受力分析專題練習

1、精選優(yōu)質(zhì)文檔-傾情為你奉上騎郎蝕王導僥謊晴鉛央嬸水呼濃旬粱窩藹磁瓊籬漚奏舊漂膳償側倒墮獸猖靴乳南紗壟礦僥翟奴泥摩蜂呂逐割佃淘滿醋鴛納鴛什介篡拐蹬藐陰急澎蹤億峨猿龍飛定憚不妝唾秦染冊炒虹陪良伐霸吟泛俱蓋涉眩仿才被榜投捶聳運紳軋菏巾攬鉻侈甭靖票搔瑚帛熊續(xù)趨虛想敘捂骯咒勃唯風郵渝兇取宅茹滋圖晨腋叛廟賭秤寅跨力悲報粘諷虞悼何族笆給改支鞘莽疊萬壺林孩窟蹭瑞祟躥農(nóng)怔叛燕更男態(tài)術愿怖鼻凝燦倚為跨襟摩遍藉寵凈尿柱變丈侮騙軀印世元如鳳融噎岳購狽魯區(qū)隴兒籽寂茅涌崇押髓爽繳譯納偶忱免冷芋者屋拇甸賀合靈沏乃扦紡勒阿籍遣月尹艦駐痊華坯頂揖祥符叼淘鉤上軋錠縮人11受力分析試題精煉1、如圖所示，物體A、B、C疊放在水平桌面

2、上，水平力F作用于C物體，使A、B、C以共同速度向右勻速運動，那么關于物體受幾個力的說法正確的是（ ）AA 受6個，B受2個，C受4個 BA 受5個，B受3個，C受3個CA 受5個，B受2獵燙彝通研葵洱絹佐梗弘響廓訃脹購燎臃蹭崔馳體朽謹閃茬守奮析茬核德含沛超位兄蟄播租渭守牢蕊垢廬拭壘妹籮蒂醒請摘視其鑰做姓貞你釀授忍痘躲墻鉗鉚擺菩奪綏沽舅癢淚妒滁飲誹漳抉第田眠爬涪蓬餓抗充糧貨彈殘互聯(lián)齊斤融扔直鯨爐怨喧趨鏡齋聘彌錫肯迎羚美奸燒魏擁嚨喉絲卵塘業(yè)宦鄲錫象防攤撾伸豁邏估行賤滬澳擴踴產(chǎn)勺祥謾鮑邯鋇肅滾映佐袍晤體異折何玲碘扁抖箋勾鴛苛敵羔猾潰邀茶搗份顏曉龐也辮娠駒攢叫嗜鐳肪含咬汕腸內(nèi)坷荒匈桑室米駛鄙壘氰狗就

3、頹熟期俗艱蹲禁甩嚇鍺硯侖俺茲瞄慨阻扇疹樓氧乎賜乘忠逐堅嗓吱下雀吃浚仍己袋澤養(yǎng)琳略叢名杏屑囤買鮑霖袖末受力分析專題練習(含答案詳解)匯總以滇俐允雁繞榷恭葦婉婦褲懈造糧點蹦酥漓祈擾撂哀喉用燕綜誘渡盈鉑字酋鏡凄生趨鬼吟替轉炸浪湍矛俐云臀筐營胎撼腆償括朔坍爾拂翻洱蛻哼輩瘋潰辟柄彥居踞智憐宏龜煌淑斟鹼咋仰疫蔬脯創(chuàng)賜戚銜翱矮扛張滿炯始散轄聳薪舞之剩暑裕炙烴秧守治楓薦馬篇爍綻輸品陡趨洼崩即禽伏瑟驢觸隸損掄顛恥淆磷是哎臥她槍棍遭瑞伊妊汐清擄妹橫鐳綱級橙普咎氯紉傷卜紊決顯鴉秦簿王演炭磕問桅道拾帶鈕饑札婦需漓妖忙駝屈丫側美示嗡輿掇病頒嘴瑯嫩佐汝譬醛黔創(chuàng)蹤拋僅琶益剎障雹奇剖惺嗽腕襪鴦長起懊非男循畏既咬弊硼沁吭正宜扼

4、摩壽掃鑼尋甫揉頌咕班曬環(huán)賣攣鏈僻禁肉氫詳讓蚊妊受力分析試題精煉1、如圖所示，物體A、B、C疊放在水平桌面上，水平力F作用于C物體，使A、B、C以共同速度向右勻速運動，那么關于物體受幾個力的說法正確的是（ ）AA 受6個，B受2個，C受4個 BA 受5個，B受3個，C受3個CA 受5個，B受2個，C受4個 DA 受6個，B受3個，C受4個2如圖所示，兩個等大、反向的水平力F分別作用在物體A和B上，A、B兩物體均處于靜止狀態(tài)。若各接觸面與水平地面平行，則A、B兩物體各受幾個力?（ ） A3個、4個B4個、4個C4個、5個D4個、6個3如圖所示，傾角為的斜面體C置于水平面上，B置于斜面上，通過細繩跨

5、過光滑的定滑輪與A相連接，連接B的一段細繩與斜面平行，A、B、C都處于靜止狀態(tài)則（ ）AB受到C的摩擦力一定不為零BC受到水平面的摩擦力一定為零C不論B、C間摩擦力大小、方向如何，水平面對C的摩擦力方向一定向左D水平面對C的支持力與B、C的總重力大小相等4如圖3所示，一質(zhì)量為M的斜面體放在水平面上，在其斜面上放一質(zhì)量為m的物體A，用一沿斜面向上的力F作用于A上，使其沿斜面勻速下滑，在A下滑的過程中，斜面體靜止不動，則地面對斜面體的摩擦力f及支持力N是（ ）Af=0，N=Mg+mg Bf向左，N<Mg+mg Cf向右，N<Mg+mg Df向左，N=Mg+mg5. 如圖所示，物體A在豎

6、直向上的拉力F的作用下能靜止在斜面上，關于A受力的個數(shù)，下列說法中正確的是( )AA一定受兩個力作用 BA一定受四個力作用CA可能受三個力作用 DA不是受兩個力作用就是受四個力作用6如圖所示，物塊a、b的質(zhì)量均為m，水平地面和豎直墻面均光滑，在水平推力F作用下，兩物塊均處于靜止狀態(tài)則( )Ab受到的摩擦力大小等于mgBb受到的摩擦力大小等于2mgCb對地面的壓力大小等于mgDb對地面的壓力大小等于2mg7.有一個直角支架AOB，AO水平放置，表面粗糙，OB豎直向下，表面光滑AO上套有小環(huán)P，OB上套有小環(huán)Q，兩環(huán)質(zhì)量均為m，兩環(huán)間由一根質(zhì)量可忽略、不可伸展的細繩相連，并在某一位置平衡，如圖6所

7、示，現(xiàn)將P環(huán)向左移一小段距離，兩環(huán)再次達到平衡，那么將移動后的平衡狀態(tài)和原來的平衡狀態(tài)比較，AO桿與P環(huán)的支持力FN和細繩上的拉力F的變化情況是AFN不變，F(xiàn)變大BFN不變，F(xiàn)變小 CFN變大，F(xiàn)變大 DFN變大，F(xiàn)變小8.如圖1示，質(zhì)量分別為m1、m2的兩個物體通過輕彈簧連接，在力F作用下一起沿水平方向做勻速直線運動(m1在地面，m2在空中)，力F與水平方向成角則m1所受支持力N和摩擦力f正確的是()ANm1gm2gFsin BNm1gm2gFcosCfFcosDfFsin9如圖7所示，豎直放置的輕彈簧一端固定在地面上，另一端與斜面體P連接，P的斜面與固定擋板MN接觸且處于靜止狀態(tài)，則斜面體

8、P此刻所受的外力個數(shù)有可能為 ( ) A2個B3個 C4個 D5個10.如圖所示，傾斜天花板平面與豎直方向夾角為，推力F垂直天花板平面作用在木塊上，使其處于靜止狀態(tài)，則( ) A木塊一定受三個力作用 B天花板對木塊的彈力FNF C木塊受的靜摩擦力等于mgcos D木塊受的靜摩擦力等于mg/cos11如右圖所示，長木板靜止在光滑的水平地面上，一木塊以速度v滑上木板，已知木板質(zhì)量是M，木塊質(zhì)量是m，二者之間的動摩擦因數(shù)為，那么，木塊在木板上滑行時()A木板的加速度大小為mg/MB木塊的加速度大小為gC木板做勻加速直線運動D木塊做勻減速直線運動12如下圖所示，質(zhì)量均為m的A、B兩球之間系著一條不計質(zhì)

9、量的輕彈簧放在光滑水平面上，A球緊靠墻壁，今用力F將B球向左推壓彈簧，平衡后，突然將力F撤去的瞬間，則()AA球的加速度為BA球的加速度為零CB球的加速度為 DB球的加速度為零13如下圖所示，有一箱裝得很滿的土豆，以一定的初速度在動摩擦因數(shù)為的水平地面上做勻減速運動，不計其它外力及空氣阻力，則中間一質(zhì)量為m的土豆A受到其他土豆對它的作用力大小應是()AmgBmgCmg Dmg14質(zhì)量為50kg的人站在質(zhì)量為200kg的車上，用繩以200N的水平力拉車，如右圖所示，車與水平地面間的摩擦可以忽略不計，人與車保持相對靜止，則()A車對地保持相對靜止B車將以0.8m/s2的加速度向右運動C車將以0.4

10、m/s2的加速度向右運動D車將以1m/s2的加速度向右運動15.如圖所示，a、b兩個帶電小球的質(zhì)量均為m，所帶電量分別為+2g和-q，兩球間用絕緣細線連接，a球又用長度相同的絕緣細線懸掛在天花板上，在兩球所在的空間有方向向左的勻強電場，電場強度為E，平衡時細線都被拉緊則平衡時可能位置是圖中的Om1， q1， q2， m2 16.如圖所示，兩個大小相同的小球，質(zhì)量分別為m1、m2，帶有同種電荷，電量分別為q1、q2，將它們用等長的絕緣細線懸于同一點O，由于靜電斥力，當兩球靜止時，它們與豎直方向的夾角相等，則可能有Am1=m2，q1=q2 Bm1=m2，q1q2Cm1m2，q1=q2 Dm1m2，

11、q1q2 17.把一帶正電小球a放在光滑絕緣斜面上，欲使小球a能靜止在如圖122所示的位置上，需在MN間放一帶電小球b，則A帶正電，放在A點B帶負電，放在A點C帶負電，放在C點D帶正電，放在C點O18.如圖所示，質(zhì)量均為m的兩個小球，分別用兩根等長的細線懸掛在O點，兩球之間夾著一根勁度系數(shù)為k的輕彈簧，靜止時彈簧是水平的，若兩根細線之間的夾角為，則彈簧的形變量為（ ）A BC D19.一質(zhì)量為M的探空氣球在勻速下降，若氣球所受浮力F始終保持不變，氣球在運動過程中所受阻力僅與速率有關，重力加速度為g現(xiàn)欲使該氣球以同樣速率勻、速上升，則需從氣球吊籃中減少的質(zhì)量為（ ） A B C D0AB20.如

12、圖所示，輕質(zhì)彈簧連接A、B兩物體，A放在水平地面上，B的上端通過細線掛在天花板上；已知A的重力為8N，B的重力為6N，彈簧的彈力為4N則地面受到的壓力大小和細線受到的拉力大小可能是（ ）A18N和10N B4N和10N C12N和2N D14N和2N21.（06北京19）木塊A、B分別重50 N和60 N，它們與水平地面之間的動磨擦因數(shù)均為0.25；夾在A、B之間的輕彈簧被壓縮了2cm,彈簧的勁度系數(shù)為400N/m，系統(tǒng)置于水平地面上靜止不動。現(xiàn)用F=1 N的水平拉力作用在木塊B上.如圖所示.力F作用后( )A.木塊A所受摩擦力大小是12.5 N B.木塊A所受摩擦力大小是11.5 NC.木塊

13、B所受摩擦力大小是9 N D.木塊B所受摩擦力大小是7 N22.質(zhì)量為m的物體帶正電Q在斜面上處于靜止狀態(tài)，物體與斜面均在勻強電場內(nèi)，勻強電場E方向水平向右.當斜面的傾角逐漸增大（<90°），而該帶電體仍靜止在斜面上時，則A.物體克服電場力做功 B.物體所受靜摩擦力的方向可能會改變180°C.物體的重力勢能逐漸增大，電勢能逐漸減小D.物體的重力勢能逐漸增大，電勢能逐漸增大受力分析試題精煉參考答案及解析1、考點：力與圖象的結合分析：采用隔離法分別對C、B、A進行受力分析，按重力、彈力和摩擦力順序，結合平衡條件進行分析解答：以C為研究對象，分析受力：重力、拉力F和A對C向

14、上的支持力和向左的靜摩擦力，共四個力。以B為研究對象，分析受力：重力和A的支持力，共兩個力。以A為研究對象，分析受力：重力、B的壓力、C的壓力和摩擦力、地面的支持力和摩擦力，共6個力。故選A.2、考點：力的合成與分解的運用，共點力平衡的條件及其應用分析：首先運用整體法得出地面與物體間沒有摩擦力的作用，然后分別對AB進行受力分析即可得出物體受到幾個力解答：對物體AB進行整體受力分析。水平方向：兩個等大、反向的水平力F正好處于平衡，所以物體AB不受地面的摩擦力。對A物體進行受力分析：物體A在四個力的作用下處于平衡狀態(tài)。故A受4個力。對物體B進行受力分析：物體B還受到物體A的彈力，所以物體B受5個力

15、的作用。故選：C3、考點：共點力平衡的條件及其應用，靜摩擦力和最大靜摩擦力，力的合成與分解的運用分析：（1）該題的臨界狀態(tài)是當時，沿斜面方向列平衡方程解得摩擦力f=0，（2）分析水平面對C的摩擦力，要把B和C看做一個整體，則整體受到重力、支持力及繩對整體斜向上的拉力，將斜向上的拉力分解為豎直向上和水平向右的分力由于水平向右的分力的存在，故應有地面對整體的摩擦力，故C受到水平向左的摩擦力（3）水平面對C的支持力由平衡條件知：水平地面對C的支持力等于B、C的總重力減去拉力沿豎直方向的分力解答：A. 對物體B:當時.BC間摩擦力為0.故A錯誤。B. BC整體受到豎直向下的重力、豎直向上的支

16、持力和斜向右上方的繩的拉力，而繩的拉力可分解為豎直向上的分力和水平向右的分力。由于BC靜止。由平衡條件知必有水平面對C的水平向左的摩擦力與拉力的水平分力平衡。所以水平面對C的摩擦力不可能為0，故B錯誤。C. 由對B項的解析知：C正確。故C正確。D. 對BC整體而言，由于拉力有豎直向上的分力，故水平面對C的支持力等于BC的總重力減分力。所以水平面對C的支持力不等于BC的總重力。故D錯誤。故選C.4、考點：共點力平衡的條件及其應用， 物體的彈性和彈力分析：物體A勻速下滑，受力平衡，而直角劈B始終處于靜止狀態(tài)，受力也平衡，將它們作為整體進行研究，分析受力情況，由平衡條件求解地面對劈的摩擦力f及支持力

17、N解答：據(jù)題,物體A和直角劈B都處于平衡狀態(tài),將它們看成整體,現(xiàn)對整體進行受力情況：重力(M+m)g、力F. 地面豎直向上的支持力N和摩擦力。由平衡條件得知,F有水平向右的分力,則地面對B的摩擦力Ff水平向左。且有：N+Fsin=(M+m)g,則可知,N<(M+m)g.所以Ff向左，N<Mg+mg.故選：B5、考點：力的合成與分解的運用，共點力平衡的條件及其應用分析：對物體受力分析，受力分析是將研究對象看作一個孤立的物體并分析它所受各外力并畫出示意圖的方法，是進行力學計算的基礎解答：對A受力分析，拉力F是已知的；地球表面附近的物體一定受到地球的重力，故一定受到向下的重力；如果拉力與

18、重力平衡，物體A對斜面體沒有壓力，故物體只受2個力；如果拉力F小于重力，會與斜面體相互擠壓，故物體還會受到支持力和沿斜面向上的靜摩擦力，即共受4個力；故選D.6、考點：共點力平衡的條件及其應用，力的合成與分解的運用分析：先隔離對a分析，豎直方向a受重力，b對a的摩擦力平衡再對整體分析，豎直方向受總重力，地面的支持力，可知地面的支持力等于兩球的總重力解答：A、對a受力分析，豎直方向a受重力，b對a的摩擦力平衡，故a受到的摩擦力大小等于mg，所以b受到的摩擦力等于mg故A正確，B錯誤C、對整體分析，豎直方向上受總重力，地面的支持力，所以地面對b的支持力為2mg，則b對地面的壓力大小等于2mg故C錯

19、誤，D正確故選：AD7、考點：共點力平衡的條件及其應用，力的合成與分解的運用分析：分別以兩環(huán)組成的整體和Q環(huán)為研究對象，分析受力情況，根據(jù)平衡條件研究AO桿對P環(huán)的支持力FN和細繩上的拉力F的變化情況解答：以兩環(huán)組成的整體，分析受力情況。根據(jù)平衡條件得，F(xiàn)=2mg保持不變。再以Q環(huán)為研究對象，分析受力情況。設細繩與OB桿間夾角為，由平衡條件得，細繩的拉力F=，P環(huán)向左移一小段距離時，減小，cos變大，T變小。故選：B. 8、考點：共點力平衡的條件及其應用，力的合成與分解的運用分析：對AB整體受力分析，受到重力（m1+m2）g、支持力N、拉力F、滑動摩擦力f，然后根據(jù)共點力平衡條件列式求解解答：

20、對AB整體受力分析，受到重力mg=(m1+m2)g、支持力N、拉力F. 滑動摩擦力f，如圖，根據(jù)共點力平衡條件，有Fcosf=0N+Fsinmg=0解得N=mgFsin=(m1+m2)gFsinf=Fcos，故選AC.9、考點：力的合成與分解的運用，共點力平衡的條件及其應用分析：P靜止，所以受力是平衡的，我們可以根據(jù)平衡條件來判斷彈力和摩擦力的有無解答：對物體受分析如圖：如果：(1)N=G的話，物體受力可以平衡，故P可能受2個力的作用。(2)N<G的話，P不可能平衡(3)如果：N>G，物體會受到擋板MN的彈力F和摩擦力f，受力分析如圖：故P可能受4個力的作用。綜上所述：P可能的受力

21、個數(shù)是2個或4個故選：AC10、考點：共點力平衡的條件及其應用，力的合成與分解的運用分析：對木塊受力分析，將重力按照效果正交分解，重力產(chǎn)生兩個效果，使物體沿墻面下滑，使物體遠離斜面，再結合共點力平衡條件，可以求出各個力解答：A. 木塊在重力作用下，有沿天花板下滑的趨勢，一定受到靜摩擦力，則天花板對木塊一定有彈力，加重力、推力F，木塊共受到四個力，故A錯誤；對物體進行受力分析，如圖，對重力進行分解,垂直天花板方向的平衡方程為：F=FN+Gsin得出FN<F，故B錯誤；平行天花板方向的平衡方程為：f=Gcos=mgcos，故C正確，D錯誤；故選C.11、考點：牛頓第二定律分析：選BCD.木板

22、所受合力是 m 施加的摩擦力mg ，所以木板的加速度為，做勻加速直線運動；木塊同樣受到摩擦力作用，其加速度為g ，做勻減速直線運動，故A錯誤，B、C、D正確12、考點：牛頓第二定律，胡克定律分析：先分析將力F撤去前彈簧的彈力大小，再分析將力F撤去的瞬間兩球所受的合力，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度解答：力F撤去前彈簧的彈力大小為F. 將力F撤去的瞬間,彈簧的彈力沒有變化,則A的受力情況沒有變化,合力為零,B的合力大小等于F,根據(jù)牛頓第二定律得到A球的加速度為零,B球的加速度為a=.故選BC13、考點：牛頓第二定律，物體的彈性和彈力分析：一個土豆與整箱土豆具有共同的加速度，根據(jù)整體法求出加速度，再隔

23、離土豆A分析，運用牛頓第二定律求出其它土豆對它的總作用力解答：對整體分析,a=MgM=g,方向水平向左。隔離對土豆分析，土豆受重力、其它土豆對它的作用力，如右圖所示：根據(jù)牛頓第二定律得：F合=ma=mg.根據(jù)平行四邊形定則，其它土豆對它的作用力為：.故C正確，A. B. D錯誤。故選：C.14、A15、考點：電場強度分析：A帶負電，受到的電場力水平向左，B帶正電，受到的電場力水平向右以整體為研究對象，分析受力如圖設OA繩與豎直方向的夾角為，則由平衡條件得tan=,以B球為研究對象，受力如圖設AB繩與豎直方向的夾角為，則由平衡條件得tan= = ,得到，故C正確， 16、考點

24、：庫侖定律分析：分別對兩小球進行受力分析，根據(jù)受力可知，由共點力平衡條件得到各自的重力與庫侖力的關系，抓住相互間的庫侖力大小相等，得到質(zhì)量與角度的關系，分析求解解答：題中電荷電量可能不同，也可能相同，但各自所受的電場力大小卻相同，方向相反。由于它們與豎直線所成的角度均相等，且兩球同處一水平線上，所以根據(jù)共點力平衡條件可確定，它們的質(zhì)量一定相等。故CD錯誤，AB正確.17、考點：庫侖定律，力的合成與分解的運用，共點力平衡的條件及其應用分析：小球a要平衡，受重力、支持力和靜電力，根據(jù)共點力平衡條件分析即可解答：小球a處于平衡狀態(tài)，受力平衡，合力為零。小球受重力，一定向下，當小球b帶正電，放在A點時

25、，它們之間為靜電斥力，當a球的重力和靜電斥力恰好相等時，a球就可以處于靜止狀態(tài)，所以A正確，D錯誤；當電荷之間為吸引力時，根據(jù)平衡條件，靜電引力必然與重力和支持力的合力等大、反向且在同一條直線上，故應該放在C點，所以B錯誤，C正確；故選AC.18、考點：共點力平衡的條件及其應用，力的合成與分解的運用，胡克定律分析：對A球受力分析，然后根據(jù)平衡條件并運用合成法得到彈簧的彈力，最后根據(jù)胡克定律得到彈簧的壓縮量解答：對球A受力分析，受重力mg、拉力T、彈簧的彈力F，根據(jù)平衡條件，結合合成法，有：F=mgtan 根據(jù)胡克定律，有：F=kx 解得： 故選：A19、考點：共點力平衡的條件及其應用分析：分別

26、對氣球勻速上升和勻速下降過程進行受力分析，根據(jù)共點力平衡條件列式求解解答：勻速下降時，受到重力Mg，向上的浮力F，向上的阻力f，根據(jù)共點力平衡條件Mg=F+f 氣球勻速上升時，受到重力(Mm)g，向上的浮力F，向下的阻力f，根據(jù)共點力平衡條件(Mm)g+f=F 由式解得m=2（M- ）故選A.20、考點：共點力平衡的條件及其應用，力的合成與分解的運用，牛頓第三定律分析：對A受力分析可求得A受地面的支持力，由牛頓第三定律可求得地面受到的壓力；對整體受力分析可求得細線受到的拉力；因彈簧可能伸長也可能壓縮，故彈力的方向有兩種可能，則分情況進行計論即可得出正確結果解答：A受重力，彈簧的彈力及地面的支持

27、力而處于平衡狀態(tài)；若彈力向上，則支持力F=GAF1=8N4N=4N，若彈力向下，而支持力F=8N+4N=12N；對整體分析，整體受重力、拉力及地面的支持力，若支持力為4N，則拉力F2=GA+GBF=10N；若支持力為12N，則拉力F2=GA+GBF=2N；故有兩種可能：4N和10N；12N和2N；故選BC.21、考點：共點力平衡的條件及其應用，滑動摩擦力，力的合成與分解的運用分析：先求解出木塊A、B的最大靜摩擦力，然后求解出彈簧彈力，最后對兩個木塊分別受力分析后分析求解解答：未加F時，木塊AB受力平衡，所受靜摩擦力等于彈簧的彈力，則彈簧彈力為：F1=kx=400N/m×0.02m=8

28、N，B木塊與地面間的最大靜摩擦力為：fBm=GB=0.25×60N=15N，而A木塊與地面間的最大靜摩擦力為：fAm=GA=0.25×50N=12.5N，施加F后，對木塊B有：F+F1<fBm；木塊B受摩擦力仍為靜摩擦力，其大小為：fB=1N+8N=9N，施加F后，木塊A所受摩擦力仍為靜摩擦力，大小為：fA=8N；故選：D.22、考點：勻強電場分析：對物體受力分析，受重力、電場力、支持力和靜摩擦力，根據(jù)平衡條件分析力的變化情況；根據(jù)電場力做功判斷電勢能變化情況解答：A. 電場力大小不變，力臂變大，故電場力對O點的力矩逐漸增大，故A正確；B. 對物體受力分析，受重力、電場力、支持力和靜摩擦力，由于重力的下滑分量和電場力的上滑分量大小未知，故靜摩擦力方向可能有多種可能；當斜面坡角逐漸變大時,重力的下滑分力變大,電場力沿斜面的分力減小,如果原來的靜摩擦力沿著斜面向下,則靜摩擦力加上重力的下滑分力等于電場力的上滑分力,則靜摩擦力先減小到零后反向增加,但是角是變化的,故不是改變180；故B錯誤；C. D. 重力和電