湖南省株洲市醴陵二中2023學(xué)年物理高二上期中綜合測試試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，MN、PQ是水平方向的勻強(qiáng)磁場的上下邊界，磁場寬度為L一個(gè)邊長為a的正方形導(dǎo)線框（L2a）從磁場上方下落，運(yùn)動(dòng)過程中上下兩邊始終與磁場邊界平行線框進(jìn)入磁場過程中感應(yīng)電流i

2、隨時(shí)間t變化的圖象如右圖所示，則線框從磁場中穿出過程中線框中感應(yīng)電流i隨時(shí)間t變化的圖象可能是以下的哪一個(gè)（ ）ABCD2、豎直絕緣墻壁上的Q處有一固定的小球A，在Q的正上方的P點(diǎn)用絕緣絲線懸掛另一小球B，A、B兩小球因帶電而相互排斥，致使懸線與豎直方向成角，如圖所示，由于漏電，使A、B兩小球的電量逐漸減少，懸線與豎直方向夾角逐漸變小，如圖所示，則在電荷漏完之前懸線對懸點(diǎn)P的拉力的大小將()A保持不變 B先變小后變大 C逐漸變小 D逐漸變大3、某電解池中，若在2 s內(nèi)各有1.01019個(gè)二價(jià)正離子和2.01019個(gè)一價(jià)負(fù)離子通過某截面，那么通過這個(gè)截面的電流是（ ）A0B0.8 AC1.6 A

3、D3.2 A4、據(jù)報(bào)道“嫦娥一號”和“嫦娥二號”飛行器工作時(shí)繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，軌道半徑分別為1900 km和1800 km，運(yùn)行速率分別為和。那么和的比值為ABCD5、在勻強(qiáng)電場中建立一直角坐標(biāo)系，如圖所示，從坐標(biāo)原點(diǎn)沿軸前進(jìn)到點(diǎn)，電勢降低了，從坐標(biāo)原點(diǎn)沿軸前進(jìn)到點(diǎn)，電勢升高了，則勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小和方向?yàn)椋?）A，方向B，方向C，方向D，方向垂直斜向下6、如圖所示，直線1、2分別表示兩個(gè)電源的路端電壓與電流的關(guān)系圖像，由圖可知（ ）A電動(dòng)勢E1E2，內(nèi)阻r1r2B電動(dòng)勢E1E2，內(nèi)阻r1r2C電動(dòng)勢E1E2，內(nèi)阻r1r2D電動(dòng)勢E1E2，內(nèi)阻r1r2二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5

4、分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、下列說法不正確的是()A法國物理學(xué)家?guī)靵隼门こ訉?shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)了電荷之間的相互規(guī)律庫侖定律B英國物理學(xué)家法拉第發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律C英國物理學(xué)家牛頓最早引入了場概念，并提出用電場線表示電場D美國物理學(xué)家密立根通過實(shí)驗(yàn)精確測定了元電荷e的電荷量，獲得諾貝爾獎(jiǎng)8、關(guān)于電磁波，下列說法中正確的是（）A法拉第第一次通過實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證了電磁波的存在B赫茲第一次通過實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證了電磁波的存在C不同頻率的電磁波在水中傳播速度不相等D電磁波不可以在真空中傳播9、如圖所示，一個(gè)內(nèi)壁光滑的絕緣細(xì)直管豎直放置

5、在管子的底部固定一電荷量為Q的正點(diǎn)電荷在距離底部點(diǎn)電荷為h2的管口A處，有一電荷量為q、質(zhì)量為m的點(diǎn)電荷由靜止釋放，在距離底部點(diǎn)電荷為h1的B處速度恰好為零現(xiàn)讓一個(gè)電荷量為q、質(zhì)量為3m的點(diǎn)電荷仍在A處由靜止釋放，已知靜電力常量為k，重力加速度為g，則該點(diǎn)電荷運(yùn)動(dòng)過程中（ ）A速度最大處與底部點(diǎn)電荷的距離是B速度最大處與底部點(diǎn)電荷的距離是C運(yùn)動(dòng)到B處的速度是D運(yùn)動(dòng)到B處的速度是10、封閉在汽缸內(nèi)一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)A變到狀態(tài)D，其體積V與熱力學(xué)溫度T的關(guān)系如圖所示，由狀態(tài)A變到狀態(tài)D過程中（） A氣體從外界吸收熱量，內(nèi)能增加B氣體體積增大，單位時(shí)間內(nèi)與器壁單位面積碰撞的分子數(shù)減少C氣體溫度

6、升高，每個(gè)氣體分子的動(dòng)能都會(huì)增大D氣體的密度不變?nèi)?shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）有一個(gè)小燈泡上標(biāo)有“4V，2W”的字樣，現(xiàn)在要用伏安法描繪這個(gè)燈泡的I-U圖線，現(xiàn)有下列器材供選用：A電壓表（05V，內(nèi)阻10k）B電壓表（015V，內(nèi)阻20k）C電流表（03A，內(nèi)阻0.4）D電流表（00.6A，內(nèi)阻1）E.滑動(dòng)變阻器（最大阻值為10，允許最大電流為2A）F.滑動(dòng)變阻器（最大阻值為500，允許最大電流為1A）G.學(xué)生電源（直流6V）、開關(guān)、導(dǎo)線若干（1）實(shí)驗(yàn)時(shí)，選用圖甲而不選用圖乙所示的電路圖來完成實(shí)驗(yàn)，其理由是_：（2）實(shí)驗(yàn)中所

7、用電壓表應(yīng)選用_，電流表應(yīng)選用_，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用_.（用序號字母表示）12（12分）在描繪小燈泡的伏安特性曲線的實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)室備有下列器材供選擇：A待測小燈泡“3V，2W”B電流表A1（量程3A，內(nèi)阻約為1）C電流表A2（量程0.6A，內(nèi)阻約為5）D電壓表V1（量程3V，內(nèi)阻約為10k）E電壓表V2（量程15V，內(nèi)阻約為50k）F滑動(dòng)變阻器器（最大阻值為100，額定電流50mA）G滑動(dòng)變阻器（最大阻值為10，額定電流1A）H電源（電動(dòng)勢為4V，內(nèi)阻不計(jì)）I電鍵及導(dǎo)線等（1）電流表應(yīng)選用_；電壓表應(yīng)選_；滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用_（填器材前面的字母）（2）在圖甲實(shí)物圖中，有部分線已連好，要求小燈泡的電

8、壓從零開始測量，請連成符合要求的完整的電路圖_（3）開關(guān)閉合之前，圖中滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)該置于_（選填“A端”、“B端”或“AB中間”）（4）某同學(xué)實(shí)驗(yàn)后作出的I-U圖象如圖乙所示，則當(dāng)燈泡兩端的電壓為2.4V時(shí)，燈泡的實(shí)際功率是_W（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖甲所示，Q1、Q2為兩個(gè)被固定的相距L的點(diǎn)電荷，其中Q1帶電量為-4q，Q2帶電量為+q，a、b兩點(diǎn)在它們連線的延長線上.(1)求兩點(diǎn)電荷連線上場強(qiáng)為0的點(diǎn)距離Q2多遠(yuǎn)(2)現(xiàn)有一帶負(fù)電的粒子以一定的初速度沿直線從

9、a點(diǎn)開始經(jīng)b點(diǎn)向遠(yuǎn)處運(yùn)動(dòng)(粒子只受電場力作用)，粒子經(jīng)過a、b兩點(diǎn)時(shí)的速度分別為va、vb，其速度圖象如圖乙所示，求從a到b電勢能的變化量14（16分）如圖所示，質(zhì)量為m的小球懸掛在長為L的細(xì)線下端，將它拉至與豎直方向成=60的位置后自由釋放當(dāng)小球擺至最低點(diǎn)時(shí)，恰好與水平面上原來靜止的、質(zhì)量為2m的木塊相碰，碰后小球速度反向且動(dòng)能是碰前動(dòng)能的已知木塊與地面的動(dòng)摩擦因素，重力加速度取g求：(1)小球與木塊碰前瞬間所受拉力大小(2)木塊在水平地面上滑行的距離15（12分）如圖為一個(gè)小型旋轉(zhuǎn)電樞式交流發(fā)電機(jī)的原理圖，圖示位置矩形線圈平行于磁感線，其矩形線圈的長度ab=0.25m，寬度bc=0.20m

10、，共有n=100匝，總電阻r=5.0，可繞與磁場方向垂直的對稱軸OO轉(zhuǎn)動(dòng)線圈處于磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.4T的勻強(qiáng)磁場中，與線圈兩端相連的金屬滑環(huán)上接一個(gè)“3.0V，1.8W”的燈泡，當(dāng)線圈以角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，小燈泡恰好正常發(fā)光，求：（1）轉(zhuǎn)到圖示位置時(shí)線圈中的電流；（2）線圈轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度；（3）線圈從圖示位置轉(zhuǎn)過90過程中流過燈泡的電量參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】由題意可知，線框進(jìn)入磁場過程中感應(yīng)電流i隨時(shí)間t變化的圖象如圖（乙）所示，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，線框勻速進(jìn)入磁場，由于L2a，當(dāng)完全進(jìn)入

11、磁場后，因磁通量不變，則沒有感應(yīng)電流，線框只受到重力，使得線框速度增加，當(dāng)出磁場時(shí)，速度大于進(jìn)入磁場的速度，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，出磁場的感應(yīng)電流大于進(jìn)磁場的感應(yīng)電流，導(dǎo)致出磁場時(shí)的安培力大于重力，導(dǎo)致線框做減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律，BIL-mg=ma，則做加速度在減小的減速運(yùn)動(dòng)，故B正確，ACD錯(cuò)誤；故選B【點(diǎn)睛】由題意可知，線框進(jìn)入磁場時(shí)，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)L2a，則可知，出磁場時(shí)，速度與進(jìn)入磁場的速度相比較，從而確定線框的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)，進(jìn)而由法拉第電磁感應(yīng)定律，可求得感應(yīng)電流的大小如何變化，即可求解2、A【解析】以小球?yàn)檠芯繉ο?，球受到重力G，A的斥力F1和線的拉力F2三個(gè)力作用，作

12、出力圖，如圖作出F1、F2的合力F，則由平衡條件得：F=G根據(jù)FBF1PQB得： 又FF1=F2，得： ；在A、B兩質(zhì)點(diǎn)帶電量逐漸減少的過程中，PB、PQ、G均不變，則線的拉力F2不變，故A正確，BCD錯(cuò)誤故選A點(diǎn)睛：本題是力學(xué)中動(dòng)態(tài)平衡問題，采用的是三角形相似法，得到力的大小與三角形邊長的關(guān)系，進(jìn)行分析，也可以應(yīng)用函數(shù)法求解3、D【解析】通過截面的電荷量通過截面的電流故D正確。4、D【解析】“嫦娥一號”和“嫦娥二號”繞月作圓周運(yùn)動(dòng)，由萬有引力提供向心力有：解得：它們的軌道半徑分r1=1900km、r2=1800km，則有：故選D。5、C【解析】令O點(diǎn)電勢，則，再作點(diǎn)B關(guān)于點(diǎn)O的對稱點(diǎn)B，因?yàn)?/p>

13、BO=OB，則，連接AB，并作其垂線OE，則從OE的方向即場強(qiáng)方向；場強(qiáng)為：，方向由B指向A，故C正確，A、B、D錯(cuò)誤；故選C【點(diǎn)睛】關(guān)鍵是找出x軸方向上電勢與A點(diǎn)相等的B點(diǎn)，A、B兩點(diǎn)的電勢相等，即AB連線上的各點(diǎn)電勢相等，并作其垂線OE，則從OE的方向即場強(qiáng)方向6、B【解析】根據(jù)閉合電路歐姆定律得知：U=E-Ir，當(dāng)I=0時(shí)，U=E，即圖線與縱軸交點(diǎn)坐標(biāo)表示電源電動(dòng)勢的大小，由圖可知電動(dòng)勢E1E1而圖線的斜率的大小表示電源的內(nèi)阻大小，圖線1的斜率大于圖線1的斜率，故內(nèi)阻r1r1所以B正確，ACD錯(cuò)誤二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符

14、合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BC【解析】庫侖發(fā)現(xiàn)了庫侖定律，并且利用扭稱實(shí)驗(yàn)測出了靜電力常量，A正確；B、英國物理學(xué)家牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，故B錯(cuò)誤；C、英國物理學(xué)家法拉第引入了場的概念來研究電場，并提出用電場線表示電場，故C錯(cuò)誤；D、密立根通過實(shí)驗(yàn)精確測出了元電荷的電荷量，故D正確本題選不正確的，所以不正確的是BC綜上所述本題答案是：BC8、BC【解析】麥克斯韋第一次預(yù)言了電磁波的存在，赫茲第一次通過實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證了電磁波的存在故A錯(cuò)誤，B正確；電磁波在真空中傳播速度相同，但在水中不同頻率的電磁波傳播的速度是不同的故C正確；電磁波的傳播不需要介質(zhì)，可以

15、在真空中傳播也能在介質(zhì)中傳播；故D錯(cuò)誤；故選BC.9、BC【解析】當(dāng)點(diǎn)電荷的質(zhì)量為m時(shí)，則在下落過程中受重力和電庫侖力，下落到B點(diǎn)時(shí)速度為零，由動(dòng)能定理可得：，即，當(dāng)點(diǎn)電荷的質(zhì)量變?yōu)?m時(shí)，下落到B點(diǎn)時(shí)庫侖力不變，故庫侖力做功不變，由動(dòng)能定理得，解得；當(dāng)重力等于庫侖力時(shí)，合力為零，此時(shí)速度最大，解得，故BC正確，AD錯(cuò)誤，故選BC.【點(diǎn)睛】由題意可知，電荷在下落過程中受重力、庫侖力，由動(dòng)能定理可得出兩力做功的關(guān)系；同理可應(yīng)用動(dòng)能定理求出當(dāng)質(zhì)量變化時(shí)B點(diǎn)的速度；通過對過程的分析可得出速度最大處的位置；并通過電場力做功的正負(fù)，來判定電勢能增加還是降低10、AB【解析】氣體由狀態(tài)A變到狀態(tài)D過程中，

16、溫度升高，內(nèi)能增大；體積增大，氣體對外做功，由熱力學(xué)第一定律分析得知，氣體從外界吸收熱量故A正確由圖看出氣體的體積增大，分子總數(shù)不變、體積增大時(shí)分子密集程度減小，單位時(shí)間內(nèi)與器壁單位面積碰撞的分子數(shù)減少，故B正確氣體溫度升高，分子的平均動(dòng)能增大，但不是每個(gè)氣體分子的動(dòng)能都會(huì)增大故C錯(cuò)誤氣體的質(zhì)量一定，體積增大，則密度減小故D錯(cuò)誤故選AB點(diǎn)睛；此題關(guān)鍵是要先搞清圖像的物理意義；會(huì)根據(jù)熱力學(xué)第一定律分析吸放熱情況溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，溫度升高，分子的平均動(dòng)能增大 三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 (1)描 繪 燈 泡 的 I-U 圖

17、 線 所 測 數(shù) 據(jù) 需 從 零 開 始 ，并 要 多 取 幾 組 數(shù) 據(jù)； (2)A， D， E 【解析】（1）1描繪燈泡伏安特性曲線，電壓與電流應(yīng)從零開始變化，并 要 多 取 幾 組 數(shù) 據(jù)，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇分壓接法；（2）2 燈泡額定電壓為4V，電壓表應(yīng)選A；3 燈泡額定電流電流表應(yīng)選D；4為方便實(shí)驗(yàn)操作，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇總阻值較小的E。12、CDGA端1.3【解析】（1）電壓表和電流表讀數(shù)超過量程時(shí)誤差較小待測小燈泡“3V，2W”，則電流表應(yīng)選用C電流表A2（量程0.6A，內(nèi)阻約為5） ，電壓表應(yīng)選D電壓表V1（量程3V，內(nèi)阻約為10k）；描述小燈泡的伏安特性曲線，滑動(dòng)變阻器采用分壓式

18、接法，宜采用阻值相對較小的，則滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用G滑動(dòng)變阻器（最大阻值為10，額定電流1A）（2）小燈泡電阻相對電壓表內(nèi)阻較小，采用電流表的外接法，則實(shí)物連接如圖：（3）開關(guān)閉合前，應(yīng)調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器使開關(guān)閉合時(shí)流過小燈泡的電流最小，則滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)該置于A端 （4）由圖知，當(dāng)燈泡兩端的電壓為2.4V時(shí)，流過燈的電流為0.55A，則燈泡的實(shí)際功率四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)L(2) 【解析】兩點(diǎn)電荷連線上場強(qiáng)為0的點(diǎn)應(yīng)在Q2的右側(cè)，根據(jù)電場疊加原理可得兩點(diǎn)電荷連線上場強(qiáng)為0的點(diǎn)距離Q2的距離；根據(jù)電場力做功與電勢能的關(guān)系和動(dòng)能定理可求從a到b電勢能的變化量；【詳解】(1)經(jīng)分析可知：兩點(diǎn)電荷連線上場強(qiáng)為0的點(diǎn)應(yīng)在Q2的右側(cè)，設(shè)距離Q2為x根據(jù)電場疊加原理可得解得(2)從a到b電勢能的變化量為從a到b由動(dòng)能定理得：根據(jù)電場力做功與電勢能的關(guān)系可得：解得：14、 (1) (2)【解析】（1）設(shè)小球擺至最低點(diǎn)時(shí)的速度為v，依動(dòng)能定理有設(shè)小球與木塊碰撞前瞬間所受拉力為T，有代入數(shù)據(jù)，解得