高中數(shù)學選修第一冊：專題強化練１　利用空間向量基本定理解決立體幾何問題

1、專題強化練1利用空間向量基本定理解決立體幾何問題一、選擇題1.(2020海南文昌中學高二上月考,)如圖,平行六面體ABCD-A1B1C1D1中,AC與BD的交點為M,設(shè)AB=a,AD=b,AA1=c,則下列向量中與C1M相等的向量是()A.-12a+12b+cB.12a+12b+cC.-12a-12b-cD.-12a-12b+c2.(2019陜西高三聯(lián)考,)已知三棱柱ABC-A1B1C1的側(cè)棱與底面邊長都相等,A1在底面ABC上的射影為BC的中點,則異面直線AB與CC1所成角的余弦值為() A.34B.34C.54D.5163.(2019黑龍江大慶鐵人中學期末,)如圖,在四面體OABC中,OA

2、=8,AB=6,AC=4,BC=5,OAC=45,OAB=60,則OA與BC所成角的余弦值為()A.3-225B.2-26C.12D.32二、填空題4.(2020河北武邑中學高二上月考,)已知在直三棱柱ABC-A1B1C1中,ACB=90,AA1=2,AC=BC=1,則異面直線A1B與AC所成角的余弦值是.5.(2020安徽合肥一六八中學高二月考,)如圖,在三棱錐D-ABC中,已知AB=2,ACBD=-3,設(shè)AD=a,BC=b,CD=c,則c2ab+1的最小值為.三、解答題6.(2020浙江寧波高二上期中,)如圖,在三棱柱ABC-A1B1C1中,AB=AC,A1CBC1,AB1BC1,D,E分

3、別是AB1,BC的中點.求證:(1)DE平面ACC1A1;(2)AE平面BCC1B1.(用向量方法證明)7.(2020海南?？诘谝恢袑W高三上月考,)如圖所示,在四棱錐E-ABCD中,底面ABCD是菱形,ADC=60,AC與BD交于點O,EC底面ABCD,F為BE的中點,AB=CE.(1)求證:DE平面ACF;(2)求異面直線EO與AF所成角的余弦值;(3)求AF與平面EBD所成角的正弦值.深度解析答案全解全析一、選擇題1.CC1M=AM-AC1=12(AB+AD)-(AB+AD+AA1)=-12a-12b-c,故選C.2.B設(shè)AB=a,AC=b,AA1=c,BC的中點為D,則A1D平面ABC,

4、A1DAB,設(shè)三棱柱的各棱長均為1,則|a|=|b|=|c|=1,且=60,A1D=AD-AA1=12(a+b)-c,A1DAB=12a+12b-ca=0,解得ac=34,cos=ac|a|c|=3411=34,異面直線AB與CC1所成角的余弦值為34.3.A因為BC=AC-AB,所以O(shè)ABC=OA(AC-AB)=OAAC-OAAB=|OA|AC|cos-|OA|AB|cos=84cos 135-86cos 120=-162+24.所以cos=OABC|OA|BC|=24-16285=3-225,即OA與BC所成角的余弦值為3-225.二、填空題4.答案66解析由題意得CAB=45,AB=2,

5、A1B=AB-AA1,A1BAC=(AB-AA1)AC=ABAC-AA1AC=2122-0=1,又|A1B|=(AB-AA1)2=2+4=6,|AC|=1,cos=A1BAC|A1B|AC|=161=66.5.答案2解析設(shè)CA=x,CB=y,CD=z,則x,y,z是空間的一個基底,AB2=(y-x)2=y2-2yx+x2=b2-2yx+x2=4,ACBD=(-x)(z-y)=xy-xz=-3,AD2=(z-x)2=z2-2zx+x2=c2-2zx+x2=a2,-得b2-c2-2yx+2zx=4-a2,將代入得b2-c2+6=4-a2,化簡得c2a2+b2+2=1,又a2+b22ab(當且僅當a

6、=b時取等號),c2ab+12(當且僅當a=b時取等號),即c2ab+1的最小值為2.三、解答題6.證明設(shè)AB=a,AC=b,AA1=c.(1)DE=AE-AD=12(a+b)-12AB1=12(a+b)-12(a+c)=12(b-c),A1C=AC-AA1=b-c,DE=12A1C,DEA1C,又DE平面ACC1A1,A1C平面ACC1A1,DE平面ACC1A1.(2)易知AE=12(a+b),BC=b-a,BB1=c,BC1=b-a+c,AB1=a+c,A1CBC1,AB1BC1,A1CBC1=0,AB1BC1=0,即(b-c)(b-a+c)=0,(a+c)(b-a+c)=0,兩式相加,整

7、理得b2-a2+bc+ac=0,AB=AC,|a|=|b|,bc+ac=0.AEBB1=12(a+b)c=12(ac+bc)=0,AEBB1.又AEBC=12(b2-a2)=0,AEBC.又BCBB1=B,AE平面BCC1B1.7.解析設(shè)AB=CE=1,CD=a,CB=b,CE=c,則|a|=|b|=|c|=1,=90,=120.(1)證明:DE=c-a,CF=12(b+c),CA=a+b,DE=2CF-CA,即DE,CF,CA共面,又DE平面ACF,CF,CA平面ACF,DE平面ACF.(2)EO=CO-CE=12(a+b)-c,AF=CF-CA=12(b+c)-(a+b)=-a-12b+12c,EOAF=-78,|EO|=52,|AF|=1,cos=EOAF|EO|AF|=-78521=-7520,兩異面直線所成角不大于90,異面直線EO與AF所成角的余弦值為7520.(3)易知EB=b-c,ED=a-c,過點A作AG平面EBD,垂足為G,則AFG即直線AF與平面EBD所成角.設(shè)DG=xDE+yBE,DE=c-a,BE=c-b,DG=xDE+yBE=(x+y)c-xa-yb,AG=AC+CD+DG=(x+y)c-xa-(y+1)b,由AGEB=0,AGED=0,得y=-35,x=25,AG=-15c-25a-25b,|