2023屆黑龍江省綏化市青岡一中高三物理第一學期期中綜合測試試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一個人用與水平方向成角斜向上的力拉放在粗糙水平面上質量為的箱子，箱子沿水平面做勻速運動若箱子與

2、水平面間的動摩擦因數(shù)為，則箱子所受的摩擦力大小為（ ）A B C D2、在物理學發(fā)展過程中，許多科學家做出了貢獻，下列說法正確的是（）A伽利略利用“理想斜面”得出“力是維持物體運動的原因”的觀點B牛頓提出了行星運動的三大定律C英國物理學家卡文迪許利用扭秤實驗裝置比較準確地測出了萬有引力常量D開普勒從理論和實驗兩個角度，證明了輕、重物體下落一樣快，從而推翻了古希臘學者亞里士多德的“小球質量越大下落越快”的錯誤觀點3、如圖所示，運動員揮拍將質量為m的網(wǎng)球擊出，如果網(wǎng)球被拍子擊打前、后瞬間速度的大小分別為v1、v2，v1與v2方向相反，且v2v1重力影響可忽略，則此過程中拍子對網(wǎng)球作用力的沖量為（

3、）A大小為m(v2v1)，方向與v1方向相同B大小為m(v2v1)，方向與v1方向相同C大小為m(v2v1)，方向與v2方向相同D大小為m(v2v1)，方向與v2方向相同4、如圖所示為高度差h10.2 m的AB、CD兩個水平面，在AB平面的上方與豎直面BC距離x1.0m處，小物體以水平速度v2.0m/s拋出，拋出點的高度h22.0m，不計空氣阻力，重力加速度g10 m/s2.則()A落在平面AB上B落在平面CD上C落在豎直面BC上D落在C點5、如圖所示，用輕彈簧相連的物塊A和B放在光滑的水平面上，物塊A緊靠豎直墻壁，一顆子彈沿水平方向射入物塊B后留在其中（子彈打擊的時間極短），關于由子彈、彈簧

4、和 A、B所組成的系統(tǒng)，下列說法正確的是( ) A子彈射入物塊 B 的過程中，系統(tǒng)的機械能、動量均不守恒B物塊B帶著子彈向左運動，直到彈簧壓縮量達最大過程中，系統(tǒng)的機械能和動量都不守恒C彈簧推著物塊 B 向右運動，直到彈簧恢復原長的過程中，系統(tǒng)的機械能和動量都守恒D物塊 A 離開豎直墻壁后，直到彈簧伸長量達最大的過程中，系統(tǒng)的機械能和動量都守恒6、精彩的雜技表演總是受到廣大觀眾的歡迎如圖所示，兩條絲帶上端拴在天花板上，下端被男演員纏繞在手臂上，女演員摟著男演員的脖子，兩人一起在水平面內做勻速圓周運動（第一次）第二次一起做圓周運動時，絲帶的長度更短而絲帶與豎直方向的夾角仍不變下列說法中正確的是(

5、 )A勻速轉動的過程中男演員對女演員的作用力方向豎直向上B兩次絲帶對男演員的拉力大小相等C他們第二次做圓周運動的線速度更大D他們第二次做圓周運動的周期更大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，半圓槽光滑、絕緣、固定，圓心是O，最低點是P，直徑MN水平，a、b是兩個完全相同的帶正電小球（視為點電荷），b固定在M點，a從N點靜止釋放，沿半圓槽運動經(jīng)過P點到達某點Q（圖中未畫出）時速度為零則小球aA從N到Q的過程中，重力與庫侖力的合力先增大后減小B從N到P的過程中，

6、速率先增大后減小C從N到Q的過程中，電勢能一直增加D從P到Q的過程中，動能減少量小于電勢能增加量8、如圖所示，置于固定斜面上的物體A受到平行于斜面向下的力作用保持靜止。若力F大小不變，將力F在豎直平面內由沿斜面向下緩慢地轉到沿斜面向上(轉動范圍如圖中虛線所示)，在F轉動過程中，物體始終保持靜止。在此過程中物體與斜面間的( )A彈力可能先增大后減小B彈力一定先減小后增大C摩擦力一定一直減小D摩擦力可能先減小后增大9、地下礦井中的礦石裝在礦車中，用電機通過豎井運送至地面某豎井中礦車提升的速度大小v隨時間t的變化關系如圖所示，其中圖線分別描述兩次不同的提升過程，它們變速階段加速度的大小都相同；兩次提

7、升的高度相同，提升的質量相等不考慮摩擦阻力和空氣阻力對于第次和第次提升過程，A礦車上升所用的時間之比為4:5B電機的最大牽引力之比為2:1C電機輸出的最大功率之比為2:1D電機所做的功之比為4:510、如圖所示，用鉸鏈將三個質量均為m的小球A、B、C與兩根長為L輕桿相連，B、C置于水平地面上在輕桿豎直時，將A由靜止釋放，B、C在桿的作用下向兩側滑動，三小球始終在同一豎直平面內運動忽略一切摩擦，重力加速度為g則此過程中A球A落地的瞬時速度為B球B對地面的壓力始終等于C球B對地面的壓力可小于D當B球動能最大時，A球的加速度為g三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要

8、求寫出演算過程。11（6分）如圖1所示，某同學設計了一個測量滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)的實驗裝置，裝有定滑輪的長木板固定在水平實驗臺上，木板上有一滑塊，滑塊右端固定一個動滑輪，鉤碼和彈簧測力計通過繞在滑輪上的輕繩相連，放開鉤碼，滑塊在長木板上做勻加速直線運動（1）實驗得到一條如圖1所示的紙帶，相鄰兩計數(shù)點之間的時間間隔為0.1s，由圖中的數(shù)據(jù)可知，滑塊運動的加速度大小是_m/s1（計算結果保留兩位有效數(shù)字）（1）讀出彈簧測力計的示數(shù)F，處理紙帶，得到滑塊運動的加速度a；改變鉤碼個數(shù)，重復實驗以彈簧測力計的示數(shù)F為縱坐標，以加速度a為橫坐標，得到的圖象是縱軸截距為b的一條傾斜直線，如圖3所示已知滑

9、塊和動滑輪的總質量為m，重力加速度為g，忽略滑輪與繩之間的摩擦則滑塊和木板之間的動摩擦因數(shù)=_12（12分）利用圖示裝置可以做多個力學實驗（1）用此裝置“研究勻變速直線運動”時，_（填“需要”或“不需要”）平衡小車和木板間的摩擦阻力；（2）用此裝置探究“加速度與質量的關系”時，改變小車質量后，_（填“需要”或“不需要”）重新平衡摩擦阻力；（3）用此裝置探究“功與速度變化的關系”，為了盡可能準確，不掛鉤碼平衡摩擦力時，小車后面_（填“需要”或“不需要”）固定紙帶；四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，

10、一帶電粒子以一定的初速度垂直于場強方向沿上板邊緣射入勻強電場，剛好從下板右邊緣飛出。已知極長為L，如果帶電粒子的速度變?yōu)樵瓉淼?倍，當它的豎直位移等于板間距時，試計算它運動全過程中的水平位移x為多少？（不計粒子重力）14（16分）靜止在水平地面上的木塊A質量，與水平地面的動摩擦因數(shù)為0.15，且木塊與地面間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力如果作用在木塊A上的推力，木塊A與豎直墻壁間的輕彈簧被壓縮了，彈簧的勁度系數(shù).（）求：（1）此時木塊A所受摩擦力（2）剛撤去F后瞬間，木塊A所受摩擦力15（12分）質量分別為m和2m的兩個小球P和Q，中間用輕質桿固定連接，桿長為L，在離P球處有一個光滑固定軸O，如

11、圖所示。現(xiàn)在把桿置于水平位置后自由釋放，在Q球順時針擺動到最低位置時，求：(1)小球P的速度大??；(2)在此過程中小球P機械能的變化量。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】對物體進行受力分析，將F正交分解，如圖：豎直方向受力平衡有，得，則；水平方向受力平衡，D正確2、C【解析】試題分析：伽利略利用“理想斜面”得出“力不是維持物體運動的原因”的觀點，A錯誤；開普勒提出了行星運動的三大定律，B錯誤；英國物理學家卡文迪許利用扭秤實驗裝置比較準確地測出了萬有引力常量，C正確；伽利略從理論和實驗兩個角度，證明了輕、

12、重物體下落一樣快，從而推翻了古希臘學者亞里士多德的“小球質量越大下落越快”的錯誤觀點，D錯誤；故選C考點：物理學史【名師點睛】3、D【解析】設擊打前球的速度方向為正，則擊打后的速度為負，則前后的動量分別為mv1和-mv2；由動量定理可得：合外力的沖量I=-mv2-mv1=-m（v2+v1），即沖量的大小為m（v2+v1），負號表示沖量與正方向相反，即與v2方向相同；故選D4、B【解析】根據(jù)h212gt2得，t=2h2g2210s25s，水平位移x=vt=225m=1.6m1m，可知物體落在平面CD上故選B點睛：解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，結合運動學公式靈活求解，

13、基礎題5、D【解析】A：子彈射入物塊B的過程中，由于時間極短，且內力遠大于外力，子彈、彈簧和 A、B所組成的系統(tǒng)動量守恒；在此過程中，子彈的動能有一部分轉化為系統(tǒng)的內能，系統(tǒng)的機械能減小。故A項錯誤。B：物塊B帶著子彈向左運動，直到彈簧壓縮量達最大過程中，系統(tǒng)受到墻壁的作用力，外力之和不為零，系統(tǒng)動量不守恒；在此過程中，只有彈簧的彈力做功，系統(tǒng)的機械能守恒。故B項錯誤。C：彈簧推著物塊 B 向右運動，直到彈簧恢復原長的過程中，系統(tǒng)受到墻壁的作用力，外力之和不為零，系統(tǒng)動量不守恒；在此過程中，只有彈簧的彈力做功，系統(tǒng)的機械能守恒。故C項錯誤。D：物塊 A 離開豎直墻壁后，直到彈簧伸長量達最大的過

14、程中，系統(tǒng)所受的外力之和為零，系統(tǒng)動量守恒；在此過程中，只有彈簧的彈力做功，系統(tǒng)的機械能守恒。故D項正確。【點睛】系統(tǒng)動量守恒的條件是系統(tǒng)所受合外力為零；系統(tǒng)機械能守恒的條件是除重力（彈簧彈力）外其他力不做功。6、B【解析】根據(jù)女演員勻速轉動需要向心力，判斷男演員對女演員的作用力方向；絲帶拉力F沿豎直方向的分力等于男女演員的重力，判斷拉力的變化；根據(jù)向心加速度的表達式判斷線速度和周期的變化【詳解】A. 女演員勻速轉動的過程中需要向心力，男演員對女演員的作用力沿絲帶方向，故A錯誤；B.設絲帶與豎直方向的夾角為，絲帶拉力F沿豎直方向的分力等于男女演員的重力，F(xiàn)=，夾角不變，拉力不變，故B正確；C.

15、向心加速度為gtan= ，夾角不變，向心加速度不變，第二次絲帶的長度更短，半徑變小，線速度變小，周期變小，故C錯誤，D錯誤故選：B二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】Aa球從N點靜止釋放后，受重力mg、b球的庫侖斥力FC和槽的彈力N作用，a球在從N到Q的過程中，mg與FC的夾角由直角逐漸減小，不妨先假設FC的大小不變，隨著的減小mg與FC的合力F將逐漸增大；由庫侖定律和圖中幾何關系可知，隨著的減小，F(xiàn)C逐漸增大，因此F一直增加，故選項A錯誤；B從N到P的過

16、程中，重力沿曲面切線的分量逐漸減小到零且重力沿曲面切線的分量是動力，庫侖斥力沿曲面切線的分量由零逐漸增大且?guī)靵龀饬ρ厍媲芯€的分量是阻力，則從N到P的過程中，a球速率必先增大后減小，故選項B正確；C在a球在從N到Q的過程中，a、b兩小球距離逐漸變小，電場力(庫侖斥力)一直做負功，a球電勢能一直增加，故選項C正確；D在從P到Q的過程中，根據(jù)能的轉化與守恒可知，其動能的減少量等于電勢能增加量與重力勢能增加量之和，故選項D錯誤8、BD【解析】對物體受力分析，由共點力的平衡及靜摩擦力的特點可得出各力的變化情況【詳解】物體受重力、支持力、摩擦力及拉力的作用而處于靜止狀態(tài)，故合力為零；將重力和拉力都分解到

17、沿斜面和垂直于斜面的方向；在垂直于斜面方向，重力的分力、支持力及拉力的分力平衡，因拉力的分力先增大后減小，故彈力可能先減小后增大；故A錯誤、B正確；在沿斜面方向上，重力向下的分力、拉力的分力及摩擦力的合力為零；因拉力的分力先向下減小，后向上增大，故摩擦力可能先減小，后向下增大，也可能一直減小，故C錯誤，D正確。故選：BD?！军c睛】本題考查共點力的平衡條件的應用，因拉力及摩擦力的關系不明確，故摩擦力存在多種可能性，應全面分析9、AC【解析】A由圖可得，變速階段的加速度 ，設第次所用時間為t，根據(jù)速度-時間圖象的面積等于位移（此題中為提升的高度）可知，解得：，所以第次和第次提升過程所用時間之比為

18、，選項A正確；B由于兩次提升變速階段的加速度大小相同，在勻加速階段，由牛頓第二定律，可得提升的最大牽引力之比為11，選項B錯誤；C由功率公式，P=Fv，電機輸出的最大功率之比等于最大速度之比，為21，選項C正確；D加速上升過程的加速度，加速上升過程的牽引力，減速上升過程的加速度，減速上升過程的牽引力，勻速運動過程的牽引力第次提升過程做功；第次提升過程做功；兩次做功相同，選項D錯誤【點睛】此題以速度圖像給出解題信息解答此題常見錯誤主要有四方面：一是對速度圖像面積表示位移掌握不到位；二是運用牛頓運動定律求解牽引力錯誤；三是不能找出最大功率；四是不能得出兩次提升電機做功實際上，可以根據(jù)兩次提升的高度

19、相同，提升的質量相同，利用功能關系得出兩次做功相同10、ACD【解析】系統(tǒng)在水平方向所受外力為零，系統(tǒng)動量守恒，當A的速度最大時受力平衡，根據(jù)三球的運動過程，應用動量守恒定律、機械能守恒定律分析答題【詳解】A項：A落地時A、B、C在水平方向速度為零，由機械能守恒定律得：，解得：，故A正確；B項：球A加速下落時，三者組成的系統(tǒng)有向下的加速度，整體處于失重狀態(tài)，球B對地面的壓力小于，故B錯誤；C項：球A落地前一小段時間內，B做減速運動，桿對B有斜向右上方的拉力，則球B對地面的壓力小于mg，故C正確；D項：當B球動能最大時，即B球的速度最大，加速度為零，分析可知，此時桿的彈力為零，所以此時小球A的加

20、速度為g，故D正確故應選：ACD【點睛】本題考查了動量守恒定律的應用，系統(tǒng)水平方向所受合力為零，系統(tǒng)在水平方向動量守恒，分析清楚物體運動過程是解題的前提與關鍵，應用動量守恒定律與機械能守恒定律可以解題三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）1.4； （1） 【解析】(1)加速度為.(1)滑塊受到的拉力T為彈簧秤示數(shù)的兩倍，即：T=1F,滑塊受到的摩擦力為：f=mg,由牛頓第二定律可得：T-f=ma,解得力F與加速度a的函數(shù)關系式為:,由圖象所給信息可得圖象截距為：,解得.【點睛】本題重點是考察學生實驗創(chuàng)新能力及運用圖象處理實驗數(shù)據(jù)的能力，對這種創(chuàng)新類型的題目，應仔細分析給定的方案和數(shù)據(jù)，建立物理模型12、不需要 不需要 需要 【解析】（1）1用此裝置“研究勻變速直線運動”時，不需要平衡摩擦力，只要物體做勻變速直線運動即可；（2）2用此裝置“探究加速度a與力F的關系”時，改變砝碼和砝碼盤的質量時，不需要重新平衡摩擦力；（3）3用此裝置探究“功與速度變化的關系”，為了盡可能準確，不掛鉤碼平衡摩擦力時，小車后面需要固定紙帶，同時將紙帶與限位孔之間的摩擦阻力也同時平衡掉?！军c睛】解決實驗問題首先要掌握該實驗原理，了解實驗的操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項，然后熟練應用物理規(guī)