【高考模擬】廣東省廣州市某校高三市二模物理試卷答案與祥細(xì)解析

1、試卷第 =page 18 18頁，總 =sectionpages 19 19頁試卷第 =page 19 19頁，總 =sectionpages 19 19頁廣東省廣州市某校2021屆高三市二模物理試卷一、選擇題1. 物理學(xué)家奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)如圖，南北方向放置的直導(dǎo)線正下方有一靜止的小磁針，當(dāng)導(dǎo)線通入由南向北的電流時(shí)觀察到小磁針偏轉(zhuǎn)，則小磁針（） A.N極會(huì)垂直紙面向里偏轉(zhuǎn)B.N極會(huì)沿紙面內(nèi)向上偏轉(zhuǎn)C.對通電直導(dǎo)線無力的作用D.轉(zhuǎn)動(dòng)方向與電流方向無關(guān)2. 如圖為氫原子發(fā)射光譜，H、H、H、H是其中的四條光譜線，下列說法正確的是（） A.氫原子發(fā)射光譜屬于連續(xù)光譜B.H譜線對應(yīng)光子的能量最

2、大C.H譜線對應(yīng)光子的頻率最小D.該光譜由氫原子核外電子的躍遷產(chǎn)生3. 如圖，在跳高運(yùn)動(dòng)時(shí)，運(yùn)動(dòng)員落地一側(cè)鋪有海綿墊，這樣做的目的是為了減?。ǎ?A.運(yùn)動(dòng)員的慣性B.運(yùn)動(dòng)員重力的沖量C.接觸面對運(yùn)動(dòng)員的沖量D.接觸面對運(yùn)動(dòng)員的作用力4. 如圖，重為G的物體a放在上表面水平的物體b上，沿固定光滑斜面c一起下滑，則（） A.a對b的壓力等于零B.a對b的壓力等于GC.a受到的摩擦力方向水平向右D.a與b之間沒有摩擦力的作用5. 如圖，L是自感系數(shù)很大、電阻不計(jì)的線圈，a、b是兩個(gè)相同的小燈泡開關(guān)S由斷開到閉合（） A.a先亮b后亮，然后b逐漸變亮B.b先亮a后亮，然后a逐漸變亮C.a、b同時(shí)亮后b

3、逐漸變暗至熄滅D.a、b同時(shí)亮后a逐漸變暗至熄滅6. 如圖，救援演習(xí)中通過繩索懸掛貨物的飛機(jī)以4m/s的速度水平勻速飛行 t=0時(shí)刻起，開始勻加速收攏繩提升貨物，忽略空氣對貨物的影響，在t=1s時(shí)，貨物的速度大小為5m/s，則貨物的加速度大小為（） A.1m/s2B.3m/s2C.4m/s2D.5m/s27. 已知?jiǎng)榆嚱M列車每節(jié)動(dòng)車的額定功率相同，每節(jié)動(dòng)車與拖車質(zhì)量相等，動(dòng)車組運(yùn)行時(shí)所受阻力與其重力成正比若某動(dòng)車組由4節(jié)動(dòng)車加8節(jié)拖車組成，其運(yùn)行的最大速率為240km/h，則由該4節(jié)動(dòng)車加4節(jié)拖車組成的動(dòng)車組，運(yùn)行的最大速率為（） A.480km/hB.360km/hC.320km/hD.24

4、0km/h二、多選題 如圖，勻強(qiáng)電場區(qū)域內(nèi)，由a、b、c、d、 a、b、c、d作為頂點(diǎn)構(gòu)成一正方體空間，電場方向與面abcd垂直若在c點(diǎn)固定一正點(diǎn)電荷，則（） A.b、d兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等，電勢相等B.a、b兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等，電勢相等C.b、d兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等，電勢相等D.a、b兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等，電勢相等 如圖甲，足夠長的光滑斜面傾角為30，t=0時(shí)質(zhì)量為2kg的物塊在沿斜面方向的力F作用下由靜止開始運(yùn)動(dòng)，設(shè)沿斜面向上為力F的正方向，力F隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖乙取物塊的初始位置為零勢能位置，重力加速度取10m/s2，則物塊（） A.在01s過程中機(jī)械能減少4JB.在t=1

5、s時(shí)動(dòng)能為1JC.在t=2s時(shí)機(jī)械能為-4JD.在t=3s時(shí)速度大小為15.5m/s 如圖，在直角三角形abc區(qū)域內(nèi)有磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場直角邊ab上的O點(diǎn)有一粒子發(fā)射源，該發(fā)射源可以沿紙面與ab邊垂直的方向發(fā)射速率不同的帶電粒子已知所有粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間均相同，粒子比荷為k，Oa長為d，Ob長為3d，=30 ，不計(jì)粒子的重力以及粒子間的相互作用，則（） A.粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為6kBB.正電粒子的軌跡半徑最大為d3C.負(fù)電粒子的軌跡半徑最大為3d2D.負(fù)電粒子運(yùn)動(dòng)的最大速度為kBd三、解答題 用工作頻率為50Hz的打點(diǎn)計(jì)時(shí)器進(jìn)行“研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)”的實(shí)驗(yàn)如圖是

6、實(shí)驗(yàn)時(shí)獲得的一條紙帶，O（未畫出）、A、B、C、D和E為紙帶上的計(jì)數(shù)點(diǎn)，每相鄰兩點(diǎn)間還有4個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)未畫出現(xiàn)對紙帶進(jìn)行以下處理：以A為圓心、AO為半徑作圓，交AB于點(diǎn)a；以B為圓心、BA為半徑作圓，交BC于點(diǎn)b；如此依次得到c、d兩點(diǎn)在處理后的紙帶上，用刻度尺進(jìn)行相關(guān)測量，得到aB、bC、cD、dE的值并填入表格中aBbCcDdEs/cm1.011.02s31.02 （1）表格中s3=_cm； （2）根據(jù)表中數(shù)據(jù)可知，勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移的特點(diǎn)是_. （3）與紙帶相連的物體的加速度大小a=_m/s2，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打A點(diǎn)時(shí)，物體的速度大小v=_m/s（計(jì)算結(jié)果均保留兩位小數(shù)） 如圖甲，電阻R=0.2的

7、直角梯形金屬框abcde放在絕緣水平地面上，ab、bc、cd、de的長度均為L=0.4m；邊長L=0.4m的正方形區(qū)域MNHK內(nèi)存在垂直地面向下B=0.5T的勻強(qiáng)磁場金屬框沿地面以恒定速度v=1.0m/s向右穿過磁場，從cd邊剛進(jìn)入磁場（t=0）到a離開磁場的時(shí)間內(nèi)，e、d、N、H始終在一條直線上 （1）求cd邊剛進(jìn)入磁場時(shí)通過金屬框的電流強(qiáng)度； （2）通過分析和計(jì)算，在圖乙中畫出通過金屬框的電流強(qiáng)度隨時(shí)間變化的i-t圖像（設(shè)逆時(shí)針方向?yàn)檎较颍?如圖，光滑絕緣水平地面上，靜止并緊靠著的帶正電小球a和不帶電的絕緣小球b，用長為2.5m的不可伸長且不會(huì)拉斷的絕緣細(xì)繩相連a的質(zhì)量為0.1kg、電量

8、為1.010-6C，b的質(zhì)量為a的k（k0）倍a右側(cè)有水平向右的勻強(qiáng)電場區(qū)域，場強(qiáng)大小為1.0105N/C、場區(qū)寬度為2m現(xiàn)同時(shí)給a、b以1m/s的速度開始運(yùn)動(dòng)，使a水平向右進(jìn)入電場區(qū)域、b水平向左運(yùn)動(dòng)，細(xì)繩繃緊瞬間兩球具有共同速度v，重力加速度取10m/s2求： （1）細(xì)繩繃緊瞬間a到電場左邊界的距離； （2）v與k的關(guān)系式； （3）a離開電場區(qū)域時(shí)的速度大小 如圖，鍋爐外壁緊貼著一個(gè)導(dǎo)熱性能良好、右壁開孔與大氣相通的汽缸，用于監(jiān)控鍋爐外壁的溫度輕質(zhì)活塞通過輕桿與汽缸右壁的壓力傳感器相連；鍋爐未工作時(shí)，活塞左側(cè)封閉溫度300K、壓強(qiáng)為105Pa的空氣，此時(shí)傳感器的示數(shù)為0已知大氣壓強(qiáng)為105

9、Pa，活塞橫截面積為10-2m2，不計(jì)活塞與汽缸壁間的摩擦鍋爐工作時(shí)，求壓力傳感器示數(shù)F與鍋爐外壁溫度T的關(guān)系式 四、實(shí)驗(yàn)探究題 利用圖(a)的電路測量干電池組的電動(dòng)勢和內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)器材有：待測干電池組（由電池A、B串聯(lián)而成）、電流表（0.6A量程，內(nèi)阻為0.5）、電阻箱、定值電阻（阻值為2.0）、開關(guān)及導(dǎo)線若干 （1）為了完成實(shí)驗(yàn)需要進(jìn)行的測量是_ （2）某同學(xué)按圖（a）連接線路后，閉合開關(guān)，無論怎么調(diào)節(jié)電阻箱，電流表始終無示數(shù)，他為了排查電路故障，保持電路開關(guān)閉合，將內(nèi)阻很大的電壓表的“-”接線柱通過導(dǎo)線與a處的接線端保持連接，“+”接線柱通過導(dǎo)線依次與b、c、d、e、f 、g、h、i、j、

10、k處的接線端接觸，電壓表示數(shù)如下表所示：測量端abacadaeafagahaiajak電壓/V1.452.882.882.882.882.882.882.882.880則電路存在的故障有_ （3）該同學(xué)排除故障后，利用圖（a）中的器材和電路完成相關(guān)實(shí)驗(yàn)：斷開電路開關(guān)，調(diào)節(jié)電阻箱，示數(shù)如圖（b），讀得電阻值是_；閉合電路開關(guān)，電流表的示數(shù)如圖（c），電流值為_A；根據(jù)（2）表中的數(shù)據(jù)和中的讀數(shù)，可計(jì)算出干電池組的內(nèi)阻是_（計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）參考答案與試題解析 廣東省廣州市某校2021屆高三市二模物理試卷一、選擇題1.【答案】A【考點(diǎn)】通電直導(dǎo)線和通電線圈周圍磁場的方向【解析】小磁針靜止時(shí)

11、N極的指向表示磁場的方向，根據(jù)右手螺旋定則得出N極偏轉(zhuǎn)方向【解答】解：根據(jù)安培定則可知，通電后，小磁針的N極向紙里偏轉(zhuǎn)，故A正確，BCD錯(cuò)誤故選A2.【答案】D【考點(diǎn)】氫原子的能級公式和躍遷玻爾理論【解析】本題目的是考查波爾理論：氫原子的軌道是不連續(xù)的，是一些特殊的分立的值，電子只能在這些軌道上繞原子核運(yùn)動(dòng)電子在不同的軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)對應(yīng)不同的能量值，原子只能處于一系列能量不連續(xù)的狀態(tài)中當(dāng)電子從一個(gè)軌道躍遷到另一個(gè)軌道時(shí)只能吸收或發(fā)射特定頻率的光子【解答】解：A由于氫原子的軌道是不連續(xù)的，而氫原子在不同的軌道上的能級En=1n2E1，故氫原子的能級是不連續(xù)的，故A錯(cuò)誤；BC根據(jù)公式E=hc，可知，

12、波長越長的，光子的能量越小，因H波長最長，則H譜線對應(yīng)光子的能量最小，H波長最短，則H譜線對應(yīng)光子的能量最大，頻率最大，故BC錯(cuò)誤；D該光譜由氫原子核外電子的躍遷產(chǎn)生，故D正確故選D3.【答案】D【考點(diǎn)】動(dòng)量定理的基本應(yīng)用【解析】跳高運(yùn)動(dòng)員在落地的過程中，動(dòng)量變化一定，由動(dòng)量定理可知，運(yùn)動(dòng)員受到的沖量一定，延長與地面的接觸時(shí)間，可以減小運(yùn)動(dòng)員受到的沖擊力【解答】解：跳高運(yùn)動(dòng)員在落地的過程中，動(dòng)量變化一定，由動(dòng)量定理可知，運(yùn)動(dòng)員受到的沖量I一定，跳高運(yùn)動(dòng)員在跳高時(shí)跳到海綿墊上可以延長著地過程的作用時(shí)間t，由I=Ft可知，延長時(shí)間t可以減小運(yùn)動(dòng)員所受到的平均沖力F，故D正確，ABC錯(cuò)誤故選：D4.

13、【答案】C【考點(diǎn)】物物疊放連接體動(dòng)力學(xué)中的整體法與隔離法【解析】先對整體受力分析，再分析a物體的受力情況，由牛頓第二定律求出支持力和摩擦力，再得到b對a的作用力.【解答】解：對于ab組成的整體，整體具有沿斜面向下的加速度，設(shè)為a，將a正交分解為豎直方向分量a1，水平分量a2，對整體，由牛頓第二定律得(ma+mb)gsin(ma+mb)a，得agsin，對a物體，由牛頓第二定律得：豎直方向上：mag-Nmaa1magsinsin，水平方向上：fmaa2magsincos，則得支持力：Nmag-magsin2magcos2，摩擦力大小為fmagsincos，方向水平向右，故C正確，ABD錯(cuò)誤故選擇

14、：C5.【答案】C【考點(diǎn)】自感現(xiàn)象和自感系數(shù)【解析】閉合S，ab同時(shí)亮，隨著L中電流增大，線圈L直流電阻可忽略不計(jì)，分流作用增大，b燈逐漸被短路，總電阻減小，再由歐姆定律分析b燈亮度的變化【解答】解：閉合S時(shí)，電源的電壓同時(shí)加到兩燈上，a、b同時(shí)亮；隨著L中電流增大，由于線圈L直流電阻可忽略不計(jì)，分流作用增大，b逐漸被短路直到熄滅，外電路總電阻減小，總電流增大，a燈變亮，故C正確，ABD錯(cuò)誤故選：C6.【答案】B【考點(diǎn)】運(yùn)動(dòng)的合成與分解【解析】貨物在水平方向隨飛機(jī)勻速運(yùn)動(dòng)的同時(shí)，在豎直方向勻加速上升，根據(jù)速度的合成求出豎直分速度，根據(jù)勻加速運(yùn)動(dòng)規(guī)律求出加速度.【解答】解：貨物在水平方向隨飛機(jī)勻

15、速運(yùn)動(dòng)的同時(shí)，在豎直方向勻加速上升，1s時(shí)的速度v=vx2+vy2=42+vy2=5m/s，vy=3m/s，vy=at，解得a=3m/s2，故B正確故選B7.【答案】B【考點(diǎn)】機(jī)車啟動(dòng)問題-恒定功率瞬時(shí)功率【解析】當(dāng)功率一定時(shí)，當(dāng)牽引力等于阻力時(shí)，速度達(dá)到最大；根據(jù)P=Fv=fv去求最大速度【解答】解：若開動(dòng)4節(jié)動(dòng)車帶8節(jié)拖車，最大速度可達(dá)到240km/h，每節(jié)動(dòng)車的功率為P，設(shè)每節(jié)車廂所受的阻力為f，則有：4P=Fv=12fv，當(dāng)開動(dòng)4節(jié)動(dòng)車帶4節(jié)拖車時(shí)，有：4P=Fv=8fv，聯(lián)立兩式解得：v=32v=360km/h，故ACD錯(cuò)誤，B正確故選B二、多選題【答案】A,C【考點(diǎn)】電勢電場的疊加

16、【解析】本題中電場可以看作是由勻強(qiáng)電場和點(diǎn)電荷的電場疊加而成，解決本題的關(guān)鍵知道電場強(qiáng)度是矢量，合成遵循平行四邊形定則【解答】解：A在點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場中b、d兩點(diǎn)到c點(diǎn)的距離相等，由E=kQr2可知，電場強(qiáng)度大小相等，方向均在abcd平面內(nèi)，且電勢相等，在勻強(qiáng)電場中b、d兩點(diǎn)電場強(qiáng)度相等，電勢相等，所以疊加后可知：b、d兩點(diǎn)電場強(qiáng)度大小相等，電勢相等，故A正確；B在點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場中a、b兩點(diǎn)到c點(diǎn)的距離不相等，由E=kQr2可知，電場強(qiáng)度大小不相等，故根據(jù)電場的疊加原理可知a、b兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小不相等，故B錯(cuò)誤；C在點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場中b、d兩點(diǎn)到c點(diǎn)的距離相等，由E=kQr2可知，電場強(qiáng)度

17、大小相等，方向與勻強(qiáng)電場夾角相等，且電勢相等，所以疊加后可知：b、d兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等，電勢相等，故C正確；D在點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場中a、b兩點(diǎn)到c點(diǎn)的距離不相等，由E=kQr2可知，電場強(qiáng)度大小不相等，根據(jù)電場的疊加原理可知a、b兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小不相等，故D錯(cuò)誤故選AC【答案】A,C,D【考點(diǎn)】用牛頓運(yùn)動(dòng)定律分析斜面體模型功能關(guān)系中圖象問題的分析動(dòng)能定理的應(yīng)用【解析】將重力沿垂直斜面方向和平行與斜面方向正交分解，垂直斜面方向合力為零，物體沿平行斜面方向運(yùn)動(dòng)，比較拉力和重力的平行斜面方向的分力，結(jié)合牛頓運(yùn)動(dòng)定律即可判斷物體的運(yùn)動(dòng)情況；機(jī)械能變化量等于拉力做功；根據(jù)動(dòng)能定義式計(jì)算動(dòng)能大小.【解

18、答】解：對物體受力分析，受重力、支持力和拉力，將重力沿垂直斜面方向和平行斜面方向正交分解，平行與斜面方向分力為：G1=mgsin30=10N，分階段討論物體的運(yùn)動(dòng)情況：AB0到1s內(nèi)，F(xiàn)合=10N-2N=8N，沿斜面向下，加速度為a=F合m=4m/s2，1s時(shí)速度為v1=at=4m/s，Ek=mv122=2422=16J，1s內(nèi)位移為x1=12at12=2m，拉力做功W=-Fx1=-4J，則機(jī)械能減少4J，故A正確，B錯(cuò)誤；C 1s到2s內(nèi)，合力為10N，物塊勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度為a=F合m=5m/s2，2s末速度為v2=(4+51)m/s=9m/s，拉力為0，則機(jī)械能不變，相對初始時(shí)刻減少4J

19、，則機(jī)械能為-4J，故C正確；D2s到3s內(nèi)，合力為F合=10N+3N=13N，加速度為a=F合m=6.5m/s2，3s末速度為v3=v2+at3=15.5m/s，故D正確故選：ACD【答案】B,D【考點(diǎn)】帶電粒子在有界磁場中的圓周運(yùn)動(dòng)【解析】粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，作出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡，求出粒子軌道半徑然后應(yīng)用牛頓第二定律求出粒子的速度，根據(jù)粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期公式求出粒子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間【解答】解：A已知所有粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間均相同，故所有粒子均從ab邊出射，圓心角均為180，故t=2T=mqB=kB，故A錯(cuò)誤；B正電粒子的軌跡半徑最大時(shí)，軌跡與ac相切，如圖：f為圓周運(yùn)動(dòng)圓

20、心，由幾何關(guān)系得：sin=rr+d-2r，解得r=d3，故B正確；CD負(fù)電粒子的軌跡半徑最大為，軌跡與ac相切，如圖：e為圓周運(yùn)動(dòng)圓心，由幾何關(guān)系得sin=RR+d，解得R=d，由qvB=mv2R得v=qBRm=kBd，故C錯(cuò)誤，D正確故選BD三、解答題【答案】（1）1.00（2）連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)的位移增量相等（3）1.01,0.24【考點(diǎn)】利用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)【解析】此題暫無解析【解答】解：（1）s3=11.80-10.80=1.00cm（2）根據(jù)表中數(shù)據(jù)分析得，勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移的特點(diǎn)是連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)的位移增量相等（3）由于相鄰的時(shí)間間隔位移之差相等，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式x=aT2，x

21、1.01cm，T=0.1s，代入數(shù)據(jù)，解得a=1.01m/s2，根據(jù)x=vAT+12aT2，x=2.90cm，解得vA0.24m/s【答案】（1）cd邊剛進(jìn)入磁場時(shí)通過金屬框的電流強(qiáng)度為1A；（2）詳細(xì)見解答【考點(diǎn)】導(dǎo)線框切割磁感線電磁感應(yīng)中的圖象問題【解析】 【解答】解：（1）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路歐姆定律，有E=BLv，I=ER，聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)，解得I=1A（2）金屬框穿過磁場，分三個(gè)階段第一階段：cd邊從進(jìn)入磁場到離開磁場（設(shè)從0到t1），第二階段：be從進(jìn)入磁場到離開離磁場（設(shè)從t1到t2），第三階段：a從進(jìn)入磁場到離開磁場（設(shè)從t2到t3），每個(gè)階段的經(jīng)歷的時(shí)間均為：t=L

22、v，依題意，第一階段，經(jīng)歷時(shí)間為0.4s（00.4s），l1=L，得：i1=1A，第二階段，經(jīng)歷時(shí)間為0.4s（0.4s0.8s），l2=vt-t1，得：i2=1-2.5t，第三階段，經(jīng)歷時(shí)間為0.4s（0.8s1.2s），l3=L-vt-t2，得：i3=2.5t-3，i-t圖像如圖所示：【答案】（1）細(xì)繩繃緊瞬間a到電場左邊界的距離為1.5m；（2）v與k的關(guān)系式為v=2-k1+k；（3）a離開電場區(qū)域時(shí)的速度大小為k2-3k+51+k或k2-7k+11+k【考點(diǎn)】帶電粒子在電場中的加（減）速和偏轉(zhuǎn)動(dòng)量守恒定律的綜合應(yīng)用應(yīng)用動(dòng)能定理處理物體系的運(yùn)動(dòng)【解析】 【解答】解：（1）設(shè)細(xì)繩長為L，電場寬度為d，小球a、b的初速度為v0，經(jīng)時(shí)間t細(xì)繩繃緊，a到電場左邊界的距離為sa、b通過的距離為sb，設(shè)電場強(qiáng)度為E，a的質(zhì)量為m，在電場中的加速度為a，以水平向右為正方向，依題意sa=v0t+12at2，sb=v0t，sa+sb=L，a=qEm，聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)可得sa=1.5m（2）設(shè)繃緊前瞬間a的速度為vt，繃緊瞬間兩球的共同的速度為v，以水平向右為正方向，依題意vt=v0+at，mvt-kmv0=m+kmv，聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)可得v=2-k1+k，當(dāng)