2021-2022學年陜西省渭南市三賢中學高一（下）第二次考試物理試題（解析版）

1、 渭南市三賢中學2021-2022學年度下學期第二次考試高一物理試卷（總分 100分 時間 90分鐘）一、單選題（共8小題，每小題4分，共32分）1. 物體受到幾個恒力的作用處于平衡狀態(tài)，若再對物體施加一個恒力，則物體可能（）A 靜止B. 做勻速直線運動C. 做變加速曲線運動D. 做勻變速曲線運動【答案】D【解析】【分析】【詳解】AB物體受幾個恒力的作用而處于平衡狀態(tài)，相當于不受力，速度可能為零，也可能為某個確定的值；若再對物體施加一個恒力，合力不為零，不可能保持靜止或勻速直線運動，故AB錯誤；CD如果速度與合力不共線，物體就做曲線運動，由于合力是恒力，故加速度恒定不變，是勻變速曲線運動，故C

2、錯誤；D正確。故選D。2. 質點從同一高度水平拋出，不計空氣阻力，下列說法正確的是（）A. 質量越大，水平位移越大B. 初速度越大，落地時豎直方向速度越大C. 初速度越大，空中運動時間越長D. 初速度越大，落地速度越大【答案】D【解析】【分析】【詳解】A根據得水平位移可知，水平位移和質量無關，故A錯誤；B落地時候豎直方向速度與初速度無關，故B錯誤；C由知平拋運動的物體運動時間由高度決定，與初速度無關，故C錯誤；D落地的速度大小為解得h相同，初速度越大，落地速度v越大，故D正確。故選D。3. 下列關于勻速圓周運動說法中正確的是（ ）A. 勻速圓周運動狀態(tài)是平衡狀態(tài)B. 勻速圓周運動是勻變速曲線運

3、動C. 勻速圓周運動是速度和加速度都不斷改變的運動D. 勻速圓周運動的物體受到的合外力是恒力【答案】C【解析】【分析】【詳解】A勻速圓周運動速度大小不變，方向變化，速度是變化的，是變速運動，受力不平衡，故A錯誤；BC勻速圓周運動加速度大小不變，方向始終指向圓心，加速度是變化的，是變加速運動，故B錯誤，C正確；D勻速圓周運動的物體受到的合外力指向圓心，提供向心力，方向時刻變化，不是恒力，故D錯誤。故選C。4. 如圖所示，從某高度水平拋出一小球，經過時間t到達地面時，速度與水平方向的夾角為，不計空氣阻力，重力加速度為g。下列說法正確的是（）A. 小球水平拋出時的初速度大小為B. 小球在t時間內的位

4、移方向與水平方向的夾角為C. 若小球初速度增大，則平拋運動的時間變長D. 若小球初速度增大，則減小【答案】D【解析】【詳解】A小球落地時豎直方向的速度根據題意可得解得故A錯誤；B設在t時間內的位移方向與水平方向的夾角為，根據平拋運動的推論可知故B錯誤；C豎直方向高度不變，根據可得若小球初速度增大，則平拋運動的時間不變，故C錯誤；D根據可知若小球初速度增大，則減小，故D正確。故選D。5. 如圖所示，物體A和B的質量均為m，且分別與跨過定滑輪的輕繩連接（不計繩與滑輪、滑輪與軸之間的摩擦）在用水平變力F拉物體B沿水平方向向右做勻速直線運動的過程中，則（）A. 物體A也做勻速直線運動B. 繩子拉力始終

5、等于物體A所受重力C. 繩子對A物體的拉力逐漸增大D. 繩子對A物體的拉力逐漸減小【答案】D【解析】【詳解】A設繩子與水平方向的夾角為，將B相對地面的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子方向，如圖所示沿繩子方向的分速度等于A的速度，有當B向右做勻速直線運動時，減小，增大，故A速度增大，A做加速運動，故A錯誤；B因為A向上做加速運動，由牛頓第二定律故拉力大于重力，B錯誤；C當B運動到無窮遠處時繩子與水平方向夾角幾乎為0，此時則A也做勻速運動，根據平衡條件由前面分析知開始時，故T減小，C錯誤，D正確。故選D。6. 如圖所示為某人游珠江，他以一定的速度且面部始終垂直于河岸向對岸游去。設江中各處水流速度相

6、等，他游過的路程、過河所用的時間與水速的關系是（）A. 水速大時，路程長，時間長B. 水速大時，路程長，時間不變C. 水速大時，路程長，時間短D. 路程、時間與水速無關【答案】B【解析】【詳解】將人運動分解為沿河岸方向和垂直于河岸方向，水流的運動不影響垂直于河岸方向上的運動，在垂直于河岸方向上人的劃水速度不變，所以過河的時間不變水流速的大小影響在沿河岸方向上的位移x=v水t時間不變，水流速越大，沿河岸方向上的位移越大，根據運動的合成，發(fā)生的位移（路程）越大故B正確，ACD錯誤故選B。7. 如圖所示，小物塊位于半徑為的半球頂端，若此時小球的初速為時，物塊對球頂恰無壓力，則以下說法不正確的是：A.

7、 物塊立即離開球面做平拋運動，不再沿圓弧下滑B. C. 物塊落地點離球頂水平位移D 物塊落地速度方向和水平地面成角【答案】D【解析】【分析】【詳解】A物塊對球頂恰無壓力，說明此時恰好是物體的重力作為圓周運動的向心力，物體離開半球頂端后將做平拋運動，則選項A說法正確；B由可得選項B說法正確；C物體做平拋運動，由,得選項C說法正確；D平拋運動的時間則豎直方向上的速度速度偏向角得與地面的夾角不是45，所以D的說法錯誤。本題選不正確的，故選D?？键c：本題考查了平拋運動、圓周運動的向心力.8. 一質量為m的人站光電梯內的磅秤上，電梯以0.1g的加速度加速上升h高度，在此過程中（）A. 磅秤的示數等于B.

8、 磅秤的示數等于0.1C. 人的動能增加了0.9D. 人的機械能增加了1.1【答案】D【解析】【詳解】AB設磅秤對人的支持力為，對人，根據牛頓第二定律解得磅秤的示數等于，故AB錯誤；C人所受的合力人的動能增加故C錯誤；D除了重力之外的其他力做功，等于機械能的增加量故D正確。故選D。二、多選題（共6小題，每小題4分，共24分）9. 如圖所示，從半徑R1 m的半圓PQ上的P點水平拋出一個可視為質點的小球，經t0.4 s小球落到半圓上。已知當地的重力加速度g10 m/s2，據此判斷小球的初速度可能為（）A. 1m/sB. 2m/sC. 3m/sD. 4m/s【答案】AD【解析】【分析】【詳解】由可得

9、如圖所示小球落點有兩種可能，若小球落在左側，根據幾何關系得平拋運動的水平位移為0.4 m，初速度為1 m/s；若小球落在右側，平拋運動的水平位移為1.6 m，初速度為4 m/s。故AD正確，BC錯誤。故選AD。10. 一個內壁光滑的圓錐筒的軸線是豎直的，圓錐固定，有質量相同的兩個小球A和B貼著筒的內壁在水平面內做勻速圓周運動，如圖所示，A的運動半徑較大，則（）A. A球的角速度必小于B球的角速度B. A球的線速度必小于B球的線速度C. A球運動的周期必大于B球運動的周期D. A球對筒壁的壓力必大于B球對筒壁的壓力【答案】AC【解析】【詳解】ABC以小球為研究對象，對小球受力分析，由牛頓第二定律

10、得解得因為A的半徑大，則A球的線速度大于B球的線速度，A球的角速度小于B球的角速度，A球運動的周期大于B球運動的周期，故B錯誤AC正確；D根據平行四邊形定則可知，球受到的支持力為可知兩球受到的支持力相等，根據牛頓第三定律可知，兩球對桶壁的壓力相等，故D錯誤。故選AC。11. 在平直公路上，汽車由靜止開始做勻加速直線運動，當速度達到后，立即關閉發(fā)動機直至靜止，圖像如圖所示，設汽車的牽引力為F，受到的摩擦力為，全程中牽引力做功為，克服摩擦力做功為，則（）A. B. C. D. 【答案】BC【解析】【詳解】根據圖像中圖線圍成的面積表示位移的大小可知，關閉發(fā)動機之前的位移為關閉發(fā)動機之后的位移為AC關

11、閉發(fā)動機之前，根據動能定理有關閉發(fā)動機之后，根據動能定理有聯立解得故A錯誤C正確；BD根據公式可知，全程牽引力做功為克服摩擦力做功則故D錯誤B正確。故選BC。12. 如圖所示，質量為M、長為L的木板置于光滑的水平面上，一質量為m的滑塊放置在木板左端，滑塊與木板間滑動摩擦力大小為，用水平的恒定拉力F作用于滑塊，當滑塊運動到木板右端時，木板在地面上移動的距離為s，滑塊速度為，木板速度為，下列結論中正確的是（）A. 上述過程中，F做功大小為B. 其他條件不變的情況下，F越大，滑塊到達右端所用時間越長C. 其他條件不變的情況下，M越大，s越小D. 其他條件不變的情況下，越大，滑塊與木板間產生的熱量越多

12、【答案】CD【解析】【詳解】A由功能關系可知拉力F做功除了增加兩物體的動能外，還有系統(tǒng)摩擦產生了熱量，故A錯誤；B由于滑塊和木板都是做初速度為零的勻加速運動，木板的加速度由滑塊對它的摩擦力提供，在其它條件不變的情況下增大F，木板受到的摩擦力大小不變，因此木板的運動情況不變，滑塊和木板的相對位移還是L，但增大F后滑塊的加速度增大，離開木板的時間就越短，故B錯誤；C由于木板受到的摩擦力大小不變，因此當M越大時木板的加速度越小，而滑塊的加速度不變，相對位移仍是L，滑塊在木板上的運動時間越短，所以木板運動的位移越小，故C正確；D系統(tǒng)產生的熱量等于摩擦力和相對位移的乘積，相對位移不變化，因此摩擦力越大，

13、產生的熱量越多，故D正確。故選CD。13. 如圖所示，輕放在豎直輕彈簧上端的小球A，在豎直向下的恒力F的作用下，彈簧被壓縮到B點現突然撤去力F，小球將在豎直方向上開始運動，若不計空氣阻力，則下列中說法正確的是()A. 撤去F后小球、地球、彈簧構成的系統(tǒng)機械能守恒B. 小球在上升過程中，動能先增大后減小C. 小球在上升過程中，彈性勢能先減小后增大D. 小球在上升過程中，彈簧的形變量恢復到最初(指撤去力F的瞬間)的一半時，小球的動能最大【答案】AB【解析】【詳解】A撤去F后小球、地球、彈簧構成的系統(tǒng)只有重力和彈力做功，故系統(tǒng)的機械能守恒，選項A正確；BD小球在上升過程中，彈力先大于重力，物體加速上

14、升；當重力等于彈力時，加速度為零，此時速度最大，由于重力和彈力數值未知，故此位置與開始壓縮的量的關系不能確定；然后彈力小于重力，加速度向下做減速運動，故動能先增大后減小，選項B正確，D錯誤；C小球在上升過程中，彈性勢能一直減小到零，選項C錯誤；故選AB.14. 如圖所示，下列關于機械能是否守恒的判斷正確的是（）A. 甲圖中，物體A將彈簧壓縮的過程中，A機械能守恒B. 乙圖中，在大小等于摩擦力的拉力作用下沿斜面下滑時，物體B機械能守恒C. 丙圖中，不計任何阻力時，A加速下落，B加速上升過程中，A、B機械能守恒D. 丁圖中，小球沿水平面做勻速圓錐擺運動時，小球的機械能守恒【答案】BCD【解析】【分

15、析】【詳解】A甲圖中，物體A將彈簧壓縮的過程中，物體A的一部分機械能轉化為彈簧的彈性勢能，其機械能不守恒，故A錯誤；B乙圖中，在大小等于摩擦力的拉力作用下沿斜面下滑時，除重力以外，其他力做功的代數和為零，物體B機械能守恒，故B正確；C丙圖中，不計任何阻力時，A加速下落，B加速上升過程中，A、B組成的系統(tǒng)只有重力做功，機械能守恒，故C正確；D丁圖中，小球沿水平面做勻速圓錐擺運動時，其動能和重力勢能均不變，小球的機械能守恒，故D正確。故選BCD。分卷三、填空（共2小題，15題4分，16題8分，共12分）15. 一列火車在一段時間內運動的速度時間圖象如圖所示。由此可知，這段時間內火車的動能在_（選填

16、“增大”或“減小”）；牽引力對火車所做的功_（選填“大于”或“小于”）阻力對火車所做的功?！敬鸢浮?. 增大 . 大于【解析】【詳解】12由速度圖象可知：火車做勻加速直線運動，速度增大，由知，火車動能增大；由牛頓第二定律得Ff=ma0得F大于f，所以Fxfx，即牽引力對火車所做的功大于火車克服阻力所做的功。16. 某同學為探究“合力做功與物體動能改變的關系”，設計了如下實驗，他的操作步驟是：A.按如圖擺好實驗裝置；B.將質量M0.20kg的小車拉到打點計時器附近，并按住小車；C.在總質量m分別為10g、30g、50g的三種鉤碼中，挑選了一個質量為50g的鉤碼掛在拉線的掛鉤上；D.接通打點計時器

17、的電源（電源頻率為f50 Hz）， 然后釋放小車，打出一條紙帶。多次重復實驗，從中挑選一條點跡清晰的紙帶如圖所示。把打下的第一點記作“0”，然后依次取若干個計數點，相鄰計數點間還有4個點未畫出，用毫米刻度尺測得各計數點到0點距離分別為d10.0075 m，d20.03001m，d30.0675 m，d40.1200 m，d50.1875m，d60.2700 m，他把鉤碼重力（當地重力加速度g9.8 m/s2）作為小車所受合力算出打下“0”點到打下“5”點合力做功。則合力做功_ ，小車動能的改變量_（結果保留三位有效數字）。 此次實驗探究的結果，他沒能得到“合力對物體做的功等于物體動能的增量”，

18、且誤差很大，顯然，在實驗探究過程中忽視了各種產生誤差的因素。請你根據該同學的實驗裝置和操作過程幫助分析一下，造成較大誤差的主要原因是_ ；_ 。（寫出兩條即可）【答案】 . 0.0919 . 0.0563 . 小車與桌面之間存在摩擦力 . 鉤碼質量沒有遠小于小車質量【解析】【詳解】12根據功的公式代入數據解得W=0.0919J相鄰計數點間還有4個點未畫出，則相鄰計數點間周期打點5時的速度小車動能的變化量34產生誤差原因，小車與桌面間有摩擦，使得一部分重力勢能轉化為內能，動能的增加，漏掉鉤碼的動能，即鉤碼質量沒有遠小于小車質量。六、計算題（共3小題，17題10分，18題10分，19題12分，共32分）17. 從離地高80m處水平拋出一個物體，3s末物體的速度大小為50m/s，g取10m/s2。求：(1)物體拋出時的初速度大?。?2)物體在空中運動的時間；(3)物體落地時的水平位移【答案】(1)40m/s；(2)4s；(3)160m?！窘馕觥俊驹斀狻?1)物體在3s末的豎直分速度：根據平行四邊形定則知，物體的初速度：；(2)根據得，物體平拋運動的時間：；（3）物體落地的水平位移：?！军c睛】解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，結合運動學公式靈活求解，知道平拋運動的時間由高度決定