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文檔簡介
1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷考生請注意:1答題前請將考場、試室號(hào)、座位號(hào)、考生號(hào)、姓名寫在試卷密封線內(nèi),不得在試卷上作任何標(biāo)記。2第一部分選擇題每小題選出答案后,需將答案寫在試卷指定的括號(hào)內(nèi),第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔??荚嚱Y(jié)束后,請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、一平行板電容器充電后與電源斷開,負(fù)極板接地,在兩極板間有一正電荷(電量很小)固定在點(diǎn),如圖所示,以表示兩極板間的場強(qiáng), 表示電容器的電壓, 表示正電荷在點(diǎn)的電勢能,若保持負(fù)極
2、板不動(dòng),將正極板移到圖中虛線所示的位置,則( )A不變, 不變 B變大, 變大C變小, 不變 D變小, 變小2、如圖所示,滑塊穿在水平橫桿上并可沿桿左右滑動(dòng),它的下端通過一根細(xì)線與小球相連,小球受到水平向右的拉力F的作用,此時(shí)滑塊與小球處于靜止?fàn)顟B(tài)保持拉力F始終沿水平方向,改變F的大小,使細(xì)線與豎直方向的夾角緩慢增大,這一過程中滑塊始終保持靜止,則( )A滑塊對桿的壓力增大B滑塊受到桿的摩擦力不變C小球受到細(xì)線的拉力大小增大D小球所受各力的合力增大3、如圖所示,質(zhì)量為m=0.5kg的小球(可視作質(zhì)點(diǎn))從A點(diǎn)以初速度水平拋出后撞到豎直擋板上,已知檔板與A點(diǎn)的水平距離為x=2m,A點(diǎn)足夠高,空氣阻
3、力不計(jì), ,則小球撞到板上時(shí)的最小動(dòng)能為()A1J B5J C10J D15J4、一個(gè)實(shí)驗(yàn)小組在“探究彈力和彈簧伸長的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中,使用兩條不同的輕質(zhì)彈簧a和b,得到彈力與彈簧長度的圖象如圖7所示下列表述正確的是Aa的原長比b的長Ba的勁度系數(shù)比b的大Ca的勁度系數(shù)比b的小D測得的彈力與彈簧的長度成正比5、籃球豎直落下,與水平地面碰撞前速度大小為,碰后豎直反彈,速度大小為,已知籃球質(zhì)量為,則籃球與地面碰撞過程中籃球所受合力的沖量大小為ABCD6、如圖所示,彈簧的一端固定在豎直墻上,質(zhì)量為m的光滑弧形槽靜止在光滑水平面上,底部與水平面平滑連接,一個(gè)質(zhì)量也為m的小球從槽高h(yuǎn)處開始自由下滑則( )
4、 A在以后的運(yùn)動(dòng)過程中,小球和槽的動(dòng)量始終守恒B在下滑過程中小球和槽之間的相互作用力始終不做功C被彈簧反彈后,小球和槽都做速率不變的直線運(yùn)動(dòng)D被彈簧反彈后,小球和槽的機(jī)械能守恒,小球能回到槽高h(yuǎn)處二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。7、半圓形凹槽的半徑為R,O點(diǎn)為其圓心在與O點(diǎn)等高的邊緣A、B兩點(diǎn)分別以速度v1、v2水平同時(shí)相向拋出兩個(gè)小球,已知v1:v21:3,兩小球恰落在弧面上的P點(diǎn)則以下說法中正確的是( )AAOP為60BA小球比B小球先落地C改變v1、v2,只要兩
5、小球落在弧面上的同一點(diǎn),v1與v2之和就不變D若只增大v1,兩小球可在空中相遇8、如圖所示,虛線框abcd內(nèi)存在著平行于線框平面的勻強(qiáng)電場或垂直于線框平面的勻強(qiáng)磁場,一帶正電的粒子從bc邊上的P點(diǎn)以速度v1射入,在虛線框內(nèi)運(yùn)動(dòng)到cd邊上的Q點(diǎn)飛出,飛出時(shí)的速度大小也為v1已知PQ間距離為L,粒子在P、Q兩點(diǎn)的速度方向與PQ連線的夾角都為(91),粒子重力不計(jì)下列說法中正確的是( )A若為勻強(qiáng)電場,場強(qiáng)方向可能與PQ平行B若為勻強(qiáng)電場,粒子從P到Q的最小速度為v1conC不論是電場或磁場,都可以求出粒子從P到Q的時(shí)間D若為勻強(qiáng)磁場,磁場方向垂直紙面向內(nèi)9、圖中虛線a、b、c代表電場中的三條等勢線
6、,相鄰兩等勢線之間的電勢差相等,實(shí)線為一帶正電的微粒僅在電場力作用下通過該區(qū)域時(shí)的運(yùn)動(dòng)軌跡,P、Q是這條軌跡上的兩點(diǎn),P、Q相比()AP點(diǎn)的電勢較高B帶電微粒通過P點(diǎn)時(shí)的加速度較大C帶電微粒通過P點(diǎn)時(shí)動(dòng)能較大D帶電微粒在P點(diǎn)時(shí)的電勢能較大10、跳傘運(yùn)動(dòng)員從某高度的直升機(jī)上跳下,經(jīng)過2s拉開繩索開啟降落傘,此后再過18s落地整個(gè)跳傘過程中的vt圖象如圖所示根據(jù)圖象信息可知( )A第10s秒初速度等于前兩秒的平均速度B14s末加速度為零C前2s跳傘運(yùn)動(dòng)員做自由落體運(yùn)動(dòng)D跳傘運(yùn)動(dòng)員下落的總高度約為240m三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11(6
7、分)一個(gè)有一定厚度的圓盤,可以繞通過中心垂直于盤面的水平軸轉(zhuǎn)動(dòng).用下面的方法測量它勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)的角速度.實(shí)驗(yàn)器材:電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器,刻度尺,紙帶,導(dǎo)線,交流電等實(shí)驗(yàn)步驟:(1)如圖所示,將電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器固定在桌面上,將紙帶的一端穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的限位孔后,固定在待測圓盤的側(cè)面上,使得圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí),紙帶可以卷在圓盤側(cè)面上.(2)啟動(dòng)控制裝置使圓盤轉(zhuǎn)動(dòng),同時(shí)接通電源,打點(diǎn)計(jì)時(shí)器開始打點(diǎn).(3)經(jīng)過一段時(shí)間,停止轉(zhuǎn)動(dòng)和打點(diǎn),取下紙帶,進(jìn)行測量.實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選用的電源是(_)A220V交流電源B46V低壓交流電源 C46V低壓直流電源若已知打點(diǎn)的周期為T,x1為紙帶上計(jì)算位移的初始位置坐標(biāo),x2為終了位置坐標(biāo),x
8、1與x2之間一共有n個(gè)打的點(diǎn)(包含x1和x2),圓盤的半徑為r,則角速度的表達(dá)式為=_.某次實(shí)驗(yàn)測得圓盤半徑r=5.50102 m,得到的紙帶的一段如圖所示.求得角速度為_.(交流電源頻率50Hz,結(jié)果保留三位有效數(shù)字)12(12分)如圖所示,在水平放置的氣墊導(dǎo)軌(能大幅度的減少摩擦阻力)上有一帶有方盒的滑塊,質(zhì)量為M,氣墊導(dǎo)軌右端固定一定滑輪,細(xì)線繞過滑輪,一端與滑塊相連,另一端掛有6個(gè)鉤碼,設(shè)每個(gè)鉤碼的質(zhì)量為m,且M=4m(1)用游標(biāo)卡尺測出滑塊上的擋光片的寬度,讀數(shù)如圖所示,則寬度d=_cm; (2)某同學(xué)打開氣源,將滑塊由靜止釋放,滑塊上的擋光片通過光電門的時(shí)間為t,則滑塊通過光電門的
9、速度為_(用題中所給字母表示);(3)開始實(shí)驗(yàn)時(shí),細(xì)線另一端掛有6個(gè)鉤碼,由靜止釋放后細(xì)線上的拉力為F1,接著每次實(shí)驗(yàn)時(shí)將1個(gè)鉤碼移放到滑塊上的方盒中,當(dāng)只剩3個(gè)鉤碼時(shí)細(xì)線上的拉力為F2,則F1 _2F2(填“大于”、“等于”或“小于”);(4)若每次移動(dòng)鉤碼后都從同一位置釋放滑塊,設(shè)擋光片距光電門的距離為L,懸掛著的鉤碼的個(gè)數(shù)為n,測出每次擋光片通過光電門的時(shí)間為t,測出多組數(shù)據(jù),并繪出圖像,已知圖線斜率為k,則當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹開(用題中字母表示)四、計(jì)算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13(10分)某興趣小組設(shè)計(jì)了一個(gè)軌
10、道,依次由光滑曲面、粗粗水平面、光滑豎直圓軌道及足夠長的傾斜傳送帶組成,如圖所示。滑塊從曲面上某位置下滑,沿水平面從點(diǎn)左側(cè)進(jìn)入圓軌道再從點(diǎn)右側(cè)離開繼續(xù)向前運(yùn)動(dòng),經(jīng)過連接點(diǎn)時(shí)沒有機(jī)械能損失。已知圓軌道半徑,滑塊質(zhì)量,滑塊與水平軌道、傳送帶間動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.5,傳送帶與水平面間的夾角,以的速度做逆時(shí)針運(yùn)動(dòng)。()求:(1)要使滑塊恰好經(jīng)過圓軌道的最高點(diǎn),靜止釋放滑塊的高度為多大;(2)滑塊從(1)問中釋放位置以初動(dòng)能滑下,滑塊在傳動(dòng)帶上向上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間;(3)滿足(2)問的條件下,滑塊最終停在什么位置?14(16分)一長木板置于粗糙水平地面上,木板左端放置一小物塊,在木板右方有一墻壁,木板右端與墻壁
11、的距離為4.5m,如圖(a)所示時(shí)刻開始,小物塊與木板一起以共同速度向右運(yùn)動(dòng),直至?xí)r木板與墻壁碰撞(碰撞時(shí)間極短)碰撞前后木板速度大小不變,方向相反;運(yùn)動(dòng)過程中小物塊始終未離開木板已知碰撞后1s時(shí)間內(nèi)小物塊的圖線如圖(b)所示木板的質(zhì)量是小物塊質(zhì)量的15倍,重力加速度大小g取10m/s1求(1)木板與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)及小物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù);(1)木板的最小長度;(3)木板右端離墻壁的最終距離15(12分)一質(zhì)量為0.5kg的小物塊放在水平地面上的A點(diǎn),距離A點(diǎn)5m的位置B處是一面墻,如圖所示,物塊以v0=9m/s的初速度從A點(diǎn)沿AB方向運(yùn)動(dòng),在與墻壁碰撞前瞬間的速度為7m/s,碰后以6
12、m/s的速度反向運(yùn)動(dòng)直至靜止g取10m/s1(1)求物塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù);(1)若碰撞時(shí)間為0.05s,求碰撞過程中墻面對物塊平均作用力的大小F;(3)求物塊在反向運(yùn)動(dòng)過程中克服摩擦力所做的功W參考答案一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】平行板電容器充電后與電源斷開后,電量不變,將正極板移到圖中虛線所示的位置時(shí),板間距離減小,根據(jù)知,電容增大,根據(jù),板間電壓U變小,由, 得到,可知與無關(guān),則知電場強(qiáng)度不變, 與負(fù)極板間的距離不變,由公式可知, 與負(fù)極板間的電勢差不變, 點(diǎn)的電勢不變,正電荷在點(diǎn)的電勢能不變,故
13、C正確,ABD錯(cuò)誤。點(diǎn)睛:平行板電容器充電后與電源斷開后,電量不變,將正極板移到圖中虛線所示的位置時(shí),d減小,通過電容的變化,確定兩極板電勢差的變化、電場強(qiáng)度的變化、以及P點(diǎn)的電勢變化,從而確定P點(diǎn)電勢能的變化。2、C【解析】:CD、對球分析,受重力mg、拉力F和細(xì)線的拉力T,如圖所示:根據(jù)平衡條件,有: 隨著的不斷增大,故拉力F不斷增加,拉力T也增加;小球的合力為零,保持不變故C正確,D錯(cuò)誤;AB、對球和滑塊整體分析,受到總重力、支持力、拉力和靜摩擦力,根據(jù)平衡條件,有: 所以支持力不變,根據(jù)牛頓第三定律,壓力也不變,靜摩擦力等于拉力,不斷增加;故AB錯(cuò)誤;綜上所述本題答案是:C3、C【解析
14、】小球平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間,則下降的高度為: ,根據(jù)動(dòng)能定理得: ,解得小球撞到板上的動(dòng)能為,C正確,選C【點(diǎn)睛】根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律得出下降高度的表達(dá)式,結(jié)合動(dòng)能定理得出小球撞到板上動(dòng)能的表達(dá)式,分析求解動(dòng)能的最小值4、B【解析】A在圖中,當(dāng)彈簧的彈力為零時(shí),彈簧處于原長,故b的原長大于a的原長,A錯(cuò)誤;BC斜率代表勁度系數(shù),故a的勁度系數(shù)大于b的勁度系數(shù),B正確C錯(cuò)誤;D彈簧的彈力與彈簧的形變量成正比,故D錯(cuò)誤5、B【解析】設(shè)定正方向,確定籃球的始末速度,根據(jù)動(dòng)量定律列式計(jì)算設(shè)初速度方向?yàn)檎较?,則初速度方向,末速度根據(jù)動(dòng)量定理可得方向與初速度方向相反,B正確。故選B。6、C【解析】試題分析:由動(dòng)
15、量守恒的條件可以判斷動(dòng)量是否守恒;由功的定義可確定小球和槽的作用力是否做功;由小球及槽的受力情況可知運(yùn)動(dòng)情況;由機(jī)械能守恒及動(dòng)量守恒可知小球能否回到最高點(diǎn)小球與彈簧接觸前,小球和槽組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒,且有則有當(dāng)小球與彈簧接觸后,小球受外力,故小球和槽組成的系統(tǒng)所受外力不為零,動(dòng)量不再守恒,故A錯(cuò)誤;下滑過程中兩物體都有水平方向的位移,而力是垂直于球面的,故力和位移不垂直,故兩力均做功,故B錯(cuò)誤;小球脫離弧形槽后,槽向后做勻速運(yùn)動(dòng),小球向前做速度大小和槽相同的勻速運(yùn)動(dòng),而小球和彈簧作用過程中機(jī)械能守恒,故小球被原速率反彈,反彈繼續(xù)做勻速運(yùn)動(dòng),故C正確;小求被反彈后,因兩物體均有向左的速度,且速度
16、大小相等,則兩物體不會(huì)相遇,小球不會(huì)到達(dá)最高點(diǎn),故D錯(cuò)誤故選C考點(diǎn):本題考查了動(dòng)量守恒定律、機(jī)械能守恒定律、做功的兩個(gè)因素二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】A、連接OP,過P點(diǎn)作AB的垂線,垂足為D,如圖所示:兩球在豎直方向運(yùn)動(dòng)的位移相等,所以運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等,兩球水平方向做運(yùn)動(dòng)直線運(yùn)動(dòng),所以,而,所以,所以,所以,即,故A正確;B、兩小球豎直方向位移相同,根據(jù)可知兩球運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等,同時(shí)落地,故B錯(cuò)誤;C、要兩小球落在弧面的同一點(diǎn),則水平位移之和為2R,則,
17、落點(diǎn)不同,豎直方向位移就不同,t也不同,所以也不是一個(gè)定值,故C錯(cuò)誤;D、若只增大,而不變,則兩球運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示,由圖可知,兩球必定在空中相遇,故D正確;故選AD【點(diǎn)睛】平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng),豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng),根據(jù)幾何關(guān)系可以求得AOP的角度,由平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律逐項(xiàng)分析即可求解8、BC【解析】AB虛線框內(nèi)若為勻強(qiáng)電場,帶電粒子從P到Q做類類斜拋運(yùn)動(dòng),運(yùn)動(dòng)軌跡為拋物線,根據(jù)對稱性,電場方向應(yīng)與PQ垂直,其最小速度為v1con,A錯(cuò)誤、B正確;D虛線框內(nèi)若為勻強(qiáng)磁場,根據(jù)左手定則,磁場方向應(yīng)垂直紙面向外,D錯(cuò)誤;C若為電場,則;若為磁場,粒子在磁場中的偏向角為2,圓心角也為2,則
18、,解得:,故C正確.9、ABD【解析】A若帶電微粒從P點(diǎn)進(jìn)入電場,由圖可以知道帶電微粒所受電場力由b等勢面指向c等勢面,因?yàn)槲⒘д?,故a等勢面的電勢最高,故P點(diǎn)的電勢高于Q點(diǎn)的電勢,故A正確;B因?yàn)殡妶鼍€越密等勢線越密,由圖可以知道P點(diǎn)的場強(qiáng)大于Q點(diǎn)的場強(qiáng),故帶電微粒在P處所受的電場力大于在Q點(diǎn)所受的電場力,所以帶電微粒通過P點(diǎn)時(shí)的加速度大,故B正確;C因?yàn)閹щ娢⒘T趶腜向Q運(yùn)動(dòng)的過程中電場力正功,故微粒在P點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能小于在Q點(diǎn)的動(dòng)能,故C錯(cuò)誤;D因?yàn)閹щ娢⒘T趶腜向Q運(yùn)動(dòng)的過程中電場力做正功,則帶電微粒的電勢能減小,故帶電微粒在P點(diǎn)時(shí)的電勢能較大,反之,從Q向P運(yùn)動(dòng),電場力做負(fù)功,電勢能
19、增大,帶電微粒在P點(diǎn)時(shí)的電勢能較大,故D正確。故選ABD。10、AB【解析】AC. 第10s秒初速度為8m/s,前兩秒做勻加速直線運(yùn)動(dòng),平均速度為,其加速度為,不是做自由落體運(yùn)動(dòng),A正確,C錯(cuò)誤;B. 圖像的斜率表示加速度,所以14s末斜率為零,加速度為零,做勻速直線運(yùn)動(dòng),B正確;D. 速度圖象的面積表示位移,面積可以通過圖象與時(shí)間軸所圍成的面積估算,本題可以通過數(shù)方格的個(gè)數(shù)來估算,(大半格和小半格合起來算一格,兩個(gè)半格算一格)每格面積為4m,20s內(nèi)數(shù)得的格數(shù)大約為49格,所以18s內(nèi)運(yùn)動(dòng)員下落的總高度為:,故D錯(cuò)誤【點(diǎn)睛】在速度時(shí)間圖像中,需要掌握三點(diǎn),一、速度的正負(fù)表示運(yùn)動(dòng)方向,看運(yùn)動(dòng)方
20、向是否發(fā)生變化,只要考慮速度的正負(fù)是否發(fā)生變化,二、圖像的斜率表示物體運(yùn)動(dòng)的加速度,三、圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移,在坐標(biāo)軸上方表示正方向位移,在坐標(biāo)軸下方表示負(fù)方向位移三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11、B 【解析】試題分析:通過紙帶打點(diǎn)的時(shí)間間隔和位移,求出圓盤的線速度,根據(jù)得出角速度的表達(dá)式,代入數(shù)據(jù)求出角速度的大?。?)電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的是4-6V的電壓交流電,故B正確;(2)圓盤的線速度為,故(3)取紙帶上首末兩個(gè)點(diǎn)的過程研究,之間有15個(gè)間隔,則圓盤的線速度,代入數(shù)據(jù)解得12、0.510cm; d/t; 小于; ; 【
21、解析】(1)游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為5mm,游標(biāo)讀數(shù)為0.054mm=0.10mm,則最終讀數(shù)為5.10mm=0.510cm(1)極短時(shí)間內(nèi)的平均速度等于瞬時(shí)速度的大小,則滑塊通過光電門的速度v=(3)對整體分析,a10.6g,隔離對滑塊分析,根據(jù)牛頓第二定律得,F(xiàn)1=Ma1=4m0.6g=1.4mg,a10.3g,隔離對滑塊分析,根據(jù)牛頓第二定律得,F(xiàn)1=7ma1=1.1mg,知F11F1(4)滑塊通過光電門的速度v=,根據(jù)v1=1aL得,1aL,因?yàn)?,代入解得,圖線的斜率,解得【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺的讀數(shù)方法,知道極短時(shí)間內(nèi)的平均速度等于瞬時(shí)速度的大小對于圖象問題,關(guān)鍵得出兩個(gè)物理量的表達(dá)式,結(jié)合圖線斜率進(jìn)行求解四、計(jì)算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)2.25m(2)0.8s(3)C點(diǎn)右側(cè)0.4m處【解析】(1)設(shè)滑塊下滑高度為時(shí),恰好經(jīng)過圓軌道最高點(diǎn),在點(diǎn):到由動(dòng)能定理得解得: 即釋放滑塊的高度至少為,才能順利經(jīng)過圓軌道最高點(diǎn)。(2)設(shè)滑塊運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)速度為, 由動(dòng)能定理:代入數(shù)據(jù)得:滑塊沿傳送帶向上運(yùn)動(dòng)加速度為,由牛頓第二定律: 代入數(shù)據(jù)得:向上運(yùn)動(dòng)時(shí)間:代入數(shù)據(jù)得:(3)滑塊向上運(yùn)動(dòng)最遠(yuǎn)距離:接著滑塊沿傳送帶下滑,加速度仍然是,和傳送
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