福建省柘榮一中、寧德高中2022年高三下學期聯合考試物理試題含解析

1、2021-2022學年高考物理模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、科學家對物理學的發(fā)展做出了巨大貢獻，也創(chuàng)造出了許多物理學方法，如理想實驗法、控制變量法、極限思想法、建立物理模型法、類比法和科學假設法等，以下關于物理學史和所用物理

2、學方法敘述正確的是 （ ）A卡文迪許巧妙地運用扭秤實驗測出引力常量，采用了理想實驗法B牛頓通過比較月球公轉的向心加速度和地球赤道上物體隨地球自轉的向心加速度，對萬有引力定律進行了“月一地檢驗”，證實了萬有引力定律的正確性C在不需要考慮物體本身的形狀和大小時，用質點來代替物體的方法叫假設法D在推導勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運動，然后用各小段的位移之和代表物體的位移，這里采用了微元法2、甲、乙兩汽車在兩條平行且平直的車道上行駛，運動的vt圖象如圖所示，已知t=0時刻甲、乙第一次并排，則（ ）At=4s時刻兩車第二次并排Bt=6s時刻兩車第二次并排

3、Ct=10s時刻兩車第一次并排D前10 s內兩車間距離的最大值為12m3、如圖所示，是一個研究向心力與哪些因素有關的DIS實驗裝置示意圖，其中質量為m的圓柱體放置在未畫出的光滑圓盤邊緣，繩子一端連接小圓柱體，另一端連接力傳感器，使圓柱體做勻速圓周運動。圓周運動的軌道半徑為r，光電傳感器測定的是圓柱體的線速度。關于這個實驗下列說法不正確的是（）A研究向心力與半徑的關系時，保持圓柱體線速度和質量一定，應畫圖像B研究向心力與線速度的關系時，保持圓柱體質量和運動半徑一定，應畫圖像C研究向心力與質量的關系時，保持圓柱體線速度和運動半徑一定，應畫圖像D如能保證兩個傳感器同步記錄，圓筒可以不做勻速圓周運動，

4、同樣可以完成該實驗目的4、如圖所示，足夠長的兩平行金屬板正對豎直放置，它們通過導線與電源E、定值電阻R、開關S相連。閉合開關后，一個帶電的液滴從兩板上端的中點處無初速度釋放，最終液滴落在某一金屬板上。下列說法中正確的是（）A液滴在兩板間運動的軌跡是一條拋物線B電源電動勢越大，液滴在板間運動的加速度越大C電源電動勢越大，液滴在板間運動的時間越長D定值電阻的阻值越大，液滴在板間運動的時間越長5、已知天然材料的折射率都為正值(n0)。近年來，人們針對電磁波某些頻段設計的人工材料，可以使折射率為負值(n0)，稱為負折射率介質。電磁波從正折射率介質入射到負折射介質時，符合折射定律，但折射角為負，即折射線

5、與入射線位于界面法線同側，如圖1所示。點波源S發(fā)出的電磁波經一負折射率平板介質后，在另一側成實像。如圖2所示，其中直線SO垂直于介質平板，則圖中畫出的4條折射線（標號為1、2、3、4）之中，正確的是（）A1B2C3D46、如圖所示，虛線表示某電場的等勢面，等勢面的電勢圖中已標出。一帶電粒子僅在電場力作用下由點運動到點，粒子的運動軌跡如圖中實線所示。設粒子在點時的速度大小為、電勢能為，在點時的速度大小為、電勢能為。則下列結論正確的是（ ）A粒子帶正電，B粒子帶負電，C粒子帶正電，D粒子帶負電，二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的

6、。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在如圖所示的軸上有M、N兩質點，兩點之間的距離為x=12m，已知空間的簡諧橫波由M向N傳播，某時刻兩質點的振動圖像如圖所示，已知該簡諧橫波的波長介于8m和10m之間。下列正確的是（）A該簡諧橫波的傳播周期為0.8sB該簡諧波的波長可能為48mC該簡諧波的波長一定等于9.6mD該簡諧橫波的傳播速度大小為12m/sE.01.2s的時間內質點M點的路程為120cm8、如圖所示，一物塊從光滑斜面上某處由靜止釋放，與一端固定在斜面底端的輕彈簧相碰。設物塊運動的加速度為a，機械能為E，速度為v，動能Ek，下滑位移為x，所用時間為t。則在物塊由釋放

7、到下滑至最低點的過程中（取最低點所在平面為零勢能面），下列圖象可能正確的是（）ABCD9、如圖所示為一種質譜儀示意圖。由加速電場、靜電分析器和磁分析器組成。若靜電分析器通道中心線的半徑為，通道內均勻輻射電場在中心線處的電場強度大小為，磁分析器有范圍足夠大的有界勻強磁場，磁感應強度大小為、方向垂直紙面向外。一質量為、電荷量為的粒子從靜止開始經加速電場加速后沿中心線通過靜電分析器，由點垂直邊界進入磁分析器，最終打到膠片上的點。不計粒子重力。下列說法正確的是（ ）A粒子一定帶正電B加速電場的電壓C直徑D若一群粒子從靜止開始經過上述過程都落在膠片上同一點，則該群粒子具有相同的比荷10、如圖所示，一根很

8、長且不可伸長的柔軟輕繩跨過光滑定滑輪，兩端各系一小球a和b，a球質量為m，靜置于地面，b球質量為4m，用手托住，高度為h，此時輕繩剛好拉緊，從靜止開始釋放b球，不計空氣阻力，已知b球落地后速度變?yōu)榱?，則下列說法正確的是A在a球上升的全過程中，a球的機械能始終是增加的B在a球上升的全過程中，系統的機械能守恒Ca球到達高度h時兩球的速度大小為D從釋放開始，a球能上升的最大高度為1.6h三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某一小型電風扇額定電壓為5.0V，額定功率為2.5W某實驗小組想通過實驗描繪出小電風扇的伏安特性曲線。實驗中除導線和

9、開關外，還有以下器材可供選擇：A電源E（電動勢為6.0V）B電壓表V（量程為06V，內阻約為8k）C電流表A1（量程為00.6A，內阻約為0.2）D電流表A2（量程3A，內阻約0.05）；E滑動變阻器R1（最大阻值5k，額定電流100mA）F滑動變阻器R2（最大阻值25，額定電流1A）（1）為了便于調節(jié)，減小讀數誤差和系統誤差，實驗中所用電流表應選用_滑動變阻器應選用_（填所選儀器前的字母序號）。（2）請你為該小組設計實驗電路，并把電路圖畫在甲圖中的虛線框內（小電風扇的電路符號如圖甲所示）_。（3）操作過程中發(fā)現，小電風扇通電后受阻力作用，電壓表讀數小于0.5V時電風扇沒啟動。該小組測繪出的小

10、電風扇的伏安特性曲線如圖乙所示，由此可以判定，小電風扇的電阻為_，正常工作時的發(fā)熱功率為_W，機械功率為_W12（12分）曉宇為了測量一段長度為L的金屬絲的電阻率，進行了如下的實驗操作。(1)首先用多用電表中“10”的歐姆擋對該金屬絲進行了粗測，多用電表調零后用紅黑表筆連接在金屬絲的兩端，其示數如圖甲所示，則該金屬絲的阻值R約為_；(2)接著對該金屬絲的電阻進行了精確的測量，其中實驗室提供了如下實驗器材電流表A1（05mA，r1=50）、電流表A2（00.6A，r2=0.2）、電壓表V(06V，v1.5k）、滑動變阻器R（額定電流2A，最大阻值為15）、10的定值電阻R1、500的定值電阻R2

11、內阻可忽略不計的電源（E=6V）、開關一個、導線若干、螺旋測微器、刻度尺。利用螺旋測微器測量待測金屬絲的直徑，其示數如圖乙所示，則金屬絲的直徑D_mm；請將實驗電路畫在虛線框中，并注明所選儀器的標號_；為了求出電阻率，則需測量的物理量有_（并寫出相應的符號），該金屬絲的電阻率的表達式為=_（用已知量和測量量表示）。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，汽缸開口向右、固定在水平桌面上，汽缸內用活塞(橫截面積為S)封閉了一定質量的理想氣體，活塞與汽缸壁之間的摩擦忽略不計輕繩跨過光滑定滑輪將活塞和地面上的

12、重物(質量為m)連接開始時汽缸內外壓強相同，均為大氣壓p0(mgp0S)，輕繩處在伸直狀態(tài)，汽缸內氣體的溫度為T0，體積為V現使汽缸內氣體的溫度緩慢降低，最終使得氣體體積減半，求：(1)重物剛離開地面時汽缸內氣體的溫度T1；(2)氣體體積減半時的溫度T2；(3)在如圖乙所示的坐標系中畫出氣體狀態(tài)變化的整個過程并標注相關點的坐標值14（16分）在豎直面內有一水平向右的場強為的勻強電場，AB為電場中一條直線，與豎直方向夾角為（未知），一質量為m電量為-q的小球以一定的初動能Ek0從P點沿直線BA向上運動，運動到最高點的過程中電勢能增加了，運動過程中空氣阻力大小恒定，重力加速度取g，(取出位置為零勢

13、能點)求：(1)AB與豎直方向夾角；(2)小球返回P點時的機械能E。15（12分）如圖所示，水平面上固定著一條內壁光滑的豎直圓弧軌道，BD為圓弧的豎直直徑，C點與圓心O等高。軌道半徑為，軌道左端A點與圓心O的連線與豎直方向的夾角為，自軌道左側空中某一點水平拋出一質量為m的小球，初速度大小，恰好從軌道A點沿切線方向進入圓弧軌道已知，求：（1）拋出點P到A點的水平距離；（2）判斷小球在圓弧軌道內側運動時，是否會脫離軌道，若會脫離，將在軌道的哪一部分脫離。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】A. 卡文迪許巧妙地

14、運用扭秤實驗，用了放大法成功測出引力常量，故A錯誤；B. 牛頓通過比較月球公轉的周期，根據萬有引力充當向心力，對萬有引力定律進行了“月地檢驗”，故B錯誤。C. 在不需要考慮物體本身的形狀和大小時，用質點來代替物體的方法叫理想模型法，故C錯誤。D. 在推導勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運動，然后用各小段的位移之和代表物體的位移，這里采用了微元法，故D正確。2、C【解析】AB.由圖像可知，在前8s內，甲的位移x=vt=48m乙的位移x=12m=48m說明t=8s時刻兩車第二次并排，選項AB均錯誤；C.兩車第二次并排后，設經過t時間兩車第三次并排，有：

15、vt=v1t-解得t=2s，兩車恰好在乙速度為零時第三次并排，第三次兩車并排的時刻為t=10s，選項C正確；D.由圖像可知，前10s內兩車在t=4s時刻兩車距離最大（圖像上左側的梯形面積），x=6m=18m選項D錯誤。3、A【解析】A根據向心力公式結合牛頓第二定律有可知研究向心力與半徑的關系時，保持圓柱體線速度和質量一定，應畫圖像，二者呈線性關系，便于研究，A錯誤；B研究向心力與線速度的關系時，保持圓柱體質量和運動半徑一定，應畫圖像， B正確；C研究向心力與質量的關系時，保持圓柱體線速度和運動半徑一定，應畫圖像，C正確；D如能保證兩個傳感器同步記錄，圓筒可以不做勻速圓周運動，光電傳感器測量圓柱

16、通過瞬間的線速度，力傳感器測量此時瞬間的向心力（繩子拉力）大小，同樣可以完成該實驗目的，D正確。本題選擇不正確的，故選A。4、B【解析】A液滴在磁場中受重力及電場力，電場力沿水平方向，重力沿豎直方向。因液滴由靜止釋放，故合力的方向一定與運動方向一致，故液滴做直線運動，故A錯誤；B兩板間的電勢差等于電源電壓，當電動勢變大時，兩板上的電壓變大，由可知，板間的電場強度增大，電場力變大，合力變大，故加速度增大，故B正確；C因粒子最終打在極板上，故運動時間取決于水平方向的加速度，當電動勢變大時，其水平方向受力增大，加速度增大，運動時間減小，故C錯誤；D定值電阻在此電路中只相當于導線，阻值的變化不會改變兩

17、板間的電勢差，故帶電粒子受力不變，加速度不變，運動時間不變，故D錯誤。故選B。5、D【解析】由題意可知，負折射率的介質使得折射光線與入射光線均在法線的同一側，現在讓我們判斷從S點發(fā)出的這條光線的折射光線，則光線1、2是不可能的，因為它們均在法線的另一側，光線3、4是可能的，但是題意中又說明在另一側成實像，即實際光線有交點，光線3在射出介質時，其折射線如左圖所示，折射光線反向延長線交于一點，成虛像。而光線4的折射光線直接相交成實像（如右圖所示）。故選D。6、A【解析】由題圖中所標出的等勢面的電勢值，知該電場可能是正點電荷形成的電場，電場強度的方向由電勢高的地方指向電勢低的地方。根據曲線運動的規(guī)律

18、，帶電粒子受到的電場力指向曲線的內側，即帶電粒子受到的電場力與電場強度方向相同，則帶電粒子帶正電；帶正電粒子從運動到點，電場力做負功，電勢能增大，動能減少，故A項正確，BCD錯誤；故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】A由振動圖像可知這列波的周期為T=0.8s，A正確；BCD由于簡諧波由M向N傳播，則有，（n=0、1、2、3）又因為8m10m，所以n=1時，=9.6m，則波速由可得v=12m/sB錯誤，CD正確；E一個周期內質點通過的路程為振幅的4

19、倍，1.2s為1.5個周期，則M點通過的路程為振幅的6倍，即60cm，E錯誤。故選ACD。8、AC【解析】AB設斜面的傾角為，在物塊自由下滑的過程中，根據牛頓第二定律可得解得物塊與彈簧接觸后，根據牛頓第二定律可得當彈力與重力相等時，加速度為零，隨后反向增大，且加速度與時間不是線性關系，故A正確，B錯誤；C以物體和彈簧組成的系統為研究對象，整個過程中整體的機械能守恒，即有總解得總與彈簧接觸前，物體的機械能守恒，與彈簧接觸后彈簧的彈性勢能增加，則物體的機械能減小，根據數學知識可知C圖象正確，故C正確；D在物塊自由下落的過程中，加速度恒定，速度圖象的斜率為定值，與彈簧接觸后，加速度先變小后反向增大，

20、速度圖象的斜率發(fā)生變化，故D錯誤；故選AC。9、AD【解析】A粒子在向外的磁場中受洛倫茲力向左偏轉，由左手定則可知，粒子帶正電，故A正確；B在靜電分析器中，根據電場力提供向心力，有在加速電場中，有聯立得故B選項錯誤；CD在磁分析器中，根據洛倫茲力提供向心力，有若一群粒子從靜止開始經過上述過程都落在膠片上同一點，說明圓周運動的直徑相同，由于磁場、電場、靜電分析器的半徑都不變，則該群粒子具有相同的比荷，故C錯誤，D正確。故選AD。10、CD【解析】A在球上升的全過程中，第一個過程系統的機械能守恒，球的機械能是增加的，在第二個過程中球的機械能守恒，故A錯誤；B球落地時，有機械能損失，系統機械能不守恒

21、，故B錯誤；CD設球到達高度時兩球的速度為，根據機械能守恒定律：得出此時輕繩恰好松弛，球開始做初速度為的豎直上拋運動。a球的機械能守恒計算得出球能上升的最大高度H為1.6h。故CD正確。故選：CD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）C； E； （2）實驗電路圖如圖所示； （3）2.5， 0.625， 1.875。 【解析】（1）電風扇的額定電流，從讀數誤差的角度考慮，電流表選擇C電風扇的電阻比較小，則滑動變阻器選擇總電阻為10的誤差較小，即選擇E。（2）因為電壓電流需從零開始測起，則滑動變阻器采用分壓式接法，電風扇的電阻大約 ，遠小于電壓表內阻，屬于小電阻，電流表采用外接法。電路圖如圖所示。（3）電壓表讀數小于0.5V時電風扇沒啟動。根據歐姆定律得：正常工作時電壓為5V，根據圖象知電流為0.5A，則電風扇發(fā)熱功率為：PI2R0.522.5W0.625W，則機械功率PUII2R2.50.6251.875W，12、220 4.699（4