北京市二十一中2021-2022學(xué)年高三上學(xué)期10月月考物理試題（word版含答案）

1、北京市二十一中2021-2022學(xué)年高三上學(xué)期10月月考物 理一、單選題（本大題共14小題，共42.0分）1（3分）摩天輪是游樂場里的大型娛樂項(xiàng)目，它的直徑可以達(dá)到幾百米。乘客乘坐時(shí)，轉(zhuǎn)輪始終不停地勻速轉(zhuǎn)動(dòng)（）A在最高點(diǎn)，乘客處于超重狀態(tài)B任一時(shí)刻乘客受到的合力都不等于零C乘客在乘坐過程中對(duì)座椅的壓力始終不變D在最低點(diǎn)，乘客受到的支持力大于座椅受到的壓力2（3分）一貨箱隨豎直升降機(jī)運(yùn)動(dòng)的速度時(shí)間圖象如圖所示，取豎直向上為正方向，下列說法正確的是（）A在t2時(shí)貨箱運(yùn)動(dòng)到最高位置B在t2t3時(shí)間內(nèi)，貨箱所受的合力豎直向上且不斷減小C在t4t5時(shí)間內(nèi)，貨箱處于失重狀態(tài)D在t6t7時(shí)間內(nèi)，貨箱做勻加速

2、運(yùn)動(dòng)3（3分）若貨物隨升降機(jī)沿豎直方向運(yùn)動(dòng)的vt圖象如圖5所示，取豎直向上為正方向，則貨物受到升降機(jī)的支持力F與時(shí)間t關(guān)系的圖象可能是（）ABCD4（3分）伽利略創(chuàng)造的把實(shí)驗(yàn)、假設(shè)和邏輯推理相結(jié)合的科學(xué)方法，有力地促進(jìn)了人類科學(xué)認(rèn)識(shí)的發(fā)展。利用如圖所示的裝置做如下實(shí)驗(yàn)：將斜面1與斜面2平滑連接，讓小球由斜面1上的O處由靜止開始滾下，仍使小球從O處由靜止?jié)L下。如果沒有摩擦，則（）A小球在斜面2上能上升的最大高度逐漸降低B小球在斜面2上每次都能上升到與O處等高的位置C當(dāng)斜面2最終變?yōu)樗矫鏁r(shí)，小球?qū)⑻幱陟o止?fàn)顟B(tài)D當(dāng)斜面2最終變?yōu)樗矫鏁r(shí)，小球的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)將不斷改變5（3分）如圖，一物塊在水平拉力F的

3、作用下沿水平桌面做勻速直線運(yùn)動(dòng)。若保持F的大小不變，而方向與水平面成60°角（）A2BCD6（3分）質(zhì)量為m的物體用輕繩AB懸掛于天花板上。用水平向左的力F緩慢拉動(dòng)繩的中點(diǎn)O，如圖所示，用T表示繩OA段拉力的大?。ǎ〢F逐漸變大，T逐漸變大BF逐漸變大，T逐漸變小CF逐漸變小，T逐漸變大DF逐漸變小，T逐漸變小7（3分）如圖，輕彈簧的下端固定在水平桌面上，上端放有物塊P，現(xiàn)用一豎直向上的力F作用在P上，使其向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，在彈簧恢復(fù)原長前，下列表示F和x之間關(guān)系的圖象可能正確的是（）ABCD8（3分）某同學(xué)使用輕彈簧、直尺、鋼球等制作了一個(gè)“豎直加速度測量儀”。如圖所示，彈簧上

4、端固定，在彈簧旁沿彈簧長度方向固定一直尺。不掛鋼球時(shí)；下端懸掛鋼球，靜止時(shí)指針位于直尺40cm刻度處。將直尺不同刻度對(duì)應(yīng)的加速度標(biāo)在直尺上，重力加速度大小為g。下列說法正確的是（）A30cm刻度對(duì)應(yīng)的加速度為0.5gB40cm刻度對(duì)應(yīng)的加速度為gC50cm刻度對(duì)應(yīng)的加速度為2gD各刻度對(duì)應(yīng)加速度的值是不均勻的9（3分）“蹦極”就是跳躍者把一端固定的長彈性繩綁在踝關(guān)節(jié)等處，從幾十米高處跳下的一種極限運(yùn)動(dòng)。某人做蹦極運(yùn)動(dòng)，所受繩子拉力F的大小隨時(shí)間t變化的情況如圖所示。將蹦極過程近似為在豎直方向的運(yùn)動(dòng)，此人在蹦極過程中最大加速度約為（）AgB1.8gC2gD3g10（3分）如圖所示，斜面體放在水平

5、地面上，物塊在一外力F的作用下沿斜面向下運(yùn)動(dòng)，則（）A若物塊做加速運(yùn)動(dòng)，地面對(duì)斜面體的摩擦力方向一定水平向左B若物塊做加速運(yùn)動(dòng)，地面對(duì)斜面體的摩擦力方向一定水平向右C若物塊做減速運(yùn)動(dòng)，地面對(duì)斜面體的摩擦力方向水平向左D若物塊做減速運(yùn)動(dòng)，地面對(duì)斜面體的摩擦力方向水平向右11（3分）如圖所示，傾角為的光滑斜面固定于水平面上，滑塊A、B疊放在一起，A物體的質(zhì)量為2m，B物體的質(zhì)量為m。當(dāng)滑塊A、B一起沿斜面向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，下列說法正確的是（）AB物體受到的支持力Nmg，方向豎直向上BB物體受到的支持力Nmgmgsin，方向豎直向上CB物體受到的摩擦力fmgsin，方向沿斜面向下DB物體受到的摩擦力fmg

6、sincos，方向水平向左12（3分）如圖所示，傾角為的足夠長傳送帶以恒定的速率v0沿逆時(shí)針方向運(yùn)行t0時(shí)，將質(zhì)量m1kg的小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）輕放在傳送帶上，取重力加速度g10m/s2則（）A12s內(nèi)，物塊的加速度為1m/s2B小物塊受到的摩擦力的方向始終沿傳送帶向下C傳送帶的傾角30°D小物塊與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.513（3分）如圖所示，一個(gè)半球形的碗放在桌面上，碗口水平，碗的內(nèi)表面及碗口是光滑的。一根細(xì)線跨在碗口上，線的兩端分別系有質(zhì)量為m1和m2的小球，當(dāng)它們處于平衡狀態(tài)時(shí)，質(zhì)量為m1的小球與O點(diǎn)的連線與水平線的夾角為60°兩小球的質(zhì)量比為（）ABCD14（3

7、分）如圖所示，（a）圖為研究木塊運(yùn)動(dòng)情況的裝置，計(jì)算機(jī)與位移傳感器連接，計(jì)算機(jī)描繪木塊對(duì)O點(diǎn)的位置隨時(shí)間變化的xt圖像是（b）圖中的曲線。（b）1、x2、x3位置時(shí)的時(shí)間間隔相同。以下說法正確的是（）A若x1：x2：x31：3：5，則表明木塊做勻加速直線運(yùn)動(dòng)B若x1x2x1x3x2，則表明木塊一定做勻加速直線運(yùn)動(dòng)C若只增大木板的傾角，則計(jì)算機(jī)描繪的xt可能是（b）圖中的曲線D若只增大木塊的質(zhì)量，則計(jì)算機(jī)描繪的xt可能是（b）圖中的曲線二、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共18.0分）15（8分）在探究彈簧彈力大小與伸長量關(guān)系的實(shí)驗(yàn)中，第一組同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖1所示的實(shí)驗(yàn)裝置。在彈簧兩端各系一輕細(xì)的繩套，利

8、用一個(gè)繩套將彈簧懸掛在鐵架臺(tái)上，再將鉤碼逐個(gè)掛在彈簧的下端，每次都測出鉤碼靜止時(shí)相應(yīng)的彈簧總長度L，并將數(shù)據(jù)填在下面的表格中。測量次序123456彈簧彈力F/N00.51.01.52.02.5彈簧的總長度L/cm13.0015.0517.1019.0021.0023.00彈簧伸長的長度x/cm02.054.106.008.0010.00在圖2所示的坐標(biāo)紙上已經(jīng)描出了其中5次測量的彈簧彈力大小F與彈簧伸長的長度x對(duì)應(yīng)的數(shù)據(jù)點(diǎn)，請(qǐng)把第4次測量的數(shù)據(jù)對(duì)應(yīng)點(diǎn)描繪出來，并作出Fx圖線。根據(jù)所得的Fx圖線可知，下列說法正確的是 。（選填選項(xiàng)前的字母）A彈簧彈力大小與彈簧的總長度成正比B彈簧彈力大小與彈簧伸

9、長的長度成正比C該彈簧的勁度系數(shù)為25N/mD該彈簧的勁度系數(shù)為0.25N/m第二小組同學(xué)將同一彈簧水平放置測出其自然長度，然后豎直懸掛完成試驗(yàn)。他們得到的Fx圖線用虛線表示（實(shí)線為第一組同學(xué)實(shí)驗(yàn)所得）。下列圖線最符合實(shí)際的是 某同學(xué)想粗略測量一個(gè)原廠約20cm的彈簧的勁度系數(shù)，但他手頭只有一個(gè)量程是20cm的刻度尺，于是他在彈簧的中央固定一個(gè)用于讀數(shù)的指針，靜止時(shí)指針對(duì)應(yīng)的刻度未l1；彈簧下端掛一質(zhì)量為m的鉤碼，靜止時(shí)指針對(duì)應(yīng)的刻度為l2已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭，則該彈簧的勁度系數(shù)可表示為 。16（10分）用圖1所示的實(shí)驗(yàn)裝置研究加速度與物體受力、物體質(zhì)量之間的關(guān)系。（1）研究加速度與物體質(zhì)量

10、之間的關(guān)系的主要實(shí)驗(yàn)步驟如下：a用天平測出小車的質(zhì)量m0；b安裝好實(shí)驗(yàn)器材，調(diào)整木板傾角平衡摩擦力和其他阻力；c在小桶內(nèi)裝砂，用細(xì)繩懸掛小桶并繞過滑輪系在小車上，調(diào)整細(xì)繩方向與木板平行；d接通電源，放開小車，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在紙帶上打下一系列點(diǎn)，取下紙帶并在紙帶上標(biāo)上編號(hào)；e保持砂和桶的總質(zhì)量不變，多次在小車上加放砝碼以改變小車的總質(zhì)量m，并做好記錄；f求出每條紙帶對(duì)應(yīng)的加速度并填入表中；在坐標(biāo)紙上建立坐標(biāo)系，描點(diǎn)作圖綜合上述實(shí)驗(yàn)步驟，請(qǐng)你完成以下任務(wù)：實(shí)驗(yàn)中，需要平衡摩擦力和其它阻力，在此過程中 ；A小車后面不能拖紙帶B系在小車的細(xì)繩上不能懸掛小桶C打點(diǎn)計(jì)時(shí)器必須接通電源圖2所示為實(shí)驗(yàn)中得到的一條

11、紙帶，紙帶上相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的時(shí)間間隔為T0.10s，由圖中數(shù)據(jù)可計(jì)算出小車的加速度a m/s2（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）；若實(shí)驗(yàn)中砂和桶的總質(zhì)量為m，則從理論分析可得砂和桶的總重力mg與細(xì)繩對(duì)小車的拉力F的大小關(guān)系為mg F（選填“略大于”、“等于”或“略小于”）。（2）某同學(xué)在研究加速度與物體受力之間的關(guān)系時(shí)改進(jìn)了實(shí)驗(yàn)方案，他用無線力傳感器來測量小車受到的拉力。如圖3所示，他將無線力傳感器和小車固定在一起，調(diào)整細(xì)繩方向與木板平行。請(qǐng)判斷在改進(jìn)后的實(shí)驗(yàn)中以下步驟是否還有必要（選填“有必要”或“沒必要”）。步驟是否有必要調(diào)整木板傾角平衡摩擦力和其他阻力 控制砂和桶的總質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于小車和車內(nèi)砝碼的

12、總質(zhì)量 三、計(jì)算題（本大題共4小題，共40.0分）17（10分）我國自行研制、具有完全自主知識(shí)產(chǎn)權(quán)的新一代大型噴氣式客機(jī)C919首飛成功后，拉開了全面試驗(yàn)試飛的新征程，飛機(jī)在水平跑道上的滑跑可視作初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)3m時(shí)才能達(dá)到起飛所要求的速度v80m/s。已知飛機(jī)質(zhì)量m7.0x104kg，滑跑時(shí)受到的阻力為自身重力的0.1倍，重力加速度g取10m/s2，求飛機(jī)滑跑過程中：（1）飛機(jī)的加速度a的大小；（2）飛機(jī)起飛過程所需時(shí)間t；（3）飛機(jī)受到平均牽引力的大小。18（10分）如圖1所示，有一質(zhì)量m200kg的物件在電機(jī)的牽引下從地面豎直向上經(jīng)加速、勻速、勻減速至指定位置。當(dāng)加速運(yùn)動(dòng)到總

13、位移的時(shí)開始計(jì)時(shí)，t34s末速度減為0時(shí)恰好到達(dá)指定位置。若不計(jì)繩索的質(zhì)量和空氣阻力，求物件（1）做勻減速運(yùn)動(dòng)的加速度大小和方向；（2）勻速運(yùn)動(dòng)的速度大?。唬?）總位移的大小。19（10分）如圖所示，足夠長的斜面傾角37°，一物體以v012m/s的初速度從斜面上的A點(diǎn)開始沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，加速度大小a8.0m/s2g取10m/s2，sin37°0.6，cos37°0.8，求：（1）物體沿斜面向上滑行的最大距離；（2）物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)；（3）物體返回A點(diǎn)時(shí)的速度大小20（10分）如圖所示，質(zhì)量M8kg的長木板停放在光滑水平面上，在長木板的左端放置一質(zhì)量m2kg

14、的小物塊，現(xiàn)對(duì)小物塊施加一個(gè)大小F8N的水平向右恒力，小物塊將由靜止開始向右運(yùn)動(dòng)，從小物塊開始運(yùn)動(dòng)到從長木板上滑落的過程中，重力加速度g取10m/s2。求：（1）小物塊和長木板的加速度各為多大；（2）長木板的長度；（3）若只改變F的方向使小物塊在長木板上有最大加速度，則此時(shí)F與水平方向的夾角的正切值是多少。北京市二十一中2021-2022學(xué)年高三上學(xué)期10月月考物理試題參考答案一、單選題（本大題共14小題，共42.0分）1【分析】轉(zhuǎn)輪始終不停地勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，乘客做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，加速度不為零；乘客所受的合外力提供向心力，方向指向圓心，時(shí)刻在變化，是變力；乘客對(duì)座椅的壓力和座椅受到的壓力為作用力和反作

15、用力。【解答】解：A、乘客乘坐時(shí)，向心加速度向下，故A錯(cuò)誤；B、乘客做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，乘客受到的合力都不等于零；C、乘客對(duì)座位的壓力大小是變化的，最高點(diǎn)是最小的；D、乘客受到的支持力和座椅受到的壓力為作用力和反作用力，作用力和反作用力都等大反向；故選：B。【點(diǎn)評(píng)】本題是實(shí)際生活中的圓周運(yùn)動(dòng)問題，要抓住加速度、合外力都是矢量，當(dāng)它們的方向改變時(shí)，矢量也是變化的。2【分析】根據(jù)vt圖判斷貨箱的運(yùn)動(dòng)情況，利用斜率求出加速度，結(jié)合牛頓第二定律判斷貨箱的超失重狀態(tài)。【解答】解：A、在0t3時(shí)，貨箱一直在往上運(yùn)動(dòng)2時(shí)刻貨箱運(yùn)動(dòng)到最高位置，故A錯(cuò)誤；B、在t2t3時(shí)間內(nèi)，vt圖的斜率為負(fù)，即豎直向下，合力大小

16、不變；C、在t7t5時(shí)間內(nèi)，貨箱的加速度為負(fù)方向，由此可知貨箱處于失重狀態(tài)；D、在t6t4時(shí)間內(nèi)，貨箱的速度在不斷減小，故D錯(cuò)誤；故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】利用vt圖像求出加速度，結(jié)合牛頓第二定律的知識(shí)判斷物體的超失重狀態(tài)：加速度向上為超重，加速度向下為失重。3【分析】根據(jù)速度時(shí)間圖線得出每段過程中的加速度變化，從而結(jié)合牛頓第二定律得出支持力隨時(shí)間的變化關(guān)系?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)速度時(shí)間圖線可知，貨物先向下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，mgFma，解得：Fmgmamg，t1t2時(shí)間內(nèi)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，F(xiàn)mg，t7t3時(shí)間內(nèi)向下做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律得，解得：Fmg+mamg，t3t5時(shí)間內(nèi)向上做勻加速直線運(yùn)

17、動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律得，解得：Fmg+mamg，根據(jù)圖象可知t3t4時(shí)間內(nèi)和t2t3時(shí)間內(nèi)的加速度相同，所以這兩段時(shí)間的F相同，t4t8時(shí)間內(nèi)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，F(xiàn)mg，t5t6時(shí)間內(nèi)向上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律得，解得：Fmgmamg故B正確。故選：B?！军c(diǎn)評(píng)】解決該題需要根據(jù)速度時(shí)間圖象正確分析貨物整段過程的運(yùn)動(dòng)情況，能根據(jù)牛頓第二定律分析各段的外力F和重力的關(guān)系。4【分析】摩擦力不計(jì)，小球的機(jī)械能守恒，它到另一個(gè)斜面上時(shí)，每次它都能上升到與O點(diǎn)等高的位置處；當(dāng)斜面2最終變?yōu)樗矫鏁r(shí)，小球?qū)⒆鰟蛩僦本€運(yùn)動(dòng)?！窘獯稹拷猓篈B、理想斜面不考慮摩擦，由于機(jī)械能守恒，每次它都能上升到與O點(diǎn)等

18、高的位置處，A錯(cuò)誤。CD、當(dāng)斜面2最終變?yōu)樗矫鏁r(shí)，故CD錯(cuò)誤。故選：B?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了伽利略研究自由落體運(yùn)動(dòng)的實(shí)驗(yàn)和推理方法。伽利略科學(xué)思想方法的核心：把實(shí)驗(yàn)和邏輯推理（包括數(shù)學(xué)推演）和諧地結(jié)合起來。5【分析】拉力水平時(shí)，二力平衡；拉力傾斜時(shí)，物體勻速運(yùn)動(dòng)，依然是平衡狀態(tài)，根據(jù)共點(diǎn)力的平衡條件解題?！窘獯稹拷猓寒?dāng)拉力水平時(shí)，物體勻速運(yùn)動(dòng)，即：Fmg；當(dāng)拉力傾斜時(shí)，物體受力分析如圖fFNFNmgFsin可知摩擦力為：f（mgFsin）fF代入數(shù)據(jù)為：mg（mgF）聯(lián)立可得：故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了共點(diǎn)力的平衡，解決本題的關(guān)鍵是把拉力進(jìn)行分解，然后列平衡方程。6【分析】本題關(guān)鍵是抓住懸掛

19、物B的重力不變，即OB段繩中張力恒定，O點(diǎn)緩慢移動(dòng)時(shí)，點(diǎn)O始終處于平衡狀態(tài)，根據(jù)平衡條件列式求解各力變化情況?！窘獯稹拷猓阂越Y(jié)點(diǎn)O為研究對(duì)象受力分析如下圖所示：由題意知點(diǎn)O緩慢移動(dòng)，即在移動(dòng)過程中始終處于平衡狀態(tài)繩OB的張力TBmg根據(jù)平衡條件可知：TcosTB0TsinF0由此兩式可得：FTBtanmgtanT，在結(jié)點(diǎn)為O被緩慢拉動(dòng)過程中，由三角函數(shù)可知：F和T均變大，故A正確。故選：A。【點(diǎn)評(píng)】掌握共點(diǎn)力平衡條件是正確解決本題的關(guān)鍵，本題中注意對(duì)緩慢拉動(dòng)所隱含的在拉動(dòng)過程中物體始終處于平衡狀態(tài)條件的挖掘。7【分析】以物塊P為研究對(duì)象，分析受力情況，根據(jù)牛頓第二定律得出F與物塊P的位移x的關(guān)

20、系式，再選擇圖象。【解答】解：設(shè)物塊P的質(zhì)量為m，加速度為a0，彈簧的勁度系數(shù)為k，由力的平衡條件得，mgk x0，以向上為正方向，木塊的位移為x時(shí)彈簧對(duì)P的彈力：F4k（x0x），對(duì)物塊P，由牛頓第二定律得1mgma，由以上式子聯(lián)立可得，F(xiàn)k x+ma?？梢奆與x是線性關(guān)系，且F隨著x的增大而增大，當(dāng)x7時(shí)，kx+mama0，BCD錯(cuò)誤。故選：A?！军c(diǎn)評(píng)】解答本題的關(guān)鍵是要根據(jù)牛頓第二定律和胡克定律得到F與x的解析式，再選擇圖象，這是常用的思路，要注意物塊P的位移與彈簧形變量并不相等。8【分析】重物在40cm刻度，處于平衡狀態(tài)，根據(jù)共點(diǎn)力平衡求得彈簧的彈力和重力的關(guān)系，當(dāng)重物在不同刻度時(shí)，根

21、據(jù)受力分析，利用牛頓第二定律即可求得加速度?！窘獯稹拷猓涸O(shè)彈簧的勁度系數(shù)為k，鋼球質(zhì)量為m，靜止時(shí)指針位于直尺40cm刻度處20.3kA、30cm刻度時(shí)根據(jù)牛頓第二定律有：k（3020）×102mgma，解得a0.7g；B、40cm刻度時(shí)鋼球處于平衡狀態(tài)，故B錯(cuò)誤；C、50cm刻度時(shí)根據(jù)牛頓第二定律有：k（5020）×102mgma，解得a0.2g；D、根據(jù)牛頓第二定律有k（l20）×102mgma，可得a，故D錯(cuò)誤；故選：A?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要考查了牛頓第二定律，關(guān)鍵是抓住重物在不同刻度時(shí)受到的彈簧的彈力大小即可，熟練應(yīng)用胡克定律。9【分析】人在蹦極過程中，最終拉

22、力等于重力，利用牛頓第二定律列方程求解加速度即可?！窘獯稹拷猓划?dāng)時(shí)間很長時(shí)，即由圖象得加速度最大時(shí)，F(xiàn)5由牛頓第二定律，F(xiàn)Gma聯(lián)立以上解得：a2g，ABD錯(cuò)誤。故選：C。【點(diǎn)評(píng)】關(guān)鍵是看懂圖象，最終平衡時(shí)，拉力等于重力，且拉力方向與重力方向相反，由牛頓第二定律求得加速度。10【分析】若物塊做加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，的大小與tan的關(guān)系無法確定，無法確定地面對(duì)斜面體的摩擦力方向；物塊沿斜面向下減速運(yùn)動(dòng)時(shí)，則tan，由此分析地面對(duì)斜面的摩擦力方向?！窘獯稹拷猓寒?dāng)物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)tan時(shí)，則物塊對(duì)斜面體的壓力，斜面體不受地面的摩擦力；tan時(shí)，物塊對(duì)斜面體的摩擦力的水平分量大于壓力的水平分量；tan時(shí)

23、，地面對(duì)斜面體有向左的摩擦力。AB、當(dāng)物塊沿斜面向下加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，故地面對(duì)斜面體的摩擦力方向無法確定、B均錯(cuò)；CD、但當(dāng)物塊沿斜面向下減速運(yùn)動(dòng)時(shí)，地面對(duì)斜面體的摩擦力一定向右、C錯(cuò)誤。故選：D。【點(diǎn)評(píng)】本題主要是考查了牛頓第二定律的知識(shí)；利用牛頓第二定律答題時(shí)的一般步驟是：確定研究對(duì)象、進(jìn)行受力分析、進(jìn)行正交分解、在坐標(biāo)軸上利用牛頓第二定律建立方程進(jìn)行解答；注意受力情況和運(yùn)動(dòng)過程的分析。11【分析】對(duì)整體分析，得出整體的加速度方向，結(jié)合牛頓第二定律，求得加速度大小，再對(duì)B受力分析，依據(jù)矢量的合成法則，結(jié)合三角知識(shí)，即可B的支持力與摩擦力大小與方向?！窘獯稹拷猓赫w向下勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度方向沿

24、斜面向下。則B一定受到水平向左的摩擦力以及重力和支持力，如下圖所示：對(duì)整體分析，根據(jù)牛頓第二定律知gsin，那么B的加速度大小也為：aBgsin，將其沿著豎直方向與水平方向分解，如上圖所示；則有：mgNmayfmax解得：Nmgmgsin6，其方向豎直向上，fmgsincos，其方向水平向左，ABC錯(cuò)誤。故選：D?！军c(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道B與整體具有相同的加速度，根據(jù)加速度確定物體的合力方向。注意整體法和隔離法的運(yùn)用，及掌握矢量的合成法則的應(yīng)用。12【分析】由圖象可以得出物體先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)速度達(dá)到傳送帶速度后，由于重力沿斜面向下的分力大于摩擦力，物塊繼續(xù)向下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓

25、第二定律，結(jié)合加速度的大小求出動(dòng)摩擦因數(shù)的大小【解答】解：A、速度時(shí)間圖線的斜率表示加速度，物塊的加速度。B、開始時(shí)，受到的摩擦力方向沿傳送帶向下，所受的滑動(dòng)摩擦力沿傳送帶向上。C、D、開始勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度，a1gsin+gcos，速度相等后2gsingcos，聯(lián)立兩式解得37°故C錯(cuò)誤。故選：D。【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵理清物體在整個(gè)過程中的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式進(jìn)行求解13【分析】先對(duì)m2球受力分析，受重力和拉力，二力平衡，求出拉力；再對(duì)m1球受力分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件列式求解?！窘獯稹拷猓簃2球保持靜止?fàn)顟B(tài)，對(duì)其受力分析，二力平衡，故Fm2g 再對(duì)m7球受力分

26、析，如圖根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件x方向：Fcos60°Ncos60°0 y方向：Fsin60°+Nsin60°m1g5 由代入數(shù)據(jù)解得故選：A?！军c(diǎn)評(píng)】本題是簡單的連接體問題，先分析受力最簡單的物體，再分析受力較復(fù)雜的另一個(gè)物體，同時(shí)要運(yùn)用正交分解法處理較為方便。14【分析】根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論分析木塊是否做勻加速直線運(yùn)動(dòng)；根據(jù)加速度的變化，結(jié)合xat2判斷圖象的變化?！窘獯稹拷猓篈、若x1：x2：x21：3：4，則x3x2x7x1，木塊先后經(jīng)過x1、x4、x3位置時(shí)的時(shí)間間隔相同，所以在這段時(shí)間內(nèi)木塊做勻速直線運(yùn)動(dòng)；B、若x1x6x1x3x4，則表明木塊

27、一定做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；CD、只增大木板傾斜的角度，x7可知，則木塊相對(duì)傳感器的位移隨時(shí)間變化規(guī)律可能是圖中的，D錯(cuò)誤。故選：C。【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論，掌握牛頓第二定律的應(yīng)用。二、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共18.0分）15【分析】根據(jù)表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系內(nèi)描出對(duì)應(yīng)點(diǎn)，然后根據(jù)描出的點(diǎn)作出圖象。根據(jù)圖象分析得出實(shí)驗(yàn)結(jié)論。彈簧受重力作用，在自重作用下要伸長，根據(jù)實(shí)驗(yàn)步驟從彈簧自重對(duì)實(shí)驗(yàn)的影響分析答題。根據(jù)題意應(yīng)用胡克定律與平衡條件解題?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系內(nèi)描出對(duì)應(yīng)點(diǎn)，然后作出圖象如圖所示：A、由圖示Fx圖象可知：彈簧的彈力F與伸長量x的圖象是過原點(diǎn)

28、的一條傾斜直線，故A錯(cuò)誤；CD、由胡克定律：Fkx可知由圖示Fx圖象可知，彈簧的勁度系數(shù)為：k，故C正確；故選：BC。彈簧豎直懸掛時(shí)，彈簧在自身重力作用下要伸長，兩種情況下彈簧的勁度系數(shù)相同，兩圖象平行，由圖示圖線可知，ABD錯(cuò)誤；故選：C；由題意可知，彈簧的伸長量：x2（l2l8）由胡克定律與平衡條件得：mgkx解得：k；故答案為：圖象如圖所示；BC；。【點(diǎn)評(píng)】本題考查了實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理問題，知道實(shí)驗(yàn)原理是解題的前提與關(guān)鍵，應(yīng)用圖象法處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)是常用的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理方法，要掌握應(yīng)用圖象法處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)的方法；根據(jù)題意應(yīng)用胡克定律與平衡條件可以解題。16【分析】（1）平衡摩擦力時(shí)，要先去掉細(xì)繩上的小

29、桶，在打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的一端墊上木塊，調(diào)整木板的傾斜度，在接通電源的情況下，讓小車拖著紙帶做直線運(yùn)動(dòng)，直到打出的點(diǎn)間距均勻；利用逐差法計(jì)算加速度；以砂和桶為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律可知，mgF0。（2）改進(jìn)之后的實(shí)驗(yàn)增加了拉力傳感器，不需要滿足砂和桶的總質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于小車和車內(nèi)砝碼的總質(zhì)量，但必須平衡摩擦力?！窘獯稹拷猓海?）在平衡摩擦力時(shí)，系在小車的細(xì)繩上不能懸掛小桶，在使用電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器時(shí)，所以小車后面要拖紙帶，故BC正確。利用逐差法計(jì)算加速度，a25.1m/s2。對(duì)砂和桶，根據(jù)牛頓第二定律：mgFma，故mgF4。（2）改進(jìn)之后的實(shí)驗(yàn)增加了拉力傳感器，可以直接測量細(xì)繩的拉力，也就不需要滿足砂和

30、桶的總質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于小車和車內(nèi)砝碼的總質(zhì)量，必須平衡摩擦力，但控制砂和桶的總質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于小車和車內(nèi)砝碼的總質(zhì)量是沒有必要的。故答案為：（1）BC，1.1；（2）有必要。【點(diǎn)評(píng)】本題考查了探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的關(guān)系的實(shí)驗(yàn)。解決實(shí)驗(yàn)問題首先要掌握該實(shí)驗(yàn)原理，了解實(shí)驗(yàn)的操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項(xiàng)，尤其是理解平衡摩擦力和Mm的操作和要求的含義。三、計(jì)算題（本大題共4小題，共40.0分）17【分析】（1）飛機(jī)起飛滑行過程簡化為初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，已知初速度、位移和末速度，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度位移公式求出飛機(jī)的加速度a；（2）根據(jù)速度時(shí)間關(guān)系求解運(yùn)動(dòng)時(shí)間；（3）根據(jù)牛頓第二定律求飛

31、機(jī)受到平均牽引力的大小?！窘獯稹拷猓海?）飛機(jī)滑跑過程中做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，有：v22ax解得 a7m/s2；（2）根據(jù)速度時(shí)間關(guān)系可得：vat解得：t40s；（3）設(shè)飛機(jī)滑跑受到的阻力為f，則 f0.2mg，由牛頓第二定律有：Ffma解得牽引力大小為：F2.1×106N。答：（1）飛機(jī)的加速度a的大小為2m/s2；（2）飛機(jī)起飛過程所需時(shí)間為40s；（3）飛機(jī)受到平均牽引力的大小為7.1×105N。【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵要掌握勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度位移公式，并能靈活運(yùn)用，要知道加速度是聯(lián)系力和運(yùn)動(dòng)的橋梁。18【分析】（1）明確題意根據(jù)運(yùn)動(dòng)過程分析可知，26s后物體

32、開始減速，根據(jù)牛頓第二定律可求得加速度的大小和方向；（2）將勻減速過程逆向分析，根據(jù)速度公式即可求出勻速運(yùn)動(dòng)的速度；（3）由題意可知，物件在0時(shí)刻開始勻速，根據(jù)勻速運(yùn)動(dòng)的公式可求得勻速向上的位移，再根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)公式求得勻減速上升的位移，兩者相加即可得出總位移。【解答】解：（1）由圖2可知，物件26s時(shí)開始減速，重力Gmg由牛頓第二定律可得：mgFTma解得：a0.125m/s8；因牽引力小于重力，故加速度豎直向下；（2）對(duì)減速過程分析可知，減速時(shí)間t28s，逆向分析可將勻減速過程視為初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)vat50.125×8m/s7m/s（3）勻速向上的位移h1vt12×26m26m勻減速上升的位移h2m4m則總位移hm40m答：（1）做勻減速運(yùn)動(dòng)的加速度大小為2.125m/s2；方向豎直向下；（2）勻速運(yùn)動(dòng)的速度大小為1m/s；（3）總位移的大小為40m?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式的應(yīng)用，解題的關(guān)