確答案標(biāo)號(hào)，選對(duì)1個(gè)給2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分，每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分0分）A．布朗運(yùn)動(dòng)只能在液體里發(fā)生，且溫度越高，布朗運(yùn)動(dòng)越激烈B．分子間距離增大，分子間作用力對(duì)外表現(xiàn)可能為斥力C．分子動(dòng)能與分子勢(shì)能的和叫作這個(gè)分子的內(nèi)能D．滴進(jìn)水中的墨水微粒能做擴(kuò)散運(yùn)動(dòng)，說(shuō)明分子間有空隙E.外界對(duì)某理想氣體做功，氣體對(duì)外放熱，則氣體溫度升高【答案】BDE【解析】A．布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體或氣體中固體小顆粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)；布朗運(yùn)動(dòng)可以在液體里發(fā)生，也可以在氣體里發(fā)生，且溫度越高，布朗運(yùn)動(dòng)越激烈，故A錯(cuò)誤。B.在分子間距離rr0范圍內(nèi)，即使距離增大，分子間作用力表現(xiàn)為斥力，故B正確；C.所有分子動(dòng)能與分子勢(shì)能的總和叫做物體的內(nèi)能，單個(gè)分子的內(nèi)能沒(méi)有意義，故C錯(cuò)誤；D.滴進(jìn)水中的墨水微粒能做擴(kuò)散運(yùn)動(dòng)，說(shuō)明分子間有空隙，故D正確；E.外界對(duì)某理想氣體做功W=2.0×105J，氣體對(duì)外放熱Q=-1.0×105J，根據(jù)熱力學(xué)第一定律，則氣體的內(nèi)能變化?E=W+Q=2.0×105J-1.0×105J=1.0×105J所以氣體的內(nèi)能增大，溫度升高，故E正確。故選BDE。（2）（10分）如圖所示，U形管右管截面積為左管截面積的2倍，管內(nèi)水銀在左管內(nèi)封閉了一段長(zhǎng)為、溫度為300K的空氣柱，左右兩管水銀面高度差為，大氣壓為76cmHg。①給左管的氣體加熱，則當(dāng)U形管兩邊水銀面等高時(shí)，左管內(nèi)氣體的溫度為多少？（結(jié)果保留1位小數(shù)）②在(1)問(wèn)的條件下，保持溫度不變，往右管緩慢加入水銀直到左管氣柱恢復(fù)原長(zhǎng)，問(wèn)此時(shí)兩管水銀面的高度差h2?！敬鸢浮竣?42.9K；②4cm【解析】①初態(tài)管內(nèi)氣體壓強(qiáng)p1=p0-ph1=（76-6）cmHg=70cmHg當(dāng)左右兩管內(nèi)水銀面相等時(shí)，末態(tài)氣體壓強(qiáng)：p2=76cmHg由于右管截面積是左管的兩倍，所以左管水銀面將下降4cm，右管中水銀面將上升2cm，末態(tài)管內(nèi)氣柱長(zhǎng)度l2=80cm初態(tài)：p1=70cmHg，V1=76S，T1=300K，末態(tài)：p2=76cmHg，V2=80S，T2，根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程可得可得T2=342.9K②設(shè)氣柱恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)壓強(qiáng)為p3，初態(tài)：壓強(qiáng)p2=76cmHg，體積V2=80S，末態(tài)：壓強(qiáng)p3，體積V3=V1=76S，根據(jù)玻意耳定律可得p2V2=p3V3解得p3=80cmHg＞76cmHg故右側(cè)水銀柱比左側(cè)高，以cmHg為單位，根據(jù)平衡可得p3=ph2+p2解得ph2=4cmHg所以高度差為4cm。34．【選修3-4】（15分