陽新縣高中2018-2019學(xué)年高二上學(xué)期第三次月考試卷物理

陽新縣高中2018-2019學(xué)年高二上學(xué)期第三次月考試卷物理班級__________座號_____姓名__________分?jǐn)?shù)__________一、選擇題1．在日光燈的連結(jié)線路中，對于啟動器的作用，以下說法正確的選項是（）．日光燈啟動時，為燈管供給剎時高壓．日光燈正常工作時，起降壓限流的作用C．起到一個自動開關(guān)的作用，實質(zhì)上可用一個彈片開關(guān)取代（按下接通，松手?jǐn)嚅_）D．以上說法均不正確【答案】C【分析】鎮(zhèn)流器的作用是在日光燈啟動時，為燈管供給剎時高壓，在日光燈正常工作時，起降壓限流的作用所以AB錯誤。啟動器起到一個自動開關(guān)的作用，實質(zhì)上可用一個彈片開關(guān)取代（按下接通，松手?jǐn)嚅_）2．以下圖，一塊橡皮用細(xì)線懸掛于O點，現(xiàn)用一支鉛筆貼著細(xì)線的左邊水平向右以速度v勻速挪動，運動過程中保持鉛筆的高度不變，懸掛橡皮的那段細(xì)線保持豎直，則在鉛筆未遇到橡皮前，橡皮的運動狀況是．橡皮在水平方向上做勻速運動．橡皮在豎直方向上做加快運動C．橡皮的運動軌跡是一條直線．橡皮在圖示虛線地點時的速度大小為【答案】AB【分析】懸掛橡皮的細(xì)線向來保持豎直，說明橡皮水平方向擁有和鉛筆相同的速度，A正確；在豎直方向上，橡皮的速度等于細(xì)線縮短的速度，把鉛筆與細(xì)線接觸的地方的速度沿細(xì)線方向和垂直細(xì)線方向分解，沿細(xì)線方向的分速度v1=vsinθ，θ增大，沿細(xì)線方向的分速度增大，B正確；橡皮的加快度向上，與初速度不共線，所以做曲線運動，C錯誤；橡皮在題圖虛線地點時的速度，D錯誤。3．以下圖，虛線是小球由空中某點水平拋出的運動軌跡，A、B為其運動軌跡上的兩點。小球經(jīng)過A點時，速度大小為10m/s、與豎直方向夾角為60°；它運動到B點時速度方向與豎直方向夾角為30°。不計空氣第1頁，共16頁阻力，重力加快度取10m/s2，以下表達(dá)正確的選項是A.小球經(jīng)過B點的速度為12m/sB.小球的拋出速度為5m/sC.小球從A點運動到B點的時間為1sD.A、B之間的距離為6m【答案】C【分析】依據(jù)速度的分解與合成可得小球平拋運動的初速度為：，小球經(jīng)過B點的速度為：，故AB錯誤；依據(jù)速度的分解與合成可得小球在A點時豎直分速度為：，在B點的豎直分速度為：，則小球從A點到B點的時間為：，故C正確；依據(jù)速度位移公式可得A、B之間的豎直距離為：，A、B間的水平距離為：，則A、B之間的距離為：，故D錯誤。因此C正確，ABD錯誤。4．某型號的盤旋加快器的工作原理以下圖（俯視圖）。D形盒內(nèi)存在勻強磁場，磁場的磁感覺強度為B。D形盒半徑為R，兩盒間狹縫很小，帶電粒子穿過狹縫的時間忽視不計。設(shè)氘核（）從粒子源A處射入加速電場的初速度不計。氘核質(zhì)量為m、帶電荷量為q。加快器接頻次為f的高頻溝通電源，其電壓為U。不計重力，不考慮相對論效應(yīng)。以下正確的選項是第2頁，共16頁A．氘核第1次經(jīng)過狹縫被加快后進(jìn)入D形盒運動軌道的半徑為B．只增大電壓U，氘核從D形盒出口處射出時的動能不變C．不改變磁感覺強度B和溝通電頻次f，該盤旋加快器不可以加快氦核（）D．不改變磁感覺強度B和溝通電頻次f，該盤旋加快器也能加快氦核（）【答案】ABD【解析】5、、的帶電粒子束從小孔O1處射入速度選擇器，沿直線O1O2運動的粒子在．以下圖，含有小孔O2處射出后垂直進(jìn)入偏轉(zhuǎn)磁場，最后打在P1、P2兩點。則．打在P1點的粒子是B．打在P2點的粒子是和C．O2P2的長度是O2P1長度的2倍．粒子在偏轉(zhuǎn)磁場中運動的時間都相等第3頁，共16頁【答案】BC【分析】經(jīng)過同一速度選擇器的粒子擁有相同的速度，故的速度相等，由牛頓第二定律得，解得，由此可知，設(shè)核子的質(zhì)量為m，質(zhì)子帶電荷量為q，的半徑，的半徑，的半徑，故打在P1點的粒子是，打在P2點的粒子是和，選項A錯誤，B正確；O2P1=2R1=，O2P2=2R2=，故O2P2=2O2P1，選項C正確；粒子在磁場中運動的時間，運動的時間與和運動的時間不一樣，選項D錯誤。6．以下圖，質(zhì)點、b在直線PQ上，質(zhì)點由P點出發(fā)沿PQ方向向Q做初速度為零的勻加快直線運動．當(dāng)質(zhì)點運動的位移大小為x1時，質(zhì)點b從Q沿QP方向向P點做初速度為零的勻加快直線運動，當(dāng)b的位移為x2時和質(zhì)點相遇，兩質(zhì)點的加快度大小相同，則PQ距離為（）2x1＋x2＋2x1x2x1＋2x2＋2x1x2x1＋2x2＋2x1x22x1＋x2＋2x1x2【答案】B7．（2017武昌模擬）一質(zhì)量為m的帶電小球，在豎直方向的勻強電場中以水平速度拋出，小球的加快度豎直向下，大小為2g/3，空氣阻力不計。小球在著落h個過程中，對于其能量的變化，以下說法中正確的選項是A．動能增添了mgh/3B．電勢能增添了mgh/3C．重力勢能減少了2mgh/3D．機械能減少了mgh/3【答案】BD第4頁，共16頁【分析】8．以下圖，在x軸上的上方有沿y軸負(fù)方向的勻強電場，電場強度為E，在x軸下方的等腰直角三角形CDM地區(qū)內(nèi)有垂直于xOy平面向外的勻強磁場，磁感覺強度為B，此中C、D在x軸上，它們到原點O的距離均為a?，F(xiàn)將質(zhì)量為m、帶電荷量為＋q的粒子從y軸上的P點由靜止開釋，設(shè)P點到O點的距離為h，不計重力作用與空氣阻力的影響。以下說法正確的選項是A．若h=，則粒子垂直于CM射出磁場B．若h=，則粒子平行于x軸射出磁場C．若h=，則粒子垂直于CM射出磁場D．若h=，則粒子平行于x軸射出磁場【答案】AD【分析】若h=，則在電場中，由動能定理得：qEh=mv2；在磁場中，有qvB=m，聯(lián)立解得：r=a，如圖，依據(jù)幾何知識可知粒子垂直CM射出磁場，故A正確，B錯誤；若h=，與上題同理可得：r=a，則依據(jù)幾何知識可知粒子平行于x軸射出磁場，故C錯誤，D正確。第5頁，共16頁【名師點睛】此題是帶電粒子在組合場中運動的問題，要能嫻熟運用動能定理求得加快獲得的速度，剖析向心力根源，由牛頓第二定律求出磁場中軌跡的半徑，再聯(lián)合幾何關(guān)系進(jìn)行剖析。9．以下圖，平行金屬導(dǎo)軌與水平面成θ角，導(dǎo)軌與固定電阻R1和R2相連，勻強磁場垂直穿過導(dǎo)軌平面．有一導(dǎo)體棒ab，質(zhì)量為m，導(dǎo)體棒的電阻與固定電阻R1和R2的阻值均相等，與導(dǎo)軌之間的動摩擦因數(shù)為μ，導(dǎo)體棒ab沿導(dǎo)軌向上滑動，當(dāng)上滑的速度為v時，遇到安培力的大小為F.此時電阻R1耗費的熱功率為Fv/3電阻R2耗費的熱功率為Fv/6整個裝置因摩擦而耗費的熱功率為μmgvcosθ整個裝置耗費的機械功率為（F＋μmgcosθ）v【答案】BCD【解析】第6頁，共16頁10．已知電場線散布以以下圖，則以下說法正確的選項是場強電勢把一正電荷從A移到B，電場力做正功同一負(fù)電荷在兩點受的電場力【答案】BCD【分析】電場線的疏密表示場強盛小，則EA>EB，同一負(fù)電荷在兩點受的電場力，選項A錯誤，D正確；順著電場線電勢降低，則，選項B正確；把一正電荷從A移到B，電場力的方向與位移同向，則電場力做正功，選項C正確；應(yīng)選BCD.點睛：明確電場線的疏密程度反應(yīng)場強的相對大小，電場線的切線方向表示電場強度的方向，順著電場線電勢降低是解答此題的重點．11．橫截面積為S的銅導(dǎo)線，流過的電流為I，設(shè)單位體積的導(dǎo)體中有n個自由電子，電子的電荷量為e，此時電子的定向挪動的均勻速率設(shè)為v，在時間內(nèi)，經(jīng)過導(dǎo)線橫截面的自由電子數(shù)為A.B.第7頁，共16頁C.D.【答案】A【分析】依據(jù)電流的微觀表達(dá)式I=nevS，在△t時間內(nèi)經(jīng)過導(dǎo)體橫截面的自由電子的電量Q=I△t，則在△t時間內(nèi)，經(jīng)過導(dǎo)體橫截面的自由電子的數(shù)量為，將I=nevS代入得，選項A正確，BCD錯誤；應(yīng)選A.點睛：此題考察電流的微觀表達(dá)式和定義式綜合應(yīng)用的能力，電流的微觀表達(dá)式I=nqvs，是聯(lián)系宏觀與微觀的橋梁，經(jīng)常用到．12．矩形線圈繞垂直磁場線的軸勻速轉(zhuǎn)動，對于線圈中產(chǎn)生的交變電流（）A．交變電流的周期等于線圈轉(zhuǎn)動周期B．交變電流的頻次等于線圈的轉(zhuǎn)速C．線圈每次經(jīng)過中性面，交變電流改變一次方向D．線圈每次經(jīng)過中性面，交變電流達(dá)到最大值【答案】ABC【分析】試題剖析：線圈繞垂直磁感線的軸勻速轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生正弦溝通電，其周期等于線圈的轉(zhuǎn)動周期，故A正確；頻率為周期的倒數(shù)，故頻次應(yīng)相等線圈的轉(zhuǎn)速；故B正確；在中性面上時，磁通量最大，但磁通量的變化率為零，即產(chǎn)生感覺電動勢為零，電流將改變方向，故C正確，D錯誤．考點：考察了溝通電的產(chǎn)生13．以下圖，a、b是等量異種點電荷連線的中垂線上的兩點，現(xiàn)將某查驗電荷分別放在a、b兩點，以下說法中正確的選項是遇到電場力大小相等，方向相同遇到電場力大小相等，方向相反遇到電場力大小不相等，方向相反遇到電場力大小不相等，方向相同【答案】D【分析】試題剖析：由圖可知看出：a處電場線密，電場強度大．兩點的電場線的切線方向相同，因此電場強第8頁，共16頁度方向相同，放入同種查驗電荷，遇到的電場力大小不等，方向相同．應(yīng)選D考點：等量異種電荷的電場.14．以下圖，m=1.0kg的小滑塊以v0=4m/s的初速度從傾角為37°的斜面AB的底端A滑上斜面，滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為，取g=10m/s2，sin37°=0.6。若從滑塊滑上斜面起，經(jīng)0.6s正好經(jīng)過B點，則AB之間的距離為A．0.8mB．0.76mC．0.64mD．0.6m【答案】B15．為認(rèn)識決鄉(xiāng)村電價居高不下的問題，有效地減少農(nóng)民負(fù)擔(dān)，在我國廣大鄉(xiāng)村廣泛實行了“農(nóng)網(wǎng)改造”工程，工程包含兩項主要內(nèi)容：（1）更新變電設(shè)施，提升輸電電壓；（2）更新電纜，減小輸電線電阻．若某輸電線路改造后輸電電壓變成本來的2倍，線路電阻變成本來的0.8倍，在輸送的總功率不變的條件下，線路消耗功率將變成本來的A．0.2倍B．0.32倍C．0.4倍D．0.16倍【答案】A【分析】試題剖析：傳輸功率不變，故傳輸電流為：IP，電功率消耗為：P＝I2R＝(P)2R①UU改造后輸電電壓變成本來的2倍，線路電阻變成本來的0.8倍，故：P＝(P)2R②U聯(lián)立①②解得：P0.2P考點：考察了電功率，電工的計算16．一質(zhì)點在向來線上運動，第1s內(nèi)經(jīng)過1m，第2s內(nèi)經(jīng)過2m，第3s內(nèi)經(jīng)過3m，第4s內(nèi)經(jīng)過4m.該質(zhì)點的運動可能是（）變加快運動初速度為零的勻加快運動勻速運動初速度不為零的勻加快運動【答案】AD17．如圖，兩根相互平行的長直導(dǎo)線分別通有方向相反的電流I1和I2，且I1>I2；a、b、c、d為導(dǎo)線某一橫截面所在平面內(nèi)的四點，且a、b、c與兩導(dǎo)線共d面；b點在兩導(dǎo)線之間，b、d的連線與導(dǎo)線所在平面垂直。磁感覺強度可能為零b的點ac是（）I1I2第9頁，共16頁A．a(chǎn)點B．b點C．c點D．d點【答案】C18．電磁爐熱效率高達(dá)90%，爐面無明火，無煙無廢氣，電磁“火力”強烈，安全靠譜．以下圖是描繪電磁爐工作原理的表示圖，以下說法正確的選項是（）A.當(dāng)恒定電流經(jīng)過線圈時，會產(chǎn)生恒定磁場，恒定磁場越強，電磁爐加熱效果越好B.電磁爐通電線圈加溝通電后，在鍋底產(chǎn)生渦流，從而發(fā)熱工作C.電磁爐的鍋不可以用陶瓷鍋或耐熱玻璃鍋，主要原由這些材料的導(dǎo)熱性能較差D.在鍋和電磁爐中間放一紙板，則電磁爐不可以起到加熱作用【答案】B【分析】試題剖析：電磁爐就是采納渦流感覺加熱原理；其內(nèi)部經(jīng)過電子線路板構(gòu)成部分產(chǎn)生交變磁場、當(dāng)用含鐵質(zhì)鍋具底部擱置爐面時，鍋具即切割交變磁力線而在鍋具底部金屬部分產(chǎn)生渦流，使鍋具鐵分子高速無規(guī)則運動，分子相互碰撞、摩擦而產(chǎn)生熱能，用來加熱和烹調(diào)食品，從而達(dá)到煮食的目的。故A錯誤B正確；電磁爐工作時需要在鍋底產(chǎn)生感覺電流，陶瓷鍋或耐熱玻璃鍋不屬于金屬導(dǎo)體，不可以產(chǎn)生感覺電流，C錯誤；因為線圈產(chǎn)生的磁場能穿透紙板抵達(dá)鍋底，在鍋底產(chǎn)生感覺電流，利用電流的熱效應(yīng)起到加熱作用．D錯誤；考點：考察了電磁爐工作原理二、填空題19．有些機床為了安全，照明電燈用的電壓是36V，這個電壓是把380V的溝通電壓經(jīng)變壓器降壓后獲得的。將變壓器視為理想變壓器，以下圖，假如原線圈是1140匝，則副線圈的匝數(shù)是匝，變壓器原、副線圈的電流之比為?！敬鸢浮?08；9：95?！痉治觥吭囶}剖析：因為原線圈的電壓為380V，副線圈的電壓為36V，則原副線圈的匝數(shù)之比為n1U1380V95，n2U236V9故副線圈的匝數(shù)9n191140=108匝；變壓器原、副線圈的電流之比為9：95。n2=9595考點：變壓器。20．如圖1所示，寬度為d的豎直狹長地區(qū)內(nèi)（界限為L1、L2），存在垂直紙面向里的勻強磁場和豎直方向上的周期性變化的電場（如圖2所示），電場強度的大小為E0，E>0表示電場方向豎直向上。t=0時，一帶正電、質(zhì)量為m的微粒從左界限上的N1點以水平速度v射入該地區(qū)，沿直線運動到Q點后，做一次完好的圓周運動，再沿直線運動到右界限上的N2點。Q為線段N1N2的中點，重力加快度為g。上述d、E0、m、v、g為已知量。第10頁，共16頁1）求微粒所帶電荷量q和磁感覺強度B的大?。?）求電場變化的周期T；（3）改變寬度d，使微粒還能按上述運動過程經(jīng)過相應(yīng)寬度的地區(qū)，求T的最小值?！敬鸢浮浚ǜ綆ь}）（1）依據(jù)題意，微粒做圓周運動，洛倫茲力完好供給向心力，重力與電場力均衡，則mg=qE0-------①∵微粒水平向右做直線運動，∴豎直方向協(xié)力為0.則mg+qE0=qvB-----②mg③2E聯(lián)立①②得：q=------B=E0v

0④--------（2）設(shè)微粒從N1運動到Q的時間為t1，作圓周運動的周期為t2，則dvt1-----⑤qvB=mv2--------⑥2πR=vt2------------⑦2dRv--------聯(lián)立③④⑤⑥⑦得：t1t2⑧2vgdv電場變化的周期T=t1+t2=-------⑨2vg（3）若微粒能達(dá)成題述的運動過程，要求d2R------⑩聯(lián)立③④⑥得：v2R=2g設(shè)N1Q段直線運動的最短時間t1min,由⑤⑩得t1minv，2g第11頁，共16頁v因t2不變,T的最小值Tmin=t1min+t2=（2π+1）2g21．圖示為簡單歐姆表原理表示圖，此中電流表的滿偏電流IR=300A,內(nèi)阻Rg=100，可變電阻R的最大阻值為10k，電池的電動勢E=1.5V,內(nèi)阻r=0.5，圖中與接線柱A相連的表筆顏色應(yīng)是色，按正確使用方法丈量電阻Rx的阻值時，指針指在刻度盤的正中央，則Rx=k.若該歐姆表使用一段時間后，電池電動勢變小，內(nèi)阻變大，但此表還能歐姆調(diào)零，按正確使用方法再測上述Rx，其丈量結(jié)果與原結(jié)果對比較（填“變大”、“變小”或“不變”）?！敬鸢浮考t（1分）5（1分）變大（2分）三、解答題22．如圖，O、A、B為同一豎直平面內(nèi)的三個點，OB沿豎直方向，，，將一質(zhì)量為m的小球以必定的初動能自O(shè)點豎直向下拋出，小球抵達(dá)B點的動能是初動能的5倍。使此小球帶電，電荷量為。同時加一勻強電場、場強方向與所在平面平行?，F(xiàn)從O點以相同的初動能沿某一方向拋出此帶電小球，該小球經(jīng)過了A點，抵達(dá)A點的動能是初動能的3倍；若將該小球從O點以相同的初動能沿另一方向拋出，恰巧經(jīng)過B點，且抵達(dá)B點的動能是初動能的6倍。重力加快度大小為g。求：（1）有電場時，設(shè)小球由O到A運動過程中電場力做功為，小球由O到B運動過程中電場力做功為，與的比值為多少?（2）電場強度的大小和方向?！敬鸢浮浚?）（2），方向與OB成30度斜向下【分析】設(shè)小球的初速度為v0，OA長度為2d，OB長度為3d，從O點運動到B點，由動能定理：解得：設(shè)電場方向與OB成θ角斜向下，則加電場后從O到A，由動能定理：第12頁，共16頁則加電場后從O到B，由動能定理：聯(lián)立解得：；θ=300，即電場的方向與OB成300斜向下.則加電場后從O到A，電場力做功：加電場后從O到B，電場力做功：則點睛：此題是帶電粒子在復(fù)合場中的運動問題，重點是運用動能定理與功能關(guān)系研究小球抵達(dá)A與抵達(dá)B的過程，再運用電場力做功的基本規(guī)律解題．23．如圖甲所示，有一磁感覺強度大小為B、垂直紙面向外的勻強磁場，磁場界限OP與水平方向夾角為45°，緊靠磁場右上界限擱置長為L，間距為d的平行金屬板M、N，磁場界限上的O點與N板在同一水平面上，O1、O2是電場左右界限中點．在兩板間存在如圖乙所示的交變電場（取豎直向下為正方向）．某時刻從O點豎直向上同時發(fā)射兩個相同的粒子a和b，質(zhì)量為m