浙江省臺(tái)州市椒江區(qū)第一中學(xué)2021-2022學(xué)年高三下學(xué)期聯(lián)考物理試題含解析_第1頁(yè)
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文檔簡(jiǎn)介

1、2021-2022學(xué)年高考物理模擬試卷注意事項(xiàng):1 答題前,考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)清楚,將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂;非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書(shū)寫(xiě),字體工整、筆跡清楚。3請(qǐng)按照題號(hào)順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答,超出答題區(qū)域書(shū)寫(xiě)的答案無(wú)效;在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效。4保持卡面清潔,不要折疊,不要弄破、弄皺,不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖,豎直平面內(nèi)的RtABC,AB豎直、BC水平,BC=2AB,處于平行于ABC平面的

2、勻強(qiáng)電場(chǎng)中,電場(chǎng)強(qiáng)度方向水平。若將一帶電的小球以初動(dòng)能Ek沿AB方向從A點(diǎn)射出,小球通過(guò)C點(diǎn)時(shí)速度恰好沿BC方向,則()A從A到C,小球的動(dòng)能增加了4EkB從A到C,小球的電勢(shì)能減少了3EkC將該小球以3Ek的動(dòng)能從C點(diǎn)沿CB方向射出,小球能通過(guò)A點(diǎn)D將該小球以4Ek的動(dòng)能從C點(diǎn)沿CB方向射出,小球能通過(guò)A點(diǎn)2、關(guān)于原子能級(jí)躍遷,下列說(shuō)法正確的是()A處于n=3能級(jí)的一個(gè)氫原子回到基態(tài)時(shí)可能會(huì)輻射三種頻率的光子B各種氣體原子的能級(jí)不同,躍遷時(shí)發(fā)射光子的能量(頻率)不同,因此利用不同的氣體可以制成五顏六色的霓虹燈C氫原子的核外電子由較高能級(jí)躍遷到較低能級(jí)時(shí),會(huì)輻射一定頻率的光子,同時(shí)氫原子的電勢(shì)

3、能減小,電子的動(dòng)能減小D已知?dú)湓訌幕鶓B(tài)躍遷到某一激發(fā)態(tài)需要吸收的能量為12.09eV,則動(dòng)能等于12.09eV的另一個(gè)氫原子與這個(gè)氫原子發(fā)生正碰,可以使這個(gè)原來(lái)靜止并處于基態(tài)的氫原子躍遷到該激發(fā)態(tài)3、如圖所示為氫原子的能級(jí)圖,用某種頻率的光照射大量處于基態(tài)的氫原子,受到激發(fā)后的氫原子只輻射出三種不同頻率的光a、b、c,頻率abc,下列說(shuō)法正確的是A照射氫原子的光子能量為12.75eVB從n=3能級(jí)躍遷到n=2能級(jí)輻射出的光頻率為aC從n=3能級(jí)躍遷到n=1能級(jí)輻射出的光頻率為cD光a能使逸出功為10.2eV的某金屬發(fā)生光電效應(yīng)4、如圖所示,一個(gè)有矩形邊界的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域,磁場(chǎng)方向垂直紙面向內(nèi)一

4、個(gè)三角形閉合導(dǎo)線框,由位置1(左)沿紙面勻速運(yùn)動(dòng)到位置2(右)取線框剛到達(dá)磁場(chǎng)邊界的時(shí)刻為計(jì)時(shí)起點(diǎn)(t=0),規(guī)定逆時(shí)針?lè)较驗(yàn)殡娏鞯恼较?,則圖中能正確反映線框中電流號(hào)時(shí)間關(guān)系的是()ABCD5、用比值法定義物理量是物理學(xué)中一種常用的方法。下列四個(gè)選項(xiàng)中全部都應(yīng)用了比值定義法的是加速度電場(chǎng)強(qiáng)度電容電流導(dǎo)體電阻磁感應(yīng)強(qiáng)度ABCD6、一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播,O為波源且t=0時(shí)刻開(kāi)始沿y軸負(fù)方向起振。如圖所示為t=0.2s時(shí)x=0至x=4m范圍內(nèi)的波形圖,虛線右側(cè)的波形未畫(huà)出。已知圖示時(shí)刻x=2m處的質(zhì)點(diǎn)第一次到達(dá)波峰,則下列判斷中正確的是()A這列波的周期為0.4sBt=0.7s末,x=10

5、m處質(zhì)點(diǎn)的位置坐標(biāo)為(10m,-10cm)Ct=0.7s末,x=12m處的質(zhì)點(diǎn)正經(jīng)過(guò)平衡位置向上運(yùn)動(dòng)Dt=0.3s末,x=24m處的質(zhì)點(diǎn)加速度最大且沿y軸正方向二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。7、下列說(shuō)法正確的是_.A自然界中只要涉及熱現(xiàn)象的宏觀過(guò)程都具有方向性B葉面上的小露珠呈球形是由于液體表面張力的作用C墨滴入水,擴(kuò)而散之,徐徐混勻,混合均勻主要是由于碳粒受重力作用D當(dāng)兩分子間距離大于平衡位置的間距r0時(shí).分子間的距離越大,分子勢(shì)能越小E.一定質(zhì)量的理想氣體保持體

6、積不變,溫度升高,單位時(shí)間內(nèi)撞擊器壁單位面上體的分子數(shù)增多8、光滑平行導(dǎo)軌ab、cd水平放置,兩導(dǎo)軌間距為L(zhǎng),兩導(dǎo)軌分別與電容為C的電容器的兩極板相連,兩導(dǎo)軌的右端連接光滑絕緣的圓弧軌道bf、ce圓弧軌道的半徑為R,水平導(dǎo)軌與圓弧軌道分別相切于b、c兩點(diǎn)。把一質(zhì)量為m,長(zhǎng)度為L(zhǎng)的金屬桿置于bc位置,如圖所示。閉合電鍵S,金屬桿恰能滑到ef??臻g存在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁場(chǎng)分布如圖所示,磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,重力加速度為g,下列各種說(shuō)法中正確的是( )A金屬桿剛滑上圓弧軌道時(shí),對(duì)軌道的壓力為3mg B從左向右看,電容器的左極板帶負(fù)電,右極板帶正電C電容器兩極板間的電勢(shì)差減小了D若磁場(chǎng)方向改為水平

7、向右,則閉合電鍵S后,金屬桿仍能上升R的高度9、如圖所示,半徑為的圓弧BCD與傾角為的斜面相切于B點(diǎn),與水平地面相切于C點(diǎn),與圓O2軌道相切于D點(diǎn),圓心O1、O2和D在同一水平直線上,圓O2的半徑為r。質(zhì)量為m的質(zhì)點(diǎn)從斜面上某位置由靜止釋放,剛好能在圓O2軌道內(nèi)做完整的圓周運(yùn)動(dòng)。不計(jì)一切阻力,重力加速度為g。則質(zhì)點(diǎn)()A釋放點(diǎn)距離地面的高度為5rB在C時(shí)對(duì)軌道壓力為C從圓弧BCD進(jìn)入圓O2軌道的瞬間,前后向心加速度之比為5:2D從圓弧BCD進(jìn)入圓O2軌道的瞬間,前后角速度之比為2:510、如圖所示,一個(gè)表面光滑的斜面體M置于水平地面上,它的兩個(gè)斜面與水平面的夾角分別為、,且,M的頂端裝有一定滑

8、輪,一輕質(zhì)細(xì)繩跨過(guò)定滑輪后連接A、B兩個(gè)小滑塊,細(xì)繩與各自的斜面平行,不計(jì)繩與滑輪間的摩擦,A、B恰好在同一高度處于靜止?fàn)顟B(tài)剪斷細(xì)繩后,A、B滑至斜面底端,M始終保持靜止,則() A滑塊A的質(zhì)量大于滑塊B的質(zhì)量B兩滑塊到達(dá)斜面底端時(shí)的速率相同C兩滑塊到達(dá)斜面底端時(shí),滑塊A重力的瞬時(shí)功率較大D兩滑塊到達(dá)斜面底端所用時(shí)間相同三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處,不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11(6分)在學(xué)校社團(tuán)活動(dòng)中,某實(shí)驗(yàn)小組先將一只量程為300A的微安表頭G改裝為量程為0.3A的電流表,然后用改裝的電流表測(cè)量未知電阻的阻值。可供選擇的實(shí)驗(yàn)器材有:微安表頭G(量程300,內(nèi)

9、阻約為幾百歐姆)滑動(dòng)變阻器R1(010)滑動(dòng)變阻器R2(050)電阻箱R(09999)電源E1(電動(dòng)勢(shì)約為1.5V)電源E2(電動(dòng)勢(shì)約為9V)開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干(1)實(shí)驗(yàn)小組先用如圖(a)所示電路測(cè)量表頭G的內(nèi)阻Rg,實(shí)驗(yàn)方法是:A按圖(a)連接好電路,將滑動(dòng)變阻器的滑片調(diào)至圖中最右端;B斷開(kāi)S2,閉合S1,調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片位置,使G滿偏;C閉合S2,并保持滑動(dòng)變阻器的滑片位置不變,調(diào)節(jié)電阻箱的阻值,使表頭G的示數(shù)為200,記錄此時(shí)電阻箱的阻值R0,實(shí)驗(yàn)中電源應(yīng)選用_,滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用_(選填儀器字母代號(hào));測(cè)得表頭G的內(nèi)阻Rg=_,表頭內(nèi)阻的測(cè)量值較其真實(shí)值_(選填“偏大”或“偏小”);(2

10、)實(shí)驗(yàn)測(cè)得G的內(nèi)阻Rg=500,要將表頭G改裝成量程為0.3A的電流表,應(yīng)選用阻值為_(kāi)的電阻與表頭G并聯(lián);(3)實(shí)驗(yàn)小組利用改裝后的電流表A,用圖(b)所示電路測(cè)量未知電阻Rx的阻值。測(cè)量時(shí)電壓表V的示數(shù)為1.20V,表頭G的指針指在原電流刻度的250處,則Rx=_。12(12分)在冬季,某同學(xué)利用DIS系統(tǒng)對(duì)封閉在注射器內(nèi)的一定質(zhì)量的氣體作了兩次等溫過(guò)程的研究。第一次是在室溫下通過(guò)推、拉活塞改變氣體體積,并記錄體積和相應(yīng)的壓強(qiáng);第二次在較高溫度環(huán)境下重復(fù)這一過(guò)程。(1)結(jié)束操作后,該同學(xué)繪制了這兩個(gè)等溫過(guò)程的關(guān)系圖線,如圖。則反映氣體在第二次實(shí)驗(yàn)中的關(guān)系圖線的是_(選填“1”或“2”);(2

11、)該同學(xué)是通過(guò)開(kāi)啟室內(nèi)暖風(fēng)空調(diào)實(shí)現(xiàn)環(huán)境溫度升高的。在等待溫度升高的過(guò)程中,注射器水平地放置在桌面上,活塞可以自由伸縮。則在這一過(guò)程中,管內(nèi)的氣體經(jīng)歷了一個(gè)_(選填(“等壓”“等溫”或“等容”)的變化過(guò)程,請(qǐng)將這一變化過(guò)程在圖中繪出_。(外界大氣壓為1.0105pa)四、計(jì)算題:本題共2小題,共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處,要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13(10分)為研究工廠中天車的工作原理,某研究小組設(shè)計(jì)了如下模型:如圖所示,質(zhì)量mC=3 kg的小車靜止在光滑水平軌道的左端,可視為質(zhì)點(diǎn)的A、B兩個(gè)彈性擺球質(zhì)量mA= mB=1 kg,擺線長(zhǎng)L=0.8 m,分別掛在軌道的左

12、端和小車上靜止時(shí)兩擺線均在豎直位置,此時(shí)兩擺球接觸而不互相擠壓,且球心處于同一水平線上在同一豎直面內(nèi)將A球拉起到擺線水平伸直后,由靜止釋放,在最低點(diǎn)處與B球相碰,重力加速度大小g取10 m/s1求:(1)A球擺到最低點(diǎn)與B球碰前的速度大小v0;(1)相碰后B球能上升的最大高度hm;(3)B球第一次擺回到最低點(diǎn)時(shí)對(duì)繩子拉力的大小14(16分)如圖,一直角三棱柱ABC,其中,AB長(zhǎng)度為2L,M為AB的中點(diǎn),N為BC的中點(diǎn),一光線從AB面上的M點(diǎn)以45的入射角射入三棱柱,折射光線經(jīng)過(guò)N點(diǎn)。已知光在真空中的傳播速度為c,求:(1)三棱柱折射率n;(2)光從開(kāi)始射入三棱柱到第一次射出所需的時(shí)間。15(1

13、2分)在車輛碰撞實(shí)驗(yàn)中,質(zhì)量為4m的大車與質(zhì)量為m的小車沿同一直線相向而行,在碰前瞬間大車和小車的速度大小分別為v和2v,碰撞后小車沿反方向運(yùn)動(dòng),大車運(yùn)動(dòng)的方向不變,并且大車經(jīng)過(guò)時(shí)間t停止運(yùn)動(dòng)。已知碰撞過(guò)程的時(shí)間很短,碰撞后兩車都處于制動(dòng)狀態(tài),兩車與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為,重力加速度大小為g。求:(1)碰撞后瞬間大車的速度大小和碰撞后大車滑行的最大距離。(2)碰撞過(guò)程中小車受到的沖量大小。參考答案一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】A設(shè)小球的速度為,則有小球通過(guò)C點(diǎn)時(shí)速度恰好沿BC方向,則說(shuō)明小球在豎直方向上的

14、速度減為0,小球在水平方向上做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng),運(yùn)動(dòng)的位移為豎直方向上位移的2倍,則平均速度為豎直方向上平均速度的2倍,又這段時(shí)間豎直方向的平均速度為故水平方向的平均速度為又解得則從A到C,小球的動(dòng)能增加了故A錯(cuò)誤;B由動(dòng)能定理可知重力與電場(chǎng)力做功之和為動(dòng)能的增加量即,重力做負(fù)功,故電場(chǎng)力做功大于,則小球的電勢(shì)能減小量大于,故B錯(cuò)誤;D由上分析可知:動(dòng)能為,則速度大小為2v,即小球以2v對(duì)速度從C點(diǎn)沿CB方向射出。而由AB分析可知,小球以初速度v沿AB方向從A點(diǎn)射出時(shí),小球?qū)⒁运俣却笮?v,方向沿BC方向通過(guò)C點(diǎn),則小球以2v的速度從C點(diǎn)沿CB方向射出后運(yùn)動(dòng)過(guò)程恰好可視為其逆過(guò)程,

15、所以若將小球以2v的速度從C點(diǎn)沿CB方向射出,小球能通過(guò)A點(diǎn);故D正確;C由D分析可知,若將小球以2v的速度從C點(diǎn)沿CB方向射出,小球能通過(guò)A點(diǎn);則若將小球小于2v的速度從C點(diǎn)沿CB方向射出,小球?qū)⒔?jīng)過(guò)A點(diǎn)右側(cè)。所以,若將該小球以的動(dòng)能從C點(diǎn)沿CB方向射出,小球?qū)⒔?jīng)過(guò)A點(diǎn)右側(cè),不能經(jīng)過(guò)A點(diǎn),故C錯(cuò)誤。故選D。2、B【解析】A處于n=3的一個(gè)氫原子回到基態(tài)時(shí)可能會(huì)輻射一種頻率的光子,或兩種不同頻率的光子。處于n=3的“一群”氫原子回到基態(tài)時(shí)會(huì)輻射三種頻率的光子;故A錯(cuò)誤;B根據(jù)玻爾理論,各種氣體原子的能級(jí)不同,躍遷時(shí)發(fā)射光子的能量(頻率)不同,因此利用不同的氣體可以制成五顏六色的霓虹燈,故選項(xiàng)B

16、正確;C氫原子的核外電子由較高能級(jí)躍遷到較低能級(jí)時(shí),會(huì)輻射一定頻率的光子,同時(shí)氫原子的電勢(shì)能減小,電子的動(dòng)能增大。故選項(xiàng)C錯(cuò)誤;D根據(jù)能量守恒可知,要使原來(lái)靜止并處于基態(tài)的氫原子從基態(tài)躍遷到某一激發(fā)態(tài),需要吸收的能量為109eV,則必須使動(dòng)能比109eV大得足夠多的另一個(gè)氫原子與這個(gè)氫原子發(fā)生碰撞,才能躍遷到某一激發(fā)態(tài),故D錯(cuò)誤。故選B。3、D【解析】根據(jù)公式,可知,n=3,因此受到激發(fā)后的氫原子處于第n=3能級(jí);A根據(jù)氫原子由n=3躍遷到n=1產(chǎn)生的光子能量與從n=1躍遷到n=3所吸收的光子能量相等可知,照射氫原子的光子能量為:E31=E3-E1=-1.51-(-13.6)=12.09eV,

17、故A錯(cuò)誤;B頻率大小關(guān)系為vavbvc,從n=3躍遷到n=2輻射出的能量最小,即其對(duì)應(yīng)的光頻率為vc,故B錯(cuò)誤;C氫原子由n=3躍遷到n=1產(chǎn)生的光的能量最大,輻射出的光頻率為va,故C錯(cuò)誤;D氫由n=3躍遷到n=1產(chǎn)生的光的能量12.09eV,依據(jù)光電效應(yīng)方程,所以能使逸出功為10.2eV的金屬能發(fā)生光電效應(yīng),故D正確。4、A【解析】先由楞次定律依據(jù)磁通量的變化可以判定感應(yīng)電流的方向,再由感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式和歐姆定律,分段分析感應(yīng)電流的大小,即可選擇圖象【詳解】線框進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程,磁通量向里增加,根據(jù)楞次定律得知感應(yīng)電流的磁場(chǎng)向外,由安培定則可知感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針,電流i應(yīng)為正方向,故BC錯(cuò)誤

18、;線框進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程,線框有效的切割長(zhǎng)度先均勻增大后均勻減小,由E=BLv,可知感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)先均勻增大后均勻減??;線框完全進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程,磁通量不變,沒(méi)有感應(yīng)電流產(chǎn)生線框穿出磁場(chǎng)的過(guò)程,磁通量向里減小,根據(jù)楞次定律得知感應(yīng)電流的磁場(chǎng)向里,由安培定則可知感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針,電流i應(yīng)為負(fù)方向;線框有效的切割長(zhǎng)度先均勻增大后均勻減小,由,可知感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)先均勻增大后均勻減小,故A正確,D錯(cuò)誤5、D【解析】加速度與速度的變化量無(wú)關(guān),所以加速度屬于比值定義法;電場(chǎng)強(qiáng)度與場(chǎng)源電荷量成正比,與距離的平方成反比,所以電場(chǎng)強(qiáng)度不屬于比值定義法;電容是由電容器本身的性質(zhì)決定,其大小與帶電量以及兩板間的電壓無(wú)關(guān),所以

19、電容屬于比值定義法;電流的大小由導(dǎo)體兩端的電壓和導(dǎo)體的電阻決定,單位時(shí)間內(nèi)通過(guò)導(dǎo)體橫截面的電荷量叫電流強(qiáng)度,電流屬于比值定義法;電阻與導(dǎo)線長(zhǎng)度、橫截面積及電阻率有關(guān),所以導(dǎo)體的電阻不屬于比值定義法;磁感應(yīng)強(qiáng)度與放入磁場(chǎng)中的電流元無(wú)關(guān),所以屬于比值定義法;A. 與分析不符,故A錯(cuò)誤;B. 與分析不符,故B錯(cuò)誤;C. 與分析不符,故C錯(cuò)誤;D. 與分析相符,故D正確。6、B【解析】A由題,波源時(shí)刻開(kāi)始沿軸負(fù)方向起振,則介質(zhì)中各個(gè)質(zhì)點(diǎn)均沿軸負(fù)方向起振,圖示時(shí)刻處的質(zhì)點(diǎn)第一次到達(dá)波峰,已經(jīng)振動(dòng)了,說(shuō)明時(shí)波傳到質(zhì)點(diǎn)處,則周期為,A錯(cuò)誤;B由圖知波長(zhǎng),波速為:波傳到處的時(shí)間為:則末,處的質(zhì)點(diǎn)已振動(dòng)了,此質(zhì)

20、點(diǎn)起振方向沿軸負(fù)方向,則末,處質(zhì)點(diǎn)到達(dá)波谷,坐標(biāo)為,B正確;C波傳到處的時(shí)間為:則末,處的質(zhì)點(diǎn)已振動(dòng)了,此質(zhì)點(diǎn)起振方向向下,則末,處的質(zhì)點(diǎn)正經(jīng)過(guò)平衡位置向下運(yùn)動(dòng),C錯(cuò)誤;D波傳到處的時(shí)間為:則末,處質(zhì)點(diǎn)還沒(méi)有振動(dòng),加速度為零,D錯(cuò)誤。故選B。二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。7、ABE【解析】A根據(jù)熱力學(xué)第二定律,自然界中進(jìn)行的涉及熱現(xiàn)象的宏觀過(guò)程都具有方向性,故A正確;B液體表面張力產(chǎn)生的原因是:液體跟氣體接觸的表面存在一個(gè)薄層,叫做表面層,表面層里的分子比液體內(nèi)部稀

21、疏,分子間的距離比液體內(nèi)部大一些,分子間的相互作用表現(xiàn)為引力,所以葉面上的小露珠呈球形是由于液體表面張力的作用,故B正確;C墨滴入水,擴(kuò)而散之,徐徐混勻,混合均勻主要是由于分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)導(dǎo)致的擴(kuò)散現(xiàn)象產(chǎn)生的結(jié)果,故C錯(cuò)誤;D兩分子間距大于平衡距離時(shí),分子間為引力,則分子距離增大時(shí),分子力做負(fù)功,分子勢(shì)能增大,故D錯(cuò)誤;E一定質(zhì)量的理想氣體保持體積不變,氣體的分子密度不變,溫度升高,氣體分子的平均動(dòng)能增大,單位時(shí)間內(nèi)撞擊器壁單位面上的分子數(shù)增多,故E正確8、AC【解析】A金屬桿由bc滑到ef過(guò)程,由機(jī)械能守恒有mv2=mgR金屬桿剛滑上圓弧軌道時(shí),由牛頓第二定律有FNmg=m兩式聯(lián)立解得FN=3

22、mg所以金屬桿對(duì)軌道的壓力為3mg,故A正確B閉合電鍵后金屬桿獲得向右的速度,說(shuō)明其所受的安培力向右,由左手定則知電流方向由b到c,所以從左向右看,電容器左端為正極板,右端為負(fù)極板,故B錯(cuò)誤;C金屬桿受安培力作用,由牛頓第二定律有由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有v=t,流過(guò)金屬桿的電荷量q=t,電容器兩極板間電勢(shì)差的減小量U=,聯(lián)立解得U=故C正確;D若磁場(chǎng)方向改為水平向右,金屬桿所受安培力為豎直向上,由于還受到重力作用,金屬桿所獲得的速度將小于v,所以上升的高度將小于R,故D錯(cuò)誤。故選AC。9、BD【解析】A質(zhì)點(diǎn)剛好能在圓O2軌道做完整的圓周運(yùn)動(dòng),在軌道的最高點(diǎn)設(shè)釋放點(diǎn)離地高度為h,根據(jù)機(jī)械能守恒定律解得A錯(cuò)

23、誤;B設(shè)質(zhì)點(diǎn)在C點(diǎn)速度為,軌道對(duì)質(zhì)點(diǎn)的支持力為,由機(jī)械能守恒有根據(jù)牛頓第二定律解得由牛頓第三定律可知,質(zhì)點(diǎn)在C時(shí)對(duì)軌道壓力為,B正確;C質(zhì)點(diǎn)從圓弧BCD進(jìn)入圓O2軌道的瞬間,速度不變,由線速度與角速度關(guān)系可知C錯(cuò)誤;D質(zhì)點(diǎn)從圓弧BCD進(jìn)入圓O2軌道的瞬間,速度不變,向心加速度可知D正確。故選BD。10、AB【解析】滑塊A和滑塊B沿著斜面方向的分力等大,故:mAgsin=mBgsin;由于,故mAmB,故A正確;滑塊下滑過(guò)程機(jī)械能守恒,有:mgh=mv2,則v= ,由于兩個(gè)滑塊的高度差相等,故落地速度大小相等,即速率相等,故B正確;滑塊到達(dá)斜面底端時(shí),滑塊重力的瞬時(shí)功率:PA=mAgsinv,P

24、B=mBgsinv;由于mAgsin=mBgsin,故PA=PB,故C錯(cuò)誤;由牛頓第二定律得:mgsin=ma,a=gsin,則aAaB,物體的運(yùn)動(dòng)時(shí)間,v相同、aAaB,則tAtB,故D錯(cuò)誤;故選AB點(diǎn)睛:本題綜合考查了共點(diǎn)力平衡、牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式,綜合性較強(qiáng),注意求解瞬時(shí)功率時(shí),不能忘記力與速度方向之間的夾角三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處,不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、E2 R2 R0 偏小 0.5 4.3 【解析】(1)12閉合S2開(kāi)關(guān)時(shí)認(rèn)為電路電流不變,實(shí)際上閉合開(kāi)關(guān)S2時(shí)電路總電阻變小,電路電流增大,電源電動(dòng)勢(shì)越大、滑動(dòng)變阻器阻值越大,閉合開(kāi)關(guān)

25、S2時(shí)微安表兩端電壓變化越小,實(shí)驗(yàn)誤差越小,為減小實(shí)驗(yàn)誤差,電源應(yīng)選擇E2,滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇R2;34閉合開(kāi)關(guān)S2時(shí)認(rèn)為電路電流不變,流過(guò)微安表電流為滿偏電流的,則流過(guò)電阻箱的電流為滿偏電流的,微安表與電阻箱并聯(lián),流過(guò)并聯(lián)電路的電流與阻值成反比,則:閉合開(kāi)關(guān)S2時(shí)整個(gè)電路電阻變小,電路電流變大,大于300A,當(dāng)表頭G示數(shù)為200A時(shí),流過(guò)電阻箱的電流大于100A,電阻箱阻值小于表頭G電阻的一半,實(shí)驗(yàn)認(rèn)為電流表內(nèi)阻等于電阻箱阻值的一半,因此表頭G內(nèi)阻測(cè)量值偏小;(2)5把微安表改裝成0.3A的電流表需要并聯(lián)分流電阻,并聯(lián)電阻阻值為:(3)6改裝后電流表內(nèi)阻為:微安表量程為300A,改裝后電流表量程為0.3A,量程擴(kuò)大了1000倍,微安表示數(shù)為250A時(shí),流過(guò)電流表的電流為:25010-61000A=0.25A由圖乙所示電路圖可知,待測(cè)電阻阻值為12、1 等壓 【解析】(1)1由圖2看出圖象是過(guò)原點(diǎn)的傾斜直線,其斜率等于pV,斜率不變,則pV

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