通信電路(第二版)課后大全答案

1、習(xí)習(xí) 題題 解解 答答 匯匯 編編 第第1章章第第2章章第第3章章第第4章章第第5章章第第6章章第第7章章第第8章章第章第章 1.1 1.1 解：解：（1）11端短接時(shí)，諧振電感 H25310100)102(11122620CL（2）11端接時(shí)，因?yàn)?LCCCCxx001所以 pF200XC因?yàn)?CrQ001所以 9 .15100CQr因?yàn)?CCCCrrQxxxe)(10所以 9 .15rrx1.2 解解：根據(jù)原電路可以畫出等效電路如題1.2圖所示: ,H586120CLLesLesgnggngggg220210其中 000211,16010,16040LQgnne,65.13g4310LgQ

2、e8 .1007 . 0eQfBWsIsg0egCLLg題1.2圖1.3 解：解： pF4022LCCCpF3 .182121CCCCCCsMHz6 .41210LCf諧振頻率,3111LCCCnS1 .17002seLgggng,k88. 51gR, 1 .28L10gQeMHz48. 107 . 0eQfBW1.4 解：解： 610012122RRRRX610)(1211RRRXXsH,195. 001XLpF195120XC1.5 1.5 解解:設(shè)計(jì)型匹配網(wǎng)絡(luò)如題1.5圖所示,其中 CLCL是減小網(wǎng)絡(luò)是增大網(wǎng)絡(luò)2211,令 LeeeLRQRRRRQ22211,則,1220eLeLLRRR

3、RQRC)(220eLeeRRRRQL022022,eLRQLRQCeeRRRQ11令, )(1110eeeRRRRQL則有eeRRRRQRC11111011, 01)1 (,12112122211011011LLeRRQRRQQLLLRQCRQL 上式就是此 型網(wǎng)絡(luò)必須滿足的條件, R1可以大于RL,也可以小于RL。 1.6 解解: 先求額定功率增益 SSSSSSAiAOPARRRRRRNFRRRRRRRPPG2211PA2112)(1G1)(可求得噪聲系數(shù)1.7 1.7 解解:由各部分的關(guān)系我們可以知道,總的噪聲系數(shù) 112131211,11PAPAPAPAGNFGGNFGNFNFNF而且

4、因?yàn)?0NF從而可求得1.8 解解: 我們可以分別求得各部分參數(shù),再求總的噪聲系數(shù)和信噪比. 10808.11110000dB40,85.15dB12;100dB20,98.3dB62 .316dB25,07.1121312133221011outinPAPAPAPAPAPAeSNRNFSNRGGNFGNFNFNFGNFGNFGTTNF1.9 解解: 按照題意,我們直接可以得到 V436. 040NFDBWRTkEAA第第2 2章章 2.1 解解：根據(jù)公式: pF6 .1010302102 ,pF6 .181025 . 3 ,mS8 . 26330oeieieCfCg,mS31. 0 ,9 .

5、36 ,mS45 ,mS2 . 0refefeoeyyg9 .104re2.2 解：解：要正確理解各參數(shù)之間的關(guān)系。 25. 0205 ,25. 020521nn, S371000LQge3 .12 ,MHz66. 0 , 3 .161S5 .228 21007 . 0002221gynnAQfBWLgQggngngfeueeeieoe2.3 解（解（1）高頻等效電路圖如下）高頻等效電路圖如下: 題2.3圖S410 S351 )2( 220000ieoeeegngggLQgieoeCnCCC22)3(（4） 41 , 1 4 .2721210nngynnAfeu, 310101030 )5(

6、667 . 00BWfQeS118010LQgek3 . 11 S7704101180 pppgRggg兩端并聯(lián)電阻2.4 解：總通頻帶解：總通頻帶 )40(kHz93. 512031eeQQfBW允許最大 )kHz10(7 .2312031BWBWfQe2.5 解：解： MHz57. 2121001021222BWBWAuMHz22. 612212BWBW7104BWG又（增益帶寬積） , 4 . 61047BWAu總增益 414 . 6222uuAA 2.6 解解: (提示:此題可以參照教材圖2.2.1畫出晶體管共基極Y參數(shù)等效電路,然后再畫出放大器等效電路.),pF28:obCCC根據(jù)條

7、件可以求得S2882LobPgngggMHz64. 124 .170uCgBWgynAfb(注: 是共基極Y參數(shù)) 第第3 3章章 3.1 解解(1) %6024500ooccCCDcIIUPPPA347. 00cI328. 3524347. 0oPPPDC (2) %,8024500occCCCIIUPA26. 0ocIW24. 1526. 024oPPPDCW088. 224. 1328. 3CP3.2 解解: e2m1co21RIP 53102o1emcRPI),90(11cmmcII5 . 0)90(1又.5310221mccmII53102)90(1)2cos1 ()2cos(2)2

8、sin()90(000cmcII64. 653102240cCCDIUP%34.7564. 65oDcPP235353101RIUmccm96. 02423 3.3解解: CCcmCCccmmcUUUIUI01012121又三種情況下,均相同 8 . 1:57. 1:160:90:1806060:9090:180180:1110101016090180ggg cmcmUIP1O21又三種情況下,均相同, 782. 0:1:1391. 0:5 . 0:5 . 060:90:18060:90:180111OOOPPP3.4 解解: W36.132 . 2253. 0247000cmCCcCCDIU

9、IUPA96. 02 . 2436. 07011cmmcIIV25.218 . 02 . 224mincrcmCCceCCcmgIUuUUW19.1025.2196. 021211cmmcOUIPW17. 319.1036.13ODCPPP%7636.1319.10DOcPP2296. 019.1022221mcOIPR3.5 解解: (1) 可改變 R負(fù)載線斜率00011,PPPIUOmccm(3) 可改變 BBU負(fù)載線平行下移 oP略下降, 0003PP(4) 可改變 bmU負(fù)載線不變 OP略下降， 0004PP(注: P00是原輸出功率) 由上面分析,從(1)可得 ,1mccmIU而由(

10、2)可得 ,cmU所以,c1mI000102PPP所以 ,0403PP 03040102PPPP用作圖比較的方法,易得 ,43cmcmUU略大于但(3)時(shí)負(fù)載線平行下移,導(dǎo)通角減小, c1mI3.6 解解: PO低而IC0略高,則 小，故工作在欠壓狀態(tài). c可以使 eR,1eR則 .OP3.7 解解: 前者工作在欠壓區(qū),后者工作在過壓區(qū)(Re相同) 若要增大前者功率,應(yīng)該使或 BBbmUU或3.8 解解:因?yàn)?.,也不變則不變和如果CCcmcccmUUUU.,max態(tài)所以仍然工作在臨界狀不變所以不變cmBEIu.21.,)(),(211111也減小了即的增大而增大隨cmmcomcccUIPIg

11、g 原因在于UBB增大, Ubm減小,但保持uBE max不變,即Icm不變. 3.9 解解: 由教材中圖3.2.4可知 218. 0)60(,391. 0)60(01,A2 . 0201RPImcA512. 0)60(11mccmII,10V1RIUmccm%3 .37DOcPP因?yàn)?.512A時(shí)對應(yīng)的臨界電壓 V28. 1V14,V28. 1cmCCceUUu所以工作在欠壓狀態(tài)。3.10 解解: 錯(cuò)誤之處主要有三處:(1) V1,V2管基極偏置與集電極偏置均不對。(2) 兩管均沒有匹配電路。(3) 帶阻網(wǎng)絡(luò)應(yīng)該去掉。 （提示：可以參考教材中例3.4電路進(jìn)行修改） 第第4 4章章4.1 解：

12、如題4.1圖所示。（a）（b）題4.1圖(c) 題4.1圖4.2 解：解：（a）不能，不能滿足三點(diǎn)式法則。（b）不能，同上。（c）能，滿足三點(diǎn)式法則。（d）能，兩級反相放大。（e）不能。若第二級負(fù)載C2改為電阻則有可能產(chǎn)生振蕩。 4.3 解：解：（1）可將此電路用共基電路等效,如題4.3圖所示。 題4.3圖MHz6 . 22121210LCCCCf41103001010010100121212211CCCF共基極電路最小電壓增益 41minFAu4.4 解 ：如題4.4所示。題4.4圖 先將右端b、e極之間，C2與并聯(lián)的gie等效到c、b極之間（與L并聯(lián)），可得到 ，再等效到c、e極之間（與并

13、聯(lián)）， 則可以得到gie。也可以參照式（1.1.31）直接得到。 ieg ,)(221121ieieiegCCCgng ieieiegCCCgng 221222)(ieiegCCg221)(又 122111CCCCUUff反饋系數(shù) 21CCUUFfffifefUCCjBGUyU12所以其中 ,0eieoegggG12221LCCCB0221201eegCCCgjBGyCCUUTfeif21由此可求得振幅起振條件為 所以1|021eieoefegggyCC即 )(|012eieoefegggCCy代入數(shù)據(jù)，可求得|yf|20.6mS， mS75. 0)(012eieoegggCC不等式成立，所以

14、電路能起振： MHz102121210LCCCCf4.5解解: 如題如題4.5圖所示：圖所示：pF6 .12)(7654321CCCCCCCC串串串H8 . 0102CL題題4.5圖圖pF2 . 2pF2 . 8pF15pF3 . 3H57電容三點(diǎn)式： MHz58. 90f（a） 題題4.6圖圖4.6 解：解：如題如題4.6圖所示：圖所示： pF12568H50pF1000pF1000（b） 題題4.6圖圖電容三點(diǎn)式： MHz91. 225. 20f4.7 解：解：（a）電感三點(diǎn)式， 210fff或者 120fff（b）電容三點(diǎn)式， 102fff4.8解：解： MHz49. 2Hz1049.

15、2101 . 25 .192121) 1 (616qqsCLfssoqspffCCff000021. 15101 . 211)2(46161077. 2101 . 25 .1911011)3(qqqqCLrQ4.9 解：解：（a）圖晶體起電感作用，電容三點(diǎn)式,如題4.9圖(a)所示 pF1501C300pFpF,136pF15002C串31. 0463136211CCCF(b)圖晶體工作在串聯(lián)諧振頻率fS上,如題4.9圖（b）所示14. 031343211CCCFpF1500pF150pF300pF30/8pF20)(a題4.9圖pF43pF270)(b題4.9圖4.10 4.10 解解：根據(jù)

16、題意可以有多種方案。下面給出其中一種解答，題4.10圖（a）。（b）為其高頻等效電路： 題圖1解：解：（1）高頻等效電路如題圖4.11所示。 （2）LC回路在振蕩頻率處相當(dāng)于一個(gè)電容，呈容性，整個(gè)電路滿足組成法則，為電容三點(diǎn)式電路。 題圖4.114.12 解： 如題4.12圖所示題4.12圖（a） （b） 第章第章 5.1 解：解： 22222m212m1m1221m42332m22122m1m2122m21m1331m32222m212m1m1221m222m11m1044332210)coscoscos2cos()coscoscos3coscos3cos()cosco

17、scos2cos()coscos(tUttUUtUatUttUUttUUtUatUttUUtUatUtUaauauauauaai所以i中的組合頻率分量有： ，直流設(shè))(2 1 , 3 , 3 , 22 , 4 , 4 , 2 , 2 , 3 , 3 , , 2 , 2 , , 21212121212121212121其中分量是由第三項(xiàng)、第五項(xiàng)產(chǎn)生的。 215.2 解：如題5.2圖所示，當(dāng) :0時(shí)u)coscos(2211tUtUUgugimmQDD在線性時(shí)變條件下： tngtgguguUuduudftgntUUDQmm1110cos1cos2cos221)()(111其中： DDgtdgg31

18、113003sin1cos11301nngtdtnggDDntnnnggtgnDD11cos)3sin(123)(211,nni，中的組合分量有：直流（n0，1，2，3，.）， 題5.2圖5.3 解解：當(dāng) 時(shí)，可用單向開關(guān)函數(shù)表示 )()(),()(111011tKugtItKgtgDD)2cos32cos221)()()()(1121211120ttuuguutKgutgtIiDD由上式可知，可實(shí)現(xiàn)：調(diào)幅，混頻，倍頻，乘積檢波組合頻率分量有：直流, , 3 , 4 , , 2 , , 21121121當(dāng) 1mQUU時(shí)， DDgtdgg100100sin1cos11110tnngtdtnggD

19、Dn211201111110)cos1 ()()()cos1 ( )cos()()()(ugtUgutgtIitUgtUUguUuuftIgtgDmDmDmmDQD頻率分量有：直流。此時(shí)不能實(shí)現(xiàn)任何頻譜搬移。 5.4 解：解：依題意得： 2224322332222)2cos1 (cos224122/ )cos3(coscos22cos13cos3612)2cos1 (cos221)cos(11tUtUUUUtttUtUUtUUUUtUtUUUUtUUUIicmcmBBBBTcccmcmBBcmBBBBTcmcmBBBBTcmBBTesctUUUtUUtUUtUUtUUUtUUUtUUUUUUU

20、UUUUUUIcTmBBcTmcTmcTmcTmBBcTmBBcTmTmBBTBBTmTBBBBTes2cos42cos4cos24cos12cos2coscos4642113222333332242332222444322242322222344444444443434224224344192,246121248)433122424(244cos1921922cos48963cos24cos2422cos2438cos24424TmesTBBmesmBBBBTTTmesBBBBmTmBBTBBTTTmescTmTmcTmTmcTmBBcTmBBcTmBBTmBBcTmBBTBBUUIUUUI

21、UUUUUUUIUUUUUUUUUUUUItUUUUtUUUUtUUUtUUUtUUUUUUtUUUUU四次諧波為：三次諧波為：）（二次諧波為：基波分量為：第章第章 6.1 解：解：（1）頻率分量 1002 kHz ，998 kHz振幅 6V ，6V1005 kHz ，995 kHz4V ，4V1007 kHz ，993 kHz3V ，3V1000 kHz20V （2）頻譜圖如圖6.1圖所示圖6.1圖（3）設(shè)在R=1上的功率情況為： W,2002202載波功率W612)232426(222邊帶功率W26161200總功率%2323. 026161功率利用率6.2 解解：載波振幅 V824122

22、minmaxUUUcm邊頻振幅各為 V2285 . 02cmaUM調(diào)幅指數(shù) 5 . 0412412minmaxminmaxUUUUMa6.3 解：解： 直流電源提供的平均功率 W1000cDPP調(diào)制信號產(chǎn)生的交流功率 W822MaPPD總輸出平均功率 W54)21 (502MaPav6.4解：解： tUucmscos當(dāng) msUu 時(shí) ， ; 0,21BmAuUu當(dāng) ,時(shí)msUu0,21AmBuUu所以兩管分別導(dǎo)通，且每管輸入均為 tUcmcos221 ,21mAVdmAVUUUU )2cos2cos21 (ttIiccAVAVmII21正、負(fù)半周均有電流流向負(fù)載 CRL總電流周期減小為原，平均

23、分量加倍，即 21AVAVII21AVmII（是i1與i2相加后電流i0中的平均分量） AVI).(221AVAVLLAVAVmmiIURRIUIUR6.5 解：解：（1）當(dāng) 時(shí)，ur則應(yīng)是大信號，V1與V2導(dǎo)通與否均由ur決定。對于（a）圖，在正半周時(shí)，V1、V2導(dǎo)通，由于疊加在其上的與反相，因此uo為直流，不能同步檢波。對于（b）圖。兩檢波器輸出，但，故能同步檢波。 （2）當(dāng)時(shí)，應(yīng)是大信號。對于（a）圖，兩個(gè)檢波器輸出相同，疊加后電壓加倍，故能檢波。對于（b）圖，uO1=uO2， uO=0,故不能檢波。 0rusu21su216.6 解：解： 7610952. 2107 . 422ccf要

24、避免惰性失真，必須滿足 ,1105max2aacMMRC即 RMMCRaacmax21105(F) 1078. 4108 . 6)105(k591221CRRR要避免底部切割失真，必須滿足 RRRRRRRRMLLa221max即 k12)1 ()(max1max2aaLMRRRMRR6.7 解：（1）當(dāng)接觸點(diǎn)在中心位置時(shí)，直流電阻 k86. 235. 251. 0R交流電阻 k21. 11/35. 251. 0R所以不產(chǎn)生底部切割失真的條件是 42. 086. 221. 1aM由于實(shí)際調(diào)制度為0.3 ，因此不會產(chǎn)生底部切割失真。 （2）當(dāng)接觸點(diǎn)在最高位置時(shí)， k33. 11/7 . 451.

25、0k21. 57 . 451. 0RR所以不產(chǎn)生底部切割失真的條件是 26. 021. 533. 1aM所以會產(chǎn)生底部切割失真。 6.8 解：解： TBBUtUesBBBEBEBEfeIkTqtUuuuftg)()()()(32)(1)(61)(21cos21 cos21210TLTLTLUuLLUUUUesLLUtUescUuUuUuettdeekTqIttdeIkTqggTLTLTBBTBB其中代入后積分，有 43cos0coscos432ttdttdttdLLLLLL)81 (22220TLMUUTLMescUUeUUIgTBB所以6.9 解：解：（1） 題6.9圖題6.9圖(1)（1）

26、當(dāng) 。tgUULMQ所示圖波形如題時(shí)) 1 (9 . 6)(,0cos10ttdggLLDc（2）當(dāng) LMQUU21時(shí),g(t)波形如題6.9圖(2)所示。 題6.9圖(2)2121cosLMLMUU12032DcDDggggttdgg23213cos1132321（3） g(t)波形如題6.9圖(3)所示。題6.9圖(3)當(dāng)UQ時(shí)， 2, 0cosDcDDggggttdgg1221212cos1（4）當(dāng) 時(shí),g(t)波形如題6.9圖(4)所示。 LMQUU21題6.9圖(4)3,2121cosLMLMUUDcDDggggttdgg23213cos113316.10解：（a）正半周兩回路導(dǎo)通，

27、在次級感應(yīng)電流互相抵消，負(fù)半周兩回路截止。不能實(shí)現(xiàn)調(diào)幅。(b)正負(fù)半周兩回路分別導(dǎo)通，在次級的感應(yīng)電流分別為： tuugtuugttguuttguuiiitgKuuitgKuuicccccccccccccc3cos)(34cos)(4 3cos32cos221)( 3cos32cos221)()()(),()(211211其頻率分量為。 qpc（ 當(dāng)時(shí)，；當(dāng)時(shí)，） 0q, 4 , 2 , 0p1q, 5 , 3 , 1p所以可以實(shí)現(xiàn)雙邊帶調(diào)幅 。（c）圖正半周與負(fù)半周分別導(dǎo)通 ，tgKuuicc)()(11)()(12tgKuuicc3cos34cos421tutuugiiiccc其頻率分量為

28、： cccc5 , 3 , , 所以不能實(shí)現(xiàn)雙邊帶調(diào)幅，但可作普通調(diào)幅。 （d）圖正半周兩回路導(dǎo)通，負(fù)半周兩回路截止。正半周時(shí)， ),()(),()(1211tgKuuitgKuuicccc)(2121tgKuiiicc所以所以不能實(shí)現(xiàn)調(diào)幅。因?yàn)閮H有載波及其諧波分量。 6.11 解解：（1）忽略中頻的影響，設(shè)流過二極管的電流I=au2, 則當(dāng)信號與本振電壓互換后，有 sLsLsLuauiiiuuaiuuai4)(,)(212221所以由于i中有乘積項(xiàng)uLus，因此說明互換后仍能正常工作。 （2）若將V2極性倒置后，有 )(2)(,)(22212221LsLssLuuaiiiuuaiuuai所以

29、由于i中無乘積項(xiàng)，因此電路不能正常工作。若將V2極性倒置，則結(jié)論相同。 6.12 解：解：（1）是干擾哨聲。 根據(jù) pqFfpqpfIC1代入實(shí)際數(shù)據(jù)后， pqpqp14651931由于931是465的兩倍多1，所以可知當(dāng) ，pqpqp時(shí)11 , 21即由p=1,q=2的組合分量產(chǎn)生。 （2）由于接收干擾頻率為1480kHz，且,因此可知是鏡頻干擾。 kHz,465If,kHz550cfkHz1015Lf（3）由于接收干擾頻率為740kHz， 因此根據(jù)kHz,1945,kHz465,kHz1480LIcfff74046511945qqpfM，可知這是寄生通道干擾，而且是p=1,q=2時(shí)產(chǎn)生的。

30、6.13 解：解：由式（6.5.3）可知，能夠產(chǎn)生寄生通道干擾的單個(gè)外來干擾頻率fn1需滿足 InLInLfrfpffrfpf11 , 即 rfpffILn1IcLfff所以Icnfrpfrpf11所以由題意可知，fn1=700kHz, f1=465kHz （因?yàn)榇颂?00 kHz電臺是作為外來干擾源在其他接收頻段內(nèi)產(chǎn)生寄生通道干擾。）當(dāng)p=1,r=2時(shí):kHz140070022 111nIncffppfprf當(dāng)p=1,r=2時(shí)kHz5 .1167465217002 21241Incfff 所以，在 1400 kHz、1167.5 kHz兩處能接收到700 kHz干擾源產(chǎn)生的寄生通道干擾，即聽

31、到這個(gè)電臺的播音，當(dāng)然播音強(qiáng)度較弱。 6.14 解：解：鏡頻范圍41355205，不會產(chǎn)生鏡頻干擾。 ，kHz3405kHz23351LfkHz22652Lf6.15 解：解： dB7880008 . 0/1100000mmnig6.16 解：解： ，UUkUUkuRyRydc11xcgyuuAu3XRyxcyUUUkUuU31321202120 在上式中代入， 可以求得： V，1minyUV125minxU可以求得： RUk 1 25. 02000minmaxxxUU V33minmaxyyUU又將式代入中，可以求得 121/2031yxyUUUk代入 ,25. 03xyUU3yU（根據(jù)，式

32、）可得: ,93. 11kV93. 11 kUR第第7 7章章 7.1 解：解： tttu331022cos5 . 0102cos5 . 1 0.2rad/VV/kHz/V4V1/,V102cos58，fttucV,rad/s10423fkradV2 . 0pk V)1022sin102sin6102cos(5338FMttttu V)1022cos1 . 0102cos3 . 0102cos(5338PMttttu7.2 解：解： V)104cos102cos(1038tttu若u(t)是FM信號或者PM信號，均有 2kHzf1rad,MkHz,2MHz100mfFfc，7.3 解：（1）振

33、幅不變，F(xiàn)加大一倍，則 不變，增加 mf因?yàn)?,2mfmUkfmmUf所以與F無關(guān) 。FBWFfBWm有關(guān)與所以因?yàn)?,(2 （2）F不變， 增加一倍，則 增加一倍,BW也增加,原因同（1）。（3） 與 F都加大一倍，則 增大一倍， BW也增大一倍,原因同（1）。 mUmfmUmf7.4 解：解： 頻譜結(jié)構(gòu) 帶寬 AM 若 F 大小改變，則譜線數(shù)目不變。因?yàn)樽V線數(shù)目僅與 F 的數(shù)目有關(guān)，與其大小無關(guān)。 若 F 增大，BW 也增大。因?yàn)镕BW2，譜線間距增加。 FM 若 F 增大，則fM減小，旁頻數(shù)也就減少。因?yàn)镕UkMmff2 若 F 增大，BW 略有增大。因FUkFMBWmfF2) 1(2

34、PM 因mppUkM，故pM與 F 無關(guān)。 只要pM不變，則頻譜線數(shù)目也不變。 若 F 增大，則 BW 增大，因FMBWp) 1(2 7.5 解：解：（1）FM： kHz4) 1(2,kHz5 . 1FMBWFMfffmkHz4,kHz5 . 1BWFMfpmPM： （2）FM： kHz5 . 1,不變，仍為不變，又mmfmfmfUkUkfkHz51) 15 . 1 (2,rad5 . 1BWFfMmfPM： rad3,不變，仍為不變，又pmpmpPMUkUkMkHz8142,kHz3BWFMfpm（3）FM： kHz75. 0,也降為一半，為降為一半，mmmfmfUUkfkHz5 . 25

35、. 05 . 22,rad5 . 1BWFfMmf,rad5 . 1因?yàn)閙pPUkMkHz75. 05 . 05 . 1FMfpm PM：kHz5 . 25 . 05 . 22BW7.6 解：解：)(212FfFMBWmf）（因?yàn)?0kHz3kHzkHz300，所以F時(shí)的帶寬分別是：100.6kHz，102kHz，106kHz，120kHz。7.7 解：解：小信號諧振放大器：目的選頻；性能帶寬，矩形系數(shù)。 振蕩器：目的選頻；性能頻率準(zhǔn)確度。 斜率鑒頻器：目的頻幅轉(zhuǎn)換；性能轉(zhuǎn)換線性范圍，靈敏度，非線性失真。 相位鑒頻器：目的頻相轉(zhuǎn)換；性能轉(zhuǎn)換線性范圍，靈敏度，非線性失真。 7.8 解：（解：（1

36、）等效電路如題圖）等效電路如題圖7.87.8所示所示 QUujC1C2C（變?nèi)荻O管 （變?nèi)荻O管 （高頻等效電路）直流通路） 低頻通路） 題圖7.8(a)(b)(c)qCqCqLqLqLjCjC2C1CC(d)題圖7.8（2） 因?yàn)閝qqqCCCCCCCC串串所以2121, ,）利用了串串3102(50111jQqjQqjQjQjQqjQqjQqjqCCCCCCCCCCCCCCC所以根據(jù)式（7.3.4）和式（4.5.2），有 kHz52.111026 . 05 . 15011 501227cQBmcmfUUUnmpfnf注：此題中變?nèi)荻O管是部分接入，且，所以接入系數(shù)很小，變?nèi)荻O管對于諧振

37、回路產(chǎn)生的最大頻偏也大大減小。 qjCC 7.9 解解：振蕩器的高頻交流等效電路如圖題7.9所示 pF203)2(1 ,21200fLCLCf212j1 j2j1 j)(100pF56)(|)pF350pF350(uUCCCCCCCQjjQQQQQ串串V19. 356. 01 56. 010056100)0(10022121QjQQQjQUCUuUC時(shí)題7.9圖() kHz50105FMffmV15. 119. 3)48100()100()(100pF482)175199(p350p350pF199)1005. 52(1051)2(1MHz05. 522min21minminminminmin

38、2662max0minmax0QjmmQjjjjUCUUUCCCCCfLCf）串（）串（7.10 解：解：設(shè)載波 為，則調(diào)相波為 tUcmsin)12( cossincossin cossin)sin(0時(shí)當(dāng)tUtUtUtUtUucmcmcmcmcm 由原題圖可知，式中 ttud)(tUdttutUtucmcmsin)(cos)(07.11 解：解：由原題圖可知， 所以V,9QUrad4 . 02001. 0201. 0191 . 0epBQmnmQMUUUm所以0001. 02fmfnfm所以7.12 解：解：調(diào)相器輸出調(diào)相信號的瞬時(shí)相位 FtMtftpc2sin2)(1瞬時(shí)頻率 FtFMf

39、dttdtfpc2cos)(21)(11)2cos()()( )2cos()()(112311112FtFMfnftfftfFtFMfntfntfpcLLpc所以所以，輸出uFM的瞬時(shí)頻率 FtFMnnfnnfntfntfpcL2cos)()(211212320611210100)(cLcfnfnf因?yàn)閡FM最大頻偏 3211075FMnnfpm則在上面兩式中代入已知數(shù)據(jù)，其中F應(yīng)取Fmin=100Hz,從而有 507510751002 . 0100)1 . 05 . 9(2131112nnnnnn得解此方程組， 7.13 解：解： kHz8 kHz2, 4FMfFMfmf )Hz(104cos10833ttf )V(104cos08. 030ttfStud7.14 解：解：（a）可以斜率鑒頻，因f01與f02分別處于fs兩側(cè)，。F01- fs= fs- f02。不能包絡(luò)檢波，因兩個(gè)包絡(luò)檢波器輸出波形相減后互相抵消，u0中無交流分量。（b）圖可以斜率鑒頻。因f01= f02均處于斜率中點(diǎn)。可以包絡(luò)檢波。因f01= f02 =fs。此時(shí)兩個(gè)包絡(luò)檢波器輸出波形相同，二者相加后作為輸出信號。二包