遼寧大連甘井子區(qū)渤海高中2019年高考物理模擬試題解析版

1、2019年遼寧省大連市甘井子區(qū)渤海高中高考物理模擬試卷（4）一、單選題1.2008年9月25日至28日，我國成功實(shí)施了 神舟”七號(hào)載人飛船航天飛行 在劉伯明、景海鵬的協(xié)助和配合 下，翟志剛順利完成了中國人的第一次太空行走 9月27日19時(shí)24分，神舟”七號(hào)飛行到31圈時(shí)，成功釋 放了伴飛小衛(wèi)星，通過伴飛小衛(wèi)星可以拍攝 神舟”七號(hào)的運(yùn)行情況若在無牽連的情況下伴飛小衛(wèi)星與 神 舟”七號(hào)保持相對(duì)靜止下述說法中正確的（）A.伴飛小衛(wèi)星和神舟七號(hào)飛船有相同的角速度B.伴飛小衛(wèi)星繞地球沿圓軌道運(yùn)動(dòng)的速度比第一宇宙速度大C.翟志剛在太空行走時(shí)的加速度和在地面上的重力加速度大小相等D.翟志剛在太空行走時(shí)不受地

2、球的萬有引力作用，處于完全失重狀態(tài) 【答案】A【解析】【分析】根據(jù)伴飛小衛(wèi)星與“神舟”七號(hào)保持相對(duì)靜止，得出它們的共同點(diǎn).知道第一宇宙速度的含義.根據(jù)萬有引力等于重力表示出重力加速度.能夠正確理解萬有引力定律的內(nèi)容并能應(yīng)用.【詳解】根據(jù)伴飛小衛(wèi)星與“神舟”七號(hào)保持相對(duì)靜止得出伴飛小衛(wèi)星與“神舟”七號(hào)具有相同的周期，所以伴飛小衛(wèi)星和“神舟”七號(hào)飛船有相同的角速度，故 A正確。第一宇宙速度是近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度，也是最大的圓周運(yùn)動(dòng)的環(huán)繞速度，伴飛小衛(wèi)星繞地球沿圓軌道運(yùn)動(dòng)的速度比第一宇宙速度小，故B錯(cuò)誤。GMmGM=mg g =-根據(jù)萬有引力等于重力表示出重力加速度得：R , R”,在太空和在地面的

3、r不等，所以翟志剛在太空行走時(shí)的加速度和在地面上的重力加速度大小不相等，故c錯(cuò)誤。翟志剛在太空行走時(shí)受地球的萬有引力作用，處于完全失重狀態(tài)，故 D錯(cuò)誤。故選Ao2.如圖所示，某段滑雪雪道傾角為30。，總質(zhì)量為m（包括雪具在內(nèi)）的滑雪運(yùn)動(dòng)員從距底端高為 h處的雪道I上由靜止開始勻加速下滑，加速度為3 g.在他從上向下滑到底端的過程中，下列說法正確的是（）A.運(yùn)動(dòng)員減少的重力勢(shì)能全部轉(zhuǎn)化為動(dòng)能IB.運(yùn)動(dòng)員獲得的動(dòng)能為3 mgh2C.運(yùn)動(dòng)員克服摩擦力做功為 3mgh1D.下滑過程中系統(tǒng)減少的機(jī)械能為3 mgh【答案】D【解析】【詳解】由于人下滑的加速度a=g/3 gsin30 0,所以人在下滑中受重

4、力、支持力及摩擦力的作用，由功能關(guān)系可知，運(yùn)動(dòng)員的重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為動(dòng)能和內(nèi)能，則運(yùn)動(dòng)員減少的重力勢(shì)能大于增加的動(dòng)能，故A錯(cuò)誤。由12;由動(dòng)能定理可1Ffimg;運(yùn)動(dòng)故機(jī)械能牛頓第二定律可知，人受到的合力F=ma=mg/3 ,合力對(duì)運(yùn)動(dòng)員做的功 W=Fs=mg?2h= mgh知，運(yùn)動(dòng)員獲得的動(dòng)能為員克服摩擦力做功 Wf=3mgh;故B錯(cuò)誤；物體合外力 F=mgsin30 -Ff=3 mg,故摩擦力大小 1mgx2h=3mgh;故C錯(cuò)誤。運(yùn)動(dòng)員克服摩擦力做功等于機(jī)械能的減小量,減小了 Ygh,故D正確；故選D。【點(diǎn)睛】在理解功能關(guān)系時(shí)，應(yīng)抓住：重力做功等于重力勢(shì)能的變化量，阻力做功等于機(jī)械能的改變量

5、，而合力外力做功等于動(dòng)能的變化量 .如圖所示，質(zhì)量為叫的物體A經(jīng)跨過定滑輪的輕繩與質(zhì)量為M的箱子B相連，箱子底板上放一質(zhì)量為 由二的物體C已知不計(jì)定滑輪的質(zhì)量和摩擦，不計(jì)空氣阻力，在箱子加速下落的過程中，下列關(guān)系式中正確的是A.物體A的加速度大小為（Mt叫）8-加得B.物體A的加速度大小為2m tn12gC.物體C對(duì)箱子的壓力大小為mi+m2 + Md.物體C對(duì)箱子的壓力大小為2 my叫旭【答案】C【解析】 【分析】先分別對(duì)A和BC整體受力分析，求解出加速度；然后再隔離B,受力分析后根據(jù)牛頓第二定律列式求解?！驹斀狻吭O(shè)加速度大小為a,對(duì)物體A,受到重力和拉力，根據(jù)牛頓第二定律，有： 1-坨倨二

6、!】；對(duì)物體（M-i m2- mt）gBC整體，根據(jù)牛頓第二定律，有：卜m汜聯(lián)立解得：叫+mM；故人錯(cuò)誤，b錯(cuò)誤。物體C受重力和支持力，根據(jù)牛頓第二定律，有： m理-N = m聲，解得：M = mw（g.a）,帶入a表達(dá)式 2m 叱g N =解得： 叫十m二十故C正確，D錯(cuò)誤。故選Co.如圖所示，在粗糙絕緣的水平面上有一物體A帶正電，另一帶正電的物體 B沿著以A為圓心的圓弧由P到Q緩慢地從A的正上方經(jīng)過，若此過程中 A始終保持靜止，A、B兩物體可視為質(zhì)點(diǎn)且只考慮它們之間有 庫侖力的作用，則下列說法正確的是171產(chǎn)7產(chǎn)產(chǎn)4尸刀二產(chǎn)。產(chǎn)產(chǎn)A.物體A受到地面的支持力先增大后減小B.物體A受到地面的支

7、持力保持不變C.物體A受到地面的摩擦力先增大后減小D.庫侖力對(duì)物體B先做正功后做負(fù)功【答案】A【解析】【分析】解答本題應(yīng)掌握：質(zhì)點(diǎn)B從p到最高點(diǎn)過程與從最高點(diǎn)到q過程中，質(zhì)點(diǎn) A一直處于平衡狀態(tài)，由共點(diǎn)力平衡條件可以分析出其所受各個(gè)力的變化情況；A對(duì)B的靜電力一直與B的速度方向垂直，故一直不做功N、【詳解】當(dāng)質(zhì)點(diǎn) B由p點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)的過程中，對(duì)物體 A受力分析，如圖，受重力 G、地面的支持力 摩擦力f以及靜電力F;將靜電力正交分解，由共點(diǎn)力平衡條件得到：FsmG - f = 0: fN - FcosQ - mg = 0 由兩式可解得：N -mg 十 Fcose .f =.其中G與F不變，9逐

8、漸減小為零，因而支持力N逐漸變大，f逐漸變??；N、當(dāng)質(zhì)點(diǎn)B由最高點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到 Q點(diǎn)的過程中，再次對(duì)物體 A受力分析，如下圖，受重力 G、地面的支持力 摩擦力f以及靜電力F;I %將靜電力正交分解，由共點(diǎn)力平衡條件得到:Fsm6 - f = 0（3）N - FcosQ - mg = 0 .由兩式可解得：N -mg 十 FcosO .f = FsinG.其中G與F不變，9由零逐漸增大，因而支持力 N逐漸變小，f逐漸變大；綜合以上兩個(gè)過程可知：物體 A受到地面的支持力 N先增大后減小，物體 A受到地面的摩擦力先減小后增 大，故A正確，BC錯(cuò)誤；質(zhì)點(diǎn)A對(duì)質(zhì)點(diǎn)B的靜電力與質(zhì)點(diǎn)B的速度總是垂直，因而其瞬時(shí)功率

9、一直為零，由W = Pl, A對(duì)B不做功，故D錯(cuò)誤；故選Ao【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵對(duì)物體受力分析后，運(yùn)用共點(diǎn)力平衡條件求解，關(guān)于靜電力的功，由于是變力，不能用W =要選擇公式 W二八.如圖所示，M是理想變壓器，將a、b接在電壓3c訊V的正弦交流電源上變壓器右側(cè)為一火警報(bào)警系統(tǒng)原理圖，其中片為用半導(dǎo)體熱敏材料制成的傳感器 ：.其電阻率隨溫度升高而減?。?，電流表內(nèi)為值班室的顯示器，顯示通過吃的電流，電壓表%顯示加在報(bào)警器上的電壓（報(bào)警器未畫出），R之為定值電阻.當(dāng)傳感器所在處出現(xiàn)火警時(shí)，以下說法中正確的是A.電流表、的示數(shù)不變,B.電流表的示數(shù)增大,C.電壓表%的示數(shù)增大,D.電壓表的示數(shù)不變,電流表的

10、示數(shù)增大電流表2的示數(shù)減小 電壓表的示數(shù)增大 電壓表的示數(shù)不變和閉合電路中的動(dòng)態(tài)分析類似，可以根據(jù)的變化，確定出總電路的電阻的變化，進(jìn)而可以確定總電路的電流的變化的情況，在根據(jù)電壓不變，來分析其他的原件的電流和電壓的變化的情況.【詳解】當(dāng)傳感器 所在處出現(xiàn)火情時(shí)，的電阻減小，導(dǎo)致電路的總的電阻減小，所以電路中的總電流1的示數(shù)不變，由于副線圈中電流將會(huì)增加，為測(cè)量的是原線圈中的總的電流，由于副線圈的電流增大了，所以原線圈的電流與示數(shù)也要增 加；由于電源的電壓不變，匝數(shù)比不變，原副線圈的電壓也不變，所以增大，R?的電壓變大，所以 的示數(shù)要減小，即 治的電壓也要減小，所以 事的示數(shù)要減小，所以 b正

11、確。故選Bo【點(diǎn)睛】電路的動(dòng)態(tài)變化的分析，總的原則就是由部分電路的變化確定總電路的變化的情況，再確定其他的電路的變化的情況，即先部分后整體再部分的方法.如圖所示，豎直放置的兩個(gè)平行金屬板間有勻強(qiáng)電場(chǎng)，在兩板之間等高處有兩個(gè)質(zhì)量相同的帶電小球，P小球從緊靠左極板處由靜止開始釋放，Q小球從兩板正中央由靜止開始釋放，兩小球最后都能打在右極板上的同一點(diǎn)。則從開始釋放到打到右極板的過程中A.它們的運(yùn)行時(shí)間B.它們的電荷量之比qp：陽=2： 1C.它們的動(dòng)能增加量之比 g AEkQ = 4: 1D.它們的電勢(shì)能減少量之比 %: Eq = 2： 1【答案】B【解析】本題考查必修2運(yùn)動(dòng)的合成與分解、選修 3-

12、1電場(chǎng).在豎直方向加速度均為g,位移相等，所以它們運(yùn)行1 1時(shí)間相等，A 項(xiàng)錯(cuò)誤；水平位移xP = 2xQ,-apt2 = 2x-aQt2,FP=2FQ,qP=2qQ, qP： qQ=2： 1, B項(xiàng)正確；AEkPXX= mgh+FPx,AEkQ= mgh+Fq 二，所以AEkP：AEkQ4： 1, C 項(xiàng)錯(cuò)誤；A Ep ：AEq= Fpx：Fq二=4 ： 1, D 項(xiàng)錯(cuò)誤.7.某同學(xué)用粗細(xì)均勻的同一種導(dǎo)線制成“殍形線框，放在有理想邊界的勻弓II磁場(chǎng)旁，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,如圖甲所示已知磁場(chǎng)的寬度為 2d,二民二闔二信二比二蛾二匕 導(dǎo)線框從緊靠磁場(chǎng)的左邊界以速度v向x軸的正方向勻速運(yùn)動(dòng)，設(shè)Uu=B

13、也在圖乙中最能體現(xiàn) be兩點(diǎn)間的電壓隨坐標(biāo) x變化關(guān)系的圖象是（）T!X X X：a 一LX X X：XVX X：/穴義x；x X改/-7X X X! ?OHA.Uba * 25 -Uq -B.2cb 二Lo - O Uo 一2U。一【答案】A【解析】【分析】分三段過程研究：進(jìn)入、完全在磁場(chǎng)中，穿出磁場(chǎng)三個(gè)過程.根據(jù)E = ELv求出bc、ce和ad產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì).分析be兩點(diǎn)間的電壓與電動(dòng)勢(shì)的關(guān)系，即可選擇圖象.【詳解】x在0-d過程：線框進(jìn)入磁場(chǎng)，bc、ce產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)都是 E = Bdv=U仃根據(jù)右手定則判斷可知，33b點(diǎn)的電勢(shì)圖于c點(diǎn)的電勢(shì)。bc間的電勢(shì)差為： 44，則be兩點(diǎn)間

14、的電壓7Ube = Ll be d E = _U0 + U。= 一Uq4 ;在d-2d過程：線框完全進(jìn)入磁場(chǎng)，磁通量不變，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，ad、bc、ce產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)都是 * =。根據(jù)右手定則判斷可知，b點(diǎn)的電勢(shì)高于e點(diǎn)的電勢(shì)。be兩點(diǎn)間的電壓= 久在況-3d過程：線框穿出磁場(chǎng)，ad邊產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)是根據(jù)右手定則判斷I IUbe =-E = -uo.可知，a點(diǎn)的電勢(shì)高于d點(diǎn)的電勢(shì)，則得 b點(diǎn)的電勢(shì)高于e點(diǎn)的電勢(shì)。be兩點(diǎn)間的電壓 睨44 故a正確。故選Ao【點(diǎn)睛】解決本題關(guān)鍵要分析清楚感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與電壓之間的關(guān)系，正確區(qū)分電源與外電路，列式進(jìn)行分析.二、多選題8.一汽車在平直公路上行駛，

15、某段時(shí)間內(nèi)的圖象如圖所示，則由圖可得：】A.前5s內(nèi)汽車的加速度2m.內(nèi)汽車的位移300m2530s內(nèi)汽車向反方向運(yùn)動(dòng)D.30s內(nèi)汽車在做減速運(yùn)動(dòng)【答案】ABD【解析】【分析】速度-時(shí)間圖象的斜率表示加速度，速度圖象與坐標(biāo)軸所圍面積”等于位移大小，圖象在時(shí)間軸的上方，速度為正，沿正方向運(yùn)動(dòng)。根據(jù)圖象的形狀分析汽車的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)。V 102a = - = = 2iii/5【詳解】A、根據(jù)速度-時(shí)間圖象的斜率表示加速度，則知前5s內(nèi)汽車的加速度為：t 5 ，故A正確；B、速度圖象與坐標(biāo)軸所圍面積”等于位移，則25s內(nèi)汽車的位移為：x = 20 x 15 = 300m 故b正確；C、圖象在時(shí)間軸的上方，

16、速度為正，所以乃38內(nèi)汽車沿正方向運(yùn)動(dòng)，故 C錯(cuò)誤；D、25?0s內(nèi)汽車加速度方向?yàn)樨?fù)，速度方向?yàn)檎?，汽車做減速運(yùn)動(dòng)，故 D正確。故選：ABD?！军c(diǎn)睛】本題的關(guān)鍵要抓住速度圖象的兩個(gè)數(shù)學(xué)意義就能正解作答：斜率等于加速度，面積”大小等于位移。19.如圖所示，光滑水平地面上放有截面為 4圓周的柱狀物體 A, A與墻面之間放一光滑的圓柱形物體 B,對(duì)A 施加一水平向左的力 F,整個(gè)裝置保持靜止.若將A的位置向左移動(dòng)稍許， 整個(gè)裝置仍保持平衡， 則（）A.水平外力F增大B.墻對(duì)B的作用力減小C.地面對(duì)A的支持力減小B對(duì)A的作用力減小【答案】BD【解析】【分析】先對(duì)B球受力分析，受到重力 mg、A球?qū)

17、球的支持力N和墻壁對(duì)B球的支持力N,然后根據(jù)共點(diǎn)力平衡 條件得到A球左移后各個(gè)力的變化情況；最后再對(duì)整體受力分析，根據(jù)平衡條件判斷推力F和地面的支持力的變化情況。【詳解】對(duì)B球受力分析，受到重力 mg、A球?qū)球的支持力N和墻壁對(duì)B球的支持力N,如圖所示：當(dāng)A球向左移動(dòng)后，A球又B球的支持力N的方向不斷變化，根據(jù)平衡條彳結(jié)合合成法可以知道A球?qū)球的支持力N和墻壁對(duì)B球的支持力N都在不斷減小，故 B D正確；再對(duì) A和B整體受力分析，受到總重力G、地面支持力Fn,推力F和墻壁的彈力 N,如圖所示：F寸根據(jù)平衡條件，有 F=N, Fn=G,故地面的支持力不變，推力 F隨著壁對(duì)B球的支持力N的不斷

18、減小而不斷 減小，故A C錯(cuò)誤。所以BD正確，AC錯(cuò)誤。【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵是先對(duì)小球 B受力分析，根據(jù)平衡條件得到各個(gè)力的變化情況，然后再對(duì)A、B整體受力分析，再次根據(jù)平衡條件列式分析。10.將電阻R、理想電壓表V、開關(guān)S和交流電源按照甲所示方式連接，其中 R = 3O0,合上開關(guān)S后，交流B. R消耗的電功率是2L6WC.通過R的電流瞬時(shí)值表達(dá)式為1 = 1 .裔ml。皿A)D.通過R的電流最大值為 好汽【答案】BC【分析】R的電流瞬時(shí)值表根據(jù)圖象可知流過電阻 R的電流和電壓的最大值、有效值的大小，周期，從而寫出通過U2P =達(dá)式，根據(jù) R求解電功率.【詳解】從圖乙可以看出,R兩端電壓的最大值

19、為36V,所以電壓表的示數(shù)為(18J5)22 冗P = P=W = 2.6W3 =一根據(jù) R得：消耗的電功率 加，故B正確；根據(jù)乙圖可知，交流電的周期為09看，則 T;E 36 . = = 電流的最大值M R 30 i ；所以通過R的電流瞬時(shí)值表達(dá)式為1 =故C正確，D錯(cuò)誤；故選BC。【點(diǎn)睛】本題結(jié)合電阻考查了交流的最大值和有效值關(guān)系，知道電壓表測(cè)量的是有效值，屬于基礎(chǔ)題目，平時(shí)要加強(qiáng)基礎(chǔ)知識(shí)的訓(xùn)練.11.下列說法正確的是A.布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中固體顆粒的分子無規(guī)則運(yùn)動(dòng)的反映B.氣體對(duì)容器壁的壓強(qiáng)是大量氣體分子不斷碰撞器壁產(chǎn)生的C.第二類永動(dòng)機(jī)是不可能制成的，因?yàn)樗`反了能量守恒定律D. 一

20、定質(zhì)量的理想氣體，當(dāng)氣體等溫膨脹時(shí)，氣體要從外界吸收熱量E.氣體的體積是所有氣體分子的體積之和F.物體的溫度越高，分子的平均動(dòng)能越大【答案】BDF【解析】【分析】布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中固體顆粒的運(yùn)動(dòng)，第二類永動(dòng)機(jī)是不可能制成的，因?yàn)樗`反了熱力學(xué)第二定律， 改變內(nèi)能的方式有做功和熱傳遞，溫度是平均動(dòng)能的標(biāo)志.【詳解】布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中固體顆粒的運(yùn)動(dòng)，間接反映了液體分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；氣體對(duì)容器壁的壓強(qiáng)是大量氣體分子不斷碰撞器壁產(chǎn)生的，B正確；第二類永動(dòng)機(jī)是不可能制成的，因?yàn)樗`反了熱力學(xué)第二定律，C錯(cuò)誤；根據(jù)熱力學(xué)第一定律，當(dāng)氣體等溫膨脹時(shí)，氣體要從外界吸收熱量，D正確；氣體的體積是

21、氣體所能達(dá)到的空間，E錯(cuò)誤；溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，物體的溫度越高，分子的平均動(dòng)能越大，F(xiàn)正確；故選BDF。.下列說法正確的是1A.聲波從空氣進(jìn)入水中時(shí)，其波速增大，波長(zhǎng)變長(zhǎng)B.縱波傳播過程中各質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)方向與波的傳播方向總是相同的C.當(dāng)波源與觀察者相向運(yùn)動(dòng)時(shí)，波源自身的頻率不變D.均勻變化的磁場(chǎng)產(chǎn)生變化的電場(chǎng)，均勻變化的電場(chǎng)產(chǎn)生變化的磁場(chǎng)E.只有頻率相同的兩列波才可能發(fā)生干涉現(xiàn)象F.電子的運(yùn)動(dòng)速度很高時(shí)，它的質(zhì)量將小于靜止質(zhì)量【答案】ACE【解析】【分析】聲波由空氣進(jìn)入水中時(shí)波速v變大，頻率f不變，由公式寸=紅得知，波長(zhǎng)變大；縱波傳播過程中各質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)方向與波的傳播方向總是垂直的；均勻變化

22、的磁場(chǎng)產(chǎn)生恒定的電場(chǎng)，均勻變化的電場(chǎng)產(chǎn)生恒定的磁場(chǎng)；只有頻率相同的兩列波才可能發(fā)生干涉現(xiàn)象.【詳解】聲波由空氣進(jìn)入水中時(shí)波速v變大，頻率f不變，由公式=狂得知，波長(zhǎng) 變大。故A正確。縱波傳播過程中各質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)方向與波的傳播方向總是平行的，質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)方向與波的傳播方向有可能相同，也有可能相反，B錯(cuò)誤；當(dāng)波源與觀察者相向運(yùn)動(dòng)時(shí)，波源自身的頻率不變，觀察者聽到的頻率變化，C正確；均勻變化的磁場(chǎng)產(chǎn)生恒定的電場(chǎng)，均勻變化的電場(chǎng)產(chǎn)生恒定的磁場(chǎng)，D錯(cuò)誤；只有頻率相同的兩列波才可能發(fā)生干涉現(xiàn)象，E正確；電子的速度不會(huì)超過光速，電子的運(yùn)動(dòng)速度很高時(shí)，它的質(zhì)量大于靜止質(zhì)量，F(xiàn)錯(cuò)誤；故選ACE。.下列說法正確的是1

23、A.盧瑟福通過對(duì)。粒子散射實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象的研究，提出了原子的核式結(jié)構(gòu)學(xué)說B.同一元素的兩種同位素具有相同的中子數(shù)C.放射性元素的半衰期是指大量該元素的原子核中有半數(shù)發(fā)生衰變需要的時(shí)間D.為解釋光電效應(yīng)現(xiàn)象，愛因斯坦提出了光子說E.根據(jù)玻爾理論可知，氫原子放出一個(gè)光子后，氫原子的核外電子運(yùn)動(dòng)速度減小F.笊核和瓶核聚合成氨核（粉巳），同時(shí)會(huì)放出一個(gè)正電子和核能【答案】ACD【分析】 口粒子散射實(shí)驗(yàn)中只有極少數(shù)入射粒子發(fā)生了較大的偏轉(zhuǎn)，說明原子核只占原子很小部分的體積，從而提出原子的核式結(jié)構(gòu)學(xué)說；同位素的定義是：質(zhì)子數(shù)相同而中子數(shù)不同的同種元素；半衰期的定義是大量該元素的原子核中有半數(shù)發(fā)生衰變需要的時(shí)間；

24、為解釋光電效應(yīng)現(xiàn)象，愛因斯坦提出了光子說；根據(jù)玻爾理論 的內(nèi)容，氫原子放出一個(gè)光子后能量減小，要從高能級(jí)躍遷到低能級(jí)，圓周運(yùn)動(dòng)半徑減小，速度增大，加 速度增大；根據(jù)電荷數(shù)與質(zhì)量數(shù)守恒放出的應(yīng)該是質(zhì)量數(shù)為1的中子.【詳解】根據(jù)物理學(xué)史，盧瑟福通過對(duì)。粒子散射實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象的研究，提出了原子的核式結(jié)構(gòu)學(xué)說，故A正確;同位素是指具有相同的質(zhì)子數(shù)不同中子數(shù)的兩種元素，故B錯(cuò)誤；放射性元素的半衰期是指大量該元素的原子核中有半數(shù)發(fā)生衰變需要的時(shí)間，C正確；為解釋光電效應(yīng)現(xiàn)象，愛因斯坦提出了光子說，D正確；根據(jù)玻爾理論可知，氫原子放出一個(gè)光子后，能量減小，要躍遷到低能級(jí)，氫原子的核外電子運(yùn)動(dòng)速度增大，E錯(cuò)誤；根據(jù)

25、質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒：笊核 11口和瓶核聚合成氨核1并),同時(shí)會(huì)放出一個(gè)不帶電的中子， 故F錯(cuò)誤。故選ACD。【點(diǎn)睛】本題需要注意據(jù)玻爾理論可知，氫原子放出一個(gè)光子后，能量減小，要從高能級(jí)躍遷到低能級(jí)， 庫倫吸引力變大，庫侖力提供向心力知?dú)湓拥暮送怆娮舆\(yùn)動(dòng)速度增大.三、實(shí)驗(yàn)題探究題.用游標(biāo)上刻有10個(gè)小格的游標(biāo)卡尺測(cè)量一個(gè)工件的直徑，得到如圖所示結(jié)果，由于遮擋，只能看到游標(biāo) 的后半部分，則工件的直徑為 cm。510【答案】1.35【解析】【詳解】游標(biāo)上有 10個(gè)小等分刻度的長(zhǎng)度是9mm；所以游標(biāo)卡尺的固定刻度于游標(biāo)尺對(duì)齊的刻度讀數(shù)為18mm ,游標(biāo)尺上第5個(gè)刻度游標(biāo)讀數(shù)為0.9 5=4.5,所

26、以最終讀數(shù)為：18-4.5=13.5=1.35;15.某校學(xué)習(xí)興趣小組在 探索小車速度隨時(shí)間變化的規(guī)律 ”實(shí)驗(yàn)中，所用電源的頻率為 50Hz,某次實(shí)驗(yàn)得出 的紙帶如圖所示。舍去前面比較密集的點(diǎn)，從O點(diǎn)開始，依次測(cè)出A、B、C各點(diǎn)與O點(diǎn)之間的距離為力一 1-2皿2.6cm- 4.2cm則小車運(yùn)動(dòng)的加速度a =結(jié)果保留2位有效數(shù)字） TOC o 1-5 h z ）Q ABC Sr/1 *【答案】5.0【解析】【分析】在勻變速直線運(yùn)動(dòng)中，連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)的位移差為常數(shù)即占* =仃據(jù)此可以求出小車的加速度;【詳解】根據(jù)在勻變速直線運(yùn)動(dòng)中，連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)的位移差為常數(shù)即Ax = aT得：-即-4=打d2

27、- 2di 2,62 x 1.22,2a =x 10 ” m/s = 5.0tn/s-得，16.在實(shí)驗(yàn)室里提供了如下器材：電池組E（電動(dòng)勢(shì)6V,內(nèi)阻約。5。）電壓表V（量程3V,內(nèi)阻約3k口）電流表 量程5mA,內(nèi)阻約 曲且）滑線變阻器R（最大阻值107,額定電流2口）定值電阻電鍵S導(dǎo)線若干用以上器材設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)來測(cè)量電流表的內(nèi)阻，為了提高測(cè)量精度，在保證安全的條件下各電表示數(shù)要達(dá)到2量程的3以上，請(qǐng)?jiān)谙旅嫣摼€框內(nèi)畫出實(shí)驗(yàn)原理圖 。你需要直接測(cè)量的物理量是:用已知條件和測(cè)得的物理量表示電流表的內(nèi)阻Ra=g請(qǐng)你探究一下，可否用上述器材測(cè)量電壓表的內(nèi)阻。2數(shù)要達(dá)到量程的3以上。）你的探究結(jié)果是： 。（

28、填 可以”或 不可以呼如果可以，請(qǐng)?jiān)谔摼€框中畫出實(shí)驗(yàn)原理圖 。為了提高測(cè)量精度，在保證安全的條件下各電表示U（2）.電壓表的小數(shù) U,電流表的小數(shù) I （3）.【解析】【分析】可根據(jù)伏安法測(cè)電阻的原理：測(cè)出通過電流表的電流（即本身的讀數(shù)和兩端的電壓即可。由于電流表的內(nèi)阻很小，滿偏電壓很小，不能直接用電壓測(cè)量其兩端電壓，可將電流表與定值電阻凡串聯(lián)，用電壓表測(cè)出串聯(lián)的總電阻，即可根據(jù)歐姆定律求得電流表的內(nèi)阻。再根據(jù)電路圖，分析能否測(cè)量電壓表的內(nèi)阻。【詳解】（1）將電流表與定值電阻串聯(lián)，再用電壓表測(cè)量它們串聯(lián)的總電壓。變阻器總電阻較小，采用分壓接法。電路圖如圖所示。U(2)設(shè)電壓表的示數(shù) U,電流表

29、的示數(shù)I則電流表的內(nèi)阻為：I ;(3)此電路也可以用來測(cè)量電壓表的內(nèi)阻，電路如圖。【點(diǎn)睛】在電學(xué)實(shí)驗(yàn)的考查中，經(jīng)?？疾榈絻x表的選擇、電流表內(nèi)外接法的選擇及實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)的處理，抓住測(cè)量電阻的基本原理：伏安法。在實(shí)驗(yàn)中要注意把握準(zhǔn)確性及安全性原則。四、計(jì)算題17.某天，張叔叔在上班途中沿人行道向一公交車站走去，發(fā)現(xiàn)一輛公交車正從身旁的平直公路駛過，此時(shí),張叔叔的速度是1m/s,公交車的速度是15m/s,他們距車站的距離為 50m。假設(shè)公交車在行駛到距車站25m處開始剎車。剛好到車站停下，停車10s后公交車又啟動(dòng)向前開去。張叔叔的最大速度是6m/s,最大起跑加速度為2.5m/s2,為了安全乘上該公交車，

30、他用力向前跑去，求:(1)公交車剎車過程視為勻減速運(yùn)動(dòng)，其加速度大小是多少。(2)分析張叔叔能否在該公交車停在車站時(shí)安全上車。【答案】(1)4.5m/s2 (2)能O-v；1= -4,5m/s試題分析：(1)公交車的加速度入1 所以其加速度大小為 TOC o 1-5 h z x-均 5J = -s(2)汽車從相遇處到開始剎車時(shí)用時(shí)：,3 |0=S汽車剎車過程中用時(shí)：OFt3 =- = 2s張叔叔以最大加速度達(dá)到最大速度用時(shí)：,”V3-x - =1. -張叔叔加速過程中的位移：X叼 43% = s 7.2s以最大速度跑到車站的時(shí)間因與十 % I十%十10:張叔叔可以在汽車還停在車站時(shí)安全上車.考

31、點(diǎn)：本題考查了牛頓第二定律、勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律。.地震發(fā)生后，需要向?yàn)?zāi)區(qū)運(yùn)送大量救災(zāi)物資，在物資轉(zhuǎn)運(yùn)過程中大量使用了如圖所示的傳送帶已知某傳送帶與水平面成6 =箝角，皮帶的AB部分長(zhǎng)L = 5用m ,皮帶以恒定的速率v=4mA按圖示方向傳送，若在 B端無初速度地放置一個(gè)質(zhì)量 m =504的救災(zāi)物資R可視為質(zhì)點(diǎn)),P與皮帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù) N =。-5(取g=10rn/r, sin37 =0.6),求：(物資P從B端開始運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度.Q物資P到達(dá)A端時(shí)的動(dòng)能.【答案】(D物資P從B端開始運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度是(力物資p到達(dá)a端時(shí)的動(dòng)能是900J.【解析】【分析】(1)選取物體P為研究的對(duì)象，對(duì)P進(jìn)

32、行受力分析，求得合外力，然后根據(jù)牛頓第三定律即可求出加速度；(2)物體p從B到A的過程中，重力和摩擦力做功，可以使用動(dòng)能定律求得物資P到達(dá)A端時(shí)的動(dòng)能，也可以使用運(yùn)動(dòng)學(xué)的公式求出速度，然后求動(dòng)能.【詳解】（1） P剛放上B點(diǎn)時(shí)，受到沿傳送帶向下的滑動(dòng)摩擦力的作用，mgsin。十F = ma ; Fn -皿明口斕F二咻其加速度為：（2）解法一：P達(dá)到與傳送帶有相同速度的位移v=0 8m 2a 1以后物資P受到沿傳送帶向上的滑動(dòng)摩擦力作用3 2(mgsinS - FXL - s) = -mv7 -根據(jù)動(dòng)能定理：1 2EfcA = -mvf = 900J到A端時(shí)的動(dòng)能 22s =0.8m解法二：P達(dá)

33、到與傳送帶有相同速度的位移 以后物資P受到沿傳送帶向上的滑動(dòng)摩擦力作用,P的加速度a鴕口。,曄。居。=加餐.-s = vIt + -a3t?后段運(yùn)動(dòng)有：一 2 一 -, 解得：, 到達(dá)A端的速度串兒=-” = 6皿5 Ew =900J動(dòng)能【點(diǎn)睛】傳送帶問題中，需要注意的是傳送帶的速度與物體受到之間的關(guān)系，當(dāng)二者速度相等時(shí)，即保持 相對(duì)靜止屬于中檔題目.如圖所示，x軸的上方存在方向與 x軸成角的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度為E, x軸的下方存在垂直紙面向里 的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度 B,有一個(gè)質(zhì)量tn I 逑，電荷量q L的帶正電粒子，該粒子的初速度v = 2* 1。）的，從坐標(biāo)原點(diǎn)o沿與x軸成45 c角的

34、方向進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，經(jīng)過磁場(chǎng)和電場(chǎng)的作用，粒子從O點(diǎn)出發(fā)后第四次經(jīng)過 x軸時(shí)剛好又回到 O點(diǎn)處，設(shè)電場(chǎng)和磁場(chǎng)的區(qū)域足夠?qū)挘挥?jì)粒子重力，求：XXX 3?xxxxxxxxxxaX X X I X X X X XXX X X X X1帶電粒子第一次經(jīng)過 x軸時(shí)的橫坐標(biāo)是多少？電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小及帶電粒子從 O點(diǎn)出發(fā)到再次回到 O點(diǎn)所用的時(shí)間.【答案】(X帶電粒子第一次經(jīng)過 x軸時(shí)的橫坐標(biāo)是0.57111；電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小為1帶電粒子從O點(diǎn)出發(fā)到再次回到O點(diǎn)所用的時(shí)間為2.父10.%.(1)粒子在磁場(chǎng)中受洛倫茲力作用下做一段圓弧后第一次經(jīng)過x軸，根據(jù)洛倫茲力提供向心力公式求出半徑,再根據(jù)幾何關(guān)系求出坐標(biāo)

35、；(2)然后進(jìn)入電場(chǎng)中，恰好做勻減速運(yùn)動(dòng)直到速度為零后又返回，以相同速率再次進(jìn)入磁場(chǎng)仍在洛倫茲力作用下又做一段圓弧后，再次進(jìn)入電場(chǎng)正好做類平拋運(yùn)動(dòng).粒子在磁場(chǎng)中兩次運(yùn)動(dòng)剛好完成一個(gè)周期，由粒子在電場(chǎng)中的類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)垂直電場(chǎng)方向位移與速度關(guān)系，沿電場(chǎng)方向位移與時(shí)間關(guān)系，結(jié)合牛頓第二定律求出E,三個(gè)過程的總時(shí)間即為總時(shí)間.v-qvB = m TOC o 1-5 h z 【詳解】粒子在磁場(chǎng)中受磁場(chǎng)力的作用沿圓弧運(yùn)動(dòng)，洛侖茲力提供向心力，R ,mvR = = = 0.4m半徑，根據(jù)圓的對(duì)稱性可得粒子在磁場(chǎng)中第一次偏轉(zhuǎn)所對(duì)的圓心角為先,則第-次經(jīng)過x軸時(shí)的橫坐標(biāo)為工廠屈-0,40.5而第一次進(jìn)入電場(chǎng)

36、，運(yùn)動(dòng)方向與電場(chǎng)方向相反，做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，速度減為零后又反向加速返回磁場(chǎng)，在磁場(chǎng)中沿圓周運(yùn)動(dòng)，再次進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)速度方向剛好垂直電場(chǎng)方向，在電場(chǎng)力的作用下偏轉(zhuǎn)，打在坐標(biāo)原 點(diǎn)O處，其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示.XXX/K XXX XX XXXXXXX X X/ XX由幾何關(guān)系可得，第二次進(jìn)入電場(chǎng)中的位移為X在垂直電場(chǎng)方向的位移，S1 2R .4= 一 = = 4 x 10 s 運(yùn)動(dòng)時(shí)間在沿電場(chǎng)方向上的位移 又因T區(qū)根據(jù)牛頓第二定律ma4E = = I x 103V/m所以電場(chǎng)強(qiáng)度粒子從第一次進(jìn)入電場(chǎng)到再返回磁場(chǎng)的時(shí)間2v4t2 = 一 = 4x1Q g白，23mlaT = 4ti * 10 sBq粒子在磁

37、場(chǎng)中兩段運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之和剛好是做一個(gè)完整圓周運(yùn)動(dòng)的周期 所以粒子從出發(fā)到再回到原點(diǎn)的時(shí)間為【點(diǎn)睛】本題考查帶電粒子在電場(chǎng)、磁場(chǎng)中兩運(yùn)動(dòng)模型：勻速圓周運(yùn)動(dòng)與類平拋運(yùn)動(dòng)，及相關(guān)的綜合分析 能力，以及空間想像的能力，應(yīng)用數(shù)學(xué)知識(shí)解決物理問題的能力.如圖所示，將導(dǎo)熱氣缸開口向上放置在水平平臺(tái)上，活塞質(zhì)量m=10kg,橫截面積S=50cm：厚度d=1cm,氣缸的內(nèi)筒深度 H=21cm ,氣缸質(zhì)量 M=20kg ,大氣壓強(qiáng)為 Po=1 X105pa,當(dāng)溫度為Ti=300K時(shí)，氣缸內(nèi)活塞 封閉的氣柱長(zhǎng)為 L10cm。若將氣缸緩慢倒過來開口向下放置在平臺(tái)上，活塞下方的空氣能通過平臺(tái)上的缺口與大氣相通，不計(jì)活塞與氣缸間的摩擦，取 g= 10m/s2,求：氣缸開口向下放置時(shí)，封閉氣柱的長(zhǎng)度是多少？給氣缸緩慢加熱，當(dāng)溫度多高時(shí)，活塞能剛好接觸到平臺(tái)?【答案】15cm400K【解析】試題分析：將氣缸緩慢倒置的過程中，封閉氣體等溫變化:% =P0+ = 12 x lO5Pa sn E mg iP2 =Po- = 0,8 x 10 PaPi =PJ2】t = 15 cm給氣缸緩慢加熱過程中，等壓變化：T2 = Tj= 300K% = II-d = 20cm,J享門i fT, = T? = - T. = 400K2