2022屆河源市重點(diǎn)中學(xué)高三第二次模擬考試物理試卷含解析

1、2021-2022學(xué)年高考物理模擬試卷請(qǐng)考生注意：1請(qǐng)用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請(qǐng)用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫(xiě)在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫(xiě)在試題卷、草稿紙上均無(wú)效。2答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的注意事項(xiàng)，按規(guī)定答題。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、一個(gè)核衰變?yōu)橐粋€(gè)核的過(guò)程中，發(fā)生了m次衰變和n次衰變，則m、n的值分別為（）A8、6B6、8C4、8D8、42、如圖所示，是一個(gè)質(zhì)點(diǎn)在時(shí)間內(nèi)的v-t圖象，在這段時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)沿正方向運(yùn)動(dòng)的平均速度大小為v1沿負(fù)方向運(yùn)動(dòng)的平均速度大小為v

2、2則下列判斷正確的是( )Av1v2Bv1v2，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B. v1v2，與結(jié)論相符，選項(xiàng)B正確；C. v1=v2，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D. 以上三種情況均有可能，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。3、B【解析】AB兩列車相向運(yùn)動(dòng)，每列車總長(zhǎng)為：故A錯(cuò)誤，B正確；CD坐于車尾的乘客看到對(duì)方列車從身邊劃過(guò)的時(shí)間為：故C、D錯(cuò)誤；故選B。4、C【解析】A圖像的斜率等于速度，可知在內(nèi)甲、乙都沿正向運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)方向相同。內(nèi)甲沿負(fù)向運(yùn)動(dòng)，乙仍沿正向運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)方向相反，故A錯(cuò)誤。BD內(nèi)甲乙同向運(yùn)動(dòng)，甲的速度較大，兩者距離不斷增大。后甲反向運(yùn)動(dòng)，乙仍沿原方向運(yùn)動(dòng)，兩者距離減小，則時(shí)甲、乙兩物體間

3、的距離最大，最大距離為 ，故BD錯(cuò)誤。C由圖知，在內(nèi)甲、乙的位移都是，平均速度相等，故C正確。5、C【解析】根據(jù)安培定則畫(huà)出在O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的示意圖如圖所示當(dāng)時(shí)，三根導(dǎo)線在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，設(shè)為，根據(jù)磁場(chǎng)疊加原理可知，此時(shí)O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為此時(shí)O點(diǎn)處對(duì)應(yīng)的導(dǎo)線的安培力AB由于通電長(zhǎng)直導(dǎo)線在某點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小和電流成正比，當(dāng)時(shí)，則有，根據(jù)磁場(chǎng)疊加原理可知，此時(shí)O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為此時(shí)O點(diǎn)處對(duì)應(yīng)的導(dǎo)線的安培力故AB錯(cuò)誤；C當(dāng)時(shí)，有，如圖所示根據(jù)磁場(chǎng)疊加原理可知此時(shí)O點(diǎn)處對(duì)應(yīng)的導(dǎo)線的安培力故C正確；D當(dāng)時(shí)，有，如圖所示根據(jù)磁場(chǎng)疊加原理可知此時(shí)O點(diǎn)處對(duì)應(yīng)的導(dǎo)線的安培力故D錯(cuò)誤。故選C

4、。6、A【解析】設(shè)重物下落的速度大小為，小球的速度大小為，由幾何關(guān)系可知由能量關(guān)系聯(lián)立解得故選A。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BC【解析】對(duì)導(dǎo)線受力分析，可知導(dǎo)線受重力、支持力和安培力作用，當(dāng)安培力方向豎直向上時(shí)，支持力最小，則導(dǎo)線對(duì)桌面的壓力最小，根據(jù)平衡條件有當(dāng)僅改變電流方向時(shí)，安培力方向向下，根據(jù)平衡有聯(lián)立解得，故BC正確，AD錯(cuò)誤。故選BC。8、AD【解析】A在R的滑片P向上滑動(dòng)的過(guò)程中，副線圈電阻減小，則副線圈的輸出功率變大，根據(jù)輸入功率等于輸出功率

5、可知，變壓器的輸入功率變大，電源的輸出功率變大，故A正確；B在R的滑片P向上滑動(dòng)的過(guò)程中，副線圈電阻減小，則副線圈的輸出電流變大，根據(jù)變流比可知，原線圈的輸入電流變大，流過(guò)燈泡L1的電流變大，亮度會(huì)變亮，故B錯(cuò)誤；C若小燈泡L2突然燒壞，副線圈電阻增大，根據(jù)歐姆定律可知，副線圈輸出電流減小，根據(jù)變流比可知，原線圈輸入電流減小，流過(guò)燈泡L1的電流變小，燈泡L1兩端電壓變小，則原線圈輸入電壓變大，根據(jù)變壓比可知，副線圈輸出電壓變大，電壓表示數(shù)會(huì)增大，故C錯(cuò)誤；D兩小燈泡正常發(fā)光，則副線圈輸出電壓為U，根據(jù)變壓比可知，原線圈輸入電壓則交流電源的有效值U有效=U+U=3U根據(jù)正弦式交變電流最大值和有效

6、值的關(guān)系可知，交流電源的最大值為故D正確。故選AD。9、AC【解析】根據(jù)導(dǎo)體切割磁感應(yīng)線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)計(jì)算公式可得E=BLv，所以E=BLv，由于磁場(chǎng)隨位移均勻變化，所以感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)隨位移均勻增大，電容器兩端的電壓均勻變化，電場(chǎng)強(qiáng)度也是均勻變化的，A正確；電容器的電容 ，解得：I=LCv，由于導(dǎo)體棒勻速運(yùn)動(dòng)，且磁感應(yīng)強(qiáng)度隨位移均勻變化，而x=vt，所以電流強(qiáng)度不變，B錯(cuò)誤；導(dǎo)體棒勻速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平衡條件可得F=BIL，而B(niǎo)均勻增大，所以安培力均勻增大，拉力F均勻增大，拉力做功功率等于克服安培力做功功率，即P=Fv可知，外力的功率均勻增大，C正確；導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)至x=3m處時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=（0.4

7、+0.23）T=1T，電流強(qiáng)度：I=LCv=LCv2=0.210.14A=0.08A，所以導(dǎo)體棒所受安培力為FA=BIL=10.081N=0.08N，故D錯(cuò)誤故選AC10、BC【解析】A地球同步衛(wèi)星和地球自轉(zhuǎn)同步，周期為24 h，即該衛(wèi)星運(yùn)行周期是固定不變的，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B由可知?jiǎng)t該衛(wèi)星所在處的重力加速度是選項(xiàng)B正確；C由于則該衛(wèi)星的動(dòng)能選項(xiàng)C正確；D根據(jù)開(kāi)普勒第三定律可知，該衛(wèi)星周期與近地衛(wèi)星周期之比為選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選BC。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、D F G 最右端 12.5 1.69 【解析】（1）123電壓表量程為03

8、V，內(nèi)阻為2k，則要要使此電壓表的量程擴(kuò)大到12V左右，則需串聯(lián)一個(gè) 8k的電阻，故定值電阻選擇D；電源內(nèi)阻為2左右，R2做為保護(hù)電阻，則應(yīng)該選擇與內(nèi)阻阻值相當(dāng)?shù)腇即可；滑動(dòng)變阻器選擇與內(nèi)阻阻值差不多的G即可；（2）4開(kāi)關(guān)閉合以前，應(yīng)將滑動(dòng)變阻器的滑片調(diào)至阻值最大的最右端；（3）56根據(jù)圖像可知外電路電流為0時(shí)電壓表讀數(shù)為2.5V，則此時(shí)路段電壓為52.5V=12.5V，即電源電動(dòng)勢(shì)為E=12.5V，內(nèi)阻12、20.15 1.730 【解析】1樣品的長(zhǎng)度L=2cm+0.05mm3=20.15mm；2樣品的外邊長(zhǎng)a=1.5mm+0.01mm23.0=1.730mm。四、計(jì)算題：本題共2小題，共2

9、6分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、（i）；（ii）V0 +【解析】（i ）已知?dú)怏w在狀態(tài)C時(shí)的壓強(qiáng)為p0，設(shè)氣體在A點(diǎn)時(shí)的壓強(qiáng)為pA，根據(jù)幾何關(guān)系可知，氣體在狀態(tài)A時(shí)的溫度為 根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程有得：pA=（ii）由于氣體從A到B發(fā)生的是等壓變化，此過(guò)程氣體對(duì)外做功W=pAV=（2V0-V0）=V0氣體從A變化到B再變化到C，氣體的內(nèi)能增量：U=k（2T0-）=根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知：U=Q-W氣體吸收的熱量：Q=V0 +14、 (1) (2) 【解析】(1)設(shè)B球與A球相碰前的速度大小為，則 碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，設(shè)兩球碰撞后的瞬間共同速度為，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有 兩球一起下落過(guò)程中， 解得：；(2)B球下滑到碰撞前，損失的機(jī)械能 由(1)問(wèn)知， 因此 磁撞過(guò)程損失的機(jī)械能為 因此整個(gè)過(guò)程損失的機(jī)械能為15、 (1)大小為15N，方向豎直向下；(2)0.3s；(3)【解析】(1)設(shè)物塊滑到圓軌道末端速度，根據(jù)機(jī)械能守恒定律得設(shè)物塊在軌道末端所受支持力的大小為F，根據(jù)牛頓第二定律得聯(lián)立以上兩式代入數(shù)據(jù)得根據(jù)牛頓第三定律，對(duì)軌道壓力大小為15N，方向豎直向下。(2)若則物塊在