廣東省中山市2021屆新高考第一次質量檢測物理試題含解析

1、廣東省中山市2021屆新高考第一次質量檢測物理試題、單項選擇題：本題共 6小題，每小題5分，共30分.在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的1.如圖所示，A、B兩個質量相等的小球，分別從同一高度、傾角分別為、（）的光滑斜面頂端 由靜止自由滑下。在小球從開始下滑到到達斜面底端的過程中，下列判斷正確的是（A . A球和B球到達斜面底端的速度大小不相等B. A球重力做功的平均功率比 B球重力做功的平均功率小C. A球運動的加速度比 B球運動的加速度大D. A球所受重力的沖量大小比 B球所受重力的沖量大小小【答案】B【解析】【分析】【詳解】A .根據機械能守恒定律可得,12mgh mv解得

2、v 1 2gh兩個小球達到底部的速度大小相等，故A錯誤;BC.小球的加速度大小為mg sin a g sinm運動時間2x 1 2ha sin則運動過程中A斜面斜角小，則 A運動的時間比B的大，由于高度相同，重力做功相等，所以A球重力做功的平均功率比 B球重力做功的平均功率小，故B正確，C錯誤；C.由于A運動的時間比B的大，由公式I mgt可知，A球所受重力的沖量大小比 B球所受重力的沖量 大小大，故D錯誤。故選Bo2.關于核能，下述正確的是A.它是可再生能源B.它只能通過重核裂變獲得C.它是原子核結構發(fā)生變化時放出的能量D.重核裂變的反應速度無法控制【答案】C【解析】【詳解】A.核能是新能源

3、，但不是再生能源，A錯誤；B.輕核的聚變也能產生核能，比如氫彈，B錯誤；C.它是原子核結構發(fā)生變化時，產生新核，出現質量虧損，從而放出的能量，C正確；D.輕核的聚變的反應速度無法控制，而重核裂變的反應速度可以控制，D錯誤；故選Co3.如圖所示，一直角三角形acd在豎直平面內，同一豎直面內的a、b兩點關于水平邊 cd對稱，點電荷Qi、Q2固定在c、d兩點上。一質量為m、帶負電的小球P在a點處于靜止狀態(tài)，取重力加速度為g,下列說法正確的是（）ib IA. Q2對P的靜電力大小為B. Qi、Q2的電荷量之比為C.將P從a點移到b點，D .將P從a點沿直線移到【答案】B【解析】【分析】【詳解】,3 y

4、mg在3電場力做正功b點，電勢能先增大后減小A.由于P處于平衡狀態(tài)，可知 Q2對P的靜電力大小為o 1F2 mg cos60 mg 2選項A錯誤；B.同理可知 Qi對P的靜電力大小為o . 3F1 mg cos30 mg 2設ac=L ,則ad J3l由庫侖定律FikQq k L2銅線圈共面。下列四種情況中 .線圈中能產生感應電流的是（）A.甲圖中線圈自由下落C.丙圖中線圈繞 AB勻速轉動D. 丁圖中線圈勻速向右移動F2Q2q3L2聯立解得Qi、Q2的電荷量之比為Qi3Q2選項B正確；CD.將P從a點移到b點，電場力先做正功，后做負功，電勢能先減小后增加，選項 CD錯誤;故選BoAB4.法拉第

5、電磁感應定律是現代發(fā)電機、電動機、變壓器技術的基礎。如圖所示，通有恒定電流的導線均豎直且足夠長，圖甲.丙中正方形閉合銅線圈均關于AB左右對稱，圖乙、丁中 AB/ad且與正方形閉合B.乙圖中線圈自由下落AC.圖甲、丙中，穿過銅線圈的磁通量始終為零，銅線圈中不會產生感應電流，故A、C均錯誤；B.圖乙中，線圈自由下落，由于線圈離導線AB距離不變，所以穿過銅線圈的磁通量始終不變，銅線圈中不會產生感應電流，故 B錯誤；D.圖丁中，線圈勻速向右移動，穿過銅線圈的磁通量不斷減小，銅線圈中會產生感應電流，故D正確。故選D。5.下列關于運動項目的敘述正確的是（）A.若足球的運動軌跡是旋轉的香蕉球時，要研究足球的

6、運動足球可以看做質點B. 2018年蘇炳添在男子 100m中跑出的亞洲紀錄是一個時刻C. 4 100m接力賽中的100m都是指位移D.運動員100m短跑用時10s,則其加速過程的平均加速度定不小于2m/s2A.若足球的運動軌跡是旋轉的香蕉球時，要研究足球的運動足球大小不能忽略，不可以看做質點，選項A錯誤；B. 2018年蘇炳添在男子100m中跑出的亞洲紀錄是一個時間間隔，選項B錯誤；C. 4 100m接力賽中有彎道，則其中的100m不都是指位移，選項 C錯誤；D.運動員100m短跑用時10s,若整個過程中一直加速，則加速度2s 2 100 t21022m/s22m/s2，選項D正確;因運動員在

7、100m短跑中先加速后勻速，則其加速過程的平均加速度定不小于 故選D。6.強臺風往往造成巨大災難.2018年9月16日17時，第22號臺風 山竹”強臺風級在廣東登陸，登陸時中心附近最大風力達 v 162km/h ,空氣的密度 1.3kg / m3,當這登陸的臺風正對吹向一塊長10m、寬4m的玻璃幕墻時，假定風遇到玻璃幕墻后速度變?yōu)榱悖纱丝晒浪愠雠_風對玻璃幕墻的沖擊力F大小最接近（）A. 2.6 103NB. 5.3 104N C. 1.1 105ND. 1.4 106N【答案】C【解析】【詳解】假設經過t時間，由動量定理得：v2ts0 Ft ,代入數據：F v2s1.1 105N ,故選C二

8、、多項選擇題：本題共 6小題，每小題5分，共30分.在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求.全部選對的得 5分，選對但不全的得 3分，有選錯的得0分圖線與X軸交點的橫坐標為X1,圖線最高點對應的橫坐標為X2,則下列7.以點電荷 A、B的連線為x軸，以點電荷 B為坐標原點建立如圖所示的坐標系，點電荷 A、B帶電量 分別為q1、q2,間距為X0O 一電子以一定的初速度進入該電場， 由靠近坐標原點的位置沿 x軸正方向運動， 其電勢能的變化如圖中實線所示， 判斷正確的是A. 0 ii之間電場強度沿x軸正方向B. A電荷帶正電，B電荷帶負電c. qq22x2x02x2D,馬q22x1x02xiAC

9、【解析】 【詳解】x軸負方向，故電場強度沿 x軸正方A. 0到Xi之間電子的電勢能增大，電場力對電子做負功，電場力沿向，A正確;X2之后，電場力水平向右做正功，合B.。到X2過程中，電場力水平向左做負功，合電場強度水平向右,電場強度水平向左，可知 A電荷帶負電，B電荷帶正電，B錯誤;CD.電場力做功改變電勢能，所以電場力的大小表示為:EP所以電勢能隨位移變化的圖像的斜率為電場力,X2處電場力為0,電場強度為0,所以:解得:kx2J 0x0qq2x2x02-*22C正確，D錯誤。故選AC 。8.在x軸上x0和x 1m處，固定兩點電荷qi和q2,兩電荷之間各點對應的電勢高低如圖中曲線所示,在x 0

10、.6m處電勢最低，下列說法中正確的是（一=， q 9A.兩個電荷是同種電荷，電荷量大小關系為一 :q24B.兩個電荷是同種電荷，電荷量大小關系為q 3q22C. x 0.5m處的位置電場強度不為 0D.在q1與q2之間的連線上電場強度為0的點有2個【答案】AC【解析】【分析】【詳解】AB .x圖線的切線斜率表示電場強度的大小,x 0.6m點切線斜率為零即電場強度為0,則有koqkq20.422 q 0.629q2 0.42 4根據沿電場線方向電勢降低可知，0: 0.6m內電場強度沿x軸正方向，0.6m: 1.0m內電場強度沿x軸負方向，則兩個電荷是同種電荷，故A正確，B錯誤；C. (f)-x圖

11、線的切線斜率表示電場強度的大小，x 0.5m點切線斜率不為零，則電場強度不為0,故C正確；D.由于兩個電荷是同種電荷，根據電場的疊加可知，在qi的左邊和q2的右邊合場強不可能為 0,所以只有在x 0.6m處合場為0即只有一處，故 D錯誤。故選AC。9.下列說法正確的是 .A.放熱的物體，其內能也可能增加B.液體中的擴散現象是由液體的對流形成的C.液體不浸潤某種固體時，則附著層內液體分子間表現為引力D.同一液體在不同溫度下的飽和汽壓不同E.只兩物體的質量、溫度、體積相等，兩物體的內能一定相等【答案】ACD【解析】【詳解】A正確;A.放熱的物體，如果外界對物體做的功大于放出的熱量，則其內能增加,B

12、.液體中的擴散 現象都是由于分子熱運動而產生的，B錯誤；C.液體不浸潤某種固體時，例如水銀對玻璃：當水銀與玻璃接觸時，附著層中的水銀分子受玻璃分子的吸引比內部水銀分子弱，結果附著層的水銀分子比水銀內部稀疏，這時在附著層中的分子之間相互吸引，就出現跟表面張力相似的收縮力，使跟玻璃接觸的水銀表而有縮小的趨勢，因而形成不浸潤現象，C正確；D.飽和汽壓隨溫度的升高而增大，所以同一液體在不同溫度下的飽和汽壓不同，D正確；E.物體的內能等于組成該物體的所有分子做熱運動的動能與分子勢能的總和，兩物體的溫度相同則分子的平均動能相等，但是物體的總動能與分子數有關， 質量和體積相等的物體僅說明物體 的平均密度相同

13、， 如果不是同一種物質，它們的總分子數不一定相等，因此兩物體的內能不一定相等，E錯誤.10.在如圖所示的含有理想變壓器的電路中，變壓器原、副線圈匝數比為20: 1,圖中電表均為理想交流電表，R為光敏電阻（其阻值隨光強增大而減?。?，Li和L2是兩個完全相同的燈泡。原線圈接入如圖乙所示的正弦交流電壓 u,下列說法正確的是甲乙A.交流電的頻率為 50HzB.電壓表的示數為 22VC.當照射R的光強增大時，電流表的示數變大D.若Li的燈絲燒斷后，電壓表的示數會變大【答案】AC【解析】【詳解】A.原線圈接入如圖乙所示，T=0.02s,所以頻率為：.1f 50Hz , T故A正確；B.原線圈接入電壓的最大

14、值是220 J2V,所以原線圈接入電壓的有效值是220V,理想變壓器原、副線圈匝數比為20:1,所以副線圈電壓是 11V,所以V的示數為11V,故B錯誤；C. R阻值隨光強增大而減小，根據：I UR知副線圈電流增加，副線圈輸出功率增加，根據能量守恒定律，所以原線圈輸入功率也增加，原線圈電流增加，所以A的示數變大，故 C正確；D.當Li的燈絲燒斷后，變壓器的輸入電壓不變， 根據變壓比公式，輸出電壓也不變，故電壓表讀數不變, 故D錯誤。故選：AC。11 .如圖所示，電路中有四個完全相同的燈泡，額定電壓為 U ,額定功率為P,變壓器為理想變壓器，若 四個燈泡都正常發(fā)光，則（）A.變壓器原副線圈的匝數

15、比為1 ： 2B.變壓器原、副線圈的匝數比為2 ： 1C.電源電壓為2UD,電源電壓為4U【答案】BD【解析】【詳解】AB .如圖所示，設每個燈泡額定電流為（正常發(fā)光），則原線圈電流為原副線圈中兩燈并聯，電流為副變壓器有原副解得故A錯誤，B正確；CD.副原變壓器有原副解得故C錯誤，D正確。故選BD。12.在如圖所示裝置中，輕桿一端固定著一個輕質定滑輪b, m1用輕桿連接著另一輕質滑輪c,輕繩一端固定于a點，跨過滑輪c和b,另一端固定在m2上，已知懸點a和滑輪b間的距離遠大于滑輪的直徑,動滑輪質量和一切摩擦不計，整個裝置穩(wěn)定時輕繩ac部分與豎直方向夾角為a, bc部分與豎直方向的夾角為3,下列說

16、法正確的是（A.整個裝置穩(wěn)定時，口角一定等于3角B.若僅把輕桿豎直向上緩慢移動一小段距離,mi高度上升C.若僅把輕桿水平向右緩慢移動一小段距離,mi高度上升D.存在某一方向，往該方向緩慢移動輕滑輪b時，mi的位置保持不變【答案】ABDA .對m2分析可知，m2受拉力及本身的重力平衡，故繩子的拉力等于m2g,對于滑輪c分析，由于滑輪跨在繩子上，故兩端繩子的拉力相等，它們的合力一定在角平分線上；由于它們的合力與mi的重力大小相等，方向相反，故合力豎直向上，故兩邊的繩子與豎直方向的夾角a和3相等，故A正確;BC.整個裝置穩(wěn)定時，口角一定等于3角，且繩子拉力等于 m2g,則ac與bc細線與豎直方向的夾

17、角相等,設為,ab水平距離不變，結合幾何關系，有Lac sinLbc sinLacLbcsin若僅把輕桿豎直向上緩慢移動一小段距離，細線的拉力等于m2g不變，細線的合力也不變，則不變，由于d和 都不變，故Lac Lbc不變，則mi高度上升，同理，若僅把輕桿水平向右緩慢移動一小段距離,ab水平距離變大，則LacLbcsin細線的拉力等于 m2g不變，細線的合力也不變，則 不變，d變大，則Lac Lbc變大，所以mi高度下降,故B正確，C錯誤;D.由于細線bm2和bc部分拉力大小相等，兩段細線的合力方向為細線bm2和bc部分的角平分線，如果沿角平分線移動輕滑輪 b時，細線各部分的拉力大小和方向均不

18、變，則mi的位置保持不變，故 D正確。故選ABD 。三、實驗題：共2小題，每題8分，共16分13.某同學設計了如圖甲所示的電路來測量電源的電動勢E及電阻R和R2的阻值。實驗器材有：待測電源 E （不計內阻），待測電阻 R,待測電阻R2,電壓表V （量程為01.5V ,內阻很大），電阻箱R （阻值范圍為0 99.99 ）,單刀單擲開關 & ,單刀雙擲開關S2,導線若干。（1）先測電阻 R的阻值。請將該同學的操作補充完整：A.閉合開關S1 ,將開關S2連接觸點a，讀出電壓表示數U1 ；B.閉合開關S ,將開關S2連接觸點b ,調節(jié)電阻箱R ,使電壓表的示數仍為 U1 ,同時讀出電阻箱的示數R0;C

19、.由A、B知電阻R （2）繼續(xù)測電源的電動勢 E和電阻R2的阻值，該同學的做法是：閉合開關S1,將開關S2連接觸點b ,多次調節(jié)電阻箱，讀出多組電阻箱示數R和對應的電壓表示數 U。由測得的數據，繪出了如圖乙所示的11U R圖線，則電源電動勢 E （保留三位有效數字）V ,電阻R2 （保留兩位有效數字）。甲乙【答案】Ro1,436.0【解析】【詳解】（1） 1由電路的特點可知，在電壓表的示數不變的情況下，對應的電阻應不變。電阻箱的示數Ro即為電阻R的阻值，即R1 Ro（2） 23根據閉合電路歐姆定律有E U U R2 R所以有11 R2 1UE E R由此式可知11UR圖線的縱軸截距為1 0.7

20、E斜率kR24.2E解得E 1.43V, R2 6.014.測量小物塊 Q與平板P之間的動摩擦因數的實驗裝置如圖所示。AB是半徑足夠大的光滑四分之一圓弧軌道，與水平固定放置的P板的上表面BC在B點相切，C點在水平地面的垂直投影為 C?。重力加速度為go實驗步驟如下：用天平稱出物塊 Q的質量m；測量出軌道 AB的半徑R、BC的長度L和CC?的長度h;將物塊Q在A點從靜止釋放，在物塊 Q落地處標記其落點 D;重復步驟，共做 10次；將10個落地點用一個盡量小的圓圍住，用米尺測量圓心到C?的距離so77777777777777777777777777777(1)請用實驗中的測量量表示物塊Q到達C點時

21、的動能Ekc=以及物塊Q與平板P之間的動摩擦因數產。(2)實驗步驟的目的是 。如果實驗測得的科值比實際值偏大，其原因除了實驗中測量的誤差之外，其它的可能是 。(寫出一個可能的原因即可)?！窘馕觥俊痉治觥靠疾閷嶒?.離開2mgs4h減小實驗的偶然誤差4hL圓弧軌道與滑塊間有摩擦或空氣阻力測物體間的動摩擦因數C后，物塊做平拋運動:水平方向:s Vet豎直方向:h 2gt2物塊在C點的動能:EkC1 2mvc2解得:EkC2 吟 4h2 .從A到B,由動能定理得:mgR EkB 0則物塊到達B時的動能:EkB mgR由b到e過程中，由動能定理得:1 212Wf mve mvB 22克服摩擦力做的功:

22、2mgs WfmgR-B到C過程中，克服摩擦力做的功:Wfmg得:R s；L 4hL3 .實驗步驟的目的是測平均值，減少偶然誤差;4 .實驗測得的 科值比實際值偏大，其原因除了實驗中測量的誤差之外，很有可能就是其它地方有摩擦, 比如圓弧軌道與滑塊間有摩擦或空氣阻力。四、解答題：本題共 3題，每題8分，共24分15.如圖所示，傾角37的斜面體固定，斜面上 B點以下粗糙，以上部分光滑，質量 m 1kg的物塊以Vo 12m/s的初速度由斜面上的 A點沿斜面向上沿直線滑行，AB長為5m ,斜面足夠長，物塊與斜面粗糙部分的動摩擦因數 0.8,重力加速度為g 10m/s2,物塊可視為質點，已知 sin37

23、0.6,cos37 0.8,求：(1)物塊最終停在斜面上的位置離A點的距離；(2)物塊在斜面上運動的時間。(結果可帶根號)【答案】(1)20m; (2) 90 512石 93【解析】【分析】【詳解】(1)物塊在AB段向上滑行時，mg sin mg cosma1求得加速度大小2a112.4m/s設物塊運動到B點的速度為v,則22V0 V2a/AB求得v 2、5m/s物塊從B點向下運動時mgcos mgsinma2求得2a2 0.4m/s物塊從B點向下運動的距離2vx125m2a2因此物塊最終停下的位置離 A點的距離x x1 xAB 20m(2)物塊從A到B運動的時間tiv0 v 12 2.530 5 5一ssai12.431物塊在斜面光滑部分運動的時間t22vaa g sin6m/s2求得t2空3物塊在斜面粗糙