福建龍巖一中2012屆高三5月模擬（解析版）-理綜物理

1、福建省龍巖一中2012屆高三5月模擬考試?yán)砜凭C合物理試題（本試卷分第I卷（選擇題）和第卷。第I卷為必考題，第卷包括必考題和選考題兩部分。本試卷共12頁，滿分300分，考試時間150分鐘。）可能用到的相對原子質(zhì)量：H1 C12 O16 Fe56 第卷（選擇題，共18題，共108分）13物理學(xué)中有多種研究方法，有關(guān)研究方法的敘述不正確的是（ ）A伽利略之前的學(xué)者們總是通過思辯性的論戰(zhàn)決定誰是誰非，但他采用了以實(shí)驗(yàn)檢驗(yàn)猜想和假設(shè)的科學(xué)方法來研究自由落體運(yùn)動的規(guī)律B如果電場線與等勢面不垂直，那么電場強(qiáng)度就有一個沿著等勢面的分量，在等勢面上移動電荷時靜電力就要做功，這里用的邏輯方法是歸納法C探究作用力與

2、反作用力關(guān)系時可以用傳感器連在計(jì)算機(jī)上直接顯示力的大小隨時間變化的圖線，這是物理學(xué)中常用的圖像法D探究加速度與力、質(zhì)量之間的定量關(guān)系，可以在質(zhì)量一定的情況下，探究物體的加速度與力的關(guān)系；再在物體受力一定的情況下，探究物體的加速度與質(zhì)量的關(guān)系，最后歸納出加速度與力、質(zhì)量之間的關(guān)系。這是物理學(xué)中常用的控制變量法AB【答案】B【解析】在等勢面上移動電荷時靜電力不做功，B錯；14如圖，A、B兩個皮帶輪被緊繃的傳送皮帶包裹，傳送皮帶與水平面的夾角為，在電動機(jī)的帶動下，可利用傳送皮帶傳送貨物。已知皮帶輪與皮帶之間無相對滑動，皮帶輪不轉(zhuǎn)動時，某物體從皮帶頂端由靜止開始下滑到皮帶底端所用的時間是t，則 （ ）

3、 A當(dāng)皮帶輪逆時針勻速轉(zhuǎn)動時，該物體從頂端由靜止滑到底端所用時間一定大于t B當(dāng)皮帶輪逆時針勻速轉(zhuǎn)動時，該物體從頂端由靜止滑到底端所用時間一定小于t C當(dāng)皮帶輪順時針勻速轉(zhuǎn)動時，該物體從頂端由靜止滑到底端所用時間可能等于t D當(dāng)皮帶輪順時針勻速轉(zhuǎn)動時，該物體從頂端由靜止滑到底端所用時間一定小于t【答案】D【解析】皮帶輪靜止時和逆時針轉(zhuǎn)動時，滑塊的加速度都相同，所以運(yùn)動時間相同，如果皮帶輪順時針轉(zhuǎn)動時，剛放上滑塊時，受一個沿斜面向下的摩擦力作用，加速度增大，運(yùn)動時間一定小于t，D對；衛(wèi)星1衛(wèi)星2地球60°ABO15北斗導(dǎo)航系統(tǒng)又被稱為“雙星定位系統(tǒng)”，具有導(dǎo)航、定位等功能。“北斗”系統(tǒng)

4、中兩顆工作衛(wèi)星1和2均繞地心O做勻速圓周運(yùn)動，軌道半徑均為r，某時刻兩顆工作衛(wèi)星分別位于軌道上的A、B兩位置，如圖。若衛(wèi)星均順時針運(yùn)行，地球表面處的重力加速度為g，地球半徑為R，不計(jì)衛(wèi)星間的相互作用力。以下判斷中正確是（ ）A這兩顆衛(wèi)星的向心加速度大小相等，均為 B衛(wèi)星1由位置A運(yùn)動至位置B所需的時間為C如果使衛(wèi)星1加速，它就一定能追上衛(wèi)星2D衛(wèi)星1由位置A運(yùn)動到位置B的過程中萬有引力做正功【答案】A【解析】由黃金代換，衛(wèi)星受到的萬有引力和向心加速度為，A對；角速度為運(yùn)動的時間為，B錯；衛(wèi)星一一旦加速度就會發(fā)生離心運(yùn)動跑道高軌道上去，C錯；萬有引力時刻與速度垂直不做功，D錯；16圖甲中的三個裝

5、置均在水平面內(nèi)且處于豎直向下的勻強(qiáng)磁場中，足夠長的光滑導(dǎo)軌固定不動，圖2中電容器不帶電?，F(xiàn)使導(dǎo)體棒ab以水平初速度v0向右運(yùn)動，導(dǎo)體棒ab在運(yùn)動過程中始終與導(dǎo)軌垂直，且接觸良好。某同學(xué)定性畫出了導(dǎo)體棒ab的v-t圖像，如圖乙所示。則他畫出的是（ ）A圖1中導(dǎo)體棒ab的v-t圖像 B圖2中導(dǎo)體棒ab的v-t圖像C圖3中導(dǎo)體棒ab的v-t圖像 D圖2和圖3中導(dǎo)體棒ab的v-t圖像【答案】B【解析】圖一中導(dǎo)體棒以向右的初速度運(yùn)動，受到向左的安培力的作用，速度逐漸減小，安培力減小，加速度減小，最后導(dǎo)體棒減速到零，A錯；圖2中，導(dǎo)體棒受到向左的安培力向右做減速，同時給電容器充電，充電電流逐漸減小，加速度

6、減小，當(dāng)電容器電壓與導(dǎo)體棒電壓相等時，電容器不再充電，導(dǎo)體棒做勻速直線運(yùn)動，B對；圖3中導(dǎo)體棒上的電流由b流向a,導(dǎo)體棒向右切割磁感線產(chǎn)生向上的感應(yīng)電流，兩個電流疊加后受到向左的安培力，所以導(dǎo)體棒一直做減速知道靜止，CD錯；17如圖甲所示，一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波，O點(diǎn)為振源，P點(diǎn)到O點(diǎn)的距離l=10m。t=0時刻O點(diǎn)由平衡位置開始振動，圖乙為質(zhì)點(diǎn)P的振動圖像。下列判斷正確的是（ ）A該波的波長為5m，t=0時刻振源O的振動方向沿y軸負(fù)方向B該波的波長為2m，t=0時刻振源O的振動方向沿y軸負(fù)方向C該波的波長為5m，t=0時刻振源O的振動方向沿y軸正方向D該波的波長為2m， t=0時刻振

7、源O的振動方向沿y軸正方向【答案】C【解析】從質(zhì)點(diǎn)P的振動圖像來看，前4s質(zhì)點(diǎn)P靜止，周期為2s，所以波速為l/4=2.5m/s,起振方向向上，振源的起振方向也向上，波長為，C對；18如圖所示，一條輕質(zhì)彈簧左端固定，右端系一小物塊，物塊與水平面各處動摩擦因數(shù)相同，彈簧無形變時，物塊位于O點(diǎn)。今先后分別把物塊拉到P1和P2點(diǎn)由靜止釋放，物塊都能運(yùn)動到O點(diǎn)左方，設(shè)兩次運(yùn)動過程中物塊速度最大的位置分別為Q1和Q2點(diǎn)，則Q1和Q2點(diǎn)（ ）OP1P2A都在O點(diǎn)處B都在O點(diǎn)右方，且Q1離O點(diǎn)近C都在O點(diǎn)右方，且Q2離O點(diǎn)近D都在O點(diǎn)右方，且Q1、Q2在同一位置【答案】D【解析】從最右邊P1、P2點(diǎn)釋放后彈

8、簧彈力大于摩擦力，物塊向左加速，當(dāng)彈簧彈力等于摩擦力時，速度最大，之后物塊做減速，所以速度最大時彈簧伸長量相同，Q1、Q2在同一位置，D對；第II卷 （非選擇題 共192分）必考部分第II卷必考部分共9題，共157分。19(18分)（1）如圖為研究加速度與質(zhì)量關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)裝置。該實(shí)驗(yàn)中采用控制變量法，保持小車所受拉力不變，用砂和砂桶所受的重力作為小車所受拉力，為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，應(yīng)使砂和砂桶質(zhì)量盡量_些（填“大”或“小”）改變小車的質(zhì)量，多次重復(fù)測量在某次實(shí)驗(yàn)中根據(jù)測得的多組數(shù)據(jù)可畫出a-1/M關(guān)系圖線（i）如果摩擦力不能忽略，則畫出的a-1/M圖線為圖示中的_（填“甲”或“乙”或“丙”） (i

9、i)該實(shí)驗(yàn)中某同學(xué)畫出的圖線中AB段明顯偏離直線，造成此誤差的主要原因是_A小車與軌道之間存在摩擦B導(dǎo)軌保持了水平狀態(tài)C所掛鉤碼的總質(zhì)量太大D所用小車的質(zhì)量太大【答案】小（分） (i) 丙（分） (ii)C（分）【解析】只有當(dāng)砂和砂桶質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量的時候，繩子的拉力才近似等于砂和砂桶的重力(i)摩擦力不能忽略時，當(dāng)a=0時，F(xiàn)=f，丙圖(ii) 線中AB段明顯偏離直線原因是鉤碼質(zhì)量太大，鉤碼的重力不再近似等于繩子的拉力 (2)某同學(xué)將完好的儀器連接成如圖所示電路（其中滑動變阻器的連線沒有畫岀）用來探究小燈泡電阻與電壓的關(guān)系閉合開關(guān)進(jìn)行實(shí)驗(yàn)時發(fā)現(xiàn)，無論怎樣移動滑片P，電壓表和電流表的示數(shù)都不

10、為零，但始終沒有變化.則該同學(xué)把滑動變阻器接入電路中的方式可能是_ (填寫選項(xiàng)代號）A. G與C相連, F與H相連 B. G與C相連，D與H相連C. G與E相連，F(xiàn)與H相連 D. G與E相連，D與H相連在右圖中將滑動變阻器正確接入電路中.要求：燈泡兩端的電壓可以從零開始適行調(diào)節(jié).在正確操作下，該同學(xué)得到燈絲兩端電壓U和對應(yīng)電阻R的數(shù)據(jù)如下表：U/V1.02.03.04.06.08.010.012.0R/2.13.03.84.45.25.65.96.0 (i)根據(jù)表中數(shù)據(jù)在坐標(biāo)中描出R-U圖線；(ii)根據(jù)圖線，可以得到燈絲在未通電時的阻值約為_.【答案】B C(3分，部分對1分，有錯0分) 如

11、圖（3分） (i)如圖（3分） (ii)1.0(范圍0.91. 2均可) （3分）【解析】略20(15分) 一游客在峨眉山滑雪時，由靜止開始沿傾角為37°的山坡勻加速滑下。下滑過程中從A 點(diǎn)開始給游客抓拍一張連續(xù)曝光的照片如圖所示。經(jīng)測量游客從起點(diǎn)到本次曝光的中間時刻的位移恰好是40m。已知本次攝影的曝光時間是0.2s ，照片中虛影的長度L 相當(dāng)于實(shí)際長度4m ，試計(jì)算(1) 運(yùn)動員下滑的加速度(2)滑雪板與坡道間的動摩擦因數(shù)。( g10m/s2 , sin3700.6 , cos3700.8 ) (保留兩位有效數(shù)字)【答案】用s表示題中的位移，表示斜面傾角，t表示曝光時間，表示滑雪

12、板與坡道間的動摩擦因數(shù)，m表示滑雪運(yùn)動員的質(zhì)量。設(shè)運(yùn)動員下滑的加速度為a，曝光的中間時刻的速度為v0，則有可求得a5.0m/s2又根據(jù)牛頓第二定律有可求得動摩擦因數(shù)為0.13【解析】用s表示題中的位移，表示斜面傾角，t表示曝光時間，表示滑雪板與坡道間的動摩擦因數(shù)，m表示滑雪運(yùn)動員的質(zhì)量。設(shè)運(yùn)動員下滑的加速度為a，曝光的中間時刻的速度為v0，則有（3分）（3分）可求得a5.0m/s2（2分）又根據(jù)牛頓第二定律有（4分）可求得動摩擦因數(shù)為0.13（3分）RmM1N1M2N2MdB21（19分）如圖所示，M1N1、M2N2是兩根處于同一水平面內(nèi)的平行導(dǎo)軌，導(dǎo)軌間距離是d=0.5m，導(dǎo)軌左端接有定值電

13、阻R=2，質(zhì)量為m=0.1kg的滑塊垂直于導(dǎo)軌，可在導(dǎo)軌上左右滑動并與導(dǎo)軌有良好的接觸，滑動過程中滑塊與導(dǎo)軌間的摩擦力恒為f=1N，滑塊用絕緣細(xì)線與質(zhì)量為M=0.2kg的重物連接，細(xì)線跨過光滑的定滑輪，整個裝置放在豎直向上的勻強(qiáng)磁場中，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度是B=2T，將滑塊由靜止釋放。設(shè)導(dǎo)軌足夠長，磁場足夠大，M未落地，且不計(jì)導(dǎo)軌和滑塊的電阻。g=10m/s2 ，求：(1）滑塊能獲得的最大速度 (2）滑塊的加速度為a=2m/s2時的速度(3）設(shè)滑塊從開始運(yùn)動到獲得最大速度的過程中，電流在電阻R上所 做的電功是w=0.8J，求此過程中滑塊滑動的距離【答案】（1）Mg=f+BId I=E/R E=Bd

14、Vm 聯(lián)立解之并代入動能表達(dá)式：Vm=2m/s (2）Mg-f-BId=(M+m)a 聯(lián)立解之：V=R Mg-f-(M+m)a/B2d2 =0.8m/s (3）Mgx-fx-w=（m+M）Vm2/2 NMQPv0BBB××Oxy×××××××××× x=（m+M）(Mg-f)R2/2B4d4+w/(Mg-f)=1.4m 【解析】（1）Mg=f+BId -（2分）I=E/R -（2分）E=BdVm -（2分）聯(lián)立解之并代入動能表達(dá)式：Vm=2m/s -（2分） (2）Mg-f-

15、BId=(M+m)a -（3分）聯(lián)立解之：V=R Mg-f-(M+m)a/B2d2 =0.8m/s -（2分）(3）Mgx-fx-w=（m+M）Vm2/2 -（3分）NMQPv0BBB××Oxy×××××××××× x=（m+M）(Mg-f)R2/2B4d4+w/(Mg-f)=1.4m -（3分）NMQPv0BBE××Oxy××××××××××22（20分）

16、如下圖所示，帶電平行金屬板PQ和MN之間距離為d；兩金屬板之間有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。建立如圖所示的坐標(biāo)系，x軸平行于金屬板，且與金屬板中心線重合，y軸垂直于金屬板。區(qū)域I的左邊界是y軸，右邊界與區(qū)域II的左邊界重合，且與y軸平行；區(qū)域II的左、右邊界平行。在區(qū)域I和區(qū)域II內(nèi)分別存在勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，區(qū)域I內(nèi)的磁場垂直于Oxy平面向外，區(qū)域II內(nèi)的磁場垂直于Oxy平面向里。一電子沿著x軸正向以速度v0射入平行板之間，在平行板間恰好沿著x軸正向做直線運(yùn)動，并先后通過區(qū)域I和II。已知電子電量為e，質(zhì)量為m，區(qū)域I和區(qū)域II沿x軸方向?qū)挾染鶠椤２挥?jì)電子重力。（

17、1）求兩金屬板之間電勢差U；（2）求電子從區(qū)域II右邊界射出時，射出點(diǎn)的縱坐標(biāo)y；（3）撤除區(qū)域I中的磁場而在其中加上沿x軸正向勻強(qiáng)電場，使得該電子剛好不能從區(qū)域II的右邊界飛出。求電子兩次經(jīng)過y軸的時間間隔t。設(shè)電子在區(qū)域I中沿著y軸偏轉(zhuǎn)距離為 y0，區(qū)域I的寬度為b（b=），則 由式聯(lián)立解得： 因?yàn)殡娮釉趦蓚€磁場中有相同的偏轉(zhuǎn)量，故電子從區(qū)域II射出點(diǎn)的縱坐標(biāo) NMQPv0BBB××Oxy××××××××××（3）電子剛好不能從區(qū)域II的右邊界飛出，說明電子在區(qū)域II中做

18、勻速圓周運(yùn)動的軌跡恰好與區(qū)域II的右邊界相切，圓半徑恰好與區(qū)域II寬度相同。電子運(yùn)動軌跡如下圖所示。設(shè)電子進(jìn)入?yún)^(qū)域II時的速度為，則由： 由得： 電子通過區(qū)域I的過程中，向右做勻變速直線運(yùn)動， 此過程中平均速度電子通過區(qū)域I的時間：（b為區(qū)域I的寬度）解得： 電子在區(qū)域II中運(yùn)動了半個圓周，設(shè)電子做圓周運(yùn)動的周期為T，則：電子在區(qū)域II中運(yùn)動的時間由式解得：t2=電子反向通過區(qū)域I的時間仍為, 所以， 電子兩次經(jīng)過y軸的時間間隔： 聯(lián)立解得： 【解析】（1）電子在平行板間做直線運(yùn)動，電場力與洛倫茲力平衡（2分）而U=Ed （2分）由兩式聯(lián)立解得： （2分）（2）如右圖所示，電子進(jìn)入?yún)^(qū)域I做勻速

19、圓周運(yùn)動，向上偏轉(zhuǎn)，洛倫茲力提供向心力 （2分） （2分） 由得： 電子通過區(qū)域I的過程中，向右做勻變速直線運(yùn)動， 此過程中平均速度電子通過區(qū)域I的時間：（b為區(qū)域I的寬度）（1分）解得： 電子在區(qū)域II中運(yùn)動了半個圓周，設(shè)電子做圓周運(yùn)動的周期為T，則：（1分）電子在區(qū)域II中運(yùn)動的時間（1分）由式解得：t2=電子反向通過區(qū)域I的時間仍為, 所以， 電子兩次經(jīng)過y軸的時間間隔： （1分）聯(lián)立解得： （1分）選考部分28【物理選修33】（本題共有兩小題，每小題6分，共12分。每小題只有一個選項(xiàng)符合題意。）（1）做布朗運(yùn)動實(shí)驗(yàn)，得到某個觀測記錄如圖。圖中記錄的是 。（填選項(xiàng)前的字母）A分子無規(guī)則運(yùn)動的情況B某個微粒做布朗運(yùn)動的軌跡C某個微粒做布朗運(yùn)動的速度時間圖線D按等時間間隔依次記錄的某個運(yùn)動微粒位