2019年江西省南昌市高考物理三模試卷解析版

1、高考物理三模試卷題號一一二四總分得分一、單選題（本大題共 3小題，共18.0分）1 .如圖所示，靜止在光滑水平面上的斜面體， 質(zhì)量為M,傾角為%其斜面上有一靜止的滑塊，質(zhì)量為 m,重力加速度為go現(xiàn)給斜面體施加水平向右的力使斜面體加速運動，若要If使滑塊做自由落體運動，圖中水平向右的力 F的最小值為 （ ）A. 77B. rr;C. -7D.1Mg2 .如圖所示，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為 1： 3,兩端分別接有4個阻值相同的 燈泡，已知4盞燈均能發(fā)光，則 Li和L2的電流之比為（）田巖A. 3：1B. 6： 1C. 9： 2D. 11： 23 .如圖所示為某電場中 x軸上電勢。隨x變化的圖

2、像，一個帶電粒子僅受電場力作用 在x=0處由靜止釋放沿 x軸正向運動，且以一定的速度通過 x= X2處，則下列說法 正確的是（）A. x1和x2處的電場強度均為零B. x1和x2之間的場強方向不變C.粒子從x=0到x=x2過程中，電勢能先增大后減小D.粒子從x=0到x=x2過程中，加速度先減小后增大二、多選題（本大題共 7小題，共39.0分）4 .下列說法正確的是（）A.盧瑟福通過“粒子散射實驗建立了原子核式結(jié)構(gòu)模型8. 3衰變中產(chǎn)生的3射線實際上是原子的核外電子掙脫原子核的束縛而形成的C.對于任何一種金屬都存在一個極限頻率，入射光的頻率必須大于這個極限頻率,才能產(chǎn)生光電效應D.根據(jù)玻爾理論可

3、知，氫原子輻射出一個光子后，氫原子的電勢能增大，核外電 子的運動動能減小5 .如圖所示，輕彈簧左端固定在豎直墻上，右端與木塊B再疊一F相連，木塊 A緊靠木塊B放置，A、B與水平面間的動摩 劣二） 擦因數(shù)均為 乩用水平力F向左壓A,使彈簧被壓縮一定程度后，系統(tǒng)保持靜止。若突然撤去水平力 F, A、B向右運動，下列判斷正確的是（）A. A、B可能不會分開B.若A、B在向右運動過程的某時刻分開了，當時彈簧一定是原長 C.若A、B在向右運動過程的某時刻分開了，當時彈簧一定比原長短 D.若A、B在向右運動過程的某時刻分開了，當時彈簧一定比原長長6.已知，某衛(wèi)星在赤道上空軌道半徑為門的圓形軌道上繞地運行的

4、周期為T,衛(wèi)星運動方向與地球自轉(zhuǎn)方向相同，赤道上 某城市的人每三天恰好五次看到衛(wèi)星掠過其正上方.假設某時刻，該衛(wèi)星如圖在 A點變軌進入橢圓軌道， 近地點B到地 心距離為2.設衛(wèi)星由A到B運動的時間為t,地球自轉(zhuǎn)周 期為T%不計空氣阻力.則（）B. t=J卜+門I InC.衛(wèi)星在圖中橢圓軌道由 A到B時，機械能增大D.衛(wèi)星由圖中圓軌道進入橢圓軌道過程中，機械能不變7.如圖所示，某次足球訓練，守門員將靜止的足球從M點踢出，球斜拋后落在60m外地面上的P點。發(fā) 球的同時，前鋒從距P點11.5m的N點向P點做勻 加速直線運動，其初速度為2m/s,加速度為4m/s2, 當其速度達到8m/s后保持勻速運動

5、。若前鋒恰好在P點追上足球，球員和球均可視為質(zhì)點， 忽略球在空中運動時的阻力，重力加速度g取10m/s2.下列說法正確的是（）A.前鋒加速的距離為7.5mB.足球在空中運動的時間為2.3sC.足球運動過程中白最小速度為30 m/s8.D.足球上升的最大高度為 10m如圖所示為兩光滑金屬導軌 MNQ和GHP,其中MN和GH 部分為豎直的半圓形導軌，NQ和HP部分為水平平行導軌， 整個裝置置于方向豎直向上、磁感應強度大小為B的勻強磁場中.有兩個長均為I、質(zhì)量均為m、電阻均為R的導體棒垂直導軌放置且始終與導軌接觸良好，其中導體棒ab在半圓形導軌上，導體棒cd在水平導軌上，當恒力 F作用在導體棒cd上

6、使其做勻速運動時，導體棒 ab恰 好靜止，且距離半圓形導軌底部的高度為半圓形導軌半徑的一半，已知導軌間距離為I,重力加速度為g,導軌電阻不計，則（）A.每根導軌對導體棒 ab的支持力大小為 2mgB.導體棒cd兩端的電壓大小為C.作用在導體棒cd上的恒力F的大小為中后mgD.恒力F的功率為A. T= To9.以下說法正確的是（）A.在完全失重的情況下，氣體對容器壁的壓強為零B.液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離，分子力表現(xiàn)為引力，因而產(chǎn) 生表面張力C. 一定溫度下氣體的分子速率一般不等，但速率很大和速率很小的分子數(shù)目相對 較少D.當分子間的距離r=r0時，分子力為零，說明此時分子間不存

7、在作用力E.冬天取暖時，火爐把房子烤暖屬于能量耗散10 . 一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，波速為 2m/s,振幅A=2cm, M、N是平衡位置相 距為3m的兩個質(zhì)點，如圖所示，在 t=0時，M通過其平衡位置沿 y軸正方向運動, N位于其平衡位置上方最大位移處，已知該波的周期大于1s,下列說法正確的是（ ）o -W一，篇A.該波的周期為6sB.在t=0.5s時，質(zhì)點N正通過平衡位置沿 y軸負方向運動C.從t=0到t=1 s,質(zhì)點M運動的路程為2cmD.在t=5.5s到t=6s,質(zhì)點M運動路程為2cmE.t=0.5s時刻，處于M、N正中央的質(zhì)點加速度與速度同向 三、實驗題（本大題共2小題，共15.

8、0分）11 .某同學將小球a、b分別固定于一輕桿的兩端，桿呈水平且處于靜止狀態(tài)，釋放輕 桿使a、b兩球隨輕桿逆時針轉(zhuǎn)動，用如圖甲所示裝置驗證機械能守恒定律，已知重力加速度大小為g。（1）若實驗中沒有現(xiàn)成的遮光條，用現(xiàn)有的等質(zhì)量的遮光片替代，用螺旋測微器 測量A遮光片的寬度如圖乙所示，其讀數(shù)為 mm；用20分度的游標卡尺測量B遮光片的寬度如圖丙所示，其讀數(shù)為 mm.為了減小實驗誤差，實驗中應 選用 遮光片作為遮光條（選填 A”或 B”）。（2）若選用遮光片的寬度為 d,測出小球a、b （b的質(zhì)量含遮光片）質(zhì)量分別為ma和mb,光電門記錄遮光片擋光的時間為轉(zhuǎn)軸0到a、b球的距離la和，光電門在0的

9、正下方，與O的距離為lb,如果系統(tǒng)（小球a、b以及桿）的機械能守恒， 應滿足的關(guān)系式為 （用題中測量量的字母表示）12 .小華、小剛共同設計了圖甲所示的實驗電路，電路中的各個器材元件的參數(shù)為：電 池組（電動勢約6V,內(nèi)阻r約3Q）、電流表（量程 2.0A,內(nèi)阻a=0.8 0、電阻 箱Ri （099.9 Q、滑動變阻器 R2 （0Rt）、開關(guān)三個及導線若干.他們認為該 電路可以用來測電源的電動勢、內(nèi)阻和以接入電路的阻值.甲z（1）小華先利用該電路準確地測出了R2接入電路的阻值.他的主要操作步驟是： 先將滑動變阻器滑片調(diào)到某位置， 接著閉合S、S2,斷開S1, 讀出電流表的示數(shù)I;再閉合S、Si,

10、斷開S2,調(diào)節(jié)電阻箱的電阻值為 3.6澗，電 流表的示數(shù)也為I.此時滑動變阻器接入電路的阻值為 Q.（2）小剛接著利用該電路測出了電源電動勢和內(nèi)電阻.他的實驗步驟為：a.在閉合開關(guān)前，調(diào)節(jié)電阻Ri或R2至 （選填“最大值”或“最小值”），之后閉合開關(guān)S,再I合（選填“ Si”或“ S2”）；b.調(diào)節(jié)電阻 （選填“ Ri”或“ R2”），得到一系列電阻值 R和電流I的數(shù) 據(jù)；c.斷開開關(guān)，整理實驗儀器.圖乙是他由實驗數(shù)據(jù)繪出的:-R圖象，圖象縱軸截距與電源電動勢的乘積代表,電源電動勢E=V,內(nèi)阻r=Q （計算結(jié)果均保留兩位有效數(shù) 字）.四、計算題（本大題共 4小題，共52.0分）13 .如圖，水

11、平地面上有一木板 B,小物塊A （可視為質(zhì)點）放在 B的右端，B板右側(cè) 有一厚度與B相同的木板C. A、B以相同的速度一起向右運動，而后B與靜止的C發(fā)生彈性碰撞，碰前瞬間 B的速度大小為2m/s,最終A未滑出C.已知A、B的 質(zhì)量均為1kg, C的質(zhì)量為3kg, A與B、C間的動摩擦因數(shù)均為 0.4, B、C與地面 間的動摩擦因數(shù)均為 0.1,取重力加速度 g=10m/s2.求：（1）碰后瞬間B、C的速度；（2）整個過程中 A與C之間因摩擦而產(chǎn)生的熱量;第10頁，共14頁14 .如圖所示，一質(zhì)量為 m、電荷量為+q的粒子從豎直虛 線上的P點以初速度V。水平向左射出，在下列不同情 形下，粒子經(jīng)過

12、一段時間后均恰好經(jīng)過虛線右側(cè)的A點。已知P、A兩點連線長度為I,連線與虛線的夾角 為 “ =37；不計粒子的重力，（sin37 =0.6, cos37=0.8）。(1)若在虛線左側(cè)存在垂直紙面向外的勻強磁場，求磁感應強度的大小Bi；(2)若在虛線上某點固定一個負點電荷，粒子恰能繞該負點電荷做圓周運動，求該負點電荷的電荷量 Q (已知靜電力常量為是)；(3)若虛線的左側(cè)空間存在垂直紙面向外的勻強磁場，右側(cè)空間存在豎直向上的勻強電場，粒子從P點到A點的過程中在磁場、 電場中的運動時間恰好相等，求磁排水口空氣打氣商場的磁感應強度的大小 B2和勻強電場的電場強度大小 E。15 .圓柱形噴霧器高為h,內(nèi)

13、有高度為1的水，上部封閉有壓強為P。、溫度為T。的空氣。將噴霧器移到室內(nèi)，一段時間后打開噴霧閥門 K,恰好有水流出。已知水的密 度為P,大氣壓強恒為P0,噴霧口與噴霧器等高。忽略 噴霧管的體積，將空氣看作理想氣體。(1)求室內(nèi)溫度。(2)在室內(nèi)用打氣筒緩慢向噴霧器內(nèi)充入空氣，直到水完全流出，求充入空氣與 原有空氣的質(zhì)量比。16 .如圖所示，AOB是截面為扇形的透明介質(zhì)的橫截面圖，其 圓心角/AOB=90,半徑為r。在OA邊的右半部分 AD間有 一束平行光線垂直 OA邊射入透明介質(zhì)，已知透明介質(zhì)對該 光線的折射率n=竽.(對于某一光線有折射時不考慮反射) 求圓弧面上有光線射出的弧長；某光線經(jīng)圓弧

14、面兩次全反射后恰好垂直O(jiān)B面射出，求出射點到。點的距離(可用三角函數(shù)表示)。答案和解析1 .【答案】A【解析】解：如圖所示，要使滑塊做自由落體運動，滑塊與斜面體之間沒有力的作用,滑塊的加速度為 g,設此時M的加速度為a,對 M： F=Ma,其中：，;=tan a,聯(lián)立解得：F二3 .故A正確，BCD錯誤。故選：Ao滑塊做自由落體運動，滑塊的加速度為g,求出斜面體的加速度，然后對斜面體應用牛頓第二定律求出水平力大小。本題考查了牛頓第二定律的應用，根據(jù)題意分析清楚滑塊與斜面體的運動性質(zhì)與運動過程、根據(jù)題意確定臨界條件是解題的前提與關(guān)鍵。2 .【答案】D【解析】 解：由題意知原副線圈電壓之比為1：

15、3,設通過L4的電流為I2,原線圈的電流為Ii,根據(jù)變壓器原理可得：Ii=3I2,原線圈兩端 電壓Ui=：U2,且L3和L4兩端電壓相等為y, 則通過L2的電流強度為：r =1i2,所以Li的電流強度為:I =；I2+3I2號I2,所以Li和L2的電流之比為11： 2,故D正確；故選：D。理想變壓器的特點：電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比，輸入功率等于輸出功率。掌握住理想變壓器的電壓、電流及功率之間的關(guān)系，本題即可得到解決。3 .【答案】D【解析】解：A、6x圖象的切線斜率越大，則場強越大，可知，X1和X2處的電場強度均不為零，故A錯誤；B、由切線斜率的正負可知，X1和X2之間的場強方向先沿

16、 X軸負方向后沿X軸正方向，故B錯誤；C、粒子由x=0處由靜止沿X軸正向運動，表明粒子運動方向與電場力方向同向，電場力先做正功后做負功，電勢能先減小后增大，故 C錯誤；D、由圖線的切線斜率可知，從 X=0到X=X2過程中電場強度先減小后增大，粒子所受的電場力先減小后增大，因此粒子的加速度先減小后增大，故 D正確。故選：D。6x圖象的切線斜率表示場強，根據(jù)電勢的變化可分析場強的方向，由電場力方向與粒子運動方向的關(guān)系判斷電場力做功正負，從而分析其電勢能的變化情況。根據(jù)電場強度的變化，判斷電場力的變化，來分析加速度的變化。解決本題的關(guān)鍵要明確 6x圖象的切線斜率表示場強，斜率的符號表示場強的方向，要

17、 知道電勢的高低與電場方向的關(guān)系以及電場力做功與電勢能的關(guān)系。4 .【答案】AC【解析】解：A、盧瑟福通過“粒子散射實驗建立了原子核式結(jié)構(gòu)模型，故A正確。B、 3衰變中產(chǎn)生的3射線實際上是原子核中的中子轉(zhuǎn)變?yōu)橐粋€質(zhì)子和一個電子，電子 釋放出來，故B錯誤。C、當入射光的頻率大于金屬的極限頻率，才能發(fā)生光電效應，故 C正確。D、氫原子輻射出一個光子后，能量減小，軌道半徑減小，根據(jù)版?二mg知，動能增大,則電勢能減小，故 D錯誤。故選：AC。盧瑟福通過“粒子散射實驗建立了原子核式結(jié)構(gòu)模型；3衰變的電子不是來自核外電子，來自原子核；當入射光的頻率大于金屬極限頻率，才會發(fā)生光電效應；根據(jù)軌道半徑的 變化

18、得出動能的變化，結(jié)合能量的變化判斷電勢能的變化.本題考查了 3衰變的實質(zhì)、光電效應的條件、能級的躍遷等基礎知識點，關(guān)鍵要熟悉教 材，牢記這些基本規(guī)律和基本概念.5 .【答案】AB【解析】 解：A、對A與B整體分析，當滿足彈簧彈力 kx=?2mg時a=0,兩物體的速度最大，以后兩物體做減速運動，若滿足彈簧恢復原長時A、B間彈力為0,則以后兩物體也不會分開，所以 A正確；B、若A、B分開時，兩物體的加速度相同，且滿足 A與B之間的彈力=0 =0,對A應有: &=- G對B應有：若彈簧仍是壓縮的則有： /=叫 則由S產(chǎn)與可得kx=0,即某時刻分開時彈簧一定是原長，所以 B正確；C、根據(jù)上面分析可知

19、C錯誤；D、同理，根據(jù)上面分析，分開時應滿足=0日。川，若分開時，知=-聞,I I=A=-聞，可得出x=0,即彈簧不可能比原長長，所以 D錯誤。故選：AB。本題的關(guān)鍵是明確 AB兩物體分開的條件是它們之間的彈力為零，然后分別對 A、B受 力分析并結(jié)合牛頓第二定律討論即可求解。對物體的動態(tài)分析過程應由牛頓第二定律求解，關(guān)鍵是受力分析和物理過程分析。6 .【答案】AB【解析】解：A、赤道上某城市的人每三天恰好五次看到衛(wèi)星掠過其正上方，則知三天 內(nèi)衛(wèi)星轉(zhuǎn)了 8圈，則3To=8T,解得T=；To,故A正確。4芋r：g卜小門+B、根據(jù)開普勒第三定律知，一解得t二F- HfT，故B正確。C、衛(wèi)星在圖中橢圓

20、軌道由 A到B時，只有萬有引力做功，機械能守恒，故 C錯誤。D、衛(wèi)星由圓軌道進入橢圓軌道，需要減速，則機械能減小，故 D錯誤。故選：AB。根據(jù)赤道上某城市的人每三天恰好五次看到衛(wèi)星掠過其正上方，得出三天內(nèi)衛(wèi)星轉(zhuǎn)了8圈，從而求出T和To的關(guān)系.根據(jù)開普勒第三定律得出 A到B的時間.從橢圓軌道的A 到B,只有萬有引力做功，機械能守恒，從圓軌道進入橢圓軌道，需減速變軌，機械能 不守恒.解決本題的關(guān)鍵知道機械能守恒的條件，以及變軌的原理，知道當萬有引力大于向心力時，做近心運動，當萬有引力小于向心力時，做離心運動.掌握開普勒第三定律，并能 靈活運用.7 .【答案】AC【解析】 解：A、前鋒做勻加速直線運

21、動，初速度為2m/s,加速度為4m/s2,末速度為8m/s,根據(jù)速度-位移公式可知，6-詔= 2。/口，代入數(shù)據(jù)解得x加=7.5m, A正確；B、前鋒和足球運動時間相等，前鋒加速運動時間t., = =1.5s,勻速運動時間制 a ；=0.5s,故足球在空中運動的時間為2s, B錯誤；C、足球水平方向上做勻速直線運動，位移為 60m,時間為2s,故運動過程中的最小速 度為30m/s, C正確；D、足球豎直方向上做豎直上拋運動，根據(jù)運動的對稱性可知，上升時間為 1s,最大高度&件= 5m, D錯誤。故選：AC。前鋒先做勻加速直線運動，后做勻速運動，根據(jù)初速度、加速度、末速度求解位移和 時間；足球做

22、斜上拋運動，水平方向勻速直線運動，兩者具有等時性。本題難度較大，足球做斜上拋運動，水平方向做勻速直線運動，豎直方向上做豎直上拋 運動，解題的關(guān)鍵是前鋒和足球運動時間相等。8 .【答案】CD【解析】解：A、對導體棒ab受力分析，如圖所示,依據(jù)矢量的合成法則，結(jié)合三角知識，及幾何關(guān)系，則有，N=-=2mg;CdSvU而 FA=mgtan60 =8mg；由于棒ab處于兩根導軌，因此每根導軌對導體棒ab的支持力大小為 mg,故A錯誤；B、依據(jù)安培力公式 Fa=BIL,且U=IR,解得，棒cd兩端的電壓大小為 U片產(chǎn)，故B錯誤；C、因兩棒的電阻相等，且它們處于同一磁場，因此它們受到的安培力大小也相等，故

23、C正確；D、依據(jù)法拉第電磁感應定律，E=BLv,且E=IX2R,那么恒力F的功率為P=Fv=J.mg x研工=占丁 ,故D正確；故選：CD。A、根據(jù)對棒ab受力分析，結(jié)合矢量的合成法則， 及三角知識，與幾何關(guān)系，即可求解；B、依據(jù)平衡條件，求解安培力大小，結(jié)合安培力公式，及歐姆定律變形式，U=IR,即可求解；C、根據(jù)棒cd處于平衡狀態(tài)，依據(jù)安培力公式，即可求解；D、依據(jù)力功率P=Fv,結(jié)合體棒cd運動的速度，即可求解.考查矢量的合成法則，掌握平衡條件的應用，理解法拉第電磁感應定律，及歐姆定律的內(nèi)容，注意棒cd兩端的電壓與棒切割感應電動勢關(guān)系.9 .【答案】BCE【解析】解：A、氣體壓強并非由重

24、力引起，在完全失重的情況下，氣體對容器壁的壓強不變。故A錯誤；B、液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離，分子力表現(xiàn)為引力，因而產(chǎn)生表面張力。故B正確；C、根據(jù)氣體分子速率分布曲線圖，一定溫度下氣體的分子速率一般不等，但速率很大和速率很小的分子數(shù)目相對較少。故C正確；D、當分子間的距離r=r0時，分子的引力和斥力相等， 分子力為零，并非分子力不存在。故D錯誤；E、冬天取暖時，火爐把房子烤暖屬于能量耗散。故E正確。故選：BCE。氣體壓強并非由重力引起；液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離，分子力表現(xiàn)為引力，因而產(chǎn)生表面張力；根據(jù)氣體分子速率分布曲線圖，分子速率成“中間多，兩邊少”的正態(tài)

25、分布；當分子間的距離=0時，分子的引力和斥力相等；冬天取暖時，火爐把房子烤暖屬于能量耗散。本題考查了氣體壓強的微觀意義、分子間的相互作用力、能源的利用與環(huán)境保護、液體 的表面張力等知識點。這種題型屬于基礎題，只要善于積累，難度不大。10 .【答案】BDE【解析】解：A、由題意：該波的波速 v=2m/s,周期T1s,由入書T知波長X 2m, t=0時刻波形如圖所示，分析得知:入=向得波長 入二m,周期為T=|-=-1=2So故A錯誤。B、因為t=0.5s=T,所以在t=0.5s時，質(zhì)點N正通過平衡位置沿y軸負方向運動，故 B正確。C、因為t=1s=_T,所以從t=0到t=1s,質(zhì)點M運動的路程為

26、S =2A=4cm,故C錯誤。D、因為t=5.5s=2T,則在t=5.5s時刻質(zhì)點M到達波谷，在t=5.5s到t=6s經(jīng)歷時間是 打, 質(zhì)點M運動的路程是2cm,故D正確。E、t=0.5s=1T時刻，處于 M、N正中央的質(zhì)點位于平衡位置下方，且向上運動，加速度與速度均向上，故 E正確。故選：BDE。在t=0時，M通過其平衡位置沿 y軸正方向運動，N位于其平衡位置上方最大位移處，周期大于1s,可知M、N平衡位置間的距離等于；N可求出波長，由v,求出周期。根據(jù)所給的時間與周期的關(guān)系分析質(zhì)點的狀態(tài)和通過的路程。本題考查對波動圖形的掌握情況，要注意根據(jù)題意明確可能的波形圖，從而根據(jù)波長的范圍，結(jié)合波形

27、，得到波長。11 .【答案】4.800 70.15 A mbglb-magla=rnM1+/士尸【解析】 解：(1)螺旋測微器的讀數(shù)為：d=4.5mm+30X0.01mm=4.800mm,游標卡尺的 讀數(shù)為：d =70mm+3X0.05mm=70.15mm,極短時間內(nèi)的平均速度等于瞬時速度，時間 越短速度越精確，則選尺寸小的，故選 A;(2) ab為一系統(tǒng)，則其重力勢能的減小量為：Ep=mbgi b-magia動能的增量為：Ek=im/jv +一注叫(/)2 +工力上，1212123機械能守恒要滿足二者相等，即為：mbglb-maglaqm虱演尸+亍加刀尸；故答案為:1) 4.800, 70.

28、15, A；(2)mbgib-magia%M(y 十方式就y ；(1)明確螺旋測微器的讀數(shù)方法，注意其需要估讀，明確游標卡尺的讀數(shù)方法，不需 要估讀；(2)根據(jù)極短時間內(nèi)的平均速度等于瞬時速度求出小球通過光電門的瞬時速度，結(jié)合a、b角速度相等，求出a球的速度，從而得出系統(tǒng)動能的增加量，根據(jù)高度的變化得出 系統(tǒng)重力勢能的減小量，可得關(guān)系式本題考查了系統(tǒng)機械能守恒的驗證，通過極短時間內(nèi)平均速度等于瞬時速度得出速度的大小是關(guān)鍵，以及知道 ab共軸轉(zhuǎn)動，角速度相等。12.【答案】3.6 最大值S1 R1電源內(nèi)阻和電流表的內(nèi)阻之和6.0 2.8【解析】解：(1)用等值替代法可測出 時接入電路的阻值，電阻

29、箱的示數(shù)等于接入電 路的阻值為3.6(2)要用電阻箱與電流表結(jié)合測量電動勢與內(nèi)阻，則要改變電阻箱的值，則a.在閉合開關(guān)前，調(diào)節(jié)電阻R1或R2至最大值，之后閉合開關(guān) S,再I合S1.b.調(diào)節(jié)電阻R1得到一系列電阻值 R和電流I的數(shù)據(jù)；葭，可得E=6.0V;圖象縱軸(3)由閉合電路歐姆定律可得：E=I (R+Ra+)，即：e=：+i;由上式可知：圖線的斜率是電動勢的倒數(shù)，圖象的斜率為 截距與電源電動勢的乘積代表電源內(nèi)阻和電流表的內(nèi)阻之和;圖線在縱軸上的截距是 第=b=0.60 可得；r=2.8 Q;故答案為：(1) 3.6、(2)最大值、Si、R1、電源內(nèi)阻和電流表的內(nèi)阻之和、6.0 2.8(1)

30、由電路的結(jié)構(gòu)可知測出了R2接入電路的阻值用的是等值替代法.(2)實驗中采用的是電阻箱和電流表的方式測定電動勢和內(nèi)電阻；根據(jù)實驗的原理可知應采用的方式；(3)分析電流與電阻的關(guān)系，由閉合電路歐姆定律可得出符合本實驗的公式，再結(jié)合圖象的性質(zhì)利用函數(shù)關(guān)系即可求得電動勢和內(nèi)電阻.本題考查測量電動勢和內(nèi)電阻的實驗，解答本題的關(guān)鍵在于明確等電阻替代法測電阻，注意能正確根據(jù)題意列出對應的函數(shù)關(guān)系，才能準確得出結(jié)果.13.【答案】 解：(1)設B、C兩板碰后速度分別為 vb、vc,碰撞過程系統(tǒng)動量守恒、機械能守恒，由動量守恒定律得：mBV0=mBVB+mcvc,由機械能守恒定律得：+ gm匕龍,代入數(shù)據(jù)解得：

31、 vb =-1 m/s, vc =1 m/s ；(2) B、C兩板碰后A滑到C上，A、C相對滑動過程中，設 A的加速度為aA, C的加 速度為ac,根據(jù)牛頓第二定律有：(jmAg=mAaA,mmAg-序(mA+mc) g=mcac,在此過程中C做勻速直線運動, 則有：vc=vo-aAt設經(jīng)時間t后A、C速度相等，此后一起減速直到停下,A、C間的相對位移：As=sa-sc,A、C之間因摩擦而產(chǎn)生的熱量為：Q= pimAgAs,代入數(shù)據(jù)解得：Q=0.5J;答：(1)碰后瞬間B、C的速度分別是1m/s,向左，以及1m/s,向右。(2)整個過程中A與C之間因摩擦而產(chǎn)生的熱量為0.5J。【解析】(1)

32、B與C發(fā)生彈性碰撞，根據(jù)動量守恒定律和能量守恒定律列式，即可求 得碰后瞬間B、C的速度；(2) B、C兩板碰后A滑到C上，A、C相對滑動過程中，由牛頓第二定律求出A、C的加速度，知道 C做勻速直線運動，根據(jù)速度時間公式求出A、C速度達到相等所用時間，再求得A、C間的相對位移，從而求得 A與C之間因摩擦而產(chǎn)生的熱量。本題考查了動量守恒和能量守恒、牛頓第二定律、運動學公式的綜合運用，關(guān)鍵理清A和C在整個過程中的運動規(guī)律，選擇合適的規(guī)律進行求解。知道彈性碰撞動量守恒、機 械能守恒。圓周運動，設半徑為 2在t時間內(nèi)A、C的位移分別為:SA=t, sc= vet,2由幾何關(guān)系得：2=耳由庫侖力提供向心力

33、得:粒子在電場中的運動時間根據(jù)題意得，粒子在磁場中又丁=解得：B2=14.【答案】 解：(1)粒子從P到A的軌跡如圖所示, 粒子在磁場中做勻速圓周運動，設半徑為1由洛倫茲力提供向心力可得：qvoB1=mri解得：B1= 1圖所示，粒子在磁場中做 類平拋運動解得：二“粒子在電場中沿虛線方向做勻變速直線運動，有:第11頁，共14頁由幾何關(guān)系得：1=glcos a(2)粒子從P到A的軌跡如圖所示粒子繞負點電荷Q做勻速k =m匕 rz(3)粒子從P到A的軌跡如 勻速圓周運動，在電場中做解得Q=, /Sfnfl 31為：仁設粒子在磁場中做圓周運動的半徑為r,貝 U 有：vot= 運動時間也為t,則有：t

34、二；(2)該負點電荷的電荷量l cos -2r韋？解得：E= 答：(1)若在虛線左側(cè)存在垂直紙面向外的勻強磁場，則磁感應強度的大小第14頁，共14頁(3)磁場的磁感應強度的大小B2為萼，勻強電場的電場強度大小E為吧!【解析】(1)粒子從P到A的軌跡如圖所示，由幾何關(guān)系和由洛倫茲力提供向心力公式可以解得Bi；(2)粒子從P到A的軌跡如圖所示粒子繞負點電荷Q做勻速圓周運動，由幾何關(guān)系和庫侖力提供向心力公式可以求得Q;(3)粒子從P到A的軌跡如圖所示，粒子在磁場中做勻速圓周運動，在電場中做類平拋運動，粒子在電場中的運動時間t=7j 粒子在磁場中運動周期 T=：；,粒子在磁場中運動時間t=，可以求出B2,根據(jù)幾何關(guān)系可以解得粒子在磁場中做圓周運動的半徑，a粒子在電場中沿虛線方向做勻變速直線運動，根據(jù)勻變速直