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文檔簡介
1、絕密啟用前2020年普通高等學(xué)校招生全國統(tǒng)一考試文科數(shù)學(xué)注意事項(xiàng):1答題前,考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上.2回答選擇題時(shí),選出每小題答案后,用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號框涂黑.如需改動(dòng),用橡皮擦干凈后,在選涂其它答案標(biāo)號框.回答非選擇題時(shí),將答案寫在答題卡上,寫在本試卷上無效.3考試結(jié)束后,將本試卷和答題卡一并交回.一、選擇題:本題共12小題,每小題5分,共60分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的1.已知集合A=x|x|<3,xZ,B=x|x|>1,xZ,則AB=( )A. B. 3,2,2,3)C. 2,0,2D. 2,2【答案】D【解析
2、】【分析】解絕對值不等式化簡集合的表示,再根據(jù)集合交集的定義進(jìn)行求解即可.【詳解】因?yàn)?,或,所?故選:D.【點(diǎn)睛】本題考查絕對值不等式的解法,考查集合交集的定義,屬于基礎(chǔ)題.2.(1i)4=( )A. 4B. 4C. 4iD. 4i【答案】A【解析】【分析】根據(jù)指數(shù)冪的運(yùn)算性質(zhì),結(jié)合復(fù)數(shù)的乘方運(yùn)算性質(zhì)進(jìn)行求解即可.【詳解】.故選:A.【點(diǎn)睛】本題考查了復(fù)數(shù)的乘方運(yùn)算性質(zhì),考查了數(shù)學(xué)運(yùn)算能力,屬于基礎(chǔ)題.3.如圖,將鋼琴上的12個(gè)鍵依次記為a1,a2,a12.設(shè)1i<j<k12若kj=3且ji=4,則稱ai,aj,ak為原位大三和弦;若kj=4且ji=3,則稱ai,aj,ak為原位
3、小三和弦用這12個(gè)鍵可以構(gòu)成的原位大三和弦與原位小三和弦的個(gè)數(shù)之和為( )A. 5B. 8C. 10D. 15【答案】C【解析】【分析】根據(jù)原位大三和弦滿足,原位小三和弦滿足從開始,利用列舉法即可解出【詳解】根據(jù)題意可知,原位大三和弦滿足:;原位小三和弦滿足:;故個(gè)數(shù)之和為10故選:C【點(diǎn)睛】本題主要考查列舉法的應(yīng)用,以及對新定義的理解和應(yīng)用,屬于基礎(chǔ)題4.在新冠肺炎疫情防控期間,某超市開通網(wǎng)上銷售業(yè)務(wù),每天能完成1200份訂單的配貨,由于訂單量大幅增加,導(dǎo)致訂單積壓.為解決困難,許多志愿者踴躍報(bào)名參加配貨工作.已知該超市某日積壓500份訂單未配貨,預(yù)計(jì)第二天的新訂單超過1600份的概率為0.
4、05,志愿者每人每天能完成50份訂單的配貨,為使第二天完成積壓訂單及當(dāng)日訂單的配貨的概率不小于0.95,則至少需要志愿者( )A. 10名B. 18名C. 24名D. 32名【答案】B【解析】【分析】算出第二天訂單數(shù),除以志愿者每天能完成的訂單配貨數(shù)即可.【詳解】由題意,第二天新增訂單數(shù)為,設(shè)需要志愿者x名,,故需要志愿者名.故選:B【點(diǎn)晴】本題主要考查函數(shù)模型的簡單應(yīng)用,屬于基礎(chǔ)題.5.已知單位向量,的夾角為60°,則在下列向量中,與垂直的是( )A. B. C. D. 【答案】D【解析】分析】根據(jù)平面向量數(shù)量積的定義、運(yùn)算性質(zhì),結(jié)合兩平面向量垂直數(shù)量積為零這一性質(zhì)逐一判斷即可.【
5、詳解】由已知可得:.A:因?yàn)?,所以本選項(xiàng)不符合題意;B:因?yàn)?,所以本選項(xiàng)不符合題意;C:因?yàn)?,所以本選項(xiàng)不符合題意;D:因?yàn)?,所以本選項(xiàng)符合題意.故選:D.【點(diǎn)睛】本題考查了平面向量數(shù)量積的定義和運(yùn)算性質(zhì),考查了兩平面向量數(shù)量積為零則這兩個(gè)平面向量互相垂直這一性質(zhì),考查了數(shù)學(xué)運(yùn)算能力.6.記Sn為等比數(shù)列an的前n項(xiàng)和若a5a3=12,a6a4=24,則=( )A. 2n1B. 221nC. 22n1D. 21n1【答案】B【解析】【分析】根據(jù)等比數(shù)列的通項(xiàng)公式,可以得到方程組,解方程組求出首項(xiàng)和公比,最后利用等比數(shù)列的通項(xiàng)公式和前項(xiàng)和公式進(jìn)行求解即可.【詳解】設(shè)等比數(shù)列的公比為,由可得:,所
6、以,因此.故選:B.【點(diǎn)睛】本題考查了等比數(shù)列的通項(xiàng)公式的基本量計(jì)算,考查了等比數(shù)列前項(xiàng)和公式的應(yīng)用,考查了數(shù)學(xué)運(yùn)算能力.7.執(zhí)行右面的程序框圖,若輸入的k=0,a=0,則輸出的k為( )A. 2B. 3C. 4D. 5【答案】C【解析】【分析】由已知中的程序框圖可知:該程序的功能是利用循環(huán)結(jié)構(gòu)計(jì)算并輸出的值,模擬程序的運(yùn)行過程,分析循環(huán)中各變量值的變化情況,即可求得答案.【詳解】由已知中的程序框圖可知:該程序的功能是利用循環(huán)結(jié)構(gòu)計(jì)算并輸出的值模擬程序的運(yùn)行過程第1次循環(huán),為否第2次循環(huán),為否第3次循環(huán),為否第4次循環(huán),為是 退出循環(huán)輸出.故選:C.【點(diǎn)睛】本題考查求循環(huán)框圖的輸出值,解題關(guān)鍵
7、是掌握模擬循環(huán)語句運(yùn)行的計(jì)算方法,考查了分析能力和計(jì)算能力,屬于基礎(chǔ)題.8.若過點(diǎn)(2,1)的圓與兩坐標(biāo)軸都相切,則圓心到直線的距離為( )A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】由題意可知圓心在第一象限,設(shè)圓心的坐標(biāo)為,可得圓的半徑為,寫出圓的標(biāo)準(zhǔn)方程,利用點(diǎn)在圓上,求得實(shí)數(shù)的值,利用點(diǎn)到直線的距離公式可求出圓心到直線的距離.【詳解】由于圓上的點(diǎn)在第一象限,若圓心不在第一象限,則圓與至少與一條坐標(biāo)軸相交,不合乎題意,所以圓心必在第一象限,設(shè)圓心的坐標(biāo)為,則圓的半徑為,圓的標(biāo)準(zhǔn)方程為.由題意可得,可得,解得或,所以圓心的坐標(biāo)為或,圓心到直線距離均為;圓心到直線的距離均為圓心到直線的距
8、離均為;所以,圓心到直線的距離為.故選:B.【點(diǎn)睛】本題考查圓心到直線距離計(jì)算,求出圓的方程是解題的關(guān)鍵,考查計(jì)算能力,屬于中等題.9.設(shè)為坐標(biāo)原點(diǎn),直線與雙曲線的兩條漸近線分別交于兩點(diǎn),若的面積為8,則的焦距的最小值為( )A. 4B. 8C. 16D. 32【答案】B【解析】【分析】因?yàn)?,可得雙曲線的漸近線方程是,與直線聯(lián)立方程求得,兩點(diǎn)坐標(biāo),即可求得,根據(jù)的面積為,可得值,根據(jù),結(jié)合均值不等式,即可求得答案.【詳解】雙曲線的漸近線方程是直線與雙曲線的兩條漸近線分別交于,兩點(diǎn)不妨設(shè)為在第一象限,在第四象限聯(lián)立,解得故聯(lián)立,解得故面積為:雙曲線其焦距為當(dāng)且僅當(dāng)取等號的焦距的最小值:故選:B.
9、【點(diǎn)睛】本題主要考查了求雙曲線焦距的最值問題,解題關(guān)鍵是掌握雙曲線漸近線的定義和均值不等式求最值方法,在使用均值不等式求最值時(shí),要檢驗(yàn)等號是否成立,考查了分析能力和計(jì)算能力,屬于中檔題.10.設(shè)函數(shù),則( )A. 是奇函數(shù),且在(0,+)單調(diào)遞增B. 是奇函數(shù),且在(0,+)單調(diào)遞減C. 是偶函數(shù),且在(0,+)單調(diào)遞增D. 是偶函數(shù),且在(0,+)單調(diào)遞減【答案】A【解析】【分析】根據(jù)函數(shù)的解析式可知函數(shù)的定義域?yàn)?,利用定義可得出函數(shù)為奇函數(shù),再根據(jù)函數(shù)的單調(diào)性法則,即可解出【詳解】因?yàn)楹瘮?shù)定義域?yàn)椋潢P(guān)于原點(diǎn)對稱,而,所以函數(shù)為奇函數(shù)又因?yàn)楹瘮?shù)在上單調(diào)遞增,在上單調(diào)遞增,而在上單調(diào)遞減,在
10、上單調(diào)遞減,所以函數(shù)在上單調(diào)遞增,在上單調(diào)遞增故選:A【點(diǎn)睛】本題主要考查利用函數(shù)的解析式研究函數(shù)的性質(zhì),屬于基礎(chǔ)題11.已知ABC是面積為的等邊三角形,且其頂點(diǎn)都在球O的球面上.若球O的表面積為16,則O到平面ABC的距離為( )A. B. C. 1D. 【答案】C【解析】【分析】根據(jù)球的表面積和的面積可求得球的半徑和外接圓半徑,由球的性質(zhì)可知所求距離.【詳解】設(shè)球的半徑為,則,解得:.設(shè)外接圓半徑為,邊長為, 是面積為的等邊三角形,解得:,球心到平面的距離.故選:C.【點(diǎn)睛】本題考查球的相關(guān)問題的求解,涉及到球的表面積公式和三角形面積公式的應(yīng)用;解題關(guān)鍵是明確球的性質(zhì),即球心和三角形外接圓
11、圓心的連線必垂直于三角形所在平面.12.若,則( )A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】將不等式變?yōu)?,根?jù)的單調(diào)性知,以此去判斷各個(gè)選項(xiàng)中真數(shù)與的大小關(guān)系,進(jìn)而得到結(jié)果.【詳解】由得:,令,為上的增函數(shù),為上的減函數(shù),為上的增函數(shù),則A正確,B錯(cuò)誤;與的大小不確定,故CD無法確定.故選:A.【點(diǎn)睛】本題考查對數(shù)式的大小的判斷問題,解題關(guān)鍵是能夠通過構(gòu)造函數(shù)的方式,利用函數(shù)的單調(diào)性得到的大小關(guān)系,考查了轉(zhuǎn)化與化歸的數(shù)學(xué)思想.二、填空題:本題共4小題,每小題5分,共20分.13.若,則_【答案】【解析】【分析】直接利用余弦的二倍角公式進(jìn)行運(yùn)算求解即可.【詳解】.故答案:.【點(diǎn)睛】本題
12、考查了余弦的二倍角公式的應(yīng)用,屬于基礎(chǔ)題.14.記為等差數(shù)列的前n項(xiàng)和若,則_【答案】【解析】【分析】因?yàn)槭堑炔顢?shù)列,根據(jù)已知條件,求出公差,根據(jù)等差數(shù)列前項(xiàng)和,即可求得答案.【詳解】是等差數(shù)列,且,設(shè)等差數(shù)列的公差根據(jù)等差數(shù)列通項(xiàng)公式:可得即:整理可得:解得:根據(jù)等差數(shù)列前項(xiàng)和公式:可得:.故答案為:.【點(diǎn)睛】本題主要考查了求等差數(shù)列的前項(xiàng)和,解題關(guān)鍵是掌握等差數(shù)列的前項(xiàng)和公式,考查了分析能力和計(jì)算能力,屬于基礎(chǔ)題.15.若x,y滿足約束條件則最大值是_【答案】【解析】【分析】在平面直角坐標(biāo)系內(nèi)畫出不等式組表示的平面區(qū)域,然后平移直線,在平面區(qū)域內(nèi)找到一點(diǎn)使得直線在縱軸上的截距最大,求出點(diǎn)的
13、坐標(biāo)代入目標(biāo)函數(shù)中即可.【詳解】不等式組表示的平面區(qū)域?yàn)橄聢D所示:平移直線,當(dāng)直線經(jīng)過點(diǎn)時(shí),直線在縱軸上的截距最大,此時(shí)點(diǎn)的坐標(biāo)是方程組的解,解得:,因此的最大值為:.故答案為:.【點(diǎn)睛】本題考查了線性規(guī)劃的應(yīng)用,考查了數(shù)形結(jié)合思想,考查數(shù)學(xué)運(yùn)算能力.16.設(shè)有下列四個(gè)命題:p1:兩兩相交且不過同一點(diǎn)的三條直線必在同一平面內(nèi).p2:過空間中任意三點(diǎn)有且僅有一個(gè)平面.p3:若空間兩條直線不相交,則這兩條直線平行.p4:若直線l平面,直線m平面,則ml.則下述命題中所有真命題的序號是_.【答案】【解析】【分析】利用兩交線直線確定一個(gè)平面可判斷命題的真假;利用三點(diǎn)共線可判斷命題的真假;利用異面直線可
14、判斷命題的真假,利用線面垂直的定義可判斷命題的真假.再利用復(fù)合命題的真假可得出結(jié)論.【詳解】對于命題,可設(shè)與相交,這兩條直線確定的平面為;若與相交,則交點(diǎn)在平面內(nèi),同理,與的交點(diǎn)也在平面內(nèi),所以,即,命題為真命題;對于命題,若三點(diǎn)共線,則過這三個(gè)點(diǎn)的平面有無數(shù)個(gè),命題為假命題;對于命題,空間中兩條直線相交、平行或異面,命題為假命題;對于命題,若直線平面,則垂直于平面內(nèi)所有直線,直線平面,直線直線,命題為真命題.綜上可知,為真命題,為假命題,為真命題,為假命題,為真命題,為真命題.故答案為:.【點(diǎn)睛】本題考查復(fù)合命題的真假,同時(shí)也考查了空間中線面關(guān)系有關(guān)命題真假的判斷,考查推理能力,屬于中等題.
15、三、解答題:共70分.解答應(yīng)寫出文字說明、證明過程或演算步驟.第1721題為必考題,每個(gè)試題考生都必須作答.第22、23題為選考題,考生根據(jù)要求作答.(一)必考題:共60分.17.ABC的內(nèi)角A,B,C的對邊分別為a,b,c,已知(1)求A;(2)若,證明:ABC是直角三角形【答案】(1);(2)證明見解析【解析】【分析】(1)根據(jù)誘導(dǎo)公式和同角三角函數(shù)平方關(guān)系,可化為,即可解出;(2)根據(jù)余弦定理可得,將代入可找到關(guān)系,再根據(jù)勾股定理或正弦定理即可證出【詳解】(1)因?yàn)?,所以,即,解得,又,所以?2)因?yàn)?,所以,即,又?將代入得,即,而,解得,所以,故,即是直角三角形【點(diǎn)睛】本題主要考查
16、誘導(dǎo)公式和平方關(guān)系的應(yīng)用,利用勾股定理或正弦定理,余弦定理判斷三角形的形狀,屬于基礎(chǔ)題18.某沙漠地區(qū)經(jīng)過治理,生態(tài)系統(tǒng)得到很大改善,野生動(dòng)物數(shù)量有所增加.為調(diào)查該地區(qū)某種野生動(dòng)物的數(shù)量,將其分成面積相近的200個(gè)地塊,從這些地塊中用簡單隨機(jī)抽樣的方法抽取20個(gè)作為樣區(qū),調(diào)查得到樣本數(shù)據(jù)(xi,yi)(i=1,2,20),其中xi和yi分別表示第i個(gè)樣區(qū)的植物覆蓋面積(單位:公頃)和這種野生動(dòng)物的數(shù)量,并計(jì)算得,.(1)求該地區(qū)這種野生動(dòng)物數(shù)量的估計(jì)值(這種野生動(dòng)物數(shù)量的估計(jì)值等于樣區(qū)這種野生動(dòng)物數(shù)量的平均數(shù)乘以地塊數(shù));(2)求樣本(xi,yi)(i=1,2,20)的相關(guān)系數(shù)(精確到0.01
17、);(3)根據(jù)現(xiàn)有統(tǒng)計(jì)資料,各地塊間植物覆蓋面積差異很大.為提高樣本的代表性以獲得該地區(qū)這種野生動(dòng)物數(shù)量更準(zhǔn)確的估計(jì),請給出一種你認(rèn)為更合理的抽樣方法,并說明理由.附:相關(guān)系數(shù)r=,1.414.【答案】(1);(2);(3)詳見解析【解析】【分析】(1)利用野生動(dòng)物數(shù)量的估計(jì)值等于樣區(qū)野生動(dòng)物平均數(shù)乘以地塊數(shù),代入數(shù)據(jù)即可;(2)利用公式計(jì)算即可;(3)各地塊間植物覆蓋面積差異較大,為提高樣本數(shù)據(jù)的代表性,應(yīng)采用分層抽樣.【詳解】(1)樣區(qū)野生動(dòng)物平均數(shù)為,地塊數(shù)為200,該地區(qū)這種野生動(dòng)物的估計(jì)值為(2)樣本(i=1,2,20)的相關(guān)系數(shù)為(3)由(2)知各樣區(qū)的這種野生動(dòng)物的數(shù)量與植物覆蓋
18、面積有很強(qiáng)的正相關(guān)性,由于各地塊間植物覆蓋面積差異很大,從俄各地塊間這種野生動(dòng)物的數(shù)量差異很大,采用分層抽樣的方法較好地保持了樣本結(jié)構(gòu)與總體結(jié)構(gòu)得以執(zhí)行,提高了樣本的代表性,從而可以獲得該地區(qū)這種野生動(dòng)物數(shù)量更準(zhǔn)確的估計(jì).【點(diǎn)晴】本題主要考查平均數(shù)的估計(jì)值、相關(guān)系數(shù)的計(jì)算以及抽樣方法的選取,考查學(xué)生數(shù)學(xué)運(yùn)算能力,是一道容易題.19.已知橢圓C1:(a>b>0)的右焦點(diǎn)F與拋物線C2的焦點(diǎn)重合,C1的中心與C2的頂點(diǎn)重合過F且與x軸重直的直線交C1于A,B兩點(diǎn),交C2于C,D兩點(diǎn),且|CD|=|AB|(1)求C1的離心率;(2)若C1的四個(gè)頂點(diǎn)到C2的準(zhǔn)線距離之和為12,求C1與C2
19、的標(biāo)準(zhǔn)方程【答案】(1);(2):,: .【解析】【分析】(1)根據(jù)題意求出的方程,結(jié)合橢圓和拋物線的對稱性不妨設(shè)在第一象限,運(yùn)用代入法求出點(diǎn)的縱坐標(biāo),根據(jù),結(jié)合橢圓離心率的公式進(jìn)行求解即可;(2)由(1)可以得到橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程,確定橢圓的四個(gè)頂點(diǎn)坐標(biāo),再確定拋物線的準(zhǔn)線方程,最后結(jié)合已知進(jìn)行求解即可;【詳解】解:(1)因?yàn)闄E圓的右焦點(diǎn)坐標(biāo)為:,所以拋物線的方程為,其中.不妨設(shè)在第一象限,因?yàn)闄E圓的方程為:,所以當(dāng)時(shí),有,因此的縱坐標(biāo)分別為,;又因?yàn)閽佄锞€的方程為,所以當(dāng)時(shí),有,所以的縱坐標(biāo)分別為,故,.由得,即,解得(舍去),.所以的離心率為.(2)由(1)知,故,所以的四個(gè)頂點(diǎn)坐標(biāo)分別為,
20、的準(zhǔn)線為.由已知得,即.所以的標(biāo)準(zhǔn)方程為,的標(biāo)準(zhǔn)方程為.【點(diǎn)睛】本題考查了求橢圓的離心率,考查了求橢圓和拋物線的標(biāo)準(zhǔn)方程,考查了橢圓的四個(gè)頂點(diǎn)的坐標(biāo)以及拋物線的準(zhǔn)線方程,考查了數(shù)學(xué)運(yùn)算能力.20.如圖,已知三棱柱ABCA1B1C1的底面是正三角形,側(cè)面BB1C1C是矩形,M,N分別為BC,B1C1的中點(diǎn),P為AM上一點(diǎn)過B1C1和P的平面交AB于E,交AC于F(1)證明:AA1/MN,且平面A1AMN平面EB1C1F;(2)設(shè)O為A1B1C1的中心,若AO=AB=6,AO/平面EB1C1F,且MPN=,求四棱錐BEB1C1F的體積【答案】(1)證明見解析;(2).【解析】【分析】(1)由分別為
21、,的中點(diǎn),根據(jù)條件可得,可證,要證平面平面,只需證明平面即可;(2)根據(jù)已知條件求得和到的距離,根據(jù)椎體體積公式,即可求得.【詳解】(1)分別為,的中點(diǎn),又在等邊中,為中點(diǎn),則又側(cè)面為矩形,由,平面平面又,且平面,平面,平面又平面,且平面平面 又平面平面平面平面平面(2)過作垂線,交點(diǎn)為,畫出圖形,如圖平面平面,平面平面又為的中心.故:,則,平面平面,平面平面,平面平面又在等邊中即由(1)知,四邊形為梯形四邊形的面積為:,為到的距離,.【點(diǎn)睛】本題主要考查了證明線線平行和面面垂直,及其求四棱錐的體積,解題關(guān)鍵是掌握面面垂直轉(zhuǎn)為求證線面垂直的證法和棱錐的體積公式,考查了分析能力和空間想象能力,屬
22、于中檔題.21.已知函數(shù)f(x)=2lnx+1(1)若f(x)2x+c,求c的取值范圍;(2)設(shè)a>0時(shí),討論函數(shù)g(x)=的單調(diào)性【答案】(1);(2)在區(qū)間和上單調(diào)遞減,沒有遞增區(qū)間【解析】【分析】(1)不等式轉(zhuǎn)化為,構(gòu)造新函數(shù),利用導(dǎo)數(shù)求出新函數(shù)的最大值,進(jìn)而進(jìn)行求解即可;(2)對函數(shù)求導(dǎo),把導(dǎo)函數(shù)的分子構(gòu)成一個(gè)新函數(shù),再求導(dǎo)得到,根據(jù)的正負(fù),判斷的單調(diào)性,進(jìn)而確定的正負(fù)性,最后求出函數(shù)的單調(diào)性.【詳解】(1)函數(shù)的定義域?yàn)椋?,設(shè),則有,當(dāng)時(shí),單調(diào)遞減,當(dāng)時(shí),單調(diào)遞增,所以當(dāng)時(shí),函數(shù)有最大值,即,要想不等式在上恒成立,只需;(2)且因此,設(shè),則有,當(dāng)時(shí),所以,單調(diào)遞減,因此有,即,所以單調(diào)遞減;當(dāng)時(shí),所以,單調(diào)遞增,因此有,即,所以單調(diào)遞減,所以函數(shù)在區(qū)間和上單調(diào)遞減,沒有遞增區(qū)間.【點(diǎn)睛】本題考查了利用導(dǎo)數(shù)研究不等式恒成
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