北京市西城區(qū)41中2022-2023學(xué)年物理高三上期中復(fù)習(xí)檢測試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、咸寧市某高中物理研究性學(xué)習(xí)小組為了測量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮?，讓一小球豎直上拋，測量上升一段高度h所用的時間為，緊接著繼續(xù)上升一段高度h所用時間為則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮锳BC

2、D2、如圖所示，P是水平面上的圓弧凹槽，從高臺邊B點以某速度v0水平飛出的小球，恰能從固定在某位置的凹槽的圓弧軌道的左端A點沿圓弧切線方向進入軌道O是圓弧的圓心，1是OA與豎直方向的夾角，2是BA與豎直方向的夾角，則ABCD3、如圖所示，兩長直導(dǎo)線P和Q垂直于紙面固定放置，兩者之間的距離為l，在兩導(dǎo)線中通有方向垂直于紙面向里的電流在紙面內(nèi)與兩導(dǎo)線距離均為l的a點，每根通電直線 產(chǎn)生的磁場磁感應(yīng)強度大小均為B若在a點平行于P、Q放入一段長為L的通電直導(dǎo)線，其電流大小為I，方向垂直紙面向外，則關(guān)于它受到的安培力說法正確的是A大小等于BIL，方向水平向左B大小等于BIL，方向水平向右C大小等于，方向

3、豎直向下D大小等于，方向豎直向上4、如圖是、兩個質(zhì)點做直線運動的位移-時間圖線，則A在運動過程中，質(zhì)點總比質(zhì)點慢B當(dāng)時，兩質(zhì)點的位移相同C當(dāng)時，兩質(zhì)點的速度相等D當(dāng)時，質(zhì)點的加速度大于質(zhì)點的加速度5、如圖是長征火箭把載人神舟飛船送入太空的情景。宇航員在火箭發(fā)射與飛船回收的過程中均要經(jīng)受超重或失重的考驗。下列說法正確是 A火箭加速上升時，宇航員處于失重狀態(tài)B飛船加速下落時，宇航員處于超重狀態(tài)C飛船落地前減速，宇航員對座椅的壓力小于其重力D火箭加速上升時，若加速度逐漸減小時，宇航員對座椅的壓力逐漸減小，但仍大于其重力6、如圖所示，A物體的質(zhì)量是B物體的k倍A物體放在光滑的水平桌面上通過輕繩與B物體

4、相連，兩物體釋放后運動的加速度為a1，輕繩的拉力為T1；若將兩物體互換位置，釋放后運動的加速度為為a1，輕繩的拉力為T1不計滑輪摩擦和空氣阻力，則( )Aa1a1=1kBa1a1=11CT1T1=1kDT1T1=11二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，在豎直面內(nèi)固定一光滑大圓環(huán)，O為圓心，半徑為R，A、B為水平直徑與大圓環(huán)的交點，C為大圓環(huán)的最低點，D為最高點，質(zhì)量為m的小環(huán)(可視為質(zhì)點)套在大圓環(huán)上，從A處無初速釋放，同時用水平恒力F拉小環(huán)，到達最高點D時

5、速度恰好為零，則下列說法正確的是A恒力F大小為2mgB小環(huán)運動到C點時的速度最大C從A到D小環(huán)機械能增加mgRD小環(huán)運動到B點時受到大環(huán)彈力為5mg8、如圖所示，升降機內(nèi)有一固定斜面，斜面上放一物體，開始時升降機做勻速運動，物塊相對斜面勻速下滑，當(dāng)升降機加速上升時A物塊與斜面間的摩擦力減小B物塊與斜面間的正壓力增大C物塊相對于斜面減速下滑D物塊相對于斜面勻速下滑9、如圖所示，在豎直平面內(nèi)固定有兩個很靠近的同心圓軌道，外圓光滑內(nèi)圓粗糙一質(zhì)量為m=0.2kg的小球從軌道的最低點以初速度v0向右運動，球的直徑略小于兩圓間距，球運動的軌道半徑R=0.5m，g取10m/s2，不計空氣阻力，設(shè)小球過最低點

6、時重力勢能為零，下列說法正確的是（ ）A若小球運動到最高點時速度為0，則小球機械能一定不守恒B若小球第一次運動到最高點時速度大小為0，則v0一定小于5m/sC若要小球不擠壓內(nèi)軌，則v0一定不小于5m/sD若小球開始運動時初動能為1.6J，則足夠長時間后小球的機械能為1J10、完全相同的甲、乙兩個物體放在同一水平地面上，分別在水平拉力、作用下，由靜止開始做勻加速直線運動，分別經(jīng)過時間和，速度分別達到和時撤去、，甲、乙兩物體開始做勻減速直線運動，直到靜止。其速度隨時間變化情況如圖所示，則下列各項說法中正確的是A若在、作用時間內(nèi)甲、乙兩物體的位移分別為、，則B若整個運動過程中甲、乙兩物體的位移分別為

7、、，則C甲、乙兩物體勻減速過程的位移之比為2：1D若在勻加速過程中甲、乙兩物體的加速度分別為和，則三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學(xué)在做“驗證力的平行四邊形定則”實驗時，將橡皮筋改為勁度系數(shù)為400 N/m的輕質(zhì)彈簧AA，將彈簧的一端A固定在豎直墻面上不可伸長的細線OA、OB、OC，分別固定在彈簧的A端和彈簧秤甲、乙的掛鉤上，其中O為OA、OB、OC三段細線的結(jié)點，如圖1所示在實驗過程中，保持彈簧AA伸長1.00 m不變（1）若OA、OC間夾角為90，彈簧秤乙的讀數(shù)是_N（如圖2所示）（2）在（1）問中若保持OA與OB的夾

8、角不變：逐漸增大OA與OC的夾角，則彈簧秤甲的讀數(shù)大小將_，彈簧秤乙的讀數(shù)大小將_12（12分）在探究“功與速度變化關(guān)系”的實驗中，利用如圖所示的裝置。實驗步驟如下:小物塊在橡皮筋的作用下彈出，沿光滑水平桌面滑行后平拋落至水平地面上，落點記為；在釘子上分別套上2條、3條、4條.同樣的橡皮筋，使每次橡皮筋拉伸的長度都保持一致，重復(fù)步驟，小物塊落點分別記為、.測量相關(guān)數(shù)據(jù)，進行數(shù)據(jù)處理。(1)若要求出小物塊從桌面拋出時的動能，需要測量下列物理量中的_(填正確答案標(biāo)號，g己知)。A小物塊的質(zhì)量mB橡皮筋的原長xC橡皮筋的伸長量xD桌面到地面的高度hE.小物塊拋出點到落地點的水平距離L(2)如果小物塊

9、與桌面之間的摩擦不能忽略，則由此引起的誤差屬于_(填“偶然誤差”或“系統(tǒng)誤差”)。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）在豎直空間有一勻強電場，電場中有一個如圖所示的矩形區(qū)域ABCD，長邊BA與水平方向成37角，短邊的長度為d，電場方向與短邊平行，場強大小為E。一個帶電微粒從O點以某一水平初速度v1沿OP方向射入電場，能沿直線恰好到達P點；若該帶電微粒從P點以另一初速度v2豎直向上拋出，恰好經(jīng)過D點。已知O為短邊AD的中點，P點在長邊AB上且PO水平，重力加速度為g，sin370.6，cos370.8.(1)

10、求v1的大小與v2大小的比值；(2)若將該帶電微粒從P點以一定的初速度v3豎直向上拋出，則當(dāng)其動能變?yōu)槌鮿幽艿?倍時，求微粒的豎直位移y的大小與水平位移x大小的比值。14（16分）如圖所示，在光滑的水平面上有一長為L的木板B，上表面粗糙，在其左端有一光滑的圓弧槽C，與長木板接觸但不相連，圓弧槽的下端與木板上表面相平，B、C靜止在水平面上現(xiàn)有滑塊A以初速度從右端滑上B，一段時間后，以滑離B，并恰好能到達C的最高點，A、B、C的質(zhì)量均為m求：（1）A剛滑離木板B時，木板B和圓弧槽C的共同速度；（2）A與B的上表面間的動摩擦因數(shù)；（3）圓弧槽C的半徑R15（12分）如圖所示，電動玩具小車通過一根繞過

11、光滑定滑輪的輕繩與質(zhì)量為m=1kg的小物塊（可看作質(zhì)點）相連，拉著物塊沿ABC軌道滑動軌道BC部分是半徑R=1m的四分之一圓弧，定滑輪在C點正上方與C點相距R，運動過程中小車受到地面阻力恒為，小車以P=20W的恒定功率向右運動，當(dāng)物塊運動至B點時速度，求物塊在B點時對軌道的壓力參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】設(shè)小球的初速度為，則在時間內(nèi)豎直上拋運動的位移：。同理在時間內(nèi)豎直上拋運動的位移：，聯(lián)立以上兩式得：，故選C。2、C【解析】平拋運動在水平方向上做勻速直線運動,在豎直方向上做自由落體運動.速度與水

12、平方向的夾角為，則：位移與豎直方向的夾角為，則：所以：所以選C.3、D【解析】a點所在通電直導(dǎo)線的受力分析如圖所示：由題意得：，安培力合力為，方向豎直向上，故D正確，ABC錯誤4、B【解析】A.位移-時間圖線的斜率等于速度，由圖看出，圖線的斜率大于圖線的斜率，則的速度大于的速度，質(zhì)點總比質(zhì)點快，故A錯誤；B.圖線是、兩個質(zhì)點做直線運動的位移-時間圖線，所以時，兩質(zhì)點的位移相同，故B正確；C.在時間內(nèi)，質(zhì)點總比質(zhì)點快，即當(dāng)時，的速度大于的速度，故C錯誤；D.兩質(zhì)點均做勻速直線運動，加速度都等于零，故D錯誤5、D【解析】A.火箭加速上升時，加速度方向向上，宇航員處于超重狀態(tài)。故A錯誤B.飛船加速下

13、落時，加速度方向向下，宇航員處于失重狀態(tài)，故B錯誤。C.飛船在落地前減速，加速度方向向上，宇航員處于超重狀態(tài)，宇航員對座椅的壓力大于其重力，故C錯誤。D.火箭加速上升時，加速度方向向上，宇航員處于超重狀態(tài)，宇航員對座椅的壓力大于其重力，若加速度逐漸減小時依然超重，壓力仍大于重力。故D正確。6、D【解析】試題分析：由牛頓第二定律得：,同理兩物體互換位置則：,解得a1a1=mB：mA=1k ，T1T1=11，故選項D正確考點：牛頓第二定律二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7

14、、CD【解析】A、根據(jù)A點運動到D點的全過程由動能定理有：FR-mgR=0-0，解得F=mg，故A錯誤.B、將恒力F和mg合成為等效重力，可知方向斜向右下45，由圓周運動的對稱性可知等效最低點在BC弧的中點，此時速度最大；故B錯誤.C、A到D的過程有除重力以外的力F做正功為mgR,則機械能增加mgR;故C正確.D、由A到B點的動能定理：F2R=12mvB2-0，在B點由半徑反向的受力提供向心力，NB-F=mvB2R，解得NB=5mg；故D正確.故選CD.【點睛】本題在等效場中分析圓周運動的有關(guān)問題，抓住一個點用向心力，兩個點用動能定理處理.8、BD【解析】當(dāng)升降機加速上升時，物體有豎直向上的加

15、速度，則物塊與斜面間的正壓力增大，根據(jù)滑動摩擦力公式可知接觸面間的正壓力增大，物體與斜面間的摩擦力增大，故A錯誤，B正確；設(shè)斜面的傾角為，物體的質(zhì)量為m，當(dāng)勻速運動時有，即，假設(shè)物體以加速度a向上運動時，有，因為，所以，故物體仍做勻速下滑運動，C錯誤，D正確9、ABD【解析】試題分析：若小球運動到最高點時受到為3，則小球在運動過程中一定與內(nèi)圓接觸，受到摩擦力作用，要克服摩擦力做功，機械能不守恒，故A正確；小球如果不擠壓內(nèi)軌，則小球到達最高點速度最小時，小球的重力提供向心力，由牛頓第二定律得：，由于小球不擠壓內(nèi)軌，則小球在整個運動過程中不受摩擦力作用，只有重力做功，機械能守恒，從最低點到最高點過

16、程中，由機械能守恒定律得：mv32=mv2+mg2R，解得：v3=5m/s，則小球要不擠壓內(nèi)軌，速度應(yīng)大于等于5m/s，可知，若小球第一次運動到最高點時速度大小為3，則v3一定小于5m/s故B正確；若要小球不擠壓內(nèi)軌，存在兩種可能的情況：1到達最高點時的速度大于等于，則v35m/s；2小球始終在O點以下運動，此時重力的一部分提供向下的加速度，而外出軌道提供指向圓心的向心加速度，此時小球始終沒有壓內(nèi)軌道由機械能守恒得：mv32mgR即：故C錯誤小球的初速度，則小球在運動過程中要與內(nèi)軌接觸，要克服摩擦力做功，機械能減少，最終小球?qū)⒃谲壍赖南掳雸A內(nèi)做往復(fù)運動，到達與圓心同高位置處速度為零，則小球的最

17、終機械能E=mgR=321335=1J，故D正確；故選ABD考點：圓周運動；機械能守恒定律；牛頓第二定律【名師點睛】本題綜合考查了動能定理、牛頓第二定律和機械能守恒定律，綜合性較強，關(guān)鍵是理清運動過程，抓住臨界狀態(tài)，運用合適的規(guī)律進行求解10、BD【解析】A、圖象與時間軸圍成的面積表示位移，則由圖可知，在、作用時間內(nèi)甲、乙兩物體的位移分別為：；，則有：，故A錯誤；B、根據(jù)面積表示位移可知，整個運動過程中甲、乙兩物體的位移分別為：；，則，故B正確；C、根據(jù)面積表示位移可知，甲、乙兩物體勻減速過程的位移之比為：，故C錯誤；D、圖象的斜率表示加速度，則可知：，故有：1，即，故D正確。故選：BD。【點

18、睛】根據(jù)圖象與坐標(biāo)軸所圍“面積”大小等于位移，由幾何知識比較位移大小，根據(jù)速度時間圖象的斜率表示加速度比較加速度大小；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、3.00 一直變小 先變小后變大 【解析】（1）1根據(jù)彈簧秤的讀數(shù)方法可知，a的讀數(shù)為3.00N；（2）23若保持OA與OB的夾角不變，逐漸增大OA與OC的夾角，力三角形如圖中實線變到虛線： 由圖可知彈簧秤甲的讀數(shù)將一直變小，而彈簧秤乙的讀數(shù)將先變小后變大.12、ADE 系統(tǒng)誤差 【解析】(1)1物塊離開桌面后做平拋運動，要測出物塊離開桌面時的速度，需要測出物塊做平拋運動的水平位移與桌面的高度，要求物塊的動能還需要測出物塊的質(zhì)量.A.小物塊的質(zhì)量m，與分析相符，故A項正確。B.橡皮筋的原長x，與分析不符，故B項錯誤。C.橡皮筋的伸長量x，與分析不符，故C項錯誤。D.桌面到地面的高度h，與分析相符，故D項正確。E.小物塊拋出點到落地點的水平距離L，與分析相符，故E項正確。(2)2由于小物塊與桌面之間的摩擦不能忽略，且總是使得物體彈出時的速度偏小，則由此引起的誤差屬系統(tǒng)誤差。四、計算題：本題共2小題