2022屆河南省花洲實驗高級中學高考沖刺押題（最后一卷）物理試卷含解析

1、2021-2022學年高考物理模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，某生產(chǎn)廠家為了測定該廠所生產(chǎn)的玩具車的性能，將兩個完全相同的玩具車A、B并排放在兩平行且水平的軌道上，分別通過掛鉤連接另一個與玩具車等質(zhì)量的貨車(無牽引力)，控制兩

2、車以相同的速度v0做勻速直線運動。某時刻，通過控制器使兩車的掛鉤斷開，玩具車A保持原來的牽引力不變，玩具車B保持原來的輸出功率不變，當玩具車A的速度為2v0時，玩具車B的速度為1.5v0，運動過程中受到的阻力僅與質(zhì)量成正比，與速度無關(guān)，則正確的是（）A在這段時間內(nèi)兩車的位移之比為65B玩具車A的功率變?yōu)樵瓉淼?倍C兩車克服阻力做功的比值為1211D兩車牽引力做功的比值為312、兩質(zhì)點、同時、同地、同向出發(fā)，做直線運動。圖像如圖所示。直線與四分之一橢圓分別表示、的運動情況，圖中橫、縱截距分別為橢圓的半長軸與半短軸（橢圓面積公式為，為半長軸，為半短軸）。則下面說法正確的是（）A當時，B當，兩者間距

3、最小C的加速度為D當?shù)乃俣葴p小為零之后，才追上3、如圖所示，一輕繩繞過光滑的輕質(zhì)定滑輪，一端掛一水平托盤，另一端被托盤上的人拉住，滑輪兩側(cè)的輕繩均沿豎直方向。已知人的質(zhì)量為60kg，托盤的質(zhì)量為20kg，取g=10m/s2。若托盤隨人一起豎直向上做勻加速直線運動，則當人的拉力與自身所受重力大小相等時，人與托盤的加速度大小為（ ）A5m/s2B6m/s2C7.5m/s2D8m/s24、如圖所示，一充電后的平行板電容器的兩極板間距離為l，在正極板附近有一質(zhì)量為m1、電荷量為q1（q10）的粒子A，在負極板附近有一質(zhì)量為m2，電荷量為q2（q20）的粒子B僅在電場力的作用下兩粒子同時從靜止開始運動。

4、已知兩粒子同時經(jīng)過一平行于正極板且與其相距方的平面Q。兩粒子間相互作用力可忽略，不計粒子重力，則下列說法正確的是（）A粒子A、B的加速度大小之比4：3B粒子A、B的比荷之比為3：4C粒子A、B通過平面Q時的速度大小之比為：2D粒子A、B通過平面Q時的動能之比為3：45、電梯在t=0時由靜止開始上升，運動的圖像如圖所示，電梯總質(zhì)量m=2.0103kg。電梯內(nèi)乘客的質(zhì)量m0=50kg，忽略一切阻力，重力加速度g=10m/s2。下列說法正確的是（）A第1s內(nèi)乘客處于超重狀態(tài)，第9s內(nèi)乘客處于失重狀態(tài)B第2s內(nèi)乘客對電梯的壓力大小為450NC第2s內(nèi)鋼索對電梯的拉力大小為2.2104ND第2s內(nèi)電梯對

5、乘客的沖量大小為550Ns6、如圖所示，在傾角為30的斜面上，質(zhì)量為1kg的小滑塊從a點由靜止下滑，到b點時接觸一輕彈簧。滑塊滑至最低點c后，又被彈回到a點，已知ab=0.6m，bc=0.4m，重力加速度g取10m/s2，下列說法中正確的是（）A滑塊滑到b點時動能最大B整個過程中滑塊的機械能守恒C彈簧的最大彈性勢能為2JD從c到b彈簧的彈力對滑塊做功為5J二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷如圖所示的一系列過程，、和這四段過程在圖上都是直線段，其

6、中的延長線通過坐標原點O，垂直于，而平行于，平行于軸。由圖可以判斷（ ）A過程中氣體分子的密集程度不斷減小B過程中外界對氣體做功C過程中氣體內(nèi)能不斷增大D過程中氣體從外界吸收熱量E.過程的內(nèi)能減小量等于過程中氣體內(nèi)能增加量8、如圖，一帶正電的點電荷固定于O點，兩虛線圓均以O(shè)為圓心，兩實線分別為帶電粒子M和N先后在電場中運動的軌跡，a、b、c、d、e為軌跡和虛線圓的交點不計重力下列說法正確的是AM帶負電荷，N帶正電荷BM在b點的動能小于它在a點的動能CN在d點的電勢能等于它在e點的電勢能DN在從c點運動到d點的過程中克服電場力做功9、在光滑水平面上，小球A、B（可視為質(zhì)點）沿同一直線相向運動，A

7、球質(zhì)量為1 kg，B球質(zhì)量大于A球質(zhì)量。如果兩球間距離小于L時，兩球之間會產(chǎn)生大小恒定的斥力，大于L時作用力消失。兩球運動的速度一時間關(guān)系如圖所示，下列說法正確的是AB球質(zhì)量為2 kgB兩球之間的斥力大小為0. 15 NCt=30 s時，兩球發(fā)生非彈性碰撞D最終B球速度為零10、傳感器是智能社會的基礎(chǔ)元件。如圖為電容式位移傳感器的示意圖，觀測電容C的變化即可知道物體位移x的變化，表征該傳感器的靈敏度。電容器極板和電介質(zhì)板長度均為L，測量范圍為x。下列說法正確的是（）A電容器的電容變大，物體向-x方向運動B電容器的電容變大，物體向+x方向運動C電介質(zhì)的介電常數(shù)越大，傳感器靈敏度越高D電容器的板間

8、電壓越大，傳感器靈敏度越高三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）為了測量木塊與木板間的動摩擦因數(shù)，某小組使用DIS位移傳感器設(shè)計了如圖甲所示實驗裝置，讓木塊從傾斜木板上一點A由靜止釋放，位移傳感器可以測出木塊到傳感器的距離.位移傳感器連接計算機，描繪出滑塊相對傳感器的距離x隨時間t的變化規(guī)律如圖乙所示. (1)根據(jù)上述圖線，計算0.4 s時木塊的速度大小v_ m/s，木塊加速度a_ m/s2(結(jié)果均保留2位有效數(shù)字).(2)在計算出加速度a后，為了測定動摩擦因數(shù)，還需要測量斜面的傾角(已知當?shù)氐闹亓铀俣萭)，那么得出的表達式是_.

9、（用a，g表示）12（12分）某實驗小組測定一電流表的內(nèi)阻，實驗室提供如下器材：A待測電流表（量程為，內(nèi)阻約）；B電阻箱（最大阻值為）；C滑動變阻器（最大阻值，額定電流）；D滑動變阻器（最大阻值，額定電流）;E.電源（電動勢約，內(nèi)阻不計）；F.開關(guān)兩個，導線若干。設(shè)計了如圖甲所示的電路圖，實驗步驟如下：根據(jù)實驗設(shè)計的電路圖連接好電路，正確調(diào)節(jié)滑動變阻器；先閉合，使保持斷開狀態(tài)，調(diào)節(jié)滑動變阻器滑片的位置，使得待測電流表示數(shù)達到滿偏電流。保持滑動變阻器滑片的位置不動，閉合，并多次調(diào)節(jié)變阻箱，記下電流表的示數(shù)和對應的電阻箱的阻值。以為縱坐標，為橫坐標作出了圖線，如圖乙所示；根據(jù)圖線的相關(guān)數(shù)據(jù)求解電流

10、表的內(nèi)阻；回答下列問題：(1)實驗中應選擇滑動變阻器_（填“”或“”），實驗前，先將滑動變阻器滑片移到_（填“”或“”）端；(2)在調(diào)節(jié)電阻箱過程中干路電流幾乎不變，則與的關(guān)系式為_（用題中所給出物理量的字母表示），根據(jù)圖象中的數(shù)據(jù)求出電流表的內(nèi)阻_（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）；(3)用這種方法測量出的電流表內(nèi)阻比電流表內(nèi)阻的真實值_（填“偏大”“相等”或“偏小”）。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖甲所示，足夠?qū)捤巯旅嬗幸黄矫骁R，一束單色光以入射角i射入水面，經(jīng)平面鏡反射后的光線恰好沿水平方向射出已知

11、水對該單色光的折射率為n233.若平面鏡與水平方向的夾角為30，求該單色光在水面入射角的正弦值sini；使該單色光從水槽左壁水平向右射出，在平面鏡上反射后恰好在水面上發(fā)生全反射，如圖乙所示，求平面鏡與水平方向的夾角.14（16分）如圖所示，在xOy平面內(nèi)y軸與MN邊界之間有沿x軸負方向的勻強電場，y軸左側(cè)（I區(qū)）和MN邊界右側(cè)（II區(qū)）的空間有垂直紙面向里的勻強磁場，且MN右側(cè)的磁感 應強度大小是y軸左側(cè)磁感應強度大小的2倍，MN邊界與y軸平行且間距保持不變.一質(zhì)量為m、電荷量為-q的粒子以速度從坐標原點O沿x軸負方向射入磁場，每次經(jīng)過y軸左側(cè)磁場的時間均為，粒子重力不計.（1）求y軸左側(cè)磁場

12、的磁感應強度的大小B;（2）若經(jīng)過時間粒子第一次回到原點O,且粒子經(jīng)過電場加速后速度是原來的4倍，求電場區(qū)域的寬度d（3）若粒子在左右邊磁場做勻速圓周運動的 半徑分別為R1、R2且R1R2,要使粒子能夠回到原點O,則電場強度E應滿足什么條件？15（12分）半徑R0.50 m的光滑圓環(huán)固定在豎直平面內(nèi)，輕質(zhì)彈簧的一端固定在環(huán)的最高點A處，另一端系一個質(zhì)量m0.20 kg的小球，小球套在圓環(huán)上，已知彈簧的原長為L00.50 m，勁度系數(shù)k4.8 N/m，將小球從如圖所示的位置由靜止開始釋放，小球?qū)⒀貓A環(huán)滑動并通過最低點C，在C點時彈簧的彈性勢能EPC0.6 J，g取10 m/s2.求：(1)小球經(jīng)

13、過C點時的速度vc的大??；(2)小球經(jīng)過C點時對環(huán)的作用力的大小和方向參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】B設(shè)玩具車、貨車質(zhì)量都為m，動摩擦因數(shù)為，那么兩車的掛鉤斷開與貨車分離，玩具車的速度為v0，牽引力F=2mg，加速度為a=g，電機輸出功率P=Fv0=2mgv0變?yōu)樵瓉淼?倍，則B錯誤；A玩具車A保持原來的牽引力不變前進，那么加速度不變，那么當玩具車A的速度為2v0時，位移功率PA=F2v0=2PA克服摩擦力做的功牽引力做的功：WFA=FsA=3mv02；玩具車B保持原來的輸出功率不變前進，當玩具車A

14、的速度為2v0時，玩具車B的速度為1.5v0，由動能定理可得： 所以位移所以sA：sB=12：11；則A錯誤CD克服摩擦力做的功：所以WfA：WfB=12：11；牽引力做的功： 所以WFA：WFB=3：2故C正確，D錯誤；故選C。2、C【解析】AB兩質(zhì)點、從同一地點出發(fā)，橢圓軌跡方程為由題圖可知、，當帶入方程解得在本題的追及、相遇問題中，初始時刻的速度大于的速度，二者距離越來越大，速度相等的瞬間，兩者間距最大，AB錯誤；C做的是初速度為零的勻加速直線運動，經(jīng)過后速度為，即C正確；D圖線和時間軸圍成的面積為位移，經(jīng)過，速度減小為零，的位移為所圍成圖形的面積的位移為A的位移大于B的位移，說明在停下

15、來之前，已經(jīng)追上了，D錯誤。故選C。3、A【解析】設(shè)人的質(zhì)量為M，則輕繩的拉力大小T=Mg設(shè)托盤的質(zhì)量為m，對人和托盤，根據(jù)牛頓第二定律有2T一(M+m)g=(M+m)a解得a=5m/s2故選A。4、B【解析】設(shè)電場強度大小為E，兩粒子的運動時間相同，對粒子A有對粒子B有聯(lián)立解得故A錯誤，B正確；C由v=at得故C錯誤；D由于質(zhì)量關(guān)系未知，動能之比無法確定，故D錯誤。故選B。5、D【解析】A第1s內(nèi)和第9s內(nèi)加速度均豎直向上，乘客處于超重狀態(tài)，故A錯誤；B第2s內(nèi)研究乘客，根據(jù)牛頓第二定律代入數(shù)值解得電梯對乘客的支持力為550N，由牛頓第三定律可知，乘客對電梯的壓力為550N，故B錯誤；C第2

16、s內(nèi)研究乘客和電梯整體，根據(jù)牛頓第二定律代入數(shù)值解得鋼索對電梯的拉力為22550N，故C錯誤；D圖像的面積表示速度變化，得第2s內(nèi)速度的變化量為m/s第2s內(nèi)研究乘客，根據(jù)動量定理代入數(shù)值解得電梯對乘客的沖量為Ns，故D正確。故選D。6、D【解析】A根據(jù)題中“小滑塊從a點由靜止下滑和又被彈回到a點”可知：滑塊和斜面間無摩擦，滑塊滑到b時，合力為重力沿斜面的分力，加速度和速度同向，繼續(xù)加速，當重力沿斜面的分力和彈簧彈力相等時，速度最大，故A錯誤；B整個過程中，滑塊和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，滑塊的機械能從a到b不變，從b到c機械能逐漸減小，轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢能，c到b彈簧的彈性勢能逐漸減小，滑塊

17、的機械能逐漸增加，從b到a機械能不變，故B錯誤；C對滑塊和彈簧組成的系統(tǒng)，從a到c過程，根據(jù)能量轉(zhuǎn)化關(guān)系有代入數(shù)據(jù)解得J故C錯誤；D從c到b彈簧的彈力對滑塊做正功，彈簧的彈性勢能全部轉(zhuǎn)化為滑塊的機械能，根據(jù)功能關(guān)系可知，彈簧的彈力對滑塊做了5J的功，故D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】A根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知，則P-T圖中過原點的直線為等容變化，所以ab過程中氣體體積不變，所以氣體分子的密集程度不變，故A錯誤；B過c點做過原點的直線，

18、則為一條等容線，且斜率比ab斜率大，根據(jù)可知，VcVb則由bc過程體積減小，外界對氣體做功，故B正確；Ccd過程中氣體溫度升高，氣體內(nèi)能增加，故C正確；Dda過程，氣體溫度不變，則氣體內(nèi)能不變；壓強減小，根據(jù)玻意耳定律可知，體積增大，則氣體對外界做功，根據(jù)熱力學第一定律可知，氣體應吸熱，故D正確；Ebc垂直于ab，而cd平行于ab說明，ab的溫度變化比cd的溫度變化小，且理想氣體內(nèi)能只與溫度有關(guān)，溫度升高，內(nèi)能增加，可知ab過程的內(nèi)能減小量小于cd過程中氣體內(nèi)能增加量，故E錯誤；故選BCD。8、ABC【解析】試題分析：由粒子運動軌跡可知，M受到的是吸引力，N受到的是排斥力，可知M帶負電荷，N帶

19、正電荷，故A正確M從a到b點，庫侖力做負功，根據(jù)動能定理知，動能減小，則b點的動能小于在a點的動能，故B正確d點和e點在同一等勢面上，電勢相等，則N在d點的電勢能等于在e點的電勢能，故C正確D、N從c到d，庫侖斥力做正功，故D錯誤故選ABC考點：帶電粒子在電場中的運動【名師點睛】本題關(guān)鍵是根據(jù)曲線運動的條件判斷出靜電力的方向，掌握判斷動能和電勢能變化的方向，一般的解題思路是根據(jù)動能定理判斷動能的變化，根據(jù)電場力做功判斷電勢能的變化9、BD【解析】當兩球間距小于L時，兩球均做勻減速運動，因B球質(zhì)量大于A球質(zhì)量可知B球加速度小于A球的加速度，由v-t圖像可知：；由牛頓第二定律：，解得mB=3mA=

20、3kg，F(xiàn)=0.15N，選項A錯誤，B正確； 由圖像可知，AB在30s時刻碰前速度：vA=0，vB=2m/s；碰后：vA=3m/s，vB=1m/s，因可知t=30 s時，兩球發(fā)生彈性碰撞，選項C錯誤；由圖像可知，兩部分陰影部分的面積應該相等且都等于L，可知最終B球速度為零，選項D正確.10、AC【解析】AB根據(jù)電容公式可知，電容器的電容變大，兩板間電介質(zhì)部分增多，物體向-x方向運動，故A正確，B錯誤；C電介質(zhì)的介電常數(shù)越大，當物體沿左右方向運動，移動相同距離時，電容器的變化量變大，即傳感器的靈敏度變大，故C正確；D電容器的電容和板間電壓無關(guān)，電容器的板間電壓變大，電容器的變化量不變，即傳感器的

21、靈敏度不變，故D錯誤。故選AC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.40 1.0 【解析】（1）根據(jù)在勻變速直線運動中某段時間內(nèi)的平均速度等于這段時間內(nèi)中點時刻的瞬時速度，得0.4s末的速度為： 0.2s末的速度為： ，則木塊的加速度為：（2）選取木塊為研究的對象，木塊沿斜面方向的受力： 得：【點睛】解決本題的關(guān)鍵知道勻變速直線運動的推論，在某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度，以及會通過實驗的原理得出動摩擦因數(shù)的表達式12、 偏小 【解析】(1)1電流表滿偏時電路中的總電阻為所以滑動變阻器的電阻不能小于，滑動變阻器選擇；2實驗前，先將滑動變阻器連入電路中的電阻調(diào)至最大，所以滑片應移到端。(2)3因為電流表滿偏時在調(diào)節(jié)電阻箱過程中干路電流幾乎不變有整理得4由圖象得圖線斜率由表達式可得其中，解得(3)5電流表內(nèi)阻根據(jù)求得，閉合后，電路中的總電阻略有減小，所以干路電流稍微增大，即大于滿偏電流，而用來計算內(nèi)阻時仍用，所以測量值比真