2022年湖南省新高考物理試卷

1、第PAGE34頁（共NUMPAGES34頁）2022年湖南省新高考物理試卷一、選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1（4分）關(guān)于原子結(jié)構(gòu)和微觀粒子波粒二象性，下列說法正確的是（）A盧瑟福的核式結(jié)構(gòu)模型解釋了原子光譜的分立特征B玻爾的原子理論完全揭示了微觀粒子運(yùn)動(dòng)的規(guī)律C光電效應(yīng)揭示了光的粒子性D電子束穿過鋁箔后的衍射圖樣揭示了電子的粒子性2（4分）如圖，四根完全相同的均勻帶正電絕緣長(zhǎng)棒對(duì)稱放置在長(zhǎng)方體的四條長(zhǎng)邊a、b、c、d上。移去a處的絕緣棒，假定另外三根絕緣棒電荷分布不變。關(guān)于長(zhǎng)方體幾何中心O點(diǎn)處電場(chǎng)強(qiáng)度方向和電勢(shì)的變化，下列說法

2、正確的是（）A電場(chǎng)強(qiáng)度方向垂直指向a，電勢(shì)減小B電場(chǎng)強(qiáng)度方向垂直指向c，電勢(shì)減小C電場(chǎng)強(qiáng)度方向垂直指向a，電勢(shì)增大D電場(chǎng)強(qiáng)度方向垂直指向c，電勢(shì)增大3（4分）如圖（a），直導(dǎo)線MN被兩等長(zhǎng)且平行的絕緣輕繩懸掛于水平軸OO上，其所在區(qū)域存在方向垂直指向OO的磁場(chǎng)，與OO距離相等位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等且不隨時(shí)間變化，其截面圖如圖（b）所示。導(dǎo)線通以電流I，靜止后，懸線偏離豎直方向的夾角為。下列說法正確的是（）A當(dāng)導(dǎo)線靜止在圖（a）右側(cè)位置時(shí)，導(dǎo)線中電流方向由N指向MB電流I增大，靜止后，導(dǎo)線對(duì)懸線的拉力不變Ctan與電流I成正比Dsin與電流I成正比4（4分）1932年，查德威克用未知射線轟擊氫

3、核，發(fā)現(xiàn)這種射線是由質(zhì)量與質(zhì)子大致相等的中性粒子（即中子）組成。如圖，中子以速度v0分別碰撞靜止的氫核和氮核，碰撞后氫核和氮核的速度分別為v1和v2。設(shè)碰撞為彈性正碰，不考慮相對(duì)論效應(yīng)，下列說法正確的是（）A碰撞后氮核的動(dòng)量比氫核的小B碰撞后氮核的動(dòng)能比氫核的小Cv2大于v1Dv2大于v05（4分）2022年北京冬奧會(huì)跳臺(tái)滑雪空中技巧比賽場(chǎng)地邊，有一根系有飄帶的風(fēng)力指示桿，教練員根據(jù)飄帶的形態(tài)提示運(yùn)動(dòng)員現(xiàn)場(chǎng)風(fēng)力的情況。若飄帶可視為粗細(xì)一致的勻質(zhì)長(zhǎng)繩，其所處范圍內(nèi)風(fēng)速水平向右、大小恒定且不隨高度改變。當(dāng)飄帶穩(wěn)定時(shí)，飄帶實(shí)際形態(tài)最接近的是（）ABCD6（4分）如圖，理想變壓器原、副線圈總匝數(shù)相同，

4、滑動(dòng)觸頭P1初始位置在副線圈正中間，輸入端接入電壓有效值恒定的交變電源。定值電阻R1的阻值為R，滑動(dòng)變阻器R2的最大阻值為9R，滑片P2初始位置在最右端。理想電壓表的示數(shù)為U，理想電流表的示數(shù)為I。下列說法正確的是（）A保持P1位置不變，P2向左緩慢滑動(dòng)的過程中，I減小，U不變B保持P1位置不變，P2向左緩慢滑動(dòng)的過程中，R1消耗的功率增大C保持P2位置不變，P1向下緩慢滑動(dòng)的過程中，I減小，U增大D保持P2位置不變，P1向下緩慢滑動(dòng)的過程中，R1消耗的功率減小二、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有

5、選錯(cuò)的得0分。（多選）7（5分）神舟十三號(hào)返回艙進(jìn)入大氣層一段時(shí)間后，逐一打開引導(dǎo)傘、減速傘、主傘，最后啟動(dòng)反沖裝置，實(shí)現(xiàn)軟著陸。某興趣小組研究了減速傘打開后返回艙的運(yùn)動(dòng)情況，將其運(yùn)動(dòng)簡(jiǎn)化為豎直方向的直線運(yùn)動(dòng)，其vt圖像如圖所示。設(shè)該過程中，重力加速度不變，返回艙質(zhì)量不變，下列說法正確的是（）A在0t1時(shí)間內(nèi)，返回艙重力的功率隨時(shí)間減小B在0t1時(shí)間內(nèi)，返回艙的加速度不變C在t1t2時(shí)間內(nèi)，返回艙的動(dòng)量隨時(shí)間減小D在t2t3時(shí)間內(nèi)，返回艙的機(jī)械能不變（多選）8（5分）如圖，火星與地球近似在同一平面內(nèi)，繞太陽沿同一方向做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，火星的軌道半徑大約是地球的1.5倍。地球上的觀測(cè)者在大多數(shù)的時(shí)

6、間內(nèi)觀測(cè)到火星相對(duì)于恒星背景由西向東運(yùn)動(dòng)，稱為順行；有時(shí)觀測(cè)到火星由東向西運(yùn)動(dòng)，稱為逆行。當(dāng)火星、地球、太陽三者在同一直線上，且太陽和火星位于地球兩側(cè)時(shí)，稱為火星沖日。忽略地球自轉(zhuǎn)，只考慮太陽對(duì)行星的引力，下列說法正確的是（）A火星的公轉(zhuǎn)周期大約是地球的倍B在沖日處，地球上的觀測(cè)者觀測(cè)到火星的運(yùn)動(dòng)為順行C在沖日處，地球上的觀測(cè)者觀測(cè)到火星的運(yùn)動(dòng)為逆行D在沖日處，火星相對(duì)于地球的速度最?。ǘ噙x）9（5分）球形飛行器安裝了可提供任意方向推力的矢量發(fā)動(dòng)機(jī)，總質(zhì)量為M。飛行器飛行時(shí)受到的空氣阻力大小與其速率平方成正比（即F阻kv2，k為常量）。當(dāng)發(fā)動(dòng)機(jī)關(guān)閉時(shí)，飛行器豎直下落，經(jīng)過一段時(shí)間后，其勻速下落

7、的速率為10m/s；當(dāng)發(fā)動(dòng)機(jī)以最大推力推動(dòng)飛行器豎直向上運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過一段時(shí)間后，飛行器勻速向上的速率為5m/s。重力加速度大小為g，不考慮空氣相對(duì)于地面的流動(dòng)及飛行器質(zhì)量的變化，下列說法正確的是（）A發(fā)動(dòng)機(jī)的最大推力為1.5MgB當(dāng)飛行器以5m/s勻速水平飛行時(shí)，發(fā)動(dòng)機(jī)推力的大小為MgC發(fā)動(dòng)機(jī)以最大推力推動(dòng)飛行器勻速水平飛行時(shí)，飛行器速率為5m/sD當(dāng)飛行器以5m/s的速率飛行時(shí)，其加速度大小可以達(dá)到3g（多選）10（5分）如圖，間距L1m的U形金屬導(dǎo)軌，一端接有0.1的定值電阻R，固定在高h(yuǎn)0.8m的絕緣水平桌面上。質(zhì)量均為0.1kg的勻質(zhì)導(dǎo)體棒a和b靜止在導(dǎo)軌上，兩導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌接觸良好且始終

8、與導(dǎo)軌垂直，接入電路的阻值均為0.1，與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.1（設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力），導(dǎo)體棒a距離導(dǎo)軌最右端1.74m。整個(gè)空間存在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)（圖中未畫出），磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為0.1T。用F0.5N沿導(dǎo)軌水平向右的恒力拉導(dǎo)體棒a，當(dāng)導(dǎo)體棒a運(yùn)動(dòng)到導(dǎo)軌最右端時(shí)，導(dǎo)體棒b剛要滑動(dòng)，撤去F，導(dǎo)體棒a離開導(dǎo)軌后落到水平地面上。重力加速度取10m/s2，不計(jì)空氣阻力，不計(jì)其他電阻，下列說法正確的是（）A導(dǎo)體棒a離開導(dǎo)軌至落地過程中，水平位移為0.6mB導(dǎo)體棒a離開導(dǎo)軌至落地前，其感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)不變C導(dǎo)體棒a在導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)的過程中，導(dǎo)體棒b有向右運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)D導(dǎo)體棒a在導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)的過程中，通

9、過電阻R的電荷量為0.58C三、非選擇題：共56分。第1114題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第15、16題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題：共43分。11（6分）小圓同學(xué)用橡皮筋、同種一元硬幣、刻度尺、塑料袋、支架等，設(shè)計(jì)了如圖（a）所示的實(shí)驗(yàn)裝置，測(cè)量冰墩墩玩具的質(zhì)量。主要實(shí)驗(yàn)步驟如下：（1）查找資料，得知每枚硬幣的質(zhì)量為6.05g；（2）將硬幣以5枚為一組逐次加入塑料袋，測(cè)量每次穩(wěn)定后橡皮筋的長(zhǎng)度l，記錄數(shù)據(jù)如下表：序號(hào)12345硬幣數(shù)量n/枚510152025長(zhǎng)度l/cm10.5112.0213.5415.0516.56（3）根據(jù)表中數(shù)據(jù)在圖（b）上描點(diǎn)，繪制圖線；（4）取

10、出全部硬幣，把冰墩墩玩具放入塑料袋中，穩(wěn)定后橡皮筋長(zhǎng)度的示數(shù)如圖（c）所示，此時(shí)橡皮筋的長(zhǎng)度為 cm；（5）由上述數(shù)據(jù)計(jì)算得冰墩墩玩具的質(zhì)量為 g（計(jì)算結(jié)果保留3位有效數(shù)字）。12（9分）小夢(mèng)同學(xué)自制了一個(gè)兩擋位（“1”“10”）的歐姆表，其內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示，R0為調(diào)零電阻（最大阻值為R0m），Rs、Rm、Rn為定值電阻（Rs+R0mRmRn），電流計(jì)的內(nèi)阻為RG（RsRG）。用此歐姆表測(cè)量一待測(cè)電阻的阻值，回答下列問題：（1）短接，將單刀雙擲開關(guān)S與m接通，電流計(jì)示數(shù)為Im；保持電阻R0滑片位置不變，將單刀雙擲開關(guān)S與n接通，電流計(jì)示數(shù)變?yōu)镮n，則Im In（填“大于”或“小于”）；（2）將

11、單刀雙擲開關(guān)S與n接通，此時(shí)歐姆表的擋位為 （填“1”或“10”）；（3）若從“1”擋位換成“10”擋位，調(diào)整歐姆零點(diǎn)（歐姆零點(diǎn)在電流計(jì)滿偏刻度處）時(shí)，調(diào)零電阻R0的滑片應(yīng)該 調(diào)節(jié)（填“向上”或“向下”）；（4）在“10”擋位調(diào)整歐姆零點(diǎn)后，在間接入阻值為100的定值電阻R1，穩(wěn)定后電流計(jì)的指針偏轉(zhuǎn)到滿偏刻度的；取走R1，在間接入待測(cè)電阻Rx，穩(wěn)定后電流計(jì)的指針偏轉(zhuǎn)到滿偏刻度的，則Rx 。13（13分）如圖，兩個(gè)定值電阻的阻值分別為R1和R2，直流電源的內(nèi)阻不計(jì)，平行板電容器兩極板水平放置，板間距離為d，板長(zhǎng)為d，極板間存在方向水平向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。質(zhì)量為m、帶電量為+q的小球以初速度v沿水平方

12、向從電容器下板左側(cè)邊緣A點(diǎn)進(jìn)入電容器，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，恰從電容器上板右側(cè)邊緣離開電容器。此過程中，小球未與極板發(fā)生碰撞，重力加速度大小為g，忽略空氣阻力。（1）求直流電源的電動(dòng)勢(shì)E0；（2）求兩極板間磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B；（3）在圖中虛線的右側(cè)設(shè)計(jì)一勻強(qiáng)電場(chǎng)，使小球離開電容器后沿直線運(yùn)動(dòng)，求電場(chǎng)強(qiáng)度的最小值E。14（15分）如圖（a），質(zhì)量為m的籃球從離地H高度處由靜止下落，與地面發(fā)生一次非彈性碰撞后反彈至離地h的最高處。設(shè)籃球在運(yùn)動(dòng)過程中所受空氣阻力的大小是籃球所受重力的倍（為常數(shù)且0），且籃球每次與地面碰撞的碰后速率與碰前速率之比相同，重力加速度大小為g。（1）求籃球與地面碰撞的碰后速率與碰

13、前速率之比；（2）若籃球反彈至最高處h時(shí)，運(yùn)動(dòng)員對(duì)籃球施加一個(gè)向下的壓力F，使得籃球與地面碰撞一次后恰好反彈至h的高度處，力F隨高度y的變化如圖（b）所示，其中h0已知，求F0的大??；（3）籃球從H高度處由靜止下落后，每次反彈至最高點(diǎn)時(shí)，運(yùn)動(dòng)員拍擊一次籃球（拍擊時(shí)間極短），瞬間給其一個(gè)豎直向下、大小相等的沖量I，經(jīng)過N次拍擊后籃球恰好反彈至H高度處，求沖量I的大小。（二）選考題：共13分。請(qǐng)考生從兩道題中任選一題作答。如果多做，則按第一題計(jì)分。物理選修3-3（13分）（多選）15（5分）利用“渦流效應(yīng)”可實(shí)現(xiàn)冷熱氣體的分離。如圖，一冷熱氣體分離裝置由噴嘴、渦流室、環(huán)形管、分離擋板和冷熱兩端管等

14、構(gòu)成。高壓氮?dú)庥蓢娮烨邢蛄魅霚u流室中，然后以螺旋方式在環(huán)形管中向右旋轉(zhuǎn)前進(jìn)，分子熱運(yùn)動(dòng)速率較小的氣體分子將聚集到環(huán)形管中心部位，而分子熱運(yùn)動(dòng)速率較大的氣體分子將聚集到環(huán)形管邊緣部位。氣流到達(dá)分離擋板處時(shí)，中心部位氣流與分離擋板碰撞后反向，從A端流出，邊緣部位氣流從B端流出。下列說法正確的是 （）AA端為冷端，B端為熱端BA端流出的氣體分子熱運(yùn)動(dòng)平均速率一定小于B端流出的CA端流出的氣體內(nèi)能一定大于B端流出的D該裝置氣體進(jìn)出的過程滿足能量守恒定律，但違背了熱力學(xué)第二定律E該裝置氣體進(jìn)出的過程既滿足能量守恒定律，也滿足熱力學(xué)第二定律16（8分）如圖，小贊同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)液體拉力測(cè)量?jī)x。一個(gè)容積V09

15、.9L的導(dǎo)熱汽缸下接一圓管，用質(zhì)量m190g、橫截面積S10cm2的活塞封閉一定質(zhì)量的理想氣體，活塞與圓管壁間摩擦不計(jì)?；钊露擞幂p質(zhì)細(xì)繩懸掛一質(zhì)量m210g的U形金屬絲，活塞剛好處于A位置。將金屬絲部分浸入待測(cè)液體中，緩慢升起汽缸，使金屬絲從液體中拉出，活塞在圓管中的最低位置為B。已知A、B間距離h10cm，外界大氣壓強(qiáng)p01.01105Pa，重力加速度取10m/s2，環(huán)境溫度保持不變。求（）活塞處于A位置時(shí)，汽缸中的氣體壓強(qiáng)p1；（）活塞處于B位置時(shí)，液體對(duì)金屬絲拉力F的大小。物理選修3-4（13分）（多選）17下端附著重物的粗細(xì)均勻木棒，豎直浮在河面，在重力和浮力作用下，沿豎直方向做頻率

16、為1Hz的簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)；與此同時(shí)，木棒在水平方向上隨河水做勻速直線運(yùn)動(dòng)，如圖（a）所示。以木棒所受浮力F為縱軸，木棒水平位移x為橫軸建立直角坐標(biāo)系，浮力F隨水平位移x的變化如圖（b）所示。已知河水密度為，木棒橫截面積為S，重力加速度大小為g。下列說法正確的是 （）Ax從0.05m到0.15m的過程中，木棒的動(dòng)能先增大后減小Bx從0.21m到0.25m的過程中，木棒加速度方向豎直向下，大小逐漸變小Cx0.35m和x0.45m時(shí)，木棒的速度大小相等，方向相反D木棒在豎直方向做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振幅為E木棒的運(yùn)動(dòng)為向x軸正方向傳播的機(jī)械橫波，波速為0.4m/s18如圖，某種防窺屏由透明介質(zhì)和對(duì)光完全吸收的屏障構(gòu)

17、成，其中屏障垂直于屏幕平行排列，可實(shí)現(xiàn)對(duì)像素單元可視角度的控制（可視角度定義為某像素單元發(fā)出的光在圖示平面內(nèi)折射到空氣后最大折射角的2倍）。透明介質(zhì)的折射率n2，屏障間隙L0.8mm。發(fā)光像素單元緊貼屏下，位于相鄰兩屏障的正中間。不考慮光的衍射。（）若把發(fā)光像素單元視為點(diǎn)光源，要求可視角度控制為60，求屏障的高度d；（）若屏障高度d1.0mm，且發(fā)光像素單元的寬度不能忽略，求像素單元寬度x最小為多少時(shí)，其可視角度剛好被擴(kuò)為180（只要看到像素單元的任意一點(diǎn)，即視為能看到該像素單元）。2022年湖南省新高考物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四

18、個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1（4分）關(guān)于原子結(jié)構(gòu)和微觀粒子波粒二象性，下列說法正確的是（）A盧瑟福的核式結(jié)構(gòu)模型解釋了原子光譜的分立特征B玻爾的原子理論完全揭示了微觀粒子運(yùn)動(dòng)的規(guī)律C光電效應(yīng)揭示了光的粒子性D電子束穿過鋁箔后的衍射圖樣揭示了電子的粒子性【分析】盧瑟福的核式結(jié)構(gòu)模型是為了解釋粒子散射實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象的，玻爾理論保存了部分經(jīng)典物理思想，光電效應(yīng)說明光具有粒子性，衍射是波特有的現(xiàn)象?！窘獯稹拷猓篈、盧瑟福的核式結(jié)構(gòu)模型是為了解釋粒子散射實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象的，氫光譜的分立特征說明了盧瑟福核式結(jié)構(gòu)模型有一定的局限性，故A錯(cuò)誤B、玻爾原子理論只能解釋氫原子光譜，對(duì)于氦原子光譜無法解釋，由于其理論中

19、還保留了部分經(jīng)典物理理論，能夠完全揭示微觀粒子運(yùn)動(dòng)規(guī)律需要量子化思想，故錯(cuò)誤；C、光電效應(yīng)現(xiàn)象無法用經(jīng)典的電磁理論解釋，愛因斯坦的光子說能夠完美的解釋這一現(xiàn)象，故C正確。D、衍射是波特有的現(xiàn)象，電子束穿過鋁箔后的衍射圖樣揭示了電子的波動(dòng)性，故D錯(cuò)誤。故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】本題在考查基本概念以及對(duì)物理學(xué)發(fā)展的了解，注意不要死記硬背，要深度理解。2（4分）如圖，四根完全相同的均勻帶正電絕緣長(zhǎng)棒對(duì)稱放置在長(zhǎng)方體的四條長(zhǎng)邊a、b、c、d上。移去a處的絕緣棒，假定另外三根絕緣棒電荷分布不變。關(guān)于長(zhǎng)方體幾何中心O點(diǎn)處電場(chǎng)強(qiáng)度方向和電勢(shì)的變化，下列說法正確的是（）A電場(chǎng)強(qiáng)度方向垂直指向a，電勢(shì)減小B電場(chǎng)強(qiáng)度方向

20、垂直指向c，電勢(shì)減小C電場(chǎng)強(qiáng)度方向垂直指向a，電勢(shì)增大D電場(chǎng)強(qiáng)度方向垂直指向c，電勢(shì)增大【分析】四根完全相同的均勻帶正電絕緣長(zhǎng)棒對(duì)稱放置在長(zhǎng)方體的四條長(zhǎng)邊上，根據(jù)對(duì)稱性可知O點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為零，a棒在O點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度與其它三根在O點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度等大反向。電勢(shì)是標(biāo)量，每根帶電絕緣棒在O點(diǎn)激發(fā)的電勢(shì)代數(shù)和為O點(diǎn)的電勢(shì)?！窘獯稹拷?；四根完全相同的均勻帶正電絕緣長(zhǎng)棒對(duì)稱放置在長(zhǎng)方體的四條長(zhǎng)邊上，根據(jù)對(duì)稱性可知O點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為零，a棒在O點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度與其它三根在O點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度等大反向。a棒在O點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度垂直于a棒指向O點(diǎn)，由于原來沒有移去a棒時(shí)O點(diǎn)合場(chǎng)為零，所以移去a棒后，O點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度垂直于a棒指向

21、a，電勢(shì)是標(biāo)量，O點(diǎn)電勢(shì)等于所有棒在O點(diǎn)激發(fā)電勢(shì)代數(shù)和，由于四根棒電性相同，故移去a棒后O點(diǎn)電勢(shì)減小，故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查對(duì)稱思想、物理量的標(biāo)失性，注意對(duì)概念的學(xué)習(xí)與理解。3（4分）如圖（a），直導(dǎo)線MN被兩等長(zhǎng)且平行的絕緣輕繩懸掛于水平軸OO上，其所在區(qū)域存在方向垂直指向OO的磁場(chǎng)，與OO距離相等位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等且不隨時(shí)間變化，其截面圖如圖（b）所示。導(dǎo)線通以電流I，靜止后，懸線偏離豎直方向的夾角為。下列說法正確的是（）A當(dāng)導(dǎo)線靜止在圖（a）右側(cè)位置時(shí)，導(dǎo)線中電流方向由N指向MB電流I增大，靜止后，導(dǎo)線對(duì)懸線的拉力不變Ctan與電流I成正比Dsin與電流I成

22、正比【分析】對(duì)直導(dǎo)線進(jìn)行受力分析，根據(jù)幾何關(guān)系分析出不同力之間的關(guān)系，結(jié)合安培力公式和三角函數(shù)完成分析?！窘獯稹拷猓簩?duì)直導(dǎo)線MN進(jìn)行受力分析，如圖所示：根據(jù)左手定則可知，導(dǎo)線中電流方向由M指向N。根據(jù)幾何關(guān)系可得：；FBILmgsin當(dāng)電流增大時(shí)，靜止后，導(dǎo)線對(duì)懸線的拉力也變大；sin與電流I成正比，故D正確，ABC錯(cuò)誤；故選：D?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要考查了安培力的計(jì)算，熟悉安培力的計(jì)算公式，根據(jù)物體的受力分析和幾何關(guān)系即可完成解答。4（4分）1932年，查德威克用未知射線轟擊氫核，發(fā)現(xiàn)這種射線是由質(zhì)量與質(zhì)子大致相等的中性粒子（即中子）組成。如圖，中子以速度v0分別碰撞靜止的氫核和氮核，碰撞后氫核

23、和氮核的速度分別為v1和v2。設(shè)碰撞為彈性正碰，不考慮相對(duì)論效應(yīng)，下列說法正確的是（）A碰撞后氮核的動(dòng)量比氫核的小B碰撞后氮核的動(dòng)能比氫核的小Cv2大于v1Dv2大于v0【分析】根據(jù)彈性碰撞模型規(guī)律即可求解【解答】解：設(shè)中子的質(zhì)量為m，則氫核和氮核的質(zhì)量分別為m、14m由于碰撞為彈性碰撞，選向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：中子與氫核碰撞，mv0mv+mv1，解得v1v0中子與氮核碰撞，mv0mvn+14mv2，解得：v2v0A、碰撞后氫核動(dòng)量為mv0，氮核動(dòng)量為mv0，氮核動(dòng)量大于氫核動(dòng)量，故A錯(cuò)誤；B、碰撞后氫核動(dòng)能為，氮核動(dòng)能為m，所以碰撞后氮核的動(dòng)能比氫核的小，故B正確；CD、v2v0，

24、v1v0，故CD錯(cuò)誤；故選：B。【點(diǎn)評(píng)】本題看似在考查原子核物理，實(shí)則在考彈性碰撞模型的理解與應(yīng)用，注意知識(shí)遷移能力的培養(yǎng)。5（4分）2022年北京冬奧會(huì)跳臺(tái)滑雪空中技巧比賽場(chǎng)地邊，有一根系有飄帶的風(fēng)力指示桿，教練員根據(jù)飄帶的形態(tài)提示運(yùn)動(dòng)員現(xiàn)場(chǎng)風(fēng)力的情況。若飄帶可視為粗細(xì)一致的勻質(zhì)長(zhǎng)繩，其所處范圍內(nèi)風(fēng)速水平向右、大小恒定且不隨高度改變。當(dāng)飄帶穩(wěn)定時(shí)，飄帶實(shí)際形態(tài)最接近的是（）ABCD【分析】選擇不同長(zhǎng)度的飄帶進(jìn)行分析，根據(jù)角度關(guān)系選擇正確的飄帶形態(tài)。【解答】解：A、B、C、D、飄帶上任意選取一個(gè)點(diǎn)O，以O(shè)點(diǎn)及O點(diǎn)以下的部分飄帶為研究對(duì)象；設(shè)飄帶的總長(zhǎng)為L(zhǎng)，寬度為d，質(zhì)量為m，O點(diǎn)距離飄帶下短距

25、離x，對(duì)O點(diǎn)以下的部分飄帶進(jìn)行受力分析，可得重力，風(fēng)力Fxkxdv2，則二者夾角為tan，由題知tan恒定，所以O(shè)點(diǎn)及O點(diǎn)以下的部分飄帶受到的合力方向不變，則O點(diǎn)上方對(duì)其拉力不變，故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選：A?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要考查了受力分析的相關(guān)應(yīng)用，熟練應(yīng)用整體法和隔離法，理解在不同質(zhì)量的飄帶下，飄帶偏轉(zhuǎn)角度的變化即可。6（4分）如圖，理想變壓器原、副線圈總匝數(shù)相同，滑動(dòng)觸頭P1初始位置在副線圈正中間，輸入端接入電壓有效值恒定的交變電源。定值電阻R1的阻值為R，滑動(dòng)變阻器R2的最大阻值為9R，滑片P2初始位置在最右端。理想電壓表的示數(shù)為U，理想電流表的示數(shù)為I。下列說法正確的是（）A保持P

26、1位置不變，P2向左緩慢滑動(dòng)的過程中，I減小，U不變B保持P1位置不變，P2向左緩慢滑動(dòng)的過程中，R1消耗的功率增大C保持P2位置不變，P1向下緩慢滑動(dòng)的過程中，I減小，U增大D保持P2位置不變，P1向下緩慢滑動(dòng)的過程中，R1消耗的功率減小【分析】保持P1位置不變，P2向左緩慢滑動(dòng)的過程中，即原、副線圈的匝數(shù)比保持不變，R2接入電路的阻值減小，根據(jù)變壓器原理結(jié)合歐姆定律分析AB選項(xiàng)；將原線圈以及后面的電路等效為一個(gè)電阻，根據(jù)電路動(dòng)態(tài)分析的方法進(jìn)行分析；將原線圈以及后面的電路等效為一個(gè)電阻，當(dāng)?shù)刃щ娮璧淖柚档扔?R時(shí)，R1消耗的電功率最大，由此分析。【解答】解：根據(jù)原副線圈兩端的電流和電壓的比值

27、關(guān)系可知，原線圈的“等效電阻”與副線圈的電阻的比值關(guān)系為：。可知此電路的等效電路如圖所示：AB、保持P1位置不變，P2向左緩慢滑動(dòng)的過程中，即原、副線圈的匝數(shù)比保持不變，R2接入電路的阻值減小，則由上述分析可知，原線圈位置的等效電阻保持不變，因?yàn)榛瑒?dòng)變阻器的電阻變小，則電流I變大，U變小，而R1消耗的功率增大，故A錯(cuò)誤，B正確；C、保持P2位置不變，P1向下緩慢滑動(dòng)的過程中，n2減小，等效電阻增大，電流I減小，則電壓表的示數(shù)減小，故C錯(cuò)誤；D、滑動(dòng)觸頭P1初始位置在副線圈正中間，此時(shí)“等效電阻”的阻值為R等效4RR2；保持P2位置不變，P1向下緩慢滑動(dòng)的過程中，則副線圈的匝數(shù)變小，相當(dāng)于原線圈

28、位置的“等效電阻”增大；當(dāng)?shù)刃щ娮璧淖柚档扔赗2時(shí)，R1消耗的功率最大；當(dāng)?shù)刃щ娮璧淖柚荡笥?R時(shí)，P1向下緩慢滑動(dòng)時(shí)，R1消耗的電功率減小，故D錯(cuò)誤。故選：B?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要是考查了變壓器的知識(shí)；解答本題的關(guān)鍵是知道理想變壓器的電壓之比等于匝數(shù)之比，在只有一個(gè)副線圈的情況下的電流之比等于匝數(shù)的反比。知道等效電阻的阻值計(jì)算方法，掌握功率最大的條件。二、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。（多選）7（5分）神舟十三號(hào)返回艙進(jìn)入大氣層一段時(shí)間后，逐一打開引導(dǎo)傘、減速傘、主傘，最后啟動(dòng)反沖裝

29、置，實(shí)現(xiàn)軟著陸。某興趣小組研究了減速傘打開后返回艙的運(yùn)動(dòng)情況，將其運(yùn)動(dòng)簡(jiǎn)化為豎直方向的直線運(yùn)動(dòng)，其vt圖像如圖所示。設(shè)該過程中，重力加速度不變，返回艙質(zhì)量不變，下列說法正確的是（）A在0t1時(shí)間內(nèi)，返回艙重力的功率隨時(shí)間減小B在0t1時(shí)間內(nèi)，返回艙的加速度不變C在t1t2時(shí)間內(nèi)，返回艙的動(dòng)量隨時(shí)間減小D在t2t3時(shí)間內(nèi)，返回艙的機(jī)械能不變【分析】根據(jù)vt圖像判斷出返回艙速度的變化，根據(jù)Pmgv求得重力的瞬時(shí)功率，根據(jù)Pmv判斷出動(dòng)量的變化，機(jī)械能為動(dòng)能與勢(shì)能之和?！窘獯稹拷猓篈、根據(jù)vt圖像可知在0t1時(shí)間內(nèi)速度逐漸減小，根據(jù)Pmgv，返回艙重力的功率隨時(shí)間減小，故A正確；B、在vt圖像中，圖

30、像的斜率表示加速度，斜率逐漸減小，故加速度逐漸減小，故B錯(cuò)誤；C、在t1t2時(shí)間內(nèi)，速度逐漸減小，根據(jù)Pmv可知返回艙的動(dòng)量隨時(shí)間減小，故C正確；D、在t2t3時(shí)間內(nèi)，返回艙的速度不變，動(dòng)能不變，但重力勢(shì)能減小，故機(jī)械能減小，故D錯(cuò)誤；故選：AC?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要考查了vt圖像，根據(jù)圖像判斷出速度的變化，抓住圖像的斜率表示加速度，利用好動(dòng)量和瞬時(shí)功率的定義式即可。（多選）8（5分）如圖，火星與地球近似在同一平面內(nèi)，繞太陽沿同一方向做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，火星的軌道半徑大約是地球的1.5倍。地球上的觀測(cè)者在大多數(shù)的時(shí)間內(nèi)觀測(cè)到火星相對(duì)于恒星背景由西向東運(yùn)動(dòng)，稱為順行；有時(shí)觀測(cè)到火星由東向西運(yùn)動(dòng)，稱為逆行

31、。當(dāng)火星、地球、太陽三者在同一直線上，且太陽和火星位于地球兩側(cè)時(shí)，稱為火星沖日。忽略地球自轉(zhuǎn)，只考慮太陽對(duì)行星的引力，下列說法正確的是（）A火星的公轉(zhuǎn)周期大約是地球的倍B在沖日處，地球上的觀測(cè)者觀測(cè)到火星的運(yùn)動(dòng)為順行C在沖日處，地球上的觀測(cè)者觀測(cè)到火星的運(yùn)動(dòng)為逆行D在沖日處，火星相對(duì)于地球的速度最小【分析】火星和地球繞太陽做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，太陽對(duì)行星的引力提供它們繞太陽做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力；由開普勒第三定律求火星的公轉(zhuǎn)周期和地球做圓周運(yùn)動(dòng)的比值；在沖日處，火星運(yùn)行速度小于地球的運(yùn)行速度，相對(duì)地球的運(yùn)行方向是自東向西運(yùn)動(dòng)，即逆行。在沖日處，火星和地球的速度同向，則火星相對(duì)于地球的速度最小?！窘獯稹拷?/p>

32、：A、由開普勒第三定律可得由火星的軌道半徑大約是地球的1.5倍可得T火T地，故A錯(cuò)誤；BC、由于火星的半徑比地球的半徑大，太陽對(duì)行星的引力提供行星做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力解得：v 可知火星運(yùn)動(dòng)的速度小于地球的速度，火星相對(duì)地球自東向西運(yùn)動(dòng)，即逆行，故B錯(cuò)誤，C正確；D、在沖日處，火星和地球的速度同向，則火星相對(duì)于地球的速度最小，故D正確。故選：CD?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了行星繞太陽運(yùn)動(dòng)的周期比，及行星間的相對(duì)運(yùn)動(dòng)，中檔難度。（多選）9（5分）球形飛行器安裝了可提供任意方向推力的矢量發(fā)動(dòng)機(jī)，總質(zhì)量為M。飛行器飛行時(shí)受到的空氣阻力大小與其速率平方成正比（即F阻kv2，k為常量）。當(dāng)發(fā)動(dòng)機(jī)關(guān)閉時(shí)，飛行器豎直下

33、落，經(jīng)過一段時(shí)間后，其勻速下落的速率為10m/s；當(dāng)發(fā)動(dòng)機(jī)以最大推力推動(dòng)飛行器豎直向上運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過一段時(shí)間后，飛行器勻速向上的速率為5m/s。重力加速度大小為g，不考慮空氣相對(duì)于地面的流動(dòng)及飛行器質(zhì)量的變化，下列說法正確的是（）A發(fā)動(dòng)機(jī)的最大推力為1.5MgB當(dāng)飛行器以5m/s勻速水平飛行時(shí)，發(fā)動(dòng)機(jī)推力的大小為MgC發(fā)動(dòng)機(jī)以最大推力推動(dòng)飛行器勻速水平飛行時(shí)，飛行器速率為5m/sD當(dāng)飛行器以5m/s的速率飛行時(shí)，其加速度大小可以達(dá)到3g【分析】由飛行器做勻速運(yùn)動(dòng)，飛行器的合力為零列方程求最大推力；當(dāng)飛行器以5m/s勻速水平飛行時(shí)，由矢量運(yùn)算求發(fā)動(dòng)機(jī)推力的大小。由牛頓第二定律求加速度的范圍?！窘獯稹?/p>

34、解：A、飛行器豎直下落，其勻速下落的速率為10m/s時(shí)，飛行器的合力為零kMg Mg100k發(fā)動(dòng)機(jī)以最大推力推動(dòng)飛行器豎直向上運(yùn)動(dòng)，飛行器勻速向上的速率為5m/s時(shí)，飛行器的合力為零Fmaxk+Mg 解得：Fmax125k1.25Mg，故A錯(cuò)誤；B、當(dāng)飛行器以5m/s勻速水平飛行時(shí)，發(fā)動(dòng)機(jī)推力的大小為fk52MgF解得：FMg，故B正確；C、發(fā)動(dòng)機(jī)以最大推力推動(dòng)飛行器勻速水平飛行時(shí)，設(shè)飛行器速率為vkv2MgMg100kv5m/s，故C正確；D、當(dāng)飛行器以5m/s的速率飛行時(shí)。產(chǎn)生的阻力為f1k5225kMgF合f1+MgMg0.75ga合1.25g，故D錯(cuò)誤。故選：BC?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查的內(nèi)

35、容有共點(diǎn)力平衡，牛頓第二定律，力的合成等，試題中檔難度。（多選）10（5分）如圖，間距L1m的U形金屬導(dǎo)軌，一端接有0.1的定值電阻R，固定在高h(yuǎn)0.8m的絕緣水平桌面上。質(zhì)量均為0.1kg的勻質(zhì)導(dǎo)體棒a和b靜止在導(dǎo)軌上，兩導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌接觸良好且始終與導(dǎo)軌垂直，接入電路的阻值均為0.1，與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.1（設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力），導(dǎo)體棒a距離導(dǎo)軌最右端1.74m。整個(gè)空間存在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)（圖中未畫出），磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為0.1T。用F0.5N沿導(dǎo)軌水平向右的恒力拉導(dǎo)體棒a，當(dāng)導(dǎo)體棒a運(yùn)動(dòng)到導(dǎo)軌最右端時(shí)，導(dǎo)體棒b剛要滑動(dòng)，撤去F，導(dǎo)體棒a離開導(dǎo)軌后落到水平地面上。重力加速

36、度取10m/s2，不計(jì)空氣阻力，不計(jì)其他電阻，下列說法正確的是（）A導(dǎo)體棒a離開導(dǎo)軌至落地過程中，水平位移為0.6mB導(dǎo)體棒a離開導(dǎo)軌至落地前，其感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)不變C導(dǎo)體棒a在導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)的過程中，導(dǎo)體棒b有向右運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)D導(dǎo)體棒a在導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)的過程中，通過電阻R的電荷量為0.58C【分析】根據(jù)平衡條件求解通過b的電流，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求解a做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律求解水平位移；導(dǎo)體棒a做平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)有效切割速度不變，根據(jù)EBLv分析感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的變化情況；根據(jù)右手定則可知電流方向，根據(jù)左手定則可知導(dǎo)體棒b受到的安培力方向，由此分析b的運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)；

37、根據(jù)電荷量的計(jì)算公式結(jié)合電路連接情況求解通過電阻R的電荷量?！窘獯稹拷猓篈、設(shè)導(dǎo)體棒a剛要離開桌面時(shí)的速度大小為v，此時(shí)b受到的摩擦力為：fmg0.10.110N0.1N根據(jù)平衡條件可得：BIbLf，解得通過b的電流為：Ib1A，由于b與R并聯(lián)后與a串聯(lián)，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：E2IbRa+IbRb，代入數(shù)據(jù)解得：E0.3V根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得：EBLv，解得：v3m/s導(dǎo)體棒a做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為ts0.4s所以導(dǎo)體棒a離開導(dǎo)軌至落地過程中，水平位移為xvt30.4m1.2m，故A錯(cuò)誤；B、導(dǎo)體棒a離開導(dǎo)軌至落地前，水平方向的速度大小不變，導(dǎo)體棒a有效切割速度不變，根據(jù)E

38、BLv可知，其感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)不變，故B正確；C、導(dǎo)體棒a在導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)的過程中，根據(jù)右手定則可知電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針（俯視），根據(jù)左手定則可知導(dǎo)體棒b受到的安培力方向向左，所以導(dǎo)體棒b有向左運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，故C錯(cuò)誤；D、導(dǎo)體棒a在導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)的過程中，設(shè)通過a的電荷量為q0，根據(jù)電荷量的計(jì)算公式可得：q其中R總Ra+，代入數(shù)據(jù)解得：R總0.15，x1.74m代入數(shù)據(jù)解得：q01.16C則通過電阻R的電荷量為qq00.58C，故D正確。故選：BD?！军c(diǎn)評(píng)】對(duì)于電磁感應(yīng)現(xiàn)象中涉及電路問題的分析方法是：確定哪部分相當(dāng)于電源，根據(jù)電路連接情況，結(jié)合法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路的歐姆定律列方程求解。三、非選擇題：共56

39、分。第1114題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第15、16題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題：共43分。11（6分）小圓同學(xué)用橡皮筋、同種一元硬幣、刻度尺、塑料袋、支架等，設(shè)計(jì)了如圖（a）所示的實(shí)驗(yàn)裝置，測(cè)量冰墩墩玩具的質(zhì)量。主要實(shí)驗(yàn)步驟如下：（1）查找資料，得知每枚硬幣的質(zhì)量為6.05g；（2）將硬幣以5枚為一組逐次加入塑料袋，測(cè)量每次穩(wěn)定后橡皮筋的長(zhǎng)度l，記錄數(shù)據(jù)如下表：序號(hào)12345硬幣數(shù)量n/枚510152025長(zhǎng)度l/cm10.5112.0213.5415.0516.56（3）根據(jù)表中數(shù)據(jù)在圖（b）上描點(diǎn)，繪制圖線；（4）取出全部硬幣，把冰墩墩玩具放入塑料袋中，穩(wěn)定后橡皮

40、筋長(zhǎng)度的示數(shù)如圖（c）所示，此時(shí)橡皮筋的長(zhǎng)度為 15.35cm；（5）由上述數(shù)據(jù)計(jì)算得冰墩墩玩具的質(zhì)量為 133g（計(jì)算結(jié)果保留3位有效數(shù)字）?！痉治觥浚?）將表中數(shù)據(jù)描于坐標(biāo)紙上，用一條直線盡可能多地穿過更多的點(diǎn)，不在直線上的點(diǎn)盡量均勻分布在直線兩側(cè)，誤差較大的點(diǎn)舍去，畫出ln圖像；（4）根據(jù)刻度尺的讀數(shù)規(guī)則得出橡皮筋的長(zhǎng)度；（5）根據(jù)圖像的特點(diǎn)結(jié)合硬幣的質(zhì)量得出冰墩墩玩具的質(zhì)量?！窘獯稹拷猓海?）將表中的數(shù)據(jù)描于坐標(biāo)紙上，用一條直線盡可能多地穿過更多的點(diǎn)，不在直線上的點(diǎn)盡量均勻分布在直線兩側(cè)，誤差較大的點(diǎn)舍去，畫出的ln圖像如下圖所示：（4）刻度尺的分度值為0.1cm，需要估讀到下一位，則

41、橡皮筋的長(zhǎng)度為15.35cm；（5）根據(jù)上述表格可知，當(dāng)橡皮筋的長(zhǎng)度為15.35cm時(shí)，對(duì)應(yīng)的橫軸坐標(biāo)約為22枚，結(jié)合題目中的數(shù)據(jù)可知，冰墩墩玩具的質(zhì)量為m226.05g133g。故答案為：（3）如上圖所示；（4）15.35；（5）133【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查了彈力和彈簧伸長(zhǎng)關(guān)系的探究實(shí)驗(yàn)，熟悉作圖法，學(xué)會(huì)從圖像上得出對(duì)應(yīng)的物理量即可，難度不大。12（9分）小夢(mèng)同學(xué)自制了一個(gè)兩擋位（“1”“10”）的歐姆表，其內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示，R0為調(diào)零電阻（最大阻值為R0m），Rs、Rm、Rn為定值電阻（Rs+R0mRmRn），電流計(jì)的內(nèi)阻為RG（RsRG）。用此歐姆表測(cè)量一待測(cè)電阻的阻值，回答下列問題：（1

42、）短接，將單刀雙擲開關(guān)S與m接通，電流計(jì)示數(shù)為Im；保持電阻R0滑片位置不變，將單刀雙擲開關(guān)S與n接通，電流計(jì)示數(shù)變?yōu)镮n，則Im大于In（填“大于”或“小于”）；（2）將單刀雙擲開關(guān)S與n接通，此時(shí)歐姆表的擋位為 10（填“1”或“10”）；（3）若從“1”擋位換成“10”擋位，調(diào)整歐姆零點(diǎn)（歐姆零點(diǎn)在電流計(jì)滿偏刻度處）時(shí)，調(diào)零電阻R0的滑片應(yīng)該 向上調(diào)節(jié)（填“向上”或“向下”）；（4）在“10”擋位調(diào)整歐姆零點(diǎn)后，在間接入阻值為100的定值電阻R1，穩(wěn)定后電流計(jì)的指針偏轉(zhuǎn)到滿偏刻度的；取走R1，在間接入待測(cè)電阻Rx，穩(wěn)定后電流計(jì)的指針偏轉(zhuǎn)到滿偏刻度的，則Rx400?！痉治觥浚?）開關(guān)S由與

43、m接通變?yōu)榕cn接通后，根據(jù)電阻的變化分析電流的變化；（2）倍率越大的擋位內(nèi)電阻越大；（3）若從“1”擋位換成“10”擋位，總電阻增大，通過電流表的電流減小，根據(jù)電路連接情況分析滑動(dòng)變阻器的移動(dòng)情況；（3）根據(jù)閉合電路的歐姆定律結(jié)合間接入電阻的情況列方程求解?！窘獯稹拷猓海?）在保持電阻R0滑片位置不變的情況下，因RmRn，開關(guān)S由與m接通變?yōu)榕cn接通后，干路電流變小，由并聯(lián)電路分流性質(zhì)可知電流計(jì)示數(shù)變小，故Im 大于In；（2）歐姆表的中值電阻為內(nèi)電阻，“1”擋的內(nèi)電阻小于“10”擋的內(nèi)電阻，故將單刀雙擲開關(guān)S與n接通，此時(shí)歐姆表的擋位為“10”；（3）若從“1”擋位換成“10”擋位，總電阻增

44、大，通過電流表的電流減??；要想進(jìn)行歐姆調(diào)零，需要使電流表電流增大，所以調(diào)零電阻R0的滑片應(yīng)該 向上滑動(dòng)，時(shí)的電流表所在的支路電阻減小、電流增大；（3）在間接入阻值為100的定值電阻R1，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得：在間接入待測(cè)電阻Rx，穩(wěn)定后電流計(jì)的指針偏轉(zhuǎn)到滿偏刻度的，則有：當(dāng)間短路時(shí)，有：Ig聯(lián)立解得：Rx400。故答案為：（1）大于；（2）10；（3）向上；（4）400?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要是考查歐姆表測(cè)電阻的原理，關(guān)鍵是弄清楚電路的連接情況和改裝原理，能夠根據(jù)閉合電路的歐姆定律進(jìn)行解答。13（13分）如圖，兩個(gè)定值電阻的阻值分別為R1和R2，直流電源的內(nèi)阻不計(jì)，平行板電容器兩極板水平放置，

45、板間距離為d，板長(zhǎng)為d，極板間存在方向水平向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。質(zhì)量為m、帶電量為+q的小球以初速度v沿水平方向從電容器下板左側(cè)邊緣A點(diǎn)進(jìn)入電容器，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，恰從電容器上板右側(cè)邊緣離開電容器。此過程中，小球未與極板發(fā)生碰撞，重力加速度大小為g，忽略空氣阻力。（1）求直流電源的電動(dòng)勢(shì)E0；（2）求兩極板間磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B；（3）在圖中虛線的右側(cè)設(shè)計(jì)一勻強(qiáng)電場(chǎng)，使小球離開電容器后沿直線運(yùn)動(dòng)，求電場(chǎng)強(qiáng)度的最小值E?！痉治觥浚?）小球在疊加場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，說明合力等于洛倫茲力，根據(jù)受力分析和歐姆定律計(jì)算出電動(dòng)勢(shì)；（2）根據(jù)幾何關(guān)系得出小球做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑，結(jié)合牛頓第二定律計(jì)算出磁感應(yīng)強(qiáng)度；（3）

46、小球做直線運(yùn)動(dòng)，則小球受到的合力與速度共線，結(jié)合幾何關(guān)系得出場(chǎng)強(qiáng)的最小值?！窘獯稹拷猓海?）小球做在疊加場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則小球受到的重力和電場(chǎng)力等大反向，洛倫茲力提供向心力即qEmg根據(jù)歐姆定律可知，極板間的電壓為：結(jié)合場(chǎng)強(qiáng)的計(jì)算公式：UEd聯(lián)立解得：E0（2）小球做圓周運(yùn)動(dòng)，畫出小球的運(yùn)動(dòng)軌跡圖如下圖所示：根據(jù)幾何關(guān)系可得：r23d2+（rd）2解得：r2d根據(jù)牛頓第二定律得：聯(lián)立解得：B（3）根據(jù)上述分析可知，小球離開極板時(shí)的速度方向與豎直方程成30夾角為了保證小球離開電容器沿直線運(yùn)動(dòng)，可知小球的合力與速度反向，結(jié)合幾何關(guān)系可知qEmgsin解得：E答：（1）求直流電源的電動(dòng)勢(shì)為；（2

47、）求兩極板間磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為；（3）電場(chǎng)強(qiáng)度的最小值為?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要考查了帶電粒子在疊加場(chǎng)的運(yùn)動(dòng)，熟悉粒子的受力分析，根據(jù)電容器的知識(shí)和歐姆定律完成電路部分的分析，結(jié)合幾何關(guān)系和牛頓第二定律即可完成解答。14（15分）如圖（a），質(zhì)量為m的籃球從離地H高度處由靜止下落，與地面發(fā)生一次非彈性碰撞后反彈至離地h的最高處。設(shè)籃球在運(yùn)動(dòng)過程中所受空氣阻力的大小是籃球所受重力的倍（為常數(shù)且0），且籃球每次與地面碰撞的碰后速率與碰前速率之比相同，重力加速度大小為g。（1）求籃球與地面碰撞的碰后速率與碰前速率之比；（2）若籃球反彈至最高處h時(shí)，運(yùn)動(dòng)員對(duì)籃球施加一個(gè)向下的壓力F，使得籃球與地面碰撞一次后

48、恰好反彈至h的高度處，力F隨高度y的變化如圖（b）所示，其中h0已知，求F0的大??；（3）籃球從H高度處由靜止下落后，每次反彈至最高點(diǎn)時(shí)，運(yùn)動(dòng)員拍擊一次籃球（拍擊時(shí)間極短），瞬間給其一個(gè)豎直向下、大小相等的沖量I，經(jīng)過N次拍擊后籃球恰好反彈至H高度處，求沖量I的大小?！痉治觥浚?）根據(jù)牛頓第二定律計(jì)算出籃球的加速度，結(jié)合速度位移公式得出碰撞前后的速率，并由此得到比值關(guān)系；（2）選取不同的過程，根據(jù)動(dòng)能定理以及（1）問的比值關(guān)系完成分析；（3）依次計(jì)算出拍打過后的速度，聯(lián)立運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和數(shù)學(xué)知識(shí)完成分析?！窘獯稹拷猓海?）籃球在下落過程中，根據(jù)牛頓第二定律可知：根據(jù)速度位移公式可得籃球與地面的碰前

49、速度為：籃球反彈的過程中，根據(jù)牛頓第二定律得：根據(jù)速度位移公式可得籃球與地面的碰后速率為：因此k（2）籃球反彈到最高點(diǎn)時(shí)，運(yùn)動(dòng)員對(duì)籃球施加一個(gè)向下的力，根據(jù)動(dòng)能定理得：根據(jù)（1）問的描述可知，籃球落地反彈的速度為v4kv3在反彈上升的過程中，根據(jù)動(dòng)能定理可得：聯(lián)立解得：F0（3）由（1）問的分析可知，籃球上升和下降過程的加速度分別為a1（1）g（方向向下）a2（1+）g（方向向上）因?yàn)榕拇虻臅r(shí)間極短，重力的沖量可忽略不計(jì)，則根據(jù)動(dòng)量定理可知Imv即每次拍打籃球都會(huì)給籃球一個(gè)速度v。拍打第一次下降過程中上升過程中有將k代入上升過程的式子化簡(jiǎn)得：聯(lián)立解得：拍打第二次，同理可得：下降過程中上升過程中

50、代入k后得聯(lián)立得：將h1代入到h2得：拍打第三次，同理可得：下降過程有上升過程代入k值化簡(jiǎn)得：聯(lián)立解得：再將h2代入到h3得：拍打第N次時(shí)，同理可得：下降過程有上升過程代入k值得：聯(lián)立有將hN1代入hN后有其中，hNH，h0h則有則有Imvm答：（1）籃球與地面碰撞的碰后速率與碰前速率之比為；（2）F0的大小為；（3）沖量I的大小為m?！军c(diǎn)評(píng)】本題以籃球?yàn)榭疾楸尘?，主要考查了?dòng)量定理的相關(guān)應(yīng)用，分析過程中涉及到了牛頓第二定律，運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和動(dòng)能定理，解題的關(guān)鍵點(diǎn)是理解多次碰撞的規(guī)律，結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)完成分析，難度極大。（二）選考題：共13分。請(qǐng)考生從兩道題中任選一題作答。如果多做，則按第一題計(jì)分。物

51、理選修3-3（13分）（多選）15（5分）利用“渦流效應(yīng)”可實(shí)現(xiàn)冷熱氣體的分離。如圖，一冷熱氣體分離裝置由噴嘴、渦流室、環(huán)形管、分離擋板和冷熱兩端管等構(gòu)成。高壓氮?dú)庥蓢娮烨邢蛄魅霚u流室中，然后以螺旋方式在環(huán)形管中向右旋轉(zhuǎn)前進(jìn)，分子熱運(yùn)動(dòng)速率較小的氣體分子將聚集到環(huán)形管中心部位，而分子熱運(yùn)動(dòng)速率較大的氣體分子將聚集到環(huán)形管邊緣部位。氣流到達(dá)分離擋板處時(shí)，中心部位氣流與分離擋板碰撞后反向，從A端流出，邊緣部位氣流從B端流出。下列說法正確的是 （）AA端為冷端，B端為熱端BA端流出的氣體分子熱運(yùn)動(dòng)平均速率一定小于B端流出的CA端流出的氣體內(nèi)能一定大于B端流出的D該裝置氣體進(jìn)出的過程滿足能量守恒定律，

52、但違背了熱力學(xué)第二定律E該裝置氣體進(jìn)出的過程既滿足能量守恒定律，也滿足熱力學(xué)第二定律【分析】根據(jù)題目的描述分析出AB端的氣體溫度高低，而溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，由此分析出平均速率的大小，理解氣體內(nèi)能的影響因素從而完成分析；根據(jù)能量守恒定律和熱力學(xué)定律結(jié)合題意完成分析?！窘獯稹拷猓篈BC、根據(jù)題目描述可知，從A端為冷端，B端為熱端，因此A端流出的氣體分子熱運(yùn)動(dòng)平均速率一定小于B端流出的，但氣體的質(zhì)量未知，所以無法確定氣體內(nèi)能的大小關(guān)系，故AB正確，C錯(cuò)誤；DE、該裝置氣體進(jìn)出的過程既滿足能量守恒定律，冷熱氣體接觸的部分會(huì)發(fā)生熱傳遞，因此也滿足熱力學(xué)第二定律，故D錯(cuò)誤，E正確；故選：ABE?！军c(diǎn)

53、評(píng)】本題主要考查了熱力學(xué)定律的相關(guān)應(yīng)用，讀懂題意，理解分子平均動(dòng)能和影響因素，結(jié)合熱力學(xué)定律即可完成分析，考法新穎，對(duì)學(xué)生的閱讀理解能力要求較高，但整體難度不大。16（8分）如圖，小贊同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)液體拉力測(cè)量?jī)x。一個(gè)容積V09.9L的導(dǎo)熱汽缸下接一圓管，用質(zhì)量m190g、橫截面積S10cm2的活塞封閉一定質(zhì)量的理想氣體，活塞與圓管壁間摩擦不計(jì)?；钊露擞幂p質(zhì)細(xì)繩懸掛一質(zhì)量m210g的U形金屬絲，活塞剛好處于A位置。將金屬絲部分浸入待測(cè)液體中，緩慢升起汽缸，使金屬絲從液體中拉出，活塞在圓管中的最低位置為B。已知A、B間距離h10cm，外界大氣壓強(qiáng)p01.01105Pa，重力加速度取10m/s2

54、，環(huán)境溫度保持不變。求（）活塞處于A位置時(shí)，汽缸中的氣體壓強(qiáng)p1；（）活塞處于B位置時(shí)，液體對(duì)金屬絲拉力F的大小?！痉治觥浚ǎ└鶕?jù)活塞處于靜止?fàn)顟B(tài)，對(duì)活塞受力分析列式可求解，（）根據(jù)所封一定質(zhì)量的理想氣體做等溫變化，根據(jù)玻意耳定律以及活塞受力平衡列方程求解即可?！窘獯稹拷猓海ǎ┗钊幱贏位置時(shí)，根據(jù)活塞處于靜止?fàn)顟B(tài)可知p1S+（m1+m2）gp0S，代入數(shù)據(jù)解得p11.0105Pa，（）活塞處于B位置時(shí)，根據(jù)活塞封閉一定質(zhì)量的理想氣體做等溫變化，p1V0p2（V0+Sh）p2p0聯(lián)立解得F1N答：（）活塞處于A位置時(shí)，汽缸中的氣體壓強(qiáng)p1為1.0105Pa，（）活塞處于B位置時(shí)，液體對(duì)金屬絲拉力F的大小為1N?！军c(diǎn)評(píng)】該題考查