2021-2022年北京市北師大附屬實(shí)驗(yàn)學(xué)校高二（上）12月物理試題（解析版）

1、 北師大附屬實(shí)驗(yàn)中學(xué)2021-2022學(xué)年度第一學(xué)期高二年級(jí)物理月考試卷行政班 教學(xué)班 姓名 學(xué)號(hào) 成績(jī)?cè)嚲碚f(shuō)明：1本次考試時(shí)間60分鐘，滿分100分；2本試卷共7頁(yè)，共三道大題，15道小題，答題紙共4頁(yè)；3請(qǐng)將全部答案答在答題紙上。4答題時(shí)不得使用任何涂改工具。第卷（共40分）一、選擇題（本題共10小題，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，至少有一個(gè)選項(xiàng)符合題意。每小題4分，共40分。）1. 一個(gè)彈簧振子沿x軸做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，取平衡位置O為x軸坐標(biāo)原點(diǎn)從某時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，經(jīng)過(guò)四分之一的周期，振子具有沿x軸正方向的最大加速度能正確反映振子位移x與時(shí)間，關(guān)系的圖像是( )A B. C. D. 【答案】A【解析】

2、【詳解】某一時(shí)刻作計(jì)時(shí)起點(diǎn)（），經(jīng)周期，振子具有正方向最大加速度，則其位移為負(fù)方向最大，說(shuō)明時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過(guò)平衡位置向負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，故A正確，BCD錯(cuò)誤2. 如圖1所示，彈簧振子以點(diǎn)O為平衡位置，在A、B兩點(diǎn)之間做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。取向右為正方向，振子的位移x隨時(shí)間t的變化如圖2所示，下列說(shuō)法正確的是（ ）A. t = 0.8s時(shí)，振子的速度方向向右B. t = 0.2s時(shí)，振子在O點(diǎn)右側(cè)6cm處C. t = 0.4s和t = 1.2s時(shí)，振子的加速度等大反向D. t = 0.4s到t = 0.8s時(shí)間內(nèi)，振子的速度逐漸減小【答案】C【解析】【詳解】A由圖象乙知，t = 0.8s時(shí)，圖象的斜率為負(fù)，說(shuō)明振子

3、的速度為負(fù)，即振子的速度方向向左，A錯(cuò)誤；B在0一0.4s內(nèi)，振子做變減速運(yùn)動(dòng)，不是勻速運(yùn)動(dòng)，所以t = 0.2s時(shí)，振子不在O點(diǎn)右側(cè)6cm處，B錯(cuò)誤；Ct = 0.4s和t = 1.2s時(shí)，振子的位移完全相反，由振子的加速度等大反向，C正確；Dt = 0.4s到t = 0.8s的時(shí)間內(nèi)，振子的位移減小，正向平衡位置靠近，速度逐漸增大，D錯(cuò)誤。故選C。3. 如圖所示為速度選擇器示意圖，為其兩個(gè)極板。某帶電粒子電荷量為q，以速度v0從S1射入，恰能沿虛線從S2射出。不計(jì)粒子重力，下列說(shuō)法正確的是（）A. 該粒子一定帶正電B. 該粒子以速度v0從S2射入，也能沿虛線從S1射出C. 該粒子以速度2v

4、0從S1射入，仍能沿虛線從S2射出D. 該粒子電荷量變?yōu)?q，以速度v0從S1射入，仍能沿虛線從S2射出【答案】D【解析】【詳解】A因上下極板的極性不確定，則不能確定粒子的電性，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B該粒子以速度v0從S2射入，只有洛倫茲力方向改變，而電場(chǎng)力方向不變，受力不平衡，因而不沿虛線運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C該粒子以速度2v0從S1射入，洛倫茲力變大，而電場(chǎng)力不變，則粒子不能沿虛線從S2射出，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D根據(jù)可知?jiǎng)t該粒子電荷量變?yōu)?q，以速度v0從S1射入，仍能沿虛線從S2射出，選項(xiàng)D正確。故選D。4. 有質(zhì)量相同的三個(gè)小物體a、b、c?，F(xiàn)將小物體a從高為h的光滑斜面的頂端由靜止釋放，同時(shí)小物體b、

5、c分別從與a等高的位置開始做自由落體運(yùn)動(dòng)和平拋運(yùn)動(dòng)，如圖所示有關(guān)三個(gè)物體的運(yùn)動(dòng)情況，下列判斷正確的是（ ）A. 三個(gè)物體同時(shí)落地B. 三個(gè)物體落地前瞬間的動(dòng)能相同C. 重力對(duì)三個(gè)物體做功相同D. 重力對(duì)三個(gè)物體的沖量相同【答案】C【解析】【分析】【詳解】A由于物體a在斜面上下滑，它下滑的加速度a=gsin小于g，而物體b、c在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，加速度為g，故物體在斜面上運(yùn)動(dòng)的位移又比自由落體的長(zhǎng)，所以三個(gè)物體下落的時(shí)間不相等，所以三個(gè)物體不能同時(shí)落地，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B小物體a、b、c分別從等高的位置開始下落，重力做功相等，由于開始下落時(shí)的初動(dòng)能不相同，所以三個(gè)物體落地前瞬間的動(dòng)能不都相同，

6、選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C重力對(duì)物體做功W=Gh，由于三個(gè)小物體的G和h均相同，故重力做功相同，選項(xiàng)C正確；D三個(gè)小物體a、b、c。受合力相等，由于作用時(shí)間不相等，故沖量I=Ft不相同，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。5. 如圖所示，在水平光滑地面上有A、B兩個(gè)木塊，A、B之間用一輕彈簧連接A靠在墻壁上，用力F向左推B使兩木塊之間彈簧壓縮并處于靜止?fàn)顟B(tài)若突然撤去力F，則下列說(shuō)法中正確的是（ ） A. 木塊A離開墻壁前，A、B和彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，機(jī)械能也守恒B. 木塊A離開墻壁前，A、B和彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，但機(jī)械能守恒C. 木塊A離開墻壁后，A、B和彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，機(jī)械能也守恒D. 木塊A離開墻壁

7、后，A、B和彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，但機(jī)械能守恒【答案】BC【解析】【詳解】AB、撤去F后，木塊A離開豎直墻前，豎直方向兩物體所受的重力與水平面的支持力平衡，合力為零；而墻對(duì)A有向右的彈力，所以系統(tǒng)的合外力不為零，系統(tǒng)的動(dòng)量不守恒這個(gè)過(guò)程中，只有彈簧的彈力對(duì)B做功，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒故A錯(cuò)誤，B正確CD、A離開豎直墻后，系統(tǒng)水平方向不受外力，豎直方向外力平衡，所以系統(tǒng)所受的合外力為零，系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，只有彈簧的彈力做功，系統(tǒng)機(jī)械能也守恒故C正確、D錯(cuò)誤故選BC6. 如圖所示，質(zhì)量為m的小球從距離地面高H的A點(diǎn)由靜止開始釋放，落到地面上后又陷入泥潭中，由于受到阻力作用，到達(dá)距地面深度為h的B點(diǎn)時(shí)

8、速度減為零。不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g。關(guān)于小球下落的整個(gè)過(guò)程，下列說(shuō)法正確的有（）A. 小球的機(jī)械能減少了mg（H+h）B. 小球克服阻力做的功為mghC. 小球所受阻力的沖量大于D. 小球動(dòng)量的改變量等于所受阻力的沖量【答案】AC【解析】【詳解】A小球在整個(gè)下落過(guò)程中，動(dòng)能變化量為零，重力勢(shì)能減少了mg（H+h），則小球的機(jī)械能減少了mg（H+h），故A項(xiàng)正確；B對(duì)小球下落的全過(guò)程運(yùn)用動(dòng)能定理得mg（H+h）-Wf=0則小球克服阻力做功Wf=mg（H+h）故B項(xiàng)錯(cuò)誤；C小球落到地面時(shí)的速度，對(duì)進(jìn)入泥潭的過(guò)程運(yùn)用動(dòng)量定理得解得知阻力的沖量大于，故C項(xiàng)正確；D對(duì)全過(guò)程分析運(yùn)用動(dòng)量定理知，動(dòng)量

9、的變化量等于重力的沖量和阻力沖量的矢量和；故D項(xiàng)錯(cuò)誤。故選AC。7. 如圖所示，甲、乙兩人靜止在光滑的冰面上，甲沿水平方向推了乙一下，結(jié)果兩人向相反方向滑去已知甲的質(zhì)量為45kg，乙的質(zhì)量為50kg則下列判斷正確的是（）A. 甲的速率與乙的速率之比為10：9B. 甲的加速度大小與乙的加速度大小之比為9：10C. 甲對(duì)乙的沖量大小與乙對(duì)甲的沖量大小之比為1：1D. 甲的動(dòng)能與乙的動(dòng)能之比為1：1【答案】AC【解析】【分析】【詳解】A.兩人在光滑的冰面上，故他們受合力為零，當(dāng)甲推乙時(shí)，二人的總動(dòng)量守恒，故則選項(xiàng)A正確；B.二人的相互作用大小相等，方向相反，故甲的加速度大小與乙的加速度大小之比為二人

10、質(zhì)量的反比，即10：9，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C.二人相互作用的時(shí)間相等，作用力又大小相等，故甲對(duì)乙的沖量大小與乙對(duì)甲的沖量大小之比為1:1，選項(xiàng)C正確；D.由動(dòng)量守恒可知，甲、乙的動(dòng)量相等，但是甲乙的動(dòng)能不相等，選項(xiàng)D錯(cuò)誤故選AC。8. 如圖所示 “牛頓擺”裝置，5個(gè)完全相同的小鋼球用輕繩懸掛在水平支架上，5根輕繩互相平行，5個(gè)鋼球彼此緊密排列，球心等高用1、2、3、4、5分別標(biāo)記5個(gè)小鋼球當(dāng)把小球1向左拉起一定高度，如圖甲所示，然后由靜止釋放，在極短時(shí)間內(nèi)經(jīng)過(guò)小球間的相互碰撞，可觀察到球5向右擺起，且達(dá)到的最大高度與球1的釋放高度相同，如圖乙所示關(guān)于此實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法中正確的是（ ）A. 上述實(shí)驗(yàn)過(guò)程

11、中，5個(gè)小球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，動(dòng)量守恒B. 上述實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，5個(gè)小球組成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，動(dòng)量不守恒C. 如果同時(shí)向左拉起小球1、2、3到相同高度（如圖丙所示），同時(shí)由靜止釋放，經(jīng)碰撞后，小球4、5一起向右擺起，且上升的最大高度高于小球1、2、3的釋放高度D. 如果同時(shí)向左拉起小球1、2、3到相同高度（如圖丙所示），同時(shí)由靜止釋放，經(jīng)碰撞后，小球3、4、5一起向右擺起，且上升的最大高度與小球1、2、3的釋放高度相同【答案】D【解析】【詳解】試題分析：上述實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，小球5能夠達(dá)到與小球1釋放時(shí)相同的高度，說(shuō)明系統(tǒng)機(jī)械能守恒，而且小球5離開平衡位置的速度和小球1擺動(dòng)到平衡位置的速度相同，說(shuō)

12、明碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，但隨后上擺過(guò)程動(dòng)量不守恒，動(dòng)量方向在變化，選項(xiàng)AB錯(cuò)根據(jù)前面的分析，碰撞過(guò)程為彈性碰撞那么同時(shí)向左拉起小球1、2、3到相同高度（如圖丙所示），同時(shí)由靜止釋放，那么球3先以與球4發(fā)生彈性碰撞，此后球3的速度變?yōu)?，球4獲得速度后與球5碰撞，球5獲得速度，開始上擺，同理球2與球3碰撞，最后球4以速度上擺，同理球1與球2碰撞，最后球3以速度上擺，所以選項(xiàng)C錯(cuò)D對(duì)考點(diǎn)：動(dòng)量守恒 彈性碰撞9. 如圖所示，一輕質(zhì)彈簧下端系一質(zhì)量為m的物塊，組成一豎直懸掛的彈簧振子，在物塊上裝有一記錄筆，在豎直面內(nèi)放置有記錄紙當(dāng)彈簧振子沿豎直方向上下自由振動(dòng)時(shí)，以速率v水平向左勻速拉動(dòng)記錄紙，記錄筆在紙

13、上留下如圖所示余弦型函數(shù)曲線形狀的印跡，圖中的y1、y2、x0、2x0、3x0為記錄紙上印跡的位置坐標(biāo)值，P、Q分別是印跡上縱坐標(biāo)為y1和y2的兩個(gè)點(diǎn)若空氣阻力、記錄筆的質(zhì)量及其與紙之間的作用力均可忽略不計(jì)，則A. 該彈簧振子的振動(dòng)周期為x0/vB. 該彈簧振子的振幅為y1- y2C. 在記錄筆留下PQ段印跡的過(guò)程中，物塊所受合力的沖量為零D. 在記錄筆留下PQ段印跡的過(guò)程中，彈力對(duì)物塊做功為零【答案】C【解析】【詳解】A該彈簧振子的振動(dòng)周期為，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B該彈簧振子的振幅為，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C因在PQ兩點(diǎn)振子的速度為零，則動(dòng)量為零，則在記錄筆留下PQ段印跡的過(guò)程中，物塊動(dòng)量的變化為零，根據(jù)動(dòng)量

14、定理可知，物塊所受合力的沖量為零，選項(xiàng)C正確；D根據(jù)動(dòng)能定理，在記錄筆留下PQ段印跡的過(guò)程中，合力對(duì)物塊做功為零，而合力功等于彈力功與重力功之和，重力功不為零，則彈力對(duì)物塊做功不為零，選項(xiàng)D錯(cuò)誤10. 如圖甲所示，一輕彈簧的兩端與質(zhì)量分別是m1和m2的兩物塊相連，它們靜止在光滑水平地面上現(xiàn)給物塊m1一個(gè)瞬時(shí)沖量，使它獲得水平向右的速度v0，從此時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，兩物塊的速度隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖乙所示則下列判斷正確的是A. t1時(shí)刻彈簧長(zhǎng)度最短B. t2時(shí)刻彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)C. 在t1 t3時(shí)間內(nèi)，彈簧處于壓縮狀態(tài)D. 在t2 t4時(shí)間內(nèi)，彈簧處于拉長(zhǎng)狀態(tài)【答案】ABD【解析】【詳解】獲得瞬時(shí)沖量后，向

15、右壓縮彈簧，做減速運(yùn)動(dòng)，而受到向右的彈力，做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)兩者速度相同時(shí)，彈簧的長(zhǎng)度最短，故時(shí)刻彈簧長(zhǎng)度最短，處于壓縮狀態(tài)，之后繼續(xù)減速，繼續(xù)加速，當(dāng)?shù)乃俣冗_(dá)到最大，的速度達(dá)到反向最大時(shí)，加速度為零，彈簧的彈力為零，恢復(fù)到原長(zhǎng)，故時(shí)刻彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)，由于此時(shí)仍有反向速度，所以彈簧繼續(xù)變長(zhǎng)，當(dāng)兩者速度再次相同時(shí)，彈簧達(dá)到最長(zhǎng)，即彈簧最長(zhǎng)，時(shí)刻的速度恢復(fù)初速度，即彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)，所以階段彈簧處于壓縮狀態(tài)，階段彈簧處于拉伸狀態(tài)，故ABD正確第卷（共60分）二、填空題（本題共12分。答案寫在答題紙上。）11. 如圖1所示，用“碰撞實(shí)驗(yàn)器”可以驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，即研究?jī)蓚€(gè)小球在軌道水平部分碰撞前后的動(dòng)量關(guān)系，

16、O是小球拋出時(shí)球心在地面上的垂直投影點(diǎn)，實(shí)驗(yàn)時(shí)，先讓入射小球多次從斜軌上S位置由靜止釋放，找到其落地點(diǎn)的平均位置P，測(cè)量平拋水平射程。然后把被碰小球靜置于水平軌道的末端，再將入射小球從斜軌上S位置由靜止釋放，與小球相撞，多次重復(fù)實(shí)驗(yàn)，找到兩小球落地的平均位置M、N。 圖2是小球的多次落點(diǎn)痕跡，由此可確定其落點(diǎn)的平均位置對(duì)應(yīng)的讀數(shù)為_。下列器材選取或?qū)嶒?yàn)操作符合實(shí)驗(yàn)要求的是_。A.可選用半徑不同的兩小球 B.選用兩球的質(zhì)量應(yīng)滿足C.小球每次必須從斜軌同一位置釋放 D.需用秒表測(cè)定小球在空中飛行的時(shí)間在某次實(shí)驗(yàn)中，測(cè)量出兩小球的質(zhì)量分別為、，三個(gè)落點(diǎn)的平均位置與O點(diǎn)的距離分別為、。在實(shí)驗(yàn)誤差允許范

17、圍內(nèi)，若滿足關(guān)系式_，即驗(yàn)證了碰撞前后兩小球組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒。（用測(cè)量的物理量表示）驗(yàn)證動(dòng)量守恒的實(shí)驗(yàn)也可以在如圖3所示的水平氣墊導(dǎo)軌上完成。實(shí)驗(yàn)時(shí)讓兩滑塊分別從導(dǎo)軌的左右兩側(cè)向中間運(yùn)動(dòng)，滑塊運(yùn)動(dòng)過(guò)程所受的阻力可忽略，它們穿過(guò)光電門后發(fā)生碰撞并粘連一起，實(shí)驗(yàn)測(cè)得滑塊A的總質(zhì)量為、滑塊B的總質(zhì)量為，兩滑塊遮光片的寬度相同，光電門記錄的遮光片擋光時(shí)間如下表所示。左側(cè)光電門右側(cè)光電門碰前碰后無(wú)在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，若滿足關(guān)系式_，驗(yàn)證了碰撞前后兩滑塊組成系統(tǒng)動(dòng)量守恒。（用測(cè)量的物理量表示）【答案】 . 55.50 . BC#CB . . 【解析】【分析】【詳解】（1）1 確定B球落點(diǎn)平均位置的方法

18、：用盡可能小的圓把所有的小球落點(diǎn)圈在里面，圓心P就是小球落點(diǎn)的平均位置；碰撞后m2球的水平路程應(yīng)取為55.50cm（2）2A為保證碰撞在同一條水平線上，所以兩個(gè)小球的半徑要相等，A錯(cuò)誤；B為保證入射小球不反彈，入射小球的質(zhì)量應(yīng)比被碰小球質(zhì)量大，B正確；C為保證小球每一次碰撞前的速度都相同，要求小球m1每次必須從斜軌同一位置靜止釋放，C正確；D小球在空中做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間是相等的，所以不需要測(cè)量時(shí)間，D錯(cuò)誤。故選BC。（3）3 要驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律定律，即驗(yàn)證小球離開軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，它們拋出點(diǎn)的高度相等，在空中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t相等，上式兩邊同時(shí)乘以t得得可知，實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證（4）4 若讓兩滑塊分別從導(dǎo)軌

19、的左右兩側(cè)向中間運(yùn)動(dòng)，選取向右為正方向，則有設(shè)遮光片的寬度為d，則聯(lián)立可得三論述、計(jì)算題（本題共4小題，共計(jì)48分。解答時(shí)請(qǐng)寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟。只寫最后答案的不得分。有數(shù)值計(jì)算的題目，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。）12. 據(jù)統(tǒng)計(jì)人在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，腳底在接觸地面瞬間受到的沖擊力是人體自身重力的數(shù)倍為探究這個(gè)問(wèn)題，實(shí)驗(yàn)小組同學(xué)利用落錘沖擊的方式進(jìn)行了實(shí)驗(yàn)，即通過(guò)一定質(zhì)量的重物從某一高度自由下落沖擊地面來(lái)模擬人體落地時(shí)的情況重物與地面的形變很小，可忽略不計(jì)g取10m/s2下表為一次實(shí)驗(yàn)過(guò)程中的相關(guān)數(shù)據(jù)重物(包括傳感器)的質(zhì)量m/kg8.5重物下落高度H/cm45重物反彈高度h

20、/cm20最大沖擊力Fm/N850重物與地面接觸時(shí)間t/s0.1（1）請(qǐng)你選擇所需數(shù)據(jù)，通過(guò)計(jì)算回答下列問(wèn)題：a重物受到地面的最大沖擊力時(shí)的加速度大?。籦在重物與地面接觸過(guò)程中，重物受到的地面施加的平均作用力是重物所受重力的多少倍（2）如果人從某一確定高度由靜止豎直跳下，為減小腳底在與地面接觸過(guò)程中受到的沖擊力，可采取什么具體措施，請(qǐng)你提供一種可行的方法并說(shuō)明理由【答案】（1）a；b6倍；（2）見(jiàn)解析【解析】【詳解】（1）a重物受到最大沖擊力時(shí)加速度的大小為a由牛頓第二定律解得b重物在空中運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，由動(dòng)能定理重物與地面接觸前瞬時(shí)的速度大小重物離開地面瞬時(shí)的速度大小重物與地面接觸過(guò)程，重物受到

21、的平均作用力大小為F，設(shè)豎直向上為正方向由動(dòng)量定理解得 F=510N 故因此重物受到的地面施加的平均作用力是重物所受重力的6倍。（2）可以通過(guò)增加重物與地面接觸時(shí)間來(lái)減小沖擊力，由動(dòng)量定理Ft=mv可知，接觸時(shí)間增加了，沖擊力F會(huì)減小。13. 如圖所示，垂直于紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度為B。紙面內(nèi)有一正方形均勻金屬線框abcd，其邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，總電阻為R，ab邊與磁場(chǎng)邊界平行。線框在向右的拉力作用下以速度v勻速進(jìn)入磁場(chǎng)。從ab邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)直至cd邊剛要進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中，求：（1）金屬線框中的感應(yīng)電流I的大小和方向；（2）金屬線框產(chǎn)生的焦耳熱Q；（3）安培力的沖量大小I安?！敬鸢浮浚?），電流方向沿a

22、dcba（或逆時(shí)針?lè)较颍?；?）；（3）【解析】【分析】【詳解】（1）ab邊切割磁感線產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì) 根據(jù)閉合電路歐姆定律 解得根據(jù)右手定則可判斷，電流方向沿adcba（或逆時(shí)針?lè)较颍?（2）根據(jù)焦耳定律其中 代入解得 （3）ab邊受安培力 安培力的沖量大小 代入解得 14. 如圖所示，水平桌面固定著光滑斜槽，光滑斜槽的末端和一水平木板平滑連接，設(shè)物塊通過(guò)銜接處時(shí)速率沒(méi)有改變。質(zhì)量m1= 0.40kg的物塊A從斜槽上端距水平木板高度h = 0.80m處下滑，并與放在水平木板左端的質(zhì)量m2= 0.20kg的物塊B相碰，相碰后物塊B滑行x = 4.0m到木板的C點(diǎn)停止運(yùn)動(dòng)，物塊A滑到木板的D點(diǎn)停止運(yùn)動(dòng)。已知物塊B與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù) = 0.20，重力加速度g = 10m/s2，求：（1）物塊A沿斜槽滑下與物塊B碰撞前瞬間的速度大??；（2）物塊B碰撞后瞬間的速度大小；（3）物塊A與物塊B碰撞時(shí)損失的機(jī)械能?！敬鸢浮浚?）4m/s；（2）4m/s；（3）0.8J【解析】【詳解】（1）設(shè)物塊A滑到斜槽底端與物塊B碰撞前瞬間速度大小為vA，由機(jī)械能守恒定律得解得（2）設(shè)物塊A與物塊B碰撞后的速度為，物塊B碰撞后的速度為，由動(dòng)能定理有解得（3）物塊A與物塊B碰撞的過(guò)程中根據(jù)動(dòng)量守恒有m1vA = m1vA