高考物理電學(xué)選擇題專(zhuān)題訓(xùn)練（二）

1、高考物理電學(xué)選擇題專(zhuān)題訓(xùn)練二一、選擇題 【共30道小題，120分】1、如下圖，在x軸上關(guān)于原點(diǎn)O對(duì)稱(chēng)的兩點(diǎn)固定放置等量異種點(diǎn)電荷+Q和-Q，x軸上的P點(diǎn)位于-Q的右側(cè)。以下判斷正確的選項(xiàng)是( ) C.假設(shè)將一試探電荷+q從P點(diǎn)移至O點(diǎn)，電勢(shì)能增大D.假設(shè)將一試探電荷+q從P點(diǎn)移至O點(diǎn)，電勢(shì)能減小參考答案與解析：AC解析:如下圖：方向向左方向向左，A對(duì)，-Q到P的平均電場(chǎng)強(qiáng)度小于-Q到O的平均電場(chǎng)強(qiáng)度，電場(chǎng)力做的正功小于做的負(fù)功，P點(diǎn)與O點(diǎn)比擬電勢(shì)能增加。C對(duì)，D錯(cuò)。2、氦原子核由兩個(gè)質(zhì)子與兩個(gè)中子組成，這兩個(gè)質(zhì)子之間存在著萬(wàn)有引力、庫(kù)侖力和核力，那么3種力從大到小的排列順序是 A.核力、萬(wàn)有引

2、力、庫(kù)侖力B.萬(wàn)有引力、庫(kù)侖力、核力C.庫(kù)侖力、核力、萬(wàn)有引力D.核力、庫(kù)侖力、萬(wàn)有引力參考答案與解析：D解析：核力是核子之間的一種強(qiáng)相互作用，其相互作用力巨大，兩質(zhì)子之間的萬(wàn)有引力極其微小，所以我們?cè)谄綍r(shí)的計(jì)算時(shí)不考慮。3、如以下圖所示，三個(gè)完全相同的金屬小球a、b、c位于等邊三角形的三個(gè)頂點(diǎn)上。a和c帶正電，b帶負(fù)電，a所帶電量的大小比b的小。c受到a和b的靜電力的合力可用圖中四條有向線(xiàn)段中的一條來(lái)表示，它應(yīng)是 A.F1 B.F2 C.F3 參考答案與解析：B4、圖中虛線(xiàn)所示為靜電場(chǎng)中的等勢(shì)面1、2、3、4，相鄰的等勢(shì)面之間的電勢(shì)差相等，其中等勢(shì)面3的電勢(shì)為0。一帶正電的點(diǎn)電荷在靜電力的作

3、用下運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)a、b點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能分別為26 eV和5 eV。當(dāng)這一點(diǎn)電荷運(yùn)動(dòng)到某一位置，其電勢(shì)能變?yōu)? eV時(shí)，它的動(dòng)能應(yīng)為 A.8 eV B.13 eV C.20 eV D.34 eV參考答案與解析：C5、一負(fù)電荷僅受電場(chǎng)力的作用，從電場(chǎng)中的A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，在此過(guò)程中該電荷做初速度為零的勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，那么A、B兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度EA、EB及該電荷在A(yíng)、B兩點(diǎn)的電勢(shì)能A、B之間的關(guān)系為 A. EA=EB B. EAEBC.A=B D.AB參考答案與解析：AD6、在場(chǎng)強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)中固定放置兩個(gè)帶電小球1和2,它們的質(zhì)量相等,電荷分別為q1和q2q1q2.球1和球2的連線(xiàn)平行于電場(chǎng)線(xiàn),如圖,現(xiàn)同時(shí)放

4、開(kāi)1球和2球,于是它們開(kāi)始在電場(chǎng)力的作用下運(yùn)動(dòng).如果球1和2之間的距離可以取任意有限值,那么兩球剛被放開(kāi)時(shí),它們的加速度可能是 A.大小不等,方向相同 B.大小不等,方向相反C.大小相等,方向相同 D.大小相等,方向相反參考答案與解析：ABC7、a、b、c、d是勻強(qiáng)電場(chǎng)中的四個(gè)點(diǎn)，它們正好是一個(gè)矩形的四個(gè)頂點(diǎn)。電場(chǎng)線(xiàn)與矩形所在平面平行。a點(diǎn)的電勢(shì)為20 V，b點(diǎn)的電勢(shì)為24 V，d點(diǎn)的電勢(shì)為4 V，如圖。由此可知c點(diǎn)的電勢(shì)為 A.4 V B.8 VC.12 V D.24 V參考答案與解析：B 解析：由a、b、c三點(diǎn)的電勢(shì)可知，電場(chǎng)線(xiàn)的方向大致為從b指向d的方向，因?yàn)閍bcd為矩形，Uab=4

5、V，所以Ucd=4 V，那么c點(diǎn)電勢(shì)比d點(diǎn)高4 V，即c點(diǎn)電勢(shì)為8 V，B正確。8、某靜電場(chǎng)的電場(chǎng)線(xiàn)分布如下圖，圖中P、Q兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小分別為EP和EQ，電勢(shì)分別為UP和UQ，那么 A.EPEQ,UPUQ B.EPEQ,UPUQC.EPEQ,UPUQ D.EPEQ,UPUQ參考答案與解析：A解析：電場(chǎng)強(qiáng)度的大小用電場(chǎng)線(xiàn)的疏密來(lái)判斷，密處場(chǎng)強(qiáng)大，顯然EPEQ；又沿著電場(chǎng)線(xiàn)的方向，電勢(shì)越來(lái)越低，那么知UPUQ，A正確，B、C、D均錯(cuò)。9、如下圖的虛線(xiàn)區(qū)域內(nèi)，充滿(mǎn)垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)。一帶電粒子a不計(jì)重力以一定的初速度由左邊界的O點(diǎn)射入磁場(chǎng)、電場(chǎng)區(qū)域,恰好沿直線(xiàn)由區(qū)域右

6、邊界的O點(diǎn)圖中未標(biāo)出穿出。假設(shè)撤去該區(qū)域內(nèi)的磁場(chǎng)而保存電場(chǎng)不變，另一個(gè)同樣的粒子b不計(jì)重力仍以相同初速度由O點(diǎn)射入，從區(qū)域右邊界穿出，那么粒子b A.穿出位置一定在O點(diǎn)下方B.穿出位置一定在O點(diǎn)上方C.運(yùn)動(dòng)時(shí)，在電場(chǎng)中的電勢(shì)能一定減小D.在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，動(dòng)能一定減小參考答案與解析：C解析：該電、磁復(fù)合場(chǎng)等效于速度選擇器，只選擇速度大小，不選擇粒子的電性，即正、負(fù)粒子均可沿直線(xiàn)穿過(guò)該電、磁場(chǎng)區(qū)域；撤去磁場(chǎng)后，假設(shè)粒子帶正電，那么受電場(chǎng)力向下，粒子偏離直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)軌跡向下偏轉(zhuǎn)，穿出點(diǎn)在O點(diǎn)下方，假設(shè)粒子帶負(fù)電，那么受向上的電場(chǎng)力而向上偏轉(zhuǎn)，穿出點(diǎn)在O點(diǎn)上方，故在粒子電性不明的情況下，粒子穿出可能在O點(diǎn)

7、上方或下方，A、B均錯(cuò)；在電場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)時(shí)，僅電場(chǎng)力做正功，其電勢(shì)能一定減小，動(dòng)能一定增加，C對(duì)，D錯(cuò)。10、在如下圖的電路中，E為電源電動(dòng)勢(shì)，r為電源內(nèi)阻，R1和R3均為定值電阻，R2為滑動(dòng)變阻器。當(dāng)R2的滑動(dòng)觸點(diǎn)在a端時(shí)合上開(kāi)關(guān)S，此時(shí)三個(gè)電表A1、A2和V的示數(shù)分別為I1、I2和U?，F(xiàn)將R2的滑動(dòng)觸點(diǎn)向b端移動(dòng)，那么三個(gè)電表示數(shù)的變化情況是 A.I1增大，I2不變，U增大B.I1減小，I2增大，U減小C.I1增大，I2減小，U增大D.I1減小，I2不變，U減小參考答案與解析：B 解析：R2的滑動(dòng)觸點(diǎn)向b端滑動(dòng)，R2變小，R1、R2并聯(lián)總電阻R12=,那么R外=R3+R12,R外變小,由I=得

8、I變大,由U=EIr那么U變小；由I1=，U1=UIR3，得I1變??；由I2=II1，得I2變大,所以B正確。11、汽車(chē)電動(dòng)機(jī)啟動(dòng)時(shí)車(chē)燈會(huì)瞬時(shí)變暗，如題15圖，在翻開(kāi)車(chē)燈的情況下，電動(dòng)機(jī)未啟動(dòng)時(shí)電流表讀數(shù)為10 A，電動(dòng)機(jī)啟動(dòng)時(shí)電流表讀數(shù)為58 A，假設(shè)電源電動(dòng)勢(shì)為12.5 V，內(nèi)阻為0.05 ，電流表內(nèi)阻不計(jì)，那么因電動(dòng)機(jī)啟動(dòng)，車(chē)燈的電功率降低了 題15圖A.35.8 W B.43.2 WC.48.2 W D.76.8 W參考答案與解析：B 解析：電動(dòng)機(jī)未啟動(dòng)時(shí)，12.5=10RL+100.05，所以RL=1.2 ，那么PL=I2RL=120 W，電動(dòng)機(jī)啟動(dòng)時(shí)U=12.5-580.05=9.

9、6 V那么PL=76.8 W那么PL=PL-PL=43.2 W故B正確。12的量程為；電壓表的量程為3V，內(nèi)阻約6k；為小量程電流表；電源電動(dòng)勢(shì)約3V,內(nèi)阻較小.以下電路中正確的選項(xiàng)是 參考答案與解析：AB 解析：電阻絲電阻值較小，為減小實(shí)驗(yàn)誤差，應(yīng)采用外接法，A正確.電源內(nèi)阻較小，同理可知應(yīng)采用外接法，B正確.描繪小燈泡的伏安特性曲線(xiàn)，變化范圍大，應(yīng)采用分壓式，C錯(cuò)誤.D電路圖中應(yīng)將電阻箱和滑動(dòng)變阻器對(duì)調(diào)，才能利用“半偏法測(cè)出電流表的內(nèi)阻，D錯(cuò)誤.13、如下圖，a、b是位于真空中的平行金屬板，a板帶正電，b板帶負(fù)電，兩板間的電場(chǎng)為勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)為E。同時(shí)在兩板之間的空間中加勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向

10、垂直于紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B。一束電子以大小為v0的速度從左邊S處沿圖中虛線(xiàn)方向入射，虛線(xiàn)平行于兩板。要想使電子在兩板間能沿虛線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，那么v0、E、B之間的關(guān)系應(yīng)滿(mǎn)足 A.v0= B. v0= C. v0= D. v0=參考答案與解析：A14、K介子衰變的方程為K+0，其中K介子和介子帶負(fù)的基元電荷，0介子不帶電。一個(gè)K介子沿垂直于磁場(chǎng)的方向射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，其軌跡為圓弧AP，衰變后產(chǎn)生的介子的軌跡為圓弧PB，兩軌跡在P點(diǎn)相切，它們的半徑與之比為21。0介子的軌跡未畫(huà)出。由此可知的動(dòng)量大小與0的動(dòng)量大小之比為 1 2 3 6參考答案與解析：C15、如下圖，正方形區(qū)域abcd中充滿(mǎn)勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)

11、方向垂直紙面向里。一個(gè)氫核從ad邊的中點(diǎn)m沿著既垂直于ad邊又垂直于磁場(chǎng)的方向，以一定速度射入磁場(chǎng)，正好從ab邊中點(diǎn)n射出磁場(chǎng)。假設(shè)將磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，其他條件不變，那么這個(gè)氫核射出磁場(chǎng)的位置是 A.在b、n之間某點(diǎn) B.在n、a之間某點(diǎn)C.a點(diǎn) D.在a、m之間某點(diǎn)參考答案與解析：C16、通電矩形導(dǎo)線(xiàn)框abcd與無(wú)限長(zhǎng)通電直導(dǎo)線(xiàn)MN在同一平面內(nèi)，電流方向如下圖，ab邊與MN平行，關(guān)于MN的磁場(chǎng)對(duì)線(xiàn)框的作用，以下表達(dá)正確的選項(xiàng)是 (A)線(xiàn)框有兩條邊所受的安培力方向相同(B)線(xiàn)框有兩條邊所受的安培力大小相同(C)線(xiàn)框所受安培力的合力朝左(D)cd所受安培力對(duì)ab邊的力矩不為零參考答

12、案與解析：答案：BC17、圖中為一“濾速器裝置示意圖。a、b為水平放置的平行金屬板，一束具有各種不同速率的電子沿水平方向經(jīng)小孔O進(jìn)入a、b兩板之間。為了選取具有某種特定速率的電子，可在a、b間加上電壓，并沿垂直于紙面的方向加一勻強(qiáng)磁場(chǎng)，使所選電子仍能夠沿水平直線(xiàn)OO運(yùn)動(dòng)，由O射出。不計(jì)重力作用?？赡艿竭_(dá)上述目的的方法是 A.使a板電勢(shì)高于b板，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里B.使a板電勢(shì)低于b板，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里C.使a板電勢(shì)高于b板，磁場(chǎng)方向垂直紙面向外D.使a板電勢(shì)低于b板，磁場(chǎng)方向垂直紙面向外參考答案與解析： AD解析：要使電子沿直線(xiàn)OO射出，那么電子必做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，電子受力平衡。在該場(chǎng)區(qū)，

13、電子受到電場(chǎng)力和洛侖茲力，要使電子二力平衡，那么二力方向?yàn)樨Q直向上和豎直向下。A選項(xiàng)電子所受電場(chǎng)力豎直向上，由左手定那么判斷洛侖茲力豎直向下，滿(mǎn)足受力平衡。同理，D選項(xiàng)也滿(mǎn)足受力平衡。所以AD選項(xiàng)正確。18、兩根足夠長(zhǎng)的光滑導(dǎo)軌豎直放置，間距為L(zhǎng)，底端接阻值為R的電阻。將質(zhì)量為m的金屬棒懸掛在一個(gè)固定的輕彈簧下端，金屬棒和導(dǎo)軌接觸良好，導(dǎo)軌所在平面與磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直，如下圖。除電阻R外其余電阻不計(jì)?，F(xiàn)將金屬棒從彈簧原長(zhǎng)位置由靜止釋放，那么 B.金屬棒向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，流過(guò)電阻R的電流方向?yàn)閍bC.金屬棒的速度為v時(shí)，所受的安培力大小為F=參考答案與解析：AC解析：由牛頓第二定律，金屬棒下

14、落過(guò)程的加速度a=，因釋放瞬間x=0,v=0,那么金屬棒的加速度a=g，故A正確;由右手定那么知金屬棒向下運(yùn)動(dòng)時(shí)棒中電流向右，故流過(guò)電阻的電流為ba，那么B錯(cuò)誤;因E=BLv,I=,那么F=,故C正確；金屬棒上下振動(dòng)最終靜止時(shí)，處于平衡狀態(tài)，且kx=mg，彈簧具有彈性勢(shì)能，由能量轉(zhuǎn)化守恒定律金屬棒減少的重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化成兩局部，一局部為彈簧彈性勢(shì)能，另一局部為電阻R上產(chǎn)生的熱量，故D錯(cuò)誤。19、某小型水電站的電能輸送示意圖如下，發(fā)電機(jī)的輸出電壓為200 V，輸電線(xiàn)總電阻為r，升壓變壓器原副線(xiàn)圈匝數(shù)分別為n1、n2，降壓變壓器原副線(xiàn)圈匝數(shù)分別為n3、n4變壓器均為理想變壓器。要使額定電壓為220 V

15、的用電器正常工作，那么( ) A.B.參考答案與解析：AD解析:,，u=u-u線(xiàn),uu,可知,n2/n1n3/n4，A對(duì)、B錯(cuò)、C錯(cuò)。P輸出=P輸入+P線(xiàn)，D對(duì)。20、如下圖，在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，有一質(zhì)量為m、阻值為R的閉合矩形金屬線(xiàn)框abcd用絕緣輕質(zhì)細(xì)桿懸掛在O點(diǎn)，并可繞O點(diǎn)擺動(dòng)。金屬線(xiàn)框從右側(cè)某一位置靜止開(kāi)始釋放，在擺動(dòng)到左側(cè)最高點(diǎn)的過(guò)程中，細(xì)桿和金屬線(xiàn)框平面始終處于同一平面，且垂直紙面。那么線(xiàn)框中感應(yīng)電流的方向是 bcdacbadcbad，后是abcdabcda,后是dcbad參考答案與解析：B解析：金屬線(xiàn)框從右側(cè)某一位置靜止開(kāi)始釋放，在擺動(dòng)到豎直位置的過(guò)程

16、中：磁場(chǎng)自abcd的右側(cè)面穿出，擺動(dòng)過(guò)程中磁通量在減少，根據(jù)右手定那么得電流adcb；金屬線(xiàn)框豎直位置在擺動(dòng)到左側(cè)最高點(diǎn)的過(guò)程中，根據(jù)右手定那么不難得出感應(yīng)電流的方向?yàn)閐cbad。21、圖中EF、GH為平行的金屬導(dǎo)軌，其電阻可不計(jì)，R為電阻器，C為電容器，AB為可在EF和GH上滑動(dòng)的導(dǎo)體橫桿。有均勻磁場(chǎng)垂直于導(dǎo)軌平面。假設(shè)用I1和I2分別表示圖中該處導(dǎo)線(xiàn)中的電流，那么當(dāng)橫桿AB A.勻速滑動(dòng)時(shí)，I10，I20B.勻速滑動(dòng)時(shí)，I10，I20C.加速滑動(dòng)時(shí)，I10，I20D.加速滑動(dòng)時(shí)，I10，I20參考答案與解析：D22、電學(xué)中的庫(kù)侖定律、歐姆定律、法拉第電磁感應(yīng)定律有關(guān)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小的規(guī)律、安

17、培定律磁場(chǎng)對(duì)電流作用的規(guī)律都是一些重要的規(guī)律。圖為遠(yuǎn)距離輸電系統(tǒng)的示意圖為了簡(jiǎn)單，設(shè)用戶(hù)的電器是電動(dòng)機(jī)，以下選項(xiàng)中正確的選項(xiàng)是 變壓器能變壓的主要原理是歐姆定律電動(dòng)機(jī)通電后能轉(zhuǎn)動(dòng)起來(lái)的主要原理是法拉第電磁感應(yīng)定律變壓器能變壓的主要原理是歐姆定律電動(dòng)機(jī)通電后能轉(zhuǎn)動(dòng)起來(lái)的主要原理是庫(kù)侖定律變壓器能變壓的主要原理是庫(kù)侖定律電動(dòng)機(jī)通電后能轉(zhuǎn)動(dòng)起來(lái)的主要原理是法拉第電磁感應(yīng)定律變壓器能變壓的主要原理是法拉第電磁感應(yīng)定律電動(dòng)機(jī)通電后能轉(zhuǎn)動(dòng)起來(lái)的主要原理是安培定律參考答案與解析：D23、粗細(xì)均勻的電阻絲圍成的正方形線(xiàn)框置于有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直于線(xiàn)框平面，其邊界與正方形線(xiàn)框的邊平行.現(xiàn)使線(xiàn)框以同樣大小

18、的速度沿四個(gè)不同方向平移出磁場(chǎng)，如下圖，那么在移出過(guò)程中線(xiàn)框的一邊a、b兩點(diǎn)間電勢(shì)差絕對(duì)值最大的是 參考答案與解析：B24、一直升飛機(jī)停在南半球的地磁極上空。該處地磁場(chǎng)的方向豎直向上，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B。直升飛機(jī)螺旋槳葉片的長(zhǎng)度為l，螺旋槳轉(zhuǎn)動(dòng)的頻率為f，順著地磁場(chǎng)的方向看螺旋槳，螺旋槳按順時(shí)針?lè)较蜣D(zhuǎn)動(dòng)。螺旋槳葉片的近軸端為a，遠(yuǎn)軸端為b，如下圖。如果忽略a到轉(zhuǎn)軸中心線(xiàn)的距離，用表示每個(gè)葉片中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，那么 A.=fl2B，且a點(diǎn)電勢(shì)低于b點(diǎn)電勢(shì)B.=2fl2B，且a點(diǎn)電勢(shì)低于b點(diǎn)電勢(shì)C.=fl2B，且a點(diǎn)電勢(shì)高于b點(diǎn)電勢(shì)D.=2fl2B，且a點(diǎn)電勢(shì)高于b點(diǎn)電勢(shì)參考答案與解析：A25、兩圓環(huán)A

19、、B置于同一水平面上,其中A為均勻帶電絕緣環(huán),B為導(dǎo)體環(huán).當(dāng)A以如下圖的方向繞中心轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度發(fā)生變化時(shí),B中產(chǎn)生如下圖方向的感應(yīng)電流,那么( ) (A)A可能帶正電且轉(zhuǎn)速減小 (B)A可能帶正電且轉(zhuǎn)速增大(C)A可能帶負(fù)電且轉(zhuǎn)速減小 (D)A可能帶負(fù)電且轉(zhuǎn)速增大參考答案與解析：BC26將硬導(dǎo)線(xiàn)中間一段折成不封閉的正方形，每邊長(zhǎng)為l，它在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、方向如圖的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，轉(zhuǎn)速為n，導(dǎo)線(xiàn)在a、b兩處通過(guò)電刷與外電路連接，外電路有額定功率為P的小燈泡并正常發(fā)光，電路中除燈泡外，其余局部的電阻不計(jì)，燈泡的電阻應(yīng)為A B C D 參考答案與解析：B解析：P=，所以R=，所以B選項(xiàng)正確。27、一磁棒自遠(yuǎn)處勻速沿一圓形線(xiàn)圈的軸線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，并穿過(guò)線(xiàn)圈向遠(yuǎn)處而去，如下圖，那么圖所示較正確反映線(xiàn)圈中電流i與時(shí)間t關(guān)系的是(線(xiàn)圈中電流以圖示箭頭為正方向) 參考答案與解析：答案：B28、如下圖，理想變壓器原、副線(xiàn)，圈匝數(shù)之比