安徽高考物理試卷(含詳細(xì)解析)

1、2015年安徽高考物理試卷一.選擇題（共7小題）1 .如圖示是a粒了（氨原子核）被重金屬原子核散射的運(yùn)動(dòng)軌跡，M、N、P、Q是軌跡上的四點(diǎn)，在散射過(guò)程中可以認(rèn)為重金屬原子核靜止不動(dòng).圖中所標(biāo)出的a粒子在各點(diǎn)處的加速度方向正確的是（）A. M點(diǎn) B. N點(diǎn) C. P點(diǎn)D. Q點(diǎn)第4頁(yè)q1和q2,其間距離為時(shí)，它們2 .由庫(kù)侖定律可知，真空中兩個(gè)靜止的點(diǎn)電荷，帶電量分別為之間相互作用力的大小為F=k式中k為靜電力常量.若用國(guó)際單位制的基本單位表示，k2T的單位應(yīng)為（）A.kg?A2?m3B.kg?A2?m3?s 一根長(zhǎng)為L(zhǎng)、橫截面積為S的金屬棒，其材料的電阻率為p,棒內(nèi)單位體積自由電子數(shù)為 n,電

2、子的質(zhì)量為m,電 荷量為e,在棒兩端加上恒定的電壓時(shí)，棒內(nèi)產(chǎn)生電流，自 由電子定向運(yùn)動(dòng)的平均速率為 v,則金屬棒內(nèi)的電場(chǎng)強(qiáng)度大C.kg?m2?C2D.N?m2?A23 .圖示電路中，變壓器為理想變壓器，a、b接在電壓有效值不變的交流電流兩端，R0為定值電阻，R為滑動(dòng)變阻器，現(xiàn)將變阻器的滑片從一個(gè)位置滑動(dòng)到另一位置，觀察到電流表A1的示數(shù)增大了0.2A,電流表A2的示數(shù)增大了0.8A,則下列說(shuō)法正確的是（）A.電壓表V1示數(shù)增大B.C.D.電壓表V2,V3示數(shù)均增大該變壓器起升壓作用變阻器滑片是沿c-d的方向滑動(dòng)5.如圖所示，一束單色光從空氣入射到棱鏡的AB面上，經(jīng)AB和AC兩個(gè)面折射后從AC面

3、進(jìn)入空氣，當(dāng)出射角i和入射角i相等時(shí)，出射光線相對(duì)于入射光線偏轉(zhuǎn)的角度為0,已知棱鏡頂?shù)膭驈?qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為 B,導(dǎo)軌電阻不計(jì)，已知金屬桿 MN傾斜放置，與導(dǎo)軌成 0角, 單位長(zhǎng)度的電阻為r,保持金屬桿以速度v沿平行于cd的方向滑動(dòng)（金屬桿滑動(dòng)過(guò)程中與導(dǎo)軌接觸良好）.則（）A.B.C.D.電路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小為 二sin 9電路中感應(yīng)電流的大小為電包坦T金屬桿所受安培力的大小為' 'i "一1T_ 2-j 21金屬桿的熱功率為, 丁rsin97.已知均勻帶電的無(wú)窮大平面在真空中激發(fā)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為,其中（T為平面上單位面積所帶的電荷量，？0為常量，如圖所示的平

4、行板電容器， 極板正對(duì)面積為S,其間為真空,帶電量為Q,不計(jì)邊緣效應(yīng)時(shí)，極板可看作無(wú)窮大導(dǎo)體板，則極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度大小 和兩極板間相互的靜電引力大小分別為（）A.C.Q2二.解答題（共5小題）8 .在驗(yàn)證力的平行四邊形定則”實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)用圖釘把白紙固定在水平放置的木板上，將橡皮條的一端固定在板上一點(diǎn)，兩個(gè)細(xì)繩套系在橡皮條的另一端，用兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)分別拉住兩個(gè)細(xì)繩套，互成角度地施加拉力，使橡皮條伸長(zhǎng)，結(jié)點(diǎn)到達(dá)紙面上某一位置，如圖所示，請(qǐng)將以下的實(shí)驗(yàn)操作和處理補(bǔ)充完整：用鉛筆描下結(jié)點(diǎn)位置，記為O;記錄兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)F1和F2,沿每條細(xì)繩(套)的方向用鉛筆分別描出幾個(gè)點(diǎn)，用刻度尺把相應(yīng)的點(diǎn)連

5、成線;只用一個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)，通過(guò)細(xì)繩套把橡皮條的結(jié)點(diǎn)仍拉到位置O,記錄測(cè)力計(jì)的示數(shù)F3,；按照力的圖示要求，作出拉力Fi，F(xiàn)2,F3；根據(jù)力的平行四邊形定則作出Fi和F2的合力F；比較的一致程度，若有較大差異，對(duì)其原因進(jìn)行分析，并作出相應(yīng)的改進(jìn)后再次進(jìn)行實(shí)驗(yàn).9 .某同學(xué)為了測(cè)量一節(jié)電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，從實(shí)驗(yàn)室找到以下器材：一個(gè)滿偏電流為100心、內(nèi)阻為2500Q的表頭，一個(gè)開(kāi)關(guān)，兩個(gè)電阻箱(0999.9Q)和若干導(dǎo)線.(1)由于表頭量程偏小，該同學(xué)首先需將表頭改裝成量程為50mA的電流表，則應(yīng)將表頭與電阻箱(填串聯(lián)”或并聯(lián)”)，并將該電阻箱阻值調(diào)為Q.(2)接著該同學(xué)用改裝的電流表對(duì)電池的電動(dòng)

6、勢(shì)及內(nèi)阻進(jìn)行測(cè)量，實(shí)驗(yàn)電路如圖1所示，通過(guò)改變電阻R測(cè)相應(yīng)的電流I,且作相關(guān)計(jì)算后一并記錄如表:123456R(Q)95.075.055.045.035.025.0I(mA)15.018.724.829.536.048.0IR(V)1.421.401.361.331.261.20根據(jù)表中數(shù)據(jù)，圖2中已描繪出四個(gè)點(diǎn)，請(qǐng)將第5、6兩組數(shù)據(jù)也描繪在圖2中，并畫(huà)出IR-I圖線；根據(jù)圖線可得電池的電動(dòng)勢(shì)E是V,內(nèi)阻是Q10 .一質(zhì)量為0.5kg的小物塊放在水平地面上的A點(diǎn)，距離A點(diǎn)5m的位置B處是一面墻，如圖所示，物塊以V0=9m/s的初速度從A點(diǎn)沿AB方向運(yùn)動(dòng)，在與墻壁碰撞前瞬間的速度為7m/s,碰后

7、以6m/s的速度反向運(yùn)動(dòng)直至靜止.g取10m/s2.(1)求物塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)反(2)若碰撞時(shí)間為0.05s,求碰撞過(guò)程中墻面對(duì)物塊平均作用力的大小F;(3)求物塊在反向運(yùn)動(dòng)過(guò)程中克服摩擦力所做的功W.11 .在xOy平面內(nèi)，有沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為E(圖象未畫(huà)出)，由A點(diǎn)斜射出一質(zhì)量為m、帶電量為+q的粒子，B和C是粒子運(yùn)動(dòng)軌跡上的兩點(diǎn)，如圖所示，其中10為常數(shù),粒子所受重力忽略不計(jì)，求：(1)粒子從A到C過(guò)程中電場(chǎng)力對(duì)它做的功；(2)粒子從A到C過(guò)程所經(jīng)歷的時(shí)間；(3)粒子經(jīng)過(guò)C點(diǎn)時(shí)的速率.12 .由三顆星體構(gòu)成的系統(tǒng)，忽略其它星體對(duì)它們的作用，存在著一種運(yùn)動(dòng)形式：三顆星

8、體在相互之間的萬(wàn)有引力作用下，分別位于等邊三角形的三個(gè)頂點(diǎn)上，繞某一共同的圓心O在三角形所在的平面內(nèi)做相同角速度的圓周運(yùn)動(dòng)(圖示為A、B、C三顆星體質(zhì)量不相同時(shí)的一般情況).若A星體質(zhì)量為2m,B、C兩星體的質(zhì)量均為m,三角形的邊長(zhǎng)為a,求：(1)A星體所受合力大小Fa；(2)B星體所受合力大小Fb；(3) C星體的軌道半徑RC;(4)三星體做圓周運(yùn)動(dòng)的周期T.2015年安徽高考物理試卷參考答案與試題解析一.選擇題（共7小題）1 .如圖示是a粒了（氨原子核）被重金屬原子核散射的運(yùn)動(dòng)軌跡，M、N、P、Q是軌跡上的四點(diǎn)，在散射過(guò)程中可以認(rèn)為重金屬原子核靜止不動(dòng).圖中所標(biāo)出的a粒子在各點(diǎn)處的加速度方

9、向正確的是（）第19頁(yè)°。重金屬原子核A.M點(diǎn)B.N點(diǎn)C.P點(diǎn)D.Q點(diǎn)分析：根據(jù)粒子軌跡的彎曲方向，可以判定粒子受力的方向；再根據(jù)受力的方向，判定a粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，粒子的加速度的方向.解答：解：根據(jù)軌跡彎曲的方向，可以判定粒子受力的方向大體向上，與粒子和重金屬原子核的點(diǎn)的連線的方向相反，故M、N、P、Q是軌跡上的四點(diǎn)的加速度的方向中，只有P點(diǎn)標(biāo)出的方向是正確的.故選：C2 .由庫(kù)侖定律可知，真空中兩個(gè)靜止的點(diǎn)電荷，帶電量分別為qi和q2,其間距離為時(shí)，它們解答:之間相互作用力的大小為F=k2詈，式中k為靜電力常量.若用國(guó)際單位制的基本單位表示，k的單位應(yīng)為（）A.kg?A?m由于

10、 F=ma, q=It,所以 kJ：、根據(jù)質(zhì)量的單位是kg,加速度的單位m/s2,距離的單位是m,電流的單位是A,B.kg?A2?m3?s解答： 解：導(dǎo)體中的電流為I=neSvC.kg?m2?C2D.N?m2?A2力學(xué)單位制規(guī)定了物理量的單位，同時(shí)根據(jù)物理量間的公式也可以分析單位之間的關(guān)系.分析:解：根據(jù)F=k-1可得：k=,It2|叼。）3 .圖示電路中，變壓器為理想變壓器，a、b接在電壓有效值不變的交流電流兩端，Ro為定值電阻，R為滑動(dòng)變阻器，現(xiàn)將變阻器的滑片從一個(gè)位置滑動(dòng)到另一位置,觀察到電流表Ai的示數(shù)增大了0.2A,電流表A2的示數(shù)ALirlA.電壓表V 1示數(shù)增大B.電壓表N2,

11、V3本數(shù)均增大增大了0.8A,則下列說(shuō)法正確的是（C.該變壓器起升壓作用D.變阻器滑片是沿c-d的方向滑動(dòng)分析：根據(jù)歐姆定律分析負(fù)載電阻的變化，圖中變壓器部分等效為一個(gè)電源，變壓器右側(cè)其余部分是外電路，外電路中，Ro與滑動(dòng)變阻器R串聯(lián)；然后結(jié)合閉合電路歐姆定律和串并聯(lián)電路的電壓、電流關(guān)系分析即可.解答：解：A、觀察到電流表A1的示數(shù)增大了0.2A,電流表A2的示數(shù)增大了0.8A,即副線圈電流增大，由于a、b接在電壓有效值不變的交流電流兩端，匝數(shù)比不變，所以副線圈電壓不變，即V1,V2示數(shù)不變，根據(jù)歐姆定律得負(fù)載電阻減小，所以變阻器滑片是沿c-d的方向滑動(dòng)，故A錯(cuò)誤，D正確，B、由于Ro兩端電壓

12、增大，所以滑動(dòng)變阻器R兩端電壓減小，即電壓表V3示數(shù)減小，故B錯(cuò)誤；C、觀察到電流表A1的示數(shù)增大了0.2A,電流表A2的示數(shù)增大了0.8A,即原線圈電流增大量小于副線圈電流增大量，根據(jù)電流與匝數(shù)成反比，所以該變壓器起降壓作用，故C錯(cuò)誤；故選：D.4 .一根長(zhǎng)為L(zhǎng)、橫截面積為S的金屬棒，其材料的電阻率為p,棒內(nèi)單位體積自由電子數(shù)為n,電子的質(zhì)量為m,電荷量為e,在棒兩端加上恒定的電壓時(shí)，棒內(nèi)產(chǎn)生電流，自由電子定向運(yùn)動(dòng)的平均速率為v,則金屬棒內(nèi)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為（）A.2ID。2eLB.eC.pnevD.SL專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題.分析：利用電流的微觀表達(dá)式求的電流，由電阻的定義式求的電阻，

13、由eJ求的電場(chǎng)強(qiáng)Ji度導(dǎo)體的電阻為R=*=導(dǎo)體兩端的電壓為U=RI場(chǎng)強(qiáng)為E=F聯(lián)立角I得E=pnev故選：C5 .如圖所示，一束單色光從空氣入射到棱鏡的AB面上，經(jīng)AB和AC兩個(gè)面折射后從AC面進(jìn)入空氣，當(dāng)出射角i和入射角i相等時(shí)，出射光線相對(duì)于入射光線偏轉(zhuǎn)的角度為0,已知棱鏡頂角為%則計(jì)算棱鏡對(duì)該色光的折射率表達(dá)式為（）BA I 分析: 解答:,CL+ 951n 2* 口slirT,CL49sir-2-£lirT由幾何關(guān)系可明確在AB邊入射時(shí)的入射角和折射角，再由折射定律可求得折射率.由折射定律可知，n二解：因入射角和出射角相等，即i=i'故由幾何關(guān)系可知，灰?；vvi=故

14、折射率n=cl+ eSLrrT6 .如圖所示，abcd為水平放置的平行？”形光滑金屬導(dǎo)軌，間距為1,導(dǎo)軌間有垂直于導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,導(dǎo)軌電阻不計(jì)，已知金屬桿MN傾斜放置，與導(dǎo)軌成0角,單位長(zhǎng)度的電阻為r,保持金屬桿以速度v沿平行于cd的方向滑動(dòng)（金屬桿滑動(dòng)過(guò)程中與導(dǎo)軌接觸良好）.則（）A.B.C.D.分析:解答:電路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小為Blvsin9電路中感應(yīng)電流的大小為駟邁旦T2巨金屬桿所受安培力的大小為丁r22金屬桿的熱功率為rsin9由導(dǎo)體切割磁感線公式可求得感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小，由安培力公式F=BIL可求得安培力以；由P=FV即可求得功率；注意公式中的l均為導(dǎo)軌間的距

15、離.解：A、電路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小E=Blv；公式中的l為切割的有效長(zhǎng)度，故電動(dòng)勢(shì)E=Blv;故A錯(cuò)誤；B、感應(yīng)電流i=-in日；故b正確；1.TsinQO2n2*AC、安培力的大小F=BIL=.羊二??；故C錯(cuò)誤；r口2122白D、功率P=FV="w一；故D錯(cuò)誤；故選：B.r7.已知均勻帶電的無(wú)窮大平面在真空中激發(fā)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為,其中（T為平面上單位面積所帶的電荷量，？0為常量，如圖所示的平行板電容器，極板正對(duì)面積為S,IIA.C.Q2B.D.2濘其間為真空，帶電量為Q,不計(jì)邊緣效應(yīng)時(shí)，極板可看作無(wú)窮大導(dǎo)體板，則極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度大小和兩極板間相互的靜電引力大小分別為（）分析:解答:

16、由題意可明確兩極板單獨(dú)在極板內(nèi)部形成的場(chǎng)強(qiáng)大小，根據(jù)電場(chǎng)的疊加可明確合場(chǎng)強(qiáng)；相互作用力可看作極板在對(duì)方場(chǎng)強(qiáng)中的受力，即F=Eq.解：兩極板均看作無(wú)窮大導(dǎo)體板，極板上單位面積上的電荷量極板形成的場(chǎng)強(qiáng)E0-口=Q,兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度為：2X0-Q丐丐§2%濘兩極板間的相互引力F=EoQ=可；故選：D.二.解答題（共5小題）8 .在驗(yàn)證力的平行四邊形定則”實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)用圖釘把白紙固定在水平放置的木板上，將橡皮條的一端固定在板上一點(diǎn)，兩個(gè)細(xì)繩套系在橡皮條的另一端，用兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)分別拉住兩個(gè)細(xì)繩套，互成角度地施加拉力，使橡皮條伸長(zhǎng)，結(jié)點(diǎn)到達(dá)紙面上某一位置，如圖所示，請(qǐng)將以下的實(shí)驗(yàn)操作和處理

17、補(bǔ)充完整：用鉛筆描下結(jié)點(diǎn)位置，記為O;記錄兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)F1和F2,沿每條細(xì)繩（套）的方向用鉛筆分別描出幾個(gè)點(diǎn)，用刻O,記錄度尺把相應(yīng)的點(diǎn)連成線；只用一個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)，通過(guò)細(xì)繩套把橡皮條的結(jié)點(diǎn)仍拉到位置測(cè)力計(jì)的示數(shù)F3,記下細(xì)繩的方向；按照力的圖示要求，作出拉力Fi，F(xiàn)2,F3；根據(jù)力的平行四邊形定則作出Fi和F2的合力F；比較力F3_與F的大小和方向的一致程度,若有較大差異，對(duì)其原因進(jìn)行分析，并作出相應(yīng)的改進(jìn)后再次進(jìn)行實(shí)驗(yàn).分析：該實(shí)驗(yàn)采用了等效替代的方法，因此要求兩次拉橡皮筋要使橡皮筋的形變相同，即將橡皮筋拉到同一點(diǎn)，力是矢量，因此在記錄時(shí)要記錄大小和方向，步驟中要記下細(xì)繩的方向，才能

18、確定合力的方向，步驟比較力F與F的大小和方向，看它們是否相同，得出結(jié)論.解答：解：步驟中要記下細(xì)繩的方向，才能確定合力的方向，從而用力的圖示法畫(huà)出合力；步驟比較力F3與F的大小和方向，看它們的一致程度，得出結(jié)論.故答案為：記下細(xì)繩的方向；力F3與F的大小和方向.9 .某同學(xué)為了測(cè)量一節(jié)電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，從實(shí)驗(yàn)室找到以下器材：一個(gè)滿偏電流為100心、內(nèi)阻為2500Q的表頭，一個(gè)開(kāi)關(guān)，兩個(gè)電阻箱（0999.9Q）和若干導(dǎo)線.圖1(1)由于表頭量程偏小，該同學(xué)首先需將表頭改裝成量程為50mA的電流表，則應(yīng)將表頭與電阻箱并聯(lián)(填串聯(lián)”或并聯(lián)”)，并將該電阻箱阻值調(diào)為5.0Q.123456R(Q)95

19、.075.055.045.035.025.0I(mA)15.018.724.829.536.048.0IR(V)1.421.401.361.331.261.201所示，通過(guò)(2)接著該同學(xué)用改裝的電流表對(duì)電池的電動(dòng)勢(shì)及內(nèi)阻進(jìn)行測(cè)量，實(shí)驗(yàn)電路如圖改變電阻R測(cè)相應(yīng)的電流I,且作相關(guān)計(jì)算后一并記錄如表：根據(jù)表中數(shù)據(jù)，圖2中已描繪出四個(gè)點(diǎn)，請(qǐng)將第5、6兩組數(shù)據(jù)也描繪在圖2中，并畫(huà)出IR-I圖線；根據(jù)圖線可得電池的電動(dòng)勢(shì)E是1.53V,內(nèi)阻r是2.0Q分析：(1)由電表的改裝原理可明確應(yīng)并聯(lián)一個(gè)小電阻分流來(lái)擴(kuò)大電流表量程，根據(jù)并聯(lián)電路規(guī)律可求得對(duì)應(yīng)的電阻；(2)由描點(diǎn)法得出圖象；再由閉合電路歐姆定律求出

20、表達(dá)式，由圖象即可求出電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻.解答:解：(1)電流表量程擴(kuò)大于 50mA,即擴(kuò)大旦L=500倍，則應(yīng)并聯(lián)一個(gè)小電阻，其0.1-6分流應(yīng)為表頭電流的499倍，則有：R=2500X100X10與Q;49gxi00X1口口(3)因 舊即表示電源的路端電壓，則有；IR=E-I (+Ra),則由圖象可知，對(duì)應(yīng)的電動(dòng)勢(shì)為1.53V,內(nèi)阻為：r=L且二JL竺 -5=2.0 Q0. 05故答案為：(1)并聯(lián)，5; (2)如圖所示；1.53, 2.010. 一質(zhì)量為0.5kg的小物塊放在水平地面上的A點(diǎn)，距離A點(diǎn)5m的位置B處是一面墻，如圖所示，物塊以V0=9m/s的初速度從A點(diǎn)沿AB方向運(yùn)動(dòng)，在與墻壁

21、碰撞前瞬間的速度為 7m/s,碰后以6m/s的速度反向運(yùn)動(dòng)直至靜止.g取10m/s2.(1)(2)(3)求物塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)若碰撞時(shí)間為0.05s,求碰撞過(guò)程中墻面對(duì)物塊平均作用力的大小F;求物塊在反向運(yùn)動(dòng)過(guò)程中克服摩擦力所做的功W.分析:解答:(1)對(duì)物塊應(yīng)用動(dòng)能定理可以求出動(dòng)摩擦因數(shù).(2)對(duì)物塊應(yīng)用動(dòng)量定理可以求出作用力大小.(3)應(yīng)用動(dòng)能定理可以求出物塊反向運(yùn)動(dòng)過(guò)程克服摩擦力做的功. 解：(1)物塊從A到B過(guò)程，由動(dòng)能定理得：-pmgSAB mvB2 - mv02,代入數(shù)據(jù)解得:22斤0.32;(2)以向右為正方向，物塊碰撞墻壁過(guò)程,由動(dòng)量定理得：Ft=mvmvB，即：F>

22、0.05=0.5X ( 6) 0.5>7,解得：F=-130N,負(fù)號(hào)表示方向向左;(3)物塊向左運(yùn)動(dòng)過(guò)程，由動(dòng)能定理得:W=mv2 >0.5 >62=9J;2答：(1)物塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)2叱為0.32;(2)若碰撞時(shí)間為0.05s,碰撞過(guò)程中墻面對(duì)物塊平均作用力的大小F為130N;(3)物塊在反向運(yùn)動(dòng)過(guò)程中克服摩擦力所做的功W為9J.11.在xOy平面內(nèi)，有沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為E(圖象未畫(huà)出)，由A點(diǎn)斜射出一質(zhì)量為m、帶電量為+q的粒子，B和C是粒子運(yùn)動(dòng)軌跡上的兩點(diǎn)，如圖所示，其中l(wèi)0為常數(shù),粒子所受重力忽略不計(jì)，求：(1)粒子從A到C過(guò)程中電場(chǎng)力對(duì)它做的

23、功;(2)粒子從A到C過(guò)程所經(jīng)歷的時(shí)間；分析：|(1)由電場(chǎng)力做功的特點(diǎn)可明確W=Uq,而U=Ed,求得沿電場(chǎng)線方向上的距離即可求得功；AO、BO 及 BC(2)粒子在x軸方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)水平位移可明確時(shí)間相等，由豎直方向的勻變速直線運(yùn)動(dòng)可求得時(shí)間；解答:(3)由類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可求得水平和豎直豎直，再由運(yùn)動(dòng)的合成與分解求得合速度.解：(1)粒子從A到C電場(chǎng)力做功為W=qE(yA-yC)=3qEl0(2)根據(jù)拋體運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)，粒子在x軸方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由對(duì)稱性可知,軌跡是最高點(diǎn)D 在 y 軸上，可令 tA0=toB=T , tBC=T；由Eq=ma得:a=qE又 y=aT2yb+3lo=1a (2T) 2解得：T=V或則A到C過(guò)程所經(jīng)歷的時(shí)間t=3.2ml q(3)粒子在DC段做類平拋運(yùn)動(dòng)，則有：2lo=vcx(2T);vcy=a(2T)Vc=2,2：下小cy17qE102m答：(1)粒子從A到C過(guò)程中電場(chǎng)力對(duì)它做的功3qEl0(2)粒子從A到C過(guò)程所經(jīng)歷的時(shí)間2