【人教版】2020版高考物理一輪復習編練習題14(含答案)

1、高考物理（人教）一輪編練習題（14）一、選擇題1、汽車以20 m/s的速度在平直公路上行駛，急剎車時的加速度大小為5 m/s2,則自駕駛員急剎車開始，2 s與5 s時汽車的位移之比為（）A. 5 ： 4B. 4 ： 5C. 3 ： 4D. 4 ： 3解析 汽車停下來所用的時間為t=V0=4 s，故2 s時汽車的位移xi = v0t i + 2（ a） t2 = .1o, 一 Xi 330 m； 5 s時汽車的位移與 4 s時汽車的位移相等，X2=vot2+-（ - a）t2 = 40 m,解得一=二,2X2 4選項C正確。答案 C2、如圖7所示，三角形 ABC固定在水平面上的三柱的橫截面，/A

2、= 30° , / B=37。，C處有光滑小滑輪，質量分別為 m、m的兩物塊通過細線跨放在 AC面和BC面上，且 均恰好處于靜止狀態(tài)，已知 AC面光滑，物塊2與BC面間的動摩擦因數(shù) =0.5,最大靜摩 擦力等于滑動摩擦力，則兩物塊的質量比 m ： m2不可能是（ ）圖7B. 3 ： 5A. 1 ： 3C. 5 ： 3D, 2 ： 1解析 物塊1受重力健電、老能均立力和斜面支持力F網(wǎng)作用處于平衡狀態(tài),則匚冽蚪3y，物塊2 受重力M 細線拉力丁、斜面支持力及摩擦力如乍用處于平衡狀態(tài)，當皿較大時,最大靜摩搏力方向 沿斜面向下此時有 口畋登m37* +陽吸goes3艮啜二方當明較小時，最大靜

3、摩撼力方向沿斜面向上， 止時有 仁的賈in3丁一師這853A艮嚎二城所以駕M心 答案 A3、如果高速轉動的飛輪重心不在轉軸上，運行將不穩(wěn)定，而且軸承會受到很大的作用 力，加速磨損.如圖5所示，飛輪半徑r=20cm, ab為轉動軸.正常工作時轉動軸受到的水平 作用力可以認為是 0.假想在飛輪的邊緣固定兩個互成直角的螺絲釘P和Q兩者的質量均為m= 0.01kg ,當飛輪以角速度 co = 1000rad/s轉動時，轉動軸ab受到力的大小為（）A.1 X 10 NB.2X10 NC. .'2X103ND.2，2x 103N答案 D解析 對釘子：Fi=F2=mio2- r = 2000N,受到

4、白合力 F=，2e = 2舊x 103N.4、若已知地球半徑為 R,赤道上物體隨地球自轉的向心加速度為ai,第一宇宙速度為vi；地球同步衛(wèi)星的軌道半徑為 R,向心加速度為a2,運動速率為V2,判斷下列比值正確的是（）viRviC. D.一V2 RV2解析】因為地球同步衛(wèi)星的街速度和地球赤道上的物體像地球自轉的角速度相同n由抗二4E,洋二國可得：:或 故且正軌B錯誤，對于地球同步衛(wèi)星和以第一宇宙速度運動的近地衛(wèi)星，由萬有弓I力 提供做勻速圓周運動所需向心力得到：兩 R 麗 達 %，看女解得：- =故C D錯誤.西 下網(wǎng)5、如圖所示，物塊的質量為 由它與水平桌面間的動摩擦因數(shù)為。起初，用手按住物塊

5、，物塊的速度為零，彈簧的伸長量為X。然后放手，當彈簧的長度回到原長時，物塊的速度為v。則此過程中彈力所做的功為 （）4左 1右:ptrowcwuir TOC.：mV+(1 mgxA. gmV-(imgxB. (i mgx-gmVD ,以上選項均不對解析：選C設W單為彈力對物體做的功，因為克服摩擦力做的功為mgx,由動能定理得 W彈一（1 mgx= ；mV-0, 得 W單= gmV+ mgx6、（多選）太空中存在一些離其他恒星較遠的、由質量相等的三顆星組成的三星系統(tǒng)，通?？珊雎云渌求w對它們的引力作用.已觀測到穩(wěn)定的三星系統(tǒng)存在兩種基本的構成形式：一種是三顆星位于同一直線上，兩顆星圍繞中央星在同

6、一半徑為R的圓軌道上運行；另一種形式是三顆星位于等邊三角形的三個頂點上，并沿外接于等邊三角形的圓形軌道運行.設這三個星體的質量均為M并設兩種系統(tǒng)的運動周期相同，則 （）v=-A.直線三星系統(tǒng)運動的線速度大小B.兩三星系統(tǒng)白運動周期 T= 4兀C.三角形三星系統(tǒng)中星體間的距離1；5GMD.二角形二星系統(tǒng)的線速度大小v=2/解析：選BC在直線三星系統(tǒng)中以右惻星體為研究對氟 由牛頓第二定律和萬有引力定律得G普中二萼，解得摩，人錯心 周期仁岑二4叭廖BIE礫 三角肥三星系統(tǒng)曲圖周 運動的半徑為即:蠡兩星體對第三個星體的引力為嗒43/二喈，代入后解得Z二加Nj C正確9工筆解得1二飛年二7、靜電計是在驗

7、電器的基礎上制成的，用其指針張角的大小來定性顯示其金屬球與外殼之間的電勢差大小。如圖所示， A、B是平行板電容器的兩個金屬板， G為靜電計。開始時 開關S閉合，靜電計指針張開一定角度，為了使指針張開的角度增大些， 下列采取的措施可行的是 （）A.斷開開關S后，將A B分開些B.保持開關S閉合，將A B兩極板分開些C.保持開關S閉合，將A B兩極板靠近些D.保持開關S閉合，將變阻器滑動觸頭向右移動【解析】選A。斷開開關,電容器帶電量 Q不變，將A、B分開一些，則d增大，根據(jù)C=nkd知，電容C減小，根據(jù)C軟口，電勢差U增大，指針張角增大，故 A正確；保持開關閉合，電 容器兩端的電勢差不變，則指針

8、張角不變，B、C D錯誤。8、如圖所示，一勁度系數(shù)為k的輕質彈簧，下面掛有匝數(shù)為n的矩形線框abcdo bc邊長為l ,線框的下半部分處在勻強磁場中，磁感應強度大小為B方向與線框平面垂直,在圖中垂直于紙面向里。線框中通以電流I ,方向如圖所示，開始時線框處于平衡狀態(tài)。令磁場反向，磁感應強度的大小仍為及方向是（）B,線框達到新的平衡。則在此過程中線框位移的大小 AxA. A x=-,方向向上 k入 nllB 、, , tC. A x=,萬向向上kc .2nIlBB . Ax =-,方向向下kr . nllBD . A x = ,方向向下k解析：選B線框在磁場中受重力、安培力、彈簧彈力處于平衡，安

9、培力為：FB=nBIl ,且開始的方向向上，然后方向向下，大小不變。設在電流反向之前彈簧的伸長量為X,則反向之后彈簧的伸長量為(x+ A x),則有：kx+nBIlG= 0k(x+A x) -nBIl G= 0. 一2nIlB 解之可彳導:x x=,且線框向下移動。k故B正確。二、非選擇題1、如圖甲所示，水平放置的平行金屬板A和B的距離為d,它們的右端安放著垂直于金屬板的靶MN現(xiàn)在A B板上加上如圖乙所示的方波形電壓，電壓的正向值為U0,反向電壓值為2 ,且每隔變向1次?，F(xiàn)將質量為 m的帶正電，且電荷量為 q的粒子束從AB的中點 。以平行于金屬板的方向OO射入，設粒子能全部打在靶上，而且所有粒

10、子在A、B間的飛行時間均為 T。不計重力的影響，試求：甲乙(1)定性分析在t=0時刻從。點進入的粒子，在垂直于金屬板的方向上的運動情況。(2)在距靶MN的中心O'點多遠的范圍內(nèi)有粒子擊中？(3)要使粒子能全部打在靶MNLh,電壓U0的數(shù)值應滿足什么條件 ？(寫出U)、m d、q、T的關系式即可)【解析】(1)0時間內(nèi)，帶正電的粒子受到向下的電場力而向下做加速運動，在 T時間內(nèi)，粒子受到向上的電場力而向下做減速運動。(2分)(2)當粒子在0, T, 2TnT(n=0, 1, 2)時刻進入電場中時，粒子將打在。點下方最遠點，在前時間內(nèi)，粒子豎直向下的位移：qU./y1=a1() 2= Sr

11、nd(2 分)在后時間內(nèi)，粒子豎直向下的位移：y2=v-a 2() 2(2 分)qu 丁(1其中:v=a 1= -1分）返a2=二1，二/（1分）解得：y2= 'm;】（1分）故粒子打在距O'點正下方的最大位移：眄現(xiàn)丁?y=yi+y2=，二二（1分）3T （21141JT當粒子在，2 （n （n=0, 1, 2）時刻進入電場時，將打在。點上方最遠點，在前時間內(nèi)，粒子豎直向上的位移：qu。/y' 1=a1 （）2=16md（1 分）在后時間內(nèi)，粒子豎直向上的位移：y2' =v' -a 2' （）2（1 分）QU-其中:v ' =a 1' =4md（1分）q/a2' =（1分）解得:y 2' =0（1分）故粒子打在距O'點正上方的最大位移：q4/y'