安徽省定遠縣藕塘中學(xué)2018屆高三物理11月段考試題(含解析)

1、安徽省定遠縣藕塘中學(xué) 2018 年 11 月高三年級段考卷物理試題一、選擇題1.下列說法符合物理史實的是A.伽利略通過構(gòu)思的理想實驗指出：在水平面上運動的物體若沒有摩擦，將保持這個速度一 直運動下去；從而得出結(jié)論是：力是維持物體運動的原因B.牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，并利用扭秤實驗裝置比較準(zhǔn)確地測出了引力常量GC. 天文學(xué)家開普勒通過天文觀測并總結(jié)了前人關(guān)于天體運動的研究提出開普勒三大定律D. 在現(xiàn)實生活中不存在真正的質(zhì)點， 將實際的物體抽象為質(zhì)點是物理學(xué)中一種重要的科學(xué)研 究方法即理想實驗法【答案】C【解析】試題分析：伽利略通過構(gòu)思的理想實驗指出：在水平面上運動的物體若沒有摩擦， 將保持這個速

2、度一直運動下去；從而得出結(jié)論是：力不是維持物體運動的原因，而是使物體 運動狀態(tài)改變的原因，選項 A 錯誤；牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，卡文迪許利用扭秤實驗裝置 比較準(zhǔn)確地測出了引力常量 G 選項 B 錯誤；天文學(xué)家開普勒通過天文觀測并總結(jié)了前人關(guān)于天體運動的研究提出開普勒三大定律，選項C 正確；在現(xiàn)實生活中不存在真正的質(zhì)點，將實際的物體抽象為質(zhì)點是物理學(xué)中一種重要的科學(xué)研究方法一一即理想模型法，選項D 錯誤；故選 C.考點：物理學(xué)史2.“神舟七號”飛船繞地球運轉(zhuǎn)一周需要時間約90min，“嫦娥二號”衛(wèi)星在工作軌道繞月球運轉(zhuǎn)一周需要時間約 118min（ “神舟七號”和“嫦娥二號”的運動都可視為勻速

3、圓周運動）。已知“嫦娥二號”衛(wèi)星與月球中心的距離約為“神舟七號”飛船與地球中心距離的。根據(jù)以上數(shù)據(jù)可求得A.月球與地球的質(zhì)量之比B.“嫦娥二號”衛(wèi)星與“神舟七號”飛船的質(zhì)量之比C. 月球與地球的第一宇宙速度之比D. 月球表面與地球表面的重力加速度之比【答案】AMm2?r?47t2?I月詰?！窘馕觥?A、根據(jù)萬有引力提供向心力，得，所以是定值,L1GT2M地垃T月-2 -即可以計算出月球與地球的質(zhì)量之比，所以 A 選項是正確的B“嫦娥二號”衛(wèi)星與“神舟七號”飛船是環(huán)繞天體，質(zhì)量在等式兩邊約去了，所以計算不出它們的質(zhì)量，故 B 錯誤.C 根據(jù)第一宇宙速度的公式，因為不知道月球和地球的半徑，故無法計

4、算月球與地球彳 R的第一宇宙速度之比，故 C 錯誤GMD 星球表面的重力加速度，因為不知道月球和地球的半徑，故無法計算月球表面與地球表面的重力加速度之比，故 D 錯誤綜上所述本題答案是：A3.甲、乙兩船的質(zhì)量均為 M,它們都靜止在平靜的湖面上，質(zhì)量為M 的人從甲船跳到乙船上，再從乙船跳回甲船，經(jīng)過多次跳躍后，最后人停在乙船上假設(shè)水的阻力可忽略，則（）A.甲、乙兩船的速度大小之比為1: 2B.甲船與乙船（包括人）的動量相同C. 甲船與乙船（包括人）的動量之和為零D. 因跳躍次數(shù)未知，故無法判斷【答案】C【解析】試題分析：以人與兩船組成的系統(tǒng)為研究對象，人在跳躍過程中總動量守恒，初態(tài)總動量為 0,

5、所以甲船與乙船（包括人）的動量大小之比是1:1，而動量的方向相反，所以甲船與乙船（包括人）的動量不同由P=mv 知甲、乙兩船的速度與質(zhì)量成反比，所以甲、乙兩船的速度大小之比為 2: 1 .故 AB 錯誤.以系統(tǒng)為研究對象，在整個過程中，由動量守恒 定律知，甲船與乙船（包括人）的動量之和為零，故C 正確，D 錯誤故選 C.考點：動量守恒定律【名師點睛】解決的關(guān)鍵知道人、兩船系統(tǒng)總動量守恒，總動量為零，對系統(tǒng)運用動量守恒定律進行分析。4.如圖所示，繩子質(zhì)量、滑輪摩擦不計，物體 M 靜止在傾角為 0的斜面上，若傾角 0增大， 物體 M 仍然靜止.（連接 M端的繩子始終與斜面平行）下列判斷正確的是-3

6、 -A.繩子的拉力可能增大-4 -B. 斜面對地面的正壓力增大C. 物體M受到的靜摩擦力可能增大D. 物體M受到斜面的作用力可能增大【答案】C【解析】對物體 m 受力分析，受重力和支持力，由二力平衡得到：T=mg 繩子拉力一定不變,故 A 錯誤；對 M m 和斜面的整體可知，地面對整體的支持力等于M m 和斜面體的重力之和,故斜面對地面的正壓力不變，選項B 錯誤；對物體 M 受力分析，受重力、支持力、拉力和靜摩擦力；如果靜摩擦力沿斜面向上，如圖：根據(jù)平衡條件得到f+T-Mgsin 0 =0; N-Mgcos 0 =0解得：f=Mgsin 0 -T=Mgsin 0 -mg; N=Mgcos 0當(dāng)

7、 0變大時，f 變大，N 變?。蝗绻o摩擦力沿斜面向下，同理可得到:大時，f 變小，N 變小；綜上所述可知，選項故 C 正確，D 錯誤；故選 C.5.某同學(xué)把一體重秤放在電梯的地板上，他站在體重秤上隨電梯運動，并在下表中記錄了幾個特定時刻體重秤的示數(shù)（表內(nèi)時刻不存在先后順序），若已知 to時刻電梯處于靜止?fàn)顟B(tài)，則時間t011t2t3體重秤示數(shù)（kg）45.050.040.045.0A.ti 時刻該同學(xué)的質(zhì)量并沒有變化，但所受重力發(fā)生變化B.12 時刻電梯可能向上做減速運動C.ti 和t2時刻電梯運動的方向相反f=T-Mgsin 0 =mg-Mgsin 0 ； N=Mgcos0 ;當(dāng) 0 變-5

8、 -D.t3 時刻電梯處于靜止?fàn)顟B(tài)【答案】B【解析】超重和失重時物體的重力和質(zhì)量是不變的，只是對懸掛物的壓力或者支持力變化了，故 A 錯誤；12 時刻物體處于失重狀態(tài)，電梯的加速度方向向下，可能向上做減速運動，選項B正確；ti 時刻物體處于超重狀態(tài)，根據(jù)牛頓第二定律分析得知，電梯的加速度方向向上，所以t 1 和 t 2 時刻電梯的加速度方向相反， 但是速度不一定相反， 選項 C 錯誤；t 3 時刻電梯受力平衡， 可能保持靜止，也可能做勻速直線運動，故D 錯誤；故選 B.點睛：超重和失重現(xiàn)象可以運用牛頓運動定律進行分析理解，產(chǎn)生超重的條件是：物體的加速度方向向上；產(chǎn)生失重的條件：物體的加速度方向

9、向下.6.如圖為一質(zhì)點做直線運動的位移x隨時間t變化的規(guī)律圖象，曲線ABC是拋物線的一部分，則由圖可知下列說法中正確的是（）A. 在 06 s 內(nèi)，t= 2 s 時，質(zhì)點的速率最大B. 01 s 內(nèi)質(zhì)點做勻加速直線運動C. 06 s 內(nèi)質(zhì)點的平均速率為 1.5 m/sD. 26 s 內(nèi)質(zhì)點所受合力方向與速度方向相反【答案】C【解析】A、位移-時間圖象表示物體的位置隨時間的變化，圖象的斜率表示該時刻的速度，斜率的正負表示速度的方向，時刻斜率為零，故該時刻速率最小，為零，故選項A 錯誤；B圖像的斜率為定值，則這段時間內(nèi)物體向正方向做勻速直線運動，故選項B 錯誤；x 9m丄C、lid-.：內(nèi)質(zhì)點的路

10、程為，則平均速率為：TI 7 ,故選項 C 正確；ID內(nèi)圖像的斜率逐漸增大，則在這段時間內(nèi)物體向負方向做加速運動，其加速度方向與速度方向相同，即合力的方向與速度方向相同，故選項D 錯誤。點睛：位移-時間圖象表示物體的位這隨時間的變化.圖象上的任意一點表示該時刻的位垃圖象的斜-6 -率表示該時刻的速度，斜率的止負表示速度的方向，當(dāng)物體做加速運動時合外力與速度同向，當(dāng)物體 做減速運動時T合外力與速度反向=7. 一輕繩系住一質(zhì)量為m的小球懸掛在0點，在最低點先給小球一水平初速度，小球恰能在-7 -豎直平面內(nèi)繞0點做圓周運動，若在水平半徑0P的中點A處釘一枚光滑的釘子，仍在最低點給小球同樣的初速度，則

11、小球向上通過P點后將繞A點做圓周運動，則到達最高點N時，繩子的拉力大小為（）A. 0 B. 2mgC. 3mgD. 4mg【答案】C【解析】能越過最高點的則有：mg =解得:v = /gR；則由機械能守恒定律可知：mg2R二解得初速度切二V5gR根據(jù)機械能味恒在最高點 N的速度為V,則：扌二；腫+mg（R + D.5R）-根據(jù)向心力公式：T + mg二還-2聯(lián)立得：T = 3mqT故選項C正確匚點睛：小球在最高點時，由重力和輕繩的拉力的合力提供小球的向心力，根據(jù)牛頓第二定律求解繩子的拉力大小。8.如圖所示，小球在水平拉力作用下，以恒定速率v沿豎直光滑圓軌由A點運動到B點，在此過程中拉力的瞬時功

12、率變化情況是（）*_.LAA.逐漸減小 B.逐漸增大C.先減小，后增大D.先增大，后減小-8 -【答案】B【解析】試題分析：因為小球是以恒定速率運動，即它是做勻速圓周運動，那么小球受到的重力 G 水平拉力 F、軌道的支持力三者的合力必是沿半徑指向0 點設(shè)球與圓心的連線與豎F直方向夾角是 B,則：（F 與 G 的合力必與支持力在同一直線上）得：F=GtanB，而G水平拉力 F 的方向與速度 V 的方向夾角也是 0，所以水平力 F 的瞬時功率是 P=FvcosB，即 為：P=Gvsin 0，顯然，從 A 到 B 的過程中，0 是不斷增大的，所以水平拉力 F 的瞬時功率是 一直增大的.故 B 正確，

13、ACD 昔誤.故選 B?？键c：功率【名師點睛】 解決本題的關(guān)鍵掌握瞬時功率的表達式P=FVCOS a，注意 a 為 F 與速度的夾角。9.如圖所示，水平桌面上的輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端與小物塊相連彈簧處于自然長度時物塊位于 0 點（圖中未標(biāo)出）物塊的質(zhì)量為 m AB= a,物塊與桌面間的動摩擦因數(shù)為卩.現(xiàn)用水平向右的力將物塊從 0 點拉至 A 點，拉力做的功為 W.撤去拉力后物塊由靜止向左運動， 經(jīng) 0 點到達 B 點時速度為零.重力加速度為g.則上述過程中；AAAAAAA/WBAA. 物塊在 A 點時，彈簧的彈性勢能等于W卩 mgaB. 物塊在 B 點時，彈簧的彈性勢能小于W卩 mgaC.

14、經(jīng) 0 點時，物塊的動能小于 W-卩 mgaD. 物塊動能最大時彈簧的彈性勢能小于物塊在B 點時彈簧的彈性勢能【答案】BC【解析】試題分析：據(jù)題意分析：物塊到達B點時速度為 0,但加速度不一定是零，即不一定合力為 0，這是此題的不確定處彈簧作阻尼振動，如果接觸面摩擦系數(shù)卩很小，則動能為最大時時彈簧伸長量小 （此時彈力等于摩擦力）,而彈簧振幅變化將很小，B點彈簧伸長大于動能最大點；如果 較大，則動能最大時，彈簧伸長量較大，（因彈力等于摩擦力，較大，摩擦力也較大，同一個彈簧，則需要較大伸長量，彈力才可能與摩擦力平衡），而此時振幅變化很大，即振幅將變小，則物塊將可能在離O點很近處，就處于靜止（速度為

15、0,加速度也為-9 -0）,此時B點伸長量可能小于動能最大時伸長量，B點勢能可能小于動能最大處勢能至于物塊在A點或B點時彈簧的彈性勢能，由功能關(guān)系和動能定理分析討論即可.如果沒有摩擦力，則O點應(yīng)該在AB的中點，由于有摩擦力，物體從A到B過程中有機械能損-10 -失，故無法到達沒有摩擦力情況下的B點，也即0點靠近B點故設(shè)物塊在 A 點時彈2簧的彈性勢能為，物塊從A點運動到0點的過程，由能量守恒定律得W.、沖再乂，則得：.八 v： ：、：,即物塊在A點時，彈簧的彈性勢能小于 ”屮 m,故 A 錯誤；3. If!由 A 分析得物塊從開始運動到最終停在B點，路程大于y -,故整個過程物體克服阻力做Z

16、2.功大于 yi，故物塊在B點時，彈簧的彈性勢能小于、故 B 正確；從 0 點開始到再丄次到達 0 點，物體路程大于 a,故由動能定理得，物塊的動能小于7. IH-i-r-.，故 C 正確；物塊動能最大時，彈力等于摩擦力，而在B 點彈力與摩擦力的大小關(guān)系未知，故物塊動能最大時彈簧伸長量與物塊在 B 點時彈簧伸長量大小未知，故此兩位置彈性勢能大小關(guān)系不好判斷， 故 D 錯誤。10.傾角為 0 = 37的斜面上有一重為G的物體A,A與斜面間的動摩擦因數(shù)卩=0.5。現(xiàn)給A施加一水平力F,如圖所示。最大靜摩擦力與滑動摩擦力相等(sin 37 =0.6 , cos 37 =0.8)，物體A在斜面上靜止，

17、則水平推力F與G的比值可能的是()【答案】ABC【解析】設(shè)物體剛好不下滑時F= F 1 ，貝 U F 1 cos 0 +卩 FN= G- sin 0FN= F 1 sin 0 + G- cos 0，i sin37-0.5 x 372得G cos37p+ Q?sin3T11設(shè)物體剛好不上滑時 F= F 2 ，貝 U F 2 cos 0 =卩 FN+ G- sin 0FN= F 2 sin 0 + G- cos 0OF2sin37 - 0.5 得G cos37-0 ? xsin3T2F即，故 ABC 正確，D 錯誤；1 1 Cr故選 ABC視頻鼻-11 -11.如圖，長均為 L 的兩根輕繩，一端共

18、同系住質(zhì)量為 m 的小球，另一端分別固定在等高的 A、-12 -B 兩點，A、B 兩點間的距離也為 L.重力加速度大小為 g.今使小球在豎直平面內(nèi)以 AB 為軸 做圓周運動，若小球在最高點速率為v 時，兩根繩的拉力恰好均為零，則A.當(dāng)繩的拉力恰好為 0 時，小球在最高點的速率 二 I.B. 當(dāng)繩的拉力恰好為 0 時，小球在最高點的速率C. 若小球在最高點速率為 3v 時，每根繩的拉力大小為；D. 若小球在最高點速率為 3v 時，每根繩的拉力大小為【答案】BC【解析】試題分析：當(dāng)繩的拉力恰好為0 時，小球在最高點的速率滿足：in.-汕，則Lsin60解得：二故選項 C 正確，D 錯誤；故選 BC

19、 考點：牛頓第二定律；向心力【名師點睛】12.如圖所示，一圓環(huán)套在豎直光滑的桿上，桿的直徑比環(huán)的內(nèi)徑略小，圓環(huán)通過輕彈簧與 放在地面上的物塊相連，開始時彈簧處于原長，由靜止釋放圓環(huán)，到圓環(huán)向下的速度達到最 大的過程中(此過程物塊一直保持靜止 )()3v 時，根據(jù)牛頓第二定律有:mg+2Tcos30 = mLsinSOA 錯誤；當(dāng)小球在最高點的速率為(3v)2-13 -14 -A. 圓環(huán)受到的合力在減小B. 桿對圓環(huán)的作用力在減小C. 地面對物塊的摩擦力在減小D. 地面對物塊的支持力在增大【答案】AD【解析】A、圓環(huán)從靜止到速度最大的過程中，速度不斷增大，加速度不斷減小，所受合力不斷減小，故 A

20、 正確；B 由于環(huán)在向下運動的過程中，彈簧的長度不斷減小，彈力不斷增大（彈簧處于壓縮狀態(tài)），彈力沿水平方向的分力不斷增大，對環(huán)水平方向研究可知，桿對圓環(huán)的作用力不斷增大，故B錯誤；C 對整體研究，地面對物塊的摩擦力與桿對環(huán)的作用力等大反向，因此地面對物塊的摩擦力不斷增大，故 C 錯誤；D 對系統(tǒng)整體研究可知， 由于環(huán)沿豎直方向的加速度不斷減小， 因此豎直方向根據(jù)牛頓第二 定律可以知道，物塊對地面的壓力不斷增大，地面對物塊的支持力不斷增大，故D 正確。點睛：本題要求同學(xué)們能正確分析圓環(huán)的運動情況和受力情況，知道彈簧彈力與形變量有關(guān)， 物體不動，圓環(huán)下滑時，彈簧彈力增大，注意整體法和隔離法在解題中

21、的應(yīng)用。二、實驗題13.“探究求合力的方法”的實驗裝置如圖甲所示。（1）某次實驗中，彈簧測力計的指針位置如圖甲所示。其中，細繩_N。請將圖甲中細繩CO和BO對O點兩拉力的合力F合畫在圖乙上 _ 。由圖求出合力的大小F合=_ N。（保留兩位有效數(shù)字）CO對O點的拉力大小為|卩-15 -0 I N 0(3)某同學(xué)對彈簧測力計中彈簧的勁度系數(shù)是多少很感興趣，于是，他將刻度尺與彈簧測力計 平行放置，如圖丙所示，禾 U 用讀得的數(shù)據(jù)，他得出了彈簧的勁度系數(shù)。那么，該彈簧的勁度系數(shù) k =_N/m。(保留兩位有效數(shù)字)【答案】(1). 2.60 (2).(3). 4.9(4.75.1 均可).60【解析】

22、(1)根據(jù)測力計指針的指示可讀出其示數(shù)為：；(2)以一 為鄰邊，作出平行四邊形，如圖所示，對角線表示合力:由此可得出合力的大小為：I(3)根據(jù)丙圖可知，當(dāng)拉力為時，彈簧的拉伸量為:臥-1:civ由于刻度尺需要估讀在范圍二內(nèi)均正確.F 2.6N因此根據(jù)匚亠.得：，在范圍.- m - I.- m內(nèi)均正確。點睛：實驗的核心是實驗原理，根據(jù)原理選擇器材，安排實驗步驟，分析實驗誤差，進行數(shù)1 NI_ I-16 -(1)通過實驗得到如圖乙所示的a-F圖象， 造成這一結(jié)果的原因是： 在平衡摩擦力時木板與水平桌面的夾角 _ (選填“偏大”或“偏小”)。(2)該同學(xué)在平衡摩擦力后進行實驗，實際小車在運動過程中所

23、受的拉力_砝碼和盤的總重力(填“大于” “小于”或“等于”)，為了便于探究、減小誤差，應(yīng)使小車質(zhì)量M與砝碼和盤的總質(zhì)量m滿足_的條件。該同學(xué)得到如圖丙所示的紙帶。已知打點計時器電源頻率為50 Hz。AB、CD E、F、G是紙帶上 7 個連續(xù)的點。x=XDLXAD=_cm。由此可算出小車的加速度a=_m/s2。(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)【答案】(1). 偏大 (2). 小于 (3).M?m(4). 1.80 (5). 5.0【解析】(1)根據(jù)所給的 F-a 圖像可知，當(dāng) F= 0 時，小車已經(jīng)有了加速度a。，所以肯定是在平衡摩擦力時木板與水平桌面間的傾角偏大造成的；(2)根據(jù)牛頓定律，對小車F-

24、Ma,對砝碼和盤 mg- F- ma 解得 E v mg 只有當(dāng) M? mM rm時，小車受到的拉力才近似等于mg 從而減少誤差。(3)由題圖讀出XAD=2.10 cm ,XDG=3.90 cm，所以 x =XDLXAD=1.80 cm，根據(jù) x = a t2, 解得 a = 5.0 m/s2。二、計算題15.如圖甲所示，質(zhì)量為n=0.5kg 的物體置于傾角為 0 =37的固定且足夠長的斜面上，t=0據(jù)處理等等。Ti ii|Hl i1lllllilllllll III 1(k rm i11456714.某同學(xué)用圖甲所示的實驗裝置驗證牛頓第二定律:二兩-17 -時刻對物體施以平行于斜面向上的拉力

25、F,t1=0.5s 時撤去該拉力。整個過程物體運動的速度與時間的部分圖像如圖乙所示。不計空氣阻力，g=10m/s2, sin37 =0.6 , cos37 =0.8。求：-18 -(2)拉力F的大小；(3)物體沿斜面向上滑行的最大距離s.【答案】(1)卩=0.5 (2)F=15N (3)s=7.5m【解析】(1)由圖象可知，物體向上勻減速時加速度大小此過程! ：.：-3 :-解得 F=15N(3)由圖象可知，物體向上滑行時間1.5s向上滑行過程位移：=I216.如圖所示，在光滑水平面上有一塊長為 L 的木板 B,其上表面粗糙。在其左端有一個光滑的圓弧槽 C 與長木板接觸但不連接，圓弧槽的下端與木板的上表面相平, 上?，F(xiàn)有很小的滑塊 A 以初速度 V。從右端滑上 B 并以 的速度滑離 B,恰好能到達 C 的最高點。AB、C 的質(zhì)量均為 m【答案】(1)竺 4 躺_1-0.5B C 靜止在水平面求：(1)滑塊 A 與木板B 上表面間的動摩擦因數(shù)；(2)圓弧槽 C 的半徑4R。(1)物體與斜面間的動摩擦因數(shù)-19 -【解析】(1)當(dāng) A 在 B 上滑動時，A 與 BC 整體發(fā)生相互作用，由于水平面光滑，A 與 BC 組成的系統(tǒng)動量守恒，選向左的方向為正方向，有：-20 -mv=m(-Vo)+2mv2由能量守恒得知系統(tǒng)動能的減少量等于滑動過程中產(chǎn)生