廣東省廣州市增城區(qū)高級中學2022-2023學年物理高三第一學期期中聯(lián)考試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項1考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置3請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是

2、符合題目要求的。1、如圖所示,水平路面上有一輛質(zhì)量為M的汽車,車廂中有一個質(zhì)量為m的人正用恒力F向前推車廂,在車以加速度a向前加速行駛距離L的過程中,下列說法正確的是( )A人對車的推力F做的功為FLB人對車做的功為maLC車對人的作用力大小為maD車對人的摩擦力做的功為(F-ma)L2、一個人站在陽臺上在同一位置，以相同的速率分別把三個球豎直向上拋出，豎直向下拋出，水平拋出，不計空氣阻力。則三球落地時的速度大?。ǎ〢上拋球最大B下拋球最大C平拋球最大D三球一樣大3、質(zhì)量為、電量為q的帶電粒子垂直磁感線射入磁感應強度為的勻強磁場中，在洛侖茲力作用下做半徑為R的勻速圓周運動，關(guān)于帶電粒的圓周運動

3、，下列說法中正確的是（ ）A圓周運動的角速度與半徑R成正比B圓周運動的周期與半徑R成反比C圓周運動的加速度與半徑R成反比D圓周運動的線速度與半徑R成正比4、一個豎直放置的光滑大圓環(huán)里套著一個小圓環(huán)，在大圓環(huán)的最低點B給小圓環(huán)一個初速度v0，使其做完整的圓周運動，下列說法錯誤的是 （ ） A若v0取不同數(shù)值，則小圓環(huán)在A、B兩點的動能差恒定B若v0取不同數(shù)值，則小圓環(huán)在A、B兩點對大圓環(huán)的作用力差值恒定C若v0取不同數(shù)值，則小圓環(huán)在B點一定對大圓環(huán)外表面無擠壓D若v0值恒定，則小圓環(huán)通過大圓環(huán)的任意一條直徑兩端時動能之和恒定5、根據(jù)所學知識，判斷下列四個說法中正確是A物體的速度為零時，其加速度就

4、一定為零B物體所受合外力沖量的方向與物體動量變化量的方向一定相同C合外力對物體做功為零時，物體的機械能就一定守恒D做圓周運動物體的向心力一定等于物體所受的合外力6、某同學繪出了一個沿直線運動的物體的加速度a、速度v、位移x隨時間變化的圖象如下圖所示，若該物體在t0時刻，初速度均為零，則下列圖象中表示該物體沿單一方向運動的圖象是( )ABCD二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、關(guān)于功率的概念，下列說法中正確的是( )A功率是描述力對物體做功多少的物理量B汽車以最大速度行

5、駛后，若要減小速度，可減小牽引力功率行駛.C由P=Fv可知：只要F不為零，v也不為零，那么功率P就一定不為零D某個力對物體做功越快，它的功率就一定大8、如圖所示，光滑軌道ABCD是大型游樂設(shè)施過山車軌道的簡化模型，最低點B處的入、出口靠近但相互錯開，C是半徑為R的圓形軌道的最高點，BD部分水平，末端D點與右端足夠長的水平傳送帶無縫連接，傳送帶以恒定速度v逆時針轉(zhuǎn)動，現(xiàn)將一質(zhì)量為m的小滑塊從軌道AB上某一固定位置A由靜止釋放，A離水平軌道BD高度差為h，滑塊能通過C點后再經(jīng)D點滑上傳送帶，設(shè)滑塊與傳送帶之間動摩擦因數(shù)為，則（ ）A固定位置A到B點的豎直高度可能為2RB滑塊在傳送帶上向右運動的最大

6、距離為x=h/C滑塊一定能重新回到出發(fā)點A處DA離水平軌道BD高度差為h越大，滑塊與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量越多9、在一次投球游戲中，某同學調(diào)整好力度，將球水平拋向放在地面的小桶中，結(jié)果球飛到小桶的右方（如圖所示），不計空氣阻力，則下次再投時，他可能作出的調(diào)整為（）A減小初速度，拋出點高度不變B增大初速度，拋出點高度不變C初速度大小不變，提高拋出點高度D初速度大小不變，降低拋出點高度10、如圖所示的電路中，電源電動勢為E ，內(nèi)阻為r ，R1和R2是兩個定值電阻。當滑動變阻器的觸頭向a滑動時，流過R1的電流I1和流過R2的電流I2的變化情況為（ ）AI1增大，I2減小BI1減小，I2增大CI1大于

7、I2DI1小于 I2三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）為了“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”，現(xiàn)提供如圖1所示實驗裝置請思考探究思路并回答下列問題：（1）為了消除小車與水平木板之間摩擦力的影響應采取的做法是_A將不帶滑輪的木板一端適當墊高，使小車在鉤碼拉動下恰好做勻速運動B將不帶滑輪的木板一端適當墊高，使小車在鉤碼拉動下恰好做勻加速運動C將不帶滑輪的木板一端適當墊高，在不掛鉤碼的情況下使小車恰好做勻速運動D將不帶滑輪的木板一端適當墊髙，在不掛鉤碼的情況下使小車恰好做勻加速運動（2）該同學在平衡摩擦力后進行實驗，實際小車在運動過程中所

8、受的拉力_砝碼和盤的總重力（填“大于”、“小于”或“等于”），為了便于探究、減小誤差，應使小車質(zhì)量M與砝碼和盤的總質(zhì)量m滿足_的條件 （3）在“探究加速度與力、質(zhì)量關(guān)系”的實驗中，得到一條打點的紙帶，如圖2所示，已知相鄰計數(shù)點間的時間間隔為T，且間距x1、x2、x3、x4、x5、x6已量出，則計算小車加速度的表達式為a=_12（12分）某物理課外小組利用圖（a）中的裝置探究物體加速度與其所受合外力之間的關(guān)系圖中，置于實驗臺上的長木板水平放置，其右端固定一輕滑輪，輕繩跨過滑輪，一端與放在木板上的小滑車相連，另一端可懸掛鉤碼本實驗中可用的鉤碼共有個，每個質(zhì)量均為實驗步驟如下：（1）為了平衡小車與木

9、板間的摩擦力，將個鉤碼全部放入小車中，在長木板左下方墊上適當厚度的小物快，使小車（和鉤碼）可以在木板上_（填“勻速”、“加速”、“減速”）下滑（2）從小車上取個鉤碼掛在輕繩右端，其余個鉤碼仍留在小車內(nèi)；用手按住小車并使輕繩與木板平行由靜止釋放小車，同時用傳感器記錄小車在時間內(nèi)相對于其起始位置的位移，則小車的加速度 _（用和表達）（3）依次改變的值，分別測出小車相應的加速度，得到圖像如圖（b）所示，已知該直線的斜率為，重力加速度為，則小車（不含鉤碼）的質(zhì)量為_（用、表達）（4）若以“保持木板水平”來代替步驟（1），下列說法正確的是_(填正確答案標號)A圖線不再是直線B圖線仍是直線，該直線不過原點

10、C圖線仍是直線，該直線的斜率變大四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，在傾角為 = 37的固定長斜面上放置一質(zhì)量M = 2 kg、長度L1 = 2.5 m的極薄平板 AB，平板的上表面光滑，其下端 B 與斜面底端C 的距離L2 = 16.5 m在平板的上端A 處放一質(zhì)量m = 0.5 kg 的小滑塊（視為質(zhì)點），將小滑塊和薄平板同時無初速釋放設(shè)薄平板與斜面之間、小滑塊與斜面之間的動摩擦因數(shù)均為 = 0.5，已知sin37 = 0.6，cos37 = 0.8，g 取 10 m/s2，求：（1）小滑塊在

11、平板上和在斜面上滑動時的加速度各為多大？（2）小滑塊滑到斜面底端C時，薄平板下端B距離小滑塊的距離L為多少？14（16分）如圖所示，平行金屬板長為2m，一個帶正電為2106C、質(zhì)量為5106kg的粒子以初速度5m/s緊貼上板垂直射入電場，剛好從下板邊緣射出，末速度恰與下板成30角，粒子重力不計，求：（1）粒子末速度大??；（2）上下兩個極板的電勢差是多少？15（12分）如圖甲所示，質(zhì)量為m的物體處于靜止狀態(tài)，現(xiàn)對物體施加一個隨距離均勻減小的水平拉力作用，拉力減小到零時撤去，物體繼續(xù)運動一段距離后停止拉力與距離間的關(guān)系如圖乙所示，第二、三、四次力的初始值為第一次的2、3、4倍（1）求物體第一、二次

12、運動的位移之比；（2）已知第一次撤去拉力時物體速度為，第二次撤去拉力時物體速度為求第三次剛撤去拉力時物體的動能；（3）已知第一次力作用時物體的最大速度為，第二次力作用時物體的最大速度為；求第 n 次力作用時物體的最大速度參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】根據(jù)功的公式可知，人對車的推力做功W=FL，故A正確；在水平方向上，由牛頓第二定律可知車對人的作用力為F=ma，人對車的作用力為-ma，故人以車做功為W=-maL，故B錯誤；車以人水平方向上的合力為ma，而車對人還有支持力，故車對人的作用力為，故C錯誤；

13、對人由牛頓第二定律可以f-F=ma；f=ma+F，車對人的摩擦力做功為W=fL=（F+ma）L，故D錯誤，故選A?！军c睛】本題考查牛頓第二定律應用以及功的計算問題，要注意求車廂對人的作用力時，不能只考慮水平方向的產(chǎn)生加速度的合力，同時車廂對人還有一個豎直方向上的支持力的作用2、D【解析】由機機械能守恒定律可得：12mv2=mgH+12mv02解得v=v02+2gH所以三球落地時的速度大小相等。A. 上拋球最大與上述計算結(jié)果不符，故A不符合題意； B. 下拋球最大與上述計算結(jié)果不符，故B不符合題意； C. 平拋球最大與上述計算結(jié)果不符，故C不符合題意； D. 三球一樣大與上述計算結(jié)果相符，故D符

14、合題意。3、D【解析】帶電粒子做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，則則線速度表達式為：線速度與半徑R成正比，角速度為角速度與半徑R無關(guān)，周期為周期與半徑R無關(guān)，加速度為加速度與半徑R成正比，故ABC錯誤，D正確。故選D。4、B【解析】A項：由機械能守恒可知，12mv02=12mvA2+2mgR，解得：12mv02-12mvA2=2mgR，故A正確；B項：在B點有：NB-mg=mv02R，在A點有：當v0較大時，NA+mg=mvA2R，此時有：NA-NB=mvA2R-mv02R-2mg=-6mg，當v0較小時，mg-NA=mvA2R，解得：NB-NA=mv02R+mvA2R，故B錯誤；C項：在B

15、點，由圓周運動知識可知，大環(huán)對小環(huán)一定具有向上的彈力，即大環(huán)的內(nèi)表面對小環(huán)有彈力作用，故C正確；D項：設(shè)小環(huán)在大環(huán)上運動經(jīng)過M、N兩點（在大環(huán)的直徑的兩端點上），設(shè)MN與豎直方向連線夾角為，由機械能守恒有：B到M點：12mv02=12mvM2+mgR(1+cos) B到N點：12mv02=12mvN2+mgR(1-cos)解得：12mvM2+12mvN2=mv02-2mgR，故D正確本題選不正確的，故應選：B5、B【解析】A速度是加速度的變化率，速度為零時，加速度不一定為零，如自由落體運動的初速度為零，但加速度不為零。故A錯誤。B根據(jù)動量定理，物體所受合外力沖量的方向與物體動量變化量的方向一定

16、相同。故B正確。C在外力作用下物體向上勻速運動，合力做功為零，但機械能增加。故C錯誤。D做勻速圓周運動物體的向心力一定等于物體所受的合外力，做變速圓周運動的物體的合外力不一定等于向心力。故D錯誤。6、C【解析】試題分析：根據(jù)位移-圖象的斜率等于速度，可知圖象的斜率周期性變化，說明物體的速度大小和方向作周期性變化，物體做的往復運動，故A錯誤；在內(nèi)速度為正值，向正方向運動，在內(nèi)速度為負值，向負方向運動，運動方向發(fā)生改變，故B錯誤；在內(nèi)加速度為正值，物體向正方向做勻加速運動，在內(nèi)加速度為負值，物體沿正方向勻減速運動，末速度為零，接著周而復始，故物體速度的方向不變，故C正確；在內(nèi)，物體向正方向做勻加速

17、直線運動，內(nèi)加速度反向，大小不變，向正方向做勻減直線運動末速度為零，內(nèi)向負方向做勻加速直線運動，運動的方向發(fā)生變化，故D錯誤考點：勻變速直線運動的圖像、勻變速直線運動的速度與時間的關(guān)系【名師點睛】解決本題的關(guān)鍵知道速度時間圖線和位移時間圖線的物理意義，以及知道它們的區(qū)別，并且能很好運用對于圖象，要知道圖象的“面積”表示速度的變化量二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】A項，功率是描述一個物體做功快慢的物理量，故A項錯誤。B項，由P=Fv可知，汽車以最大速度行

18、駛后，若要減小速度，可減小牽引力功率行駛.故B對；C項，由P=Fv可知，當速度為零或F與v垂直時，功率P為零,故C項錯誤。D項，根據(jù)P=Wt 知，做功越快，功率越大，故D項正確。故選BD8、BD【解析】若滑塊恰能通過C點時AB的高度最低，有，由A到C根據(jù)動能定理知，聯(lián)立解得，則AB最低高度為，A錯誤；設(shè)滑塊在傳送帶上滑行的最遠距離為x，則有動能定理有，解得，摩擦力做功轉(zhuǎn)化為熱量，所以該等式也可以寫作，即，所以A離水平軌道BD高度差為h越大，滑塊與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量越多，BD正確；若滑塊從傳送帶最右端回到D點速度時速度大小不變即與滑上傳送帶時的速度大小相等時，則滑塊可重新回到出發(fā)點A點，若小于

19、這個速度，則不能回到A點，C錯誤9、AD【解析】試題分析：小球做平拋運動，飛到小桶的前方，說明水平位移偏大，應減小水平位移才能使小球拋進小桶中將平拋運動進行分解：水平方向做勻速直線運動，豎直方向做自由落體運動，由運動學公式得出水平位移與初速度和高度的關(guān)系式，再進行分析選擇設(shè)小球平拋運動的初速度為v0，拋出點離桶的高度為h，水平位移為x，則平拋運動的時間t=2hg，水平位移x=v0t=v02hg，要減小水平位移x，可保持拋出點高度h不變，減小初速度v0，故A正確B錯誤；要減小水平位移x，可保持初速度v0大小不變，減小降低拋出點高度h故C錯誤D正確10、BD【解析】當滑動變阻器的觸頭向a滑動時，分

20、析其接入電路的電阻變化情況，抓住電動勢和內(nèi)阻不變，利用閉合電路歐姆定律進行分析【詳解】當滑動變阻器R的滑動觸頭向a端移動時，R減小，整個電路的總電阻減小，由閉合電路歐姆定律知總電流增大，則內(nèi)電壓增大，外電壓減小，所以通過R1的電流I1減小，而總電流I增大，則流過R2的電流I2增大，故B正確，A錯誤。因I=I1+I2，且I增大，I1減小，I2增大，則I1小于 I2，選項D正確，C錯誤；故選BD.【點睛】對于電路的動態(tài)變化分析問題，要理清電路，抓住電動勢和內(nèi)阻不變，采用局部整體局部的方法，利用閉合電路歐姆定律進行分析三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算

21、過程。11、C； 小于， Mm； 【解析】為了消除小車與水平木板之間摩擦力的影響應采取做法是將不帶滑輪的木板一端適當墊高，在不掛鉤碼的情況下使小車恰好做勻速運動；當時，可以用鉤碼的重力代替小車的拉力；根據(jù)勻變速直線運動的推論公式可以求出加速度的大小【詳解】（1）實驗前要平衡摩擦力，平衡摩擦力時將不帶滑輪的木板一端適當墊高，在不掛鉤碼的情況下使小車恰好做勻速運動，故C正確；（2）小車運動過程中，砝碼和盤向下做加速運動處于失重狀態(tài)，砝碼和盤對細線的拉力小于其重力，小車在運動過程中受到的拉力小于砝碼和盤的總重力；設(shè)小車的質(zhì)量為M，砝碼盤總質(zhì)量為m，將兩者看做一個整體，對整體有，對小車有，聯(lián)立可得，只

22、有當時，即當小車質(zhì)量M遠大于砝碼和盤總質(zhì)量m時可以近似認為小車受到的拉力等于砝碼和盤的重力（3）計數(shù)點間的時間間隔為T，根據(jù)逐差公式可得，三式相加解得12、勻速 BC 【解析】（1）平衡摩擦力的原理是利用重力沿斜面向下的分力等于摩擦力，使得小車的合力為零，做勻速直線運動；（2）初速度為零，經(jīng)歷的時間為t，位移為s，所以根據(jù)公式可得（3）對小車和n個鉤碼組成的整體分析，根據(jù)牛頓第二定律得：，解得加速度，a-n圖象的斜率：，解得（5）木板保持水平時，由牛頓第二定律得：，解得：；所以圖像仍是直線，斜率變?yōu)?，變大了，而且縱截距不為零，即不過原點，所以BC正確四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）2 m/s2（2）10m【解析】（1）小滑塊在平板AB上運動時mgsin37=ma1得a1=6m/s2 小滑塊在斜面上運動時mgsin37-