浙江省2022年1月普通高校招生選考科目考試物理模擬試題C

1、浙江省2022年1月普通高校招生選考科目考試物理模擬試題CF點，在這個過程2考生須知：10090分鐘?？忌痤}前，務(wù)必將自己的姓名、準考證號用黑色字跡的簽字筆或鋼筆填寫在答題卡上。選擇題的答案須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)題目的答案標號涂黑，如要改動，須將原填涂處用橡皮擦凈。2B用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑，答案寫在本試題卷上無效。FF的大小變化情況是12AF和F都變大12本卷中涉及數(shù)值計算的，重力加速均取10 。BF變大，F(xiàn)變小12選擇題部分CF和F都變小12一、選擇題（本題共10小題，每小題3分，共30分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1= 。用國

2、際單位制中基本單位表示正確的是DF變小，F(xiàn)變大12【答案】A【解析】對物體受力分析并合成如圖：A2 s3Akgm2A2 s2Ckgm3A2 s3Bkgm3A s3Dkgm3【答案】CR L ，解得： S，則： 1RSLRSL R U ，RSI因為物體始終處于平衡狀態(tài)，故G始終等于G，大小和方向均不發(fā)生變化。在物體緩慢偏離豎直位置的過程中細線與豎直方向的夾角逐漸變大，畫出平行四邊形如圖所示，可以看出：水平拉力逐漸變大，繩子的拉力也逐漸變大。故A正確。聯(lián)立可得： LIUS，根據(jù)U q，而W=FL，F(xiàn)=ma，q=It，聯(lián)立并根據(jù)公式對應(yīng)單位的換算可知，其單位為42022年4月1日，在中國核能可持續(xù)發(fā)

3、展論壇上，生態(tài)環(huán)境部介紹2022年會有核電項目陸續(xù)開工建設(shè)。某核電站獲得核能的核反應(yīng)方程為235 U+1 n 144 Ba+89 Kr+x1n ，己知鈾核235 U m，鋇核144 Ba m，氪核9202636921262A2 s3 kg m3，故C正確。89 Kr mm，下列說法中正確的是3634上浮到海面，速度恰好減為零，則“蛟龍?zhí)枴痹趖 （t 時刻距離海平面的深度為00vtv2該核電站通過核聚變獲得核能235 CD一個鈾核發(fā)生上述核反應(yīng)，釋放的能量為mmmm）2B2【答案】C1234v(t t )2C02tDvt0(1 0 )tt【解析】A核電站獲得核能的途徑是核裂變，故A錯誤。B鈾核2

4、35 U 的質(zhì)子數(shù)為92，故B錯誤。C根據(jù)質(zhì)量數(shù)92守恒可知x=3，故C正確。D一個鈾核235 U 發(fā)生上述核反應(yīng)，由質(zhì)能方程可得：【答案】Ca v，根據(jù)逆向思維，可知蛟龍?zhí)栐趖時刻距離海平面的深度為：E mc2 m m14m m2924c2 m m1m 3c2，故錯誤。h 12a(t t )20 v(t t0 )22t2t，故C正確。01 / 7人和車的速度為 grsin人和車的速度為 grtanmgcos率較大故C項不符合題意；D水的上升和下降過程具有對稱性，兩水槍噴出水的最大高度相同，兩水槍噴出的水在豎直方向運動情況相同，則兩水槍噴出的水在空中運動的時間相同，故D項不符合題意。7如圖所示

5、，導(dǎo)體棒PQ沿兩平行金屬導(dǎo)軌從圖中位置以速度v向右勻速通過一正方形磁場區(qū)域abcd，ac垂直于導(dǎo)軌且平行于導(dǎo)體棒，ac右側(cè)的磁感應(yīng)強度是左側(cè)的2倍且方向相反。導(dǎo)軌和導(dǎo)體棒的電阻均不計，下列關(guān)于導(dǎo)體棒中感應(yīng)電流和所受安培力隨時間變化的圖象正確的是（規(guī)定電流從M經(jīng)R到N為正方向，安培力向左為正方向）【答案】Bmg sin【解析】AB對人和車受力分析如圖所示，B人和車在豎直方向受力平衡，水平方向重力與支持力的合力提供向心力mv2r，故CDA錯誤，B正確；CDmgcos ，故CD錯誤。水槍，它們的噴水口徑相同，所噴出的水在空中運動的軌跡如圖所示，則由圖可看出【答案】A【解析】設(shè)ac左側(cè)磁感應(yīng)強度是B，

6、則右側(cè)的為2B。導(dǎo)軌間距為L。AB金屬棒通過bac區(qū)域時，由右手定則可知金屬棒感應(yīng)電流從Q到P，為正方向，由i E B2vt 2Bv2t t i BLv；金屬棒PQ通甲水槍噴出水的速度較大RRR過，為負方向，由i RE 4B(L vt)v ，可知隨時間均勻RRC甲水槍噴水的功率較大減小，PQ棒剛離開ac時， i 2BLv ，故A正確，B錯誤。CD金屬棒PQ通過bac區(qū)域時，安培力R4B2v3t216B2(Lvt)2vD乙水槍噴出的水在空中運動的時間較長F Bi 2vt t2 ，金屬P通bd區(qū)域時，安培力大小為F 4B Lv。根RR【答案】BAB水從最高處到失火處的運動可視為平拋運動，水的上升和

7、下降過程具有對稱性；甲、乙兩水槍噴出水的最大高度相同，乙水槍噴出的水更遠，則乙水槍噴出的水在最高處具有的水平速度更大；水的最大高度相 A乙水槍噴出水的速度較大，甲、乙兩水槍噴水口徑相同，則乙水槍噴水的功據(jù)數(shù)學(xué)知識可得，CD錯誤。8如圖所示，傾角 =30 的光滑斜面固定在地面上，長為l、質(zhì)量為m、質(zhì)量分布均勻的軟繩置于斜面上，其上端與斜面頂端齊平。用細線將質(zhì)量也為m的物塊與軟繩連接，物塊由靜止釋放后向下運動，直到軟繩剛好全部離開斜面（此時物塊未到達地面），在此過程中2 / 7 3 R3T32T 2 ， 即 2 =，則A錯誤；B在a點在軌道I做勻速圓周運動，由萬有引力提供向心力，則有；2T2R3T

8、211物塊的機械能逐漸增加v ，在軌道上b點做向心運動，萬有引力大于向心力，則：v GM ，則v ，則B錯誤；aRb2Rabg21由a r 2，得a 1r2，即在a點的加速度大小為在c點的4倍，則C錯誤；D在b點做向心運動，在c點做離C軟繩重力勢能減少了 2 mglD軟繩剛好全部離開斜面時的速度大小為5gl 2心運動，則c點的速度大于b點的速度，c點動能大于b點的動能，又兩點勢能相等，故衛(wèi)星在b點的機械能小于在c 點的機械能，則D正確。10如圖所示是選擇密度相同、大小不同納米粒子的一種裝置，待選粒子帶正電且電荷量與其表面積成正比。待選OO射入正交的勻強電場、【答案D12OO、O在同一豎直【解析

9、】A對于物塊和軟繩組成的系統(tǒng)，只發(fā)生重力勢能與動能之間的轉(zhuǎn)化，所以系統(tǒng)的機械能守恒，故A錯312rmq的納米粒子剛好能沿直線通過，不計納米粒子重力，則誤。B物塊靜止釋放瞬間，由牛頓第二定律：mg mg sin 30 ，解得a g4 ，選項B錯誤；C軟繩重力00011111勢能減少了(mgl)(mgl sin 30 )mgl，選錯誤由機械能守恒定律：mglmgl 2mv2 ，解得v 25gl 22，選項D正確。442I7.9 km/s對應(yīng)的近地環(huán)繞圓軌道，軌道為橢圓軌道，軌道為與第二宇宙速度11.2 km/s對應(yīng)的脫離軌道，a、b、c三點分別位于三條軌道上，b點為軌道的遠地點，b、c點與地心的距

10、離均為軌道I半徑的2倍，則A區(qū)域的電場強度與磁感應(yīng)強度大小的比值為qU2q U0m0B區(qū)域左右兩極板間的電勢差大U=Bd01m0A衛(wèi)星在軌道的運行周期為軌道I的2倍C，則剛進入?yún)^(qū)域的粒子仍將沿直線通過0rD，仍沿直線通過，則區(qū)域的電場與原電場的電場強度大小之比為0r0【答案】A1【解析AB設(shè)半徑r的粒子加速后的速度則有：q U m v2 ，設(shè)區(qū)II內(nèi)電場強度洛倫茲點的 2 倍00203倍qE 2q 0，則區(qū)域的電場與磁場的強度比值為【答案】D【解析】A軌道I的半徑為R，則軌道的半長軸為R R 2R 3 R ，則由開普勒第三定律得：00m02q U0，故、被加速后m00222 HYPERLINK

11、 l _TOC_250001 rr1 HYPERLINK l _TOC_250000 2qUrr，則m（3m，而q （2qmv2 qU v 00 0 ，故洛倫茲r0r0200m rr03 / 72q Urr12一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波，每個質(zhì)點振動的振幅都為2 m，已知在t=0時刻相距4 m的兩個質(zhì)點a，b的位力變小，粒子帶正電，故粒子向左偏轉(zhuǎn)，錯誤由于v00 0 v，故洛倫茲力與原來的洛倫茲力之比為m rr0rr0 ；電場力與洛倫茲力平衡，故電場力與原來的電場力之比為 0 ；根據(jù)F=qE，區(qū)域的電場與移都是1 m，但速度方向相反，其中a質(zhì)點的速度沿y軸負方向，如圖所示，則rr原電場的電

12、場強度之比為r0 ，故D錯誤。r二、選擇題（本題共4小題，每小題4分，共16分。每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有錯選的得0分）從點射出，出射光線平行于AB，已知ABD=30，光在真空中的傳播速度為c，則此玻璃的折射率為 33R到需用時cDAB【答案】AB【解析】A如圖，由幾何知識可得入射角i=ABD=30，折射角r=2ABD=30=60，則此玻璃的折射率為sinrsin60兩質(zhì)點的加速度相同C當質(zhì)點的速度為零 D當+2 m【答案】AD【解析】Aa、b兩個質(zhì)點都做簡諧運動，t=0時刻a、b兩質(zhì)點的位移相同，根據(jù)簡諧運動的特征：a kx

13、，m得知加速度相同，故A正確。B圖示時刻兩質(zhì)點位移相同，速度相反，但不是同相點，所以a、b兩質(zhì)點的平衡位置間的距離不是波長的整數(shù)倍，故B錯誤。C由圖看出，a正向平衡位置運動，速度增大，b正向波峰運動， 速度減小，當a通過1cm位移到達平衡位置時，b還沒有到達波峰，則a質(zhì)點速度最大時，b質(zhì)點速度不為零。故C 錯誤。D假設(shè)在t=0時刻，ab之間只有一個波峰則其位置在x=3的位置，當b質(zhì)點位移為+2 cm到達波峰時，波向右傳播2 m的距離，將波形向右平移2 m可看出，此時a質(zhì)點位于平衡位置下方，位移為1 cm，故D正確。v時，起重機的有用功率達到最大值1P。以后，起重機保持該功率不變，繼續(xù)提升重物，

14、直到以最大速度勻速上升。則下列說法正確的是Pv鋼繩的最大拉力為v1n 3，故正確；sinisin30Pv+mgv1PmgcsACDmv 21P mgv1長度s=2Rcos30= 3 v ，故光線傳到的時間為t ，故正nvc【解析】AB重物先做勻加速直線運動，再做加速度減小的加速運動，最后做勻速運動，開始勻加速時加速度vP Fv ，可得鋼繩的最大拉力13211確；C由sinC n3 2，則臨界角C45，所以若增大ABD，入射角可能大于臨界角，所以光線可P為v，故正確，BF mg P Fv2 ，聯(lián)立可得重物能在錯誤；D30，小，則從AD段射出的光線與AB不平行，故D錯誤。14 / 7Pv=2mg，

15、故C正確F，重物做勻加速運動由牛頓第二定律可得1圖1圖2實驗中除了需要小車、砝碼、托盤、細繩、附有定滑輪的長木板、墊木、打點計時器、低壓交流電源、兩F Pmv根導(dǎo)線、復(fù)寫紙、紙帶之外，還需。mgmav ，由運動學(xué)公式可得v11 at ，聯(lián)立可求的時間t 1P mgv1，故D正下列做法正確的。確。的絕緣輕質(zhì)細的小球（可視為質(zhì)點），點擺動，如此往60。不計空氣阻力，下列說法中正確的是A調(diào)節(jié)滑輪的高度，使牽引小車的細繩與長木板保持平行 B在調(diào)節(jié)木板傾斜角度平衡小車受到的滑動摩擦力時，將裝有砝碼的托盤通過定滑輪拴在小車上 C實驗時，先放開小車再接通打點計時器的電源 D通過增減小車上的砝碼改變質(zhì)量時，不

16、需要重新調(diào)節(jié)木板傾斜度 E砝碼的總質(zhì)量遠小于小車和車上砝碼的總質(zhì)量1某同學(xué)以小車和車上砝碼的總質(zhì)量的倒數(shù)M1為橫坐標，小車的加速度a為縱坐標，在坐標紙上作出的a在0關(guān)系圖線如所示。由圖可分析得出：加速度與質(zhì)量關(guān)系（填“正比”或“反M3mg q3比”）；圖線不過原點說明實驗有誤差，引起這一誤差的主要原因是平衡摩擦力時長木板的傾角 （填“過大”或“過小”）?！敬鸢浮浚?分） 分） （2）ADE（3分） （3）（1分） （1分）mgL【解析】（1）實驗中用砝碼桶的總重力表示小車的拉力，需測量砝碼桶的質(zhì)量，所以還需要天平。實驗中需要小球在下擺的過程中，小球的重力勢能和電勢能之和先減小后增大【答案】BC

17、D【解析】A小球在B點受重力豎直向下，電場力水平向右，故合力一定不為零，故A錯誤；B小球由A到B的過3mg用刻度尺測量紙帶上點跡間的距離，從而得出加速度，所以還需要刻度尺。（2）ABBCD、通D、對整體分析，根據(jù)牛頓第二定律程中，由動能定理可得：mgLsinEqL（1cos60）=0，則電場強度的大小為E q，故B正確；a mgF Ma MmgmgM m ，則繩子上拉力大小M m1 m ，當mM ，即砝碼桶及桶內(nèi)砝碼的總3C小球從A運動到B，重力做正功，W=mgh=mgLsin，故重力勢能減小mgLsin60 2 mgL ，故C正確；D小球在下擺過程中，除重力做功外，還有電場力做功，故機械能不

18、守恒，但機械能和電勢能總能量之和不變，因為球在下擺的過程中，動能先增加后減小，則小球的重力勢能和電勢能之和先減小后增大，故D正確。M質(zhì)量遠小于小車和小車上砝碼的總質(zhì)量時，砝碼桶及桶內(nèi)砝碼的總重力在數(shù)值上近似等于小車運動時受到的拉力。故E正確。1非選擇題部分三、實驗題（本題共2小題，共17分）（3）因為a M成的。圖象是一條直線，a與M成反比；圖象在a軸上有截距，這是平衡摩擦力時長木板的傾角過大造15（7分）某實驗小組利用如圖1所示的裝置“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”。5 / 716（10分）某同學(xué)為了測量一節(jié)電池的電動勢和內(nèi)阻，從實驗室找到以下器材：一個滿偏電流為100 A，內(nèi)阻為2 500

19、的表頭，一個開關(guān)，兩個電阻箱（0999.9 ）和若干導(dǎo)線。由于表頭量程偏小，該同學(xué)首先需將表頭改裝成量程50 的電流表，則應(yīng)將表頭與電阻 （填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”），并將該電阻箱阻值調(diào)為。因I即表示電源的路端電壓，則有IR E I r R 1.53，內(nèi)阻為A123456R/95.075.055.045.035.025.0I/mA15.018.724.829.536.048.0IR/V1.421.401.361.331.261.20根據(jù)表中數(shù)據(jù)，下圖中已描繪出四個點，請將第5、6兩組數(shù)據(jù)也描繪在圖中，并畫出IRI圖線。1.53 1.18r (5)2.0。0.05三、計算題（本題共3小題，共37分）

20、17（10分）的帶球進入水平軌、。、。、E。Pvv。AB【答案】 2gh （3分） （2）2 分） （3）12gh42gh （4分）根據(jù)圖線可得電池的電動是內(nèi)是。3【解析】A 2mgh 331 2mv2 （2分）1解得： v0202gh （1分）【答案】并聯(lián)分） 5.0（2分） （2）（2分） 1.53（2分）（2）當A球進入水平軌道后，A、B 兩球組成的系統(tǒng)動量守恒，當A、B 相距最近時，兩球速度相等，由動量守恒定律可得： 2mv0 2m mv （1分）1由能量守恒定律得： 2mv21 12mmv2 （1分）2.0（2分）【解析】=100A，R=2500，I=50mA，根據(jù)并聯(lián)分流原理，改裝

21、成大量程電流表需并202p2gg聯(lián)立解得：EI Rpmgh（1分）gg =5.0。（3）當A、B 相距最近之后，由于靜電斥力的相互作用，它們將會相互遠離，當它們相距足夠遠時，它們之I Ig（2）根據(jù)描點法作出5、6兩點，再將各點擬合為對應(yīng)的直線，注意誤差較大的點要去除；即得出對應(yīng)的圖象間的相互作用力可視為零，電勢能也視為零，它們就達到最終的速度，該過程中，A 、 B 兩球組成的系統(tǒng)動量如圖所示；守恒、能量也守恒，由動量守恒定律可得：2mv0 2mvAmvB（1分）由能量守恒定律可得：1 2mv2 2mv2 mv2 （1分）1201A2B解得： v 1 v 12ghvv 2gh （2分）4A3 03B3 03418（12分）v垂直進入磁場，區(qū)域0磁場磁感應(yīng)強度大小不變，方向周期性變化，如圖乙所示（垂直紙面向里為正方向）；區(qū)域為勻強電場，方6 / 7B。粒子在區(qū)域內(nèi)一定能完成半圓運動且0T強度大小為B的勻強磁場中，磁場方向與導(dǎo)軌平面垂