2015年安徽高考物理試卷(含詳細解析)

1、2021年高考物理試卷一 選擇題共7小題1 如圖示是a粒了氦原子核被重金屬原子核散射的運動軌跡，M、N、P、Q是軌跡上的四點，在散射過程中可以認為重金屬原子核靜止不動.圖中所標出的a粒子在各點處的加速度方向正確的選項是C.P占八、2.由庫侖定律可知，真空中兩個靜止的點電荷，帶電量分別為q1和q2,其間距離為r時，它們之間相互作用力的大小為F=kr，式中k為靜電力常量.假設用國際單位制的根本單位表示,k的單位應為A. kg?A2?m3B.kg?A 2?m3?s 4C.kg?m2?C 2D.N?m2?A 23 .圖示電路中，變壓器為理想變壓器，a、b接在電壓有效值不變的交流電流兩端,Ro為定值電阻

2、，R為滑動變阻器，現(xiàn)將變阻器的滑片從一個位置滑動到另一位置，觀察到電流表A1的示數(shù)增大了A.B.C.D.0.2A，電流表A2的示數(shù)增大了 0.8A，那么以下說確的是電壓表V1示數(shù)增大電壓表V2, V3示數(shù)均增大該變壓器起升壓作用變阻器滑片是沿c-d的方向滑動4.一根長為L、橫截面積為S的金屬棒，其材料的電阻率 為p,棒單位體積自由電子數(shù)為n電子的質量為 m,電荷量為e,在棒兩端加上恒定的電壓時，棒產(chǎn)生電流，自由電 子定向運動的平均速率為v,那么金屬棒的電場強度大小為2eLB.：i -i.C.pevD.P ev|rrSL5 如下列圖，一束單色光從空氣入射到棱鏡的 AB面上，經(jīng)AB和AC兩個面折射

3、后從 AC面進入 空氣，當出射角i和入射角i相等時，出射光線相對于入射光線偏轉的角度為 0,棱鏡頂角為 a 那么計算棱鏡對該色光的折射率表達式為C Dsi口( 8 -口sin ( Q - )226如下列圖，abed為水平放置的平行 ? 形光滑金屬導軌，間距為I，導軌間有垂直于導軌平面 的勻強磁場，磁感應強度大小為 B,導軌電阻不計，金屬桿 MN傾斜放置，與導軌成 0角，單位v沿平行于ed的方向滑動金屬桿滑動過程中與導軌接觸良好.那么 A.電路中感應電動勢的大小為Blv sin 9B.電路中感應電流的大小為Bvsin 8rC.金屬桿所受安培力的大小為B2lvsin 9rD.金屬桿的熱功率為巳；長

4、度的電阻為r，保持金屬桿以速度7.均勻帶電的無窮大平面在真空中激發(fā)電場的場強大小為廳為平面上單位面積所帶的電荷量，？0為常量，如下列圖的平行板電容器，極板正對面積為S,其間為真空，帶電量為Q,不計邊緣效應時，極板可看作無窮大導體板，那么極板間的電場強度大小和 兩極板間相互的靜電引力大小分別為二解答題共5小題&在驗證力的平行四邊形定那么實驗中，某同學用圖釘把白紙固定在水平放置的木板上，將 橡皮條的一端固定在板上一點，兩個細繩套系在橡皮條的另一端，用兩個彈簧測力計分別拉住兩O,0999.9和假設干導線.1由于表頭量程偏小，該同學首先需將表頭改裝成量程為 電阻箱填串聯(lián)或并聯(lián)，并將該電阻箱阻值調為 Q

5、.2接著該同學用改裝的電流表對電池的電動勢與阻進展測量, 變電阻R測相應的電流50mA的電流表，那么應將表頭與實驗電路如圖1所示，通過改123456R 95.075.055.045.035.025.0I mA15.018.724.829.536.048.0IR V1.421.401.361.331.261.20根據(jù)表中數(shù)據(jù)，圖2中已描繪出四個點，請將第 5、6兩組數(shù)據(jù)也描繪在圖2中，并畫出IR -且作相關計算后一并記錄如表:I,I圖線； 根據(jù)圖線可得電池的電動勢 E是V，阻r是Q.10. 質量為0.5kg的小物塊放在水平地面上的 A點,距離A點5m的位置B處是一面墻,如下圖，物塊以vo=9m/

6、s的初速度從A點沿AB方向運動,在與墻壁碰撞前瞬間的速度為7m/s,碰后個細繩套，互成角度地施加拉力，使橡皮條伸長，結點到達紙面上某一位置，如下列圖，請將以下 的實驗操作和處理補充完整： 用鉛筆描下結點位置，記為 O; 記錄兩個彈簧測力計的示數(shù) Fi和F2，沿每條細繩套的方向用鉛筆分別描出幾個點，用刻 度尺把相應的點連成線； 只用一個彈簧測力計，通過細繩套把橡皮條的結點仍拉到位置 按照力的圖示要求，作出拉力Fi, F2, F3； 根據(jù)力的平行四邊形定那么作出Fi和F2的合力F; 比較的一致程度，假設有較大差異，對其原因進展分析，并作出相應 的改進后再次進展實驗.9.某同學為了測量一節(jié)電池的電動

7、勢和阻，從實驗室找到以下器材：一 個滿偏電流為100 pA、阻為2500 Q的表頭，一個開關，兩個電阻箱以6m/s的速度反向運動直至靜止.g取10m/s2.1求物塊與地面間的動摩擦因數(shù)p；2假設碰撞時間為 0.05s，求碰撞過程中墻面對物塊平均作用力的大小F；3 / 1311在xOy平面，有沿y軸負方向的勻強電場，場強大小為E圖象未畫出，由A點斜射出質量為m、帶電量為+q的粒子，B和C是粒子運動軌跡上的兩點，如下列圖，其中Io為常數(shù)，粒子所受重力忽略不計，求：1粒子從A到C過程中電場力對它做的功;2粒子從A到C過程所經(jīng)歷的時間；3粒子經(jīng)過C點時的速率.-t)A12由三顆星體構成的系統(tǒng)，忽略其它

8、星體對它們的作用，存在著一種運動形式：三顆星體在相 互之間的萬有引力作用下，分別位于等邊三角形的三個頂點上，繞某一共同的圓心O在三角形所 在的平面做一樣角速度的圓周運動圖示為A、B、C三顆星體質量不一樣時的一般情況假設A星體質量為2m, B、C兩星體的質量均為 m,三角形的邊長為a,求：1A星體所受合力大小Fa ; 2B星體所受合力大小Fb;3C星體的軌道半徑 RC;4三星體做圓周運動的周期T.2021年高考物理試卷參考答案與試題解析選擇題共7小題M、N、P、Q是軌跡上的四a粒子在各點處的加速度方向正確的選項是1 如圖示是a粒了氦原子核被重金屬原子核散射的運動軌跡， 點，在散射過程中可以認為重

9、金屬原子核靜止不動.圖中所標出的分析：根據(jù)粒子軌跡的彎曲方向， 可以判定粒子受力的方向； 再根據(jù)受力的方向，判定a 粒子在電場中運動時，粒子的加速度的方向.解答：解：根據(jù)軌跡彎曲的方向，可以判疋粒子受力的方向大體向上，與粒子和重金屬C. P點D. Q點原子核的點的連線的方向相反，故M、N、P、Q是軌跡上的四點的加速度的方向中，只有P點標出的方向是正確的應選：C2由庫侖定律可知，真空中兩個靜止的點電荷，帶電量分別為qi和q2,其間距離為r時，它們之間相互作用力的大小為 F=k弋，式中k為靜電力常量假設用國際單位制的根本單位表示,k的單位應為A kg?A2?m3kg?A 2?m3?s4C.kg?m

10、2?C 2N?m2?A分析：力學單位制規(guī)定了物理量的單位，同時根據(jù)物理量間的公式也可以分析單位之間的關系.解答：解：根據(jù) F=k . 可得：k=r2q2 t 十.r、trnar由于 F=ma, q=It，所以 k= :IW根據(jù)質量的單位是kg,加速度的單位m/s2，距離的單位是m，電流的單位是A, 時間的單位s,可得k的單位是kg?A 2?m3?s 4應選：B3.圖示電路中，變壓器為理想變壓器，a、b接在電壓有效值不變的交流電流兩端，Ro為定值電阻，R為滑動變阻器，現(xiàn)將變阻器的滑片從一個位置滑動到另一位置， 觀察到電流表Ai的示數(shù)增大了 0.2A，電流表A2的示數(shù)增大了 0.8A，那么以下說確

11、的是電壓表V1示數(shù)增大 電壓表V2, V3示數(shù)均增大C.該變壓器起升壓作用D.分析：變阻器滑片是沿c-d的方向滑動根據(jù)歐姆定律分析負載電阻的變化，圖中變壓器局部等效為一個電源，變壓器右側其余局部是外電路，外電路中，Ro與滑動變阻器R串聯(lián)；然后結合閉合電路歐姆定律和串并聯(lián)電路的電壓、電流關系分析即可.解答：解：A、觀察到電流表A1的示數(shù)增大了 0.2A，電流表A2的示數(shù)增大了 0.8A ,即副線圈電流增大，由于a、b接在電壓有效值不變的交流電流兩端，匝數(shù)比不變，所以副線圈電壓 不變，即Vi, V2示數(shù)不變，根據(jù)歐姆定律得負載電阻減小，所以變阻器滑片是沿c-d的方向滑動，故A錯誤，D正確，B、由于

12、R0兩端電壓增大，所以滑動變阻器 R兩端電壓減小，即電壓表 V3示數(shù) 減小，故B錯誤；C、觀察到電流表Ai的示數(shù)增大了 0.2A,電流表A2的示數(shù)增大了 0.8A ,即原線圈電流增大量小于副線圈電流增大量，根據(jù)電流與匝數(shù)成反比，所以該變壓器起降壓作用，故C錯誤；應選：D.4.一根長為L、橫截面積為S的金屬棒，其材料的電阻率為 p棒單位體積自由電子數(shù)為 n,電 子的質量為m，電荷量為e,在棒兩端加上恒定的電壓時，棒產(chǎn)生電流，自由電子定向運動的平均速率為v，那么金屬棒的電場強度大小為IDV2A.專題:分析:B.電場力與電勢的性質專題.利用電流的微觀表達式求的電流,C.pnevD.P 5SL由電阻的

13、定義式求的電阻， 由E求的電場強解答：解：導體中的電流為l=n eSv導體的電阻為R=導體兩端的電壓為 U=RI場強為E=HL聯(lián)立解得E= pnev應選：C5 如下列圖，一束單色光從空氣入射到棱鏡的 AB面上，經(jīng)AB和AC兩個面折射后從 AC面進入空氣，當出射角i和入射角i相等時，出射光線相對于入射光線偏轉的角度為0,棱鏡頂角為 a那么計算棱鏡對該色光的折射率表達式為CsinDsiziGsin ( 9 -sin 5 - )22由折射定律可知,n=因入射角和出射角相等，即故由幾何關系可知， 薩;i=i9vvi=+ 8=29-pg2分析：由幾何關系可明確在 AB邊入射時的入射角和折射角，再由折射定

14、律可求得折射率.解答： 解：sin&6如下列圖，abed為水平放置的平行 ? 形光滑金屬導軌，間距為I，導軌間有垂直于導軌平面 的勻強磁場，磁感應強度大小為B,導軌電阻不計，金屬桿 MN傾斜放置，與導軌成 0角，單位長度的電阻為r，保持金屬桿以速度v沿平行于ed的方向滑動金屬桿滑動過程中與導軌接觸良 好那么電路中感應電動勢的大小為B1繭sin 9B.C.D.分析:電路中感應電流的大小為:-| 丁n金屬桿所受安培力的大小為LX22金屬桿的熱功率為二一rsin 9由導體切割磁感線公式可求得感應電動勢的大小,由安培力公式F=BIL可求得安培力以；由P=FV即可求得功率；注意公式中的I均為導軌間的距離

15、.解答： 解：A、電路中感應電動勢的大小 E=BIv ;公式中的I為切割的有效長度，故電動 勢E=BIv ;故A錯誤；B、感應電流i= -=心;故B正確；1 rTsin 92- 口C、安培力的大小F=BIL=;故C錯誤；rn 2 -I 22 白D、 功率P=FVr小 ；故D錯誤；應選：B.r7.均勻帶電的無窮大平面在真空中激發(fā)電場的場強大小為(T為平面上單位面積所帶的電荷量，?o為常量，如下列圖的平行板電容器，極板正對面積為S,其間C.Q2QQ2和竺02Q2和嚀為真空，帶電量為 Q,不計邊緣效應時，極板可看作無窮大導體板，那么極板間的 電場強度大小和兩極板間相互的靜電引力大小分別為個極板形成的

16、場強Eo=兩極板間的電場強度為:CQ =7,解得：F= - 130N，負號表示方向向左；3物塊向左運動過程，由動能定理得：W=-mv2= X).562=9J;答：1物塊與地面間的動摩擦因數(shù)口為0.32;2假設碰撞時間為0.05s,碰撞過程中墻面對物塊平均作用力的大小F為130N ;3物塊在反向運動過程中克制摩擦力所做的功W為9J.11.在xOy平面，有沿y軸負方向的勻強電場，場強大小為E圖象未畫出，由A點斜射出一質量為m、帶電量為+q的粒子，B和C是粒子運動軌跡上的兩點，如下列圖，其中10為常數(shù)，粒子所受重力忽略不計，求：1粒子從A到C過程中電場力對它做的功;2粒子從A到C過程所經(jīng)歷的時間；3

17、粒子經(jīng)過C點時的速率.V*2氐一坯)分析：1由電場力做功的特點可明確 W=Uq，而U=Ed，求得沿電場線方向上的距離 即可求得功；2粒子在x軸方向上做勻速直線運動，根據(jù)水平位移可明確AO、BO與BC時間相等，由豎直方向的勻變速直線運動可求得時間；3由類平拋運動規(guī)律可求得水平和豎直豎直，再由運動的合成與分解求得合 速度.解答：解：1粒子從A到C電場力做功為 W=qE yA - yC=3qEl02根據(jù)拋體運動的特點，粒子在x軸方向做勻速直線運動，由對稱性可知，軌跡是最高點 D在y軸上，可令tAo=toB=T，tBc=T;由 Eq=ma 得:又 y=_aT2yb+3lo2_1=a 2T那么A到C過程

18、所經(jīng)歷的時間3粒子在DC段做類平拋運動，那么有：2lo=vcx 2T； Vcy=a 2T答：1粒子從A到C過程中電場力對它做的功 3qElo2粒子從A到C過程所經(jīng)歷的時間3粒子經(jīng)過C點時的速率為 - 2m12由三顆星體構成的系統(tǒng)，忽略其它星體對它們的作用，存在著一種運動形式：三顆星體在相互之間的萬有引力作用下，分別位于等邊三角形的三個頂點上，繞某一共同的圓心O在三角形所 在的平面做一樣角速度的圓周運動圖示為 A、B、C三顆星體質量不一樣時的一般情況假設 A星體質量為2m, B、C兩星體的質量均為 m,三角形的邊長為a,求：1A星體所受合力大小Fa ;2B星體所受合力大小FB;3C星體的軌道半徑Rc；三星體做圓周運動的周期 T.分析:12由萬有引力定律，分別求出單個的力，然后求3C與B的質量相等，所以運行的規(guī)律也相等，然后結合向心力的公式即可 求出C的軌道半徑；G-2m24三星體做圓周運動的周期 T相等，寫出C的西西里島表達式即可求出.解答：解：1由萬有引力定律，A星受