【精品】2020版高三物理最新信息卷九(含答案)

1、2020年高考高三最新信息卷物理（九）注意事項：1、本試卷分第I卷（選擇題）和第n卷（非選擇題）兩部分。答題前，考生務(wù)必將自 己的姓名、考生號填寫在答題卡上。2、回答第I卷時，選出每小題的答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑， 如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號。寫在試卷上無效。3、回答第n卷時，將答案填寫在答題卡上，寫在試卷上無效。4、考試結(jié)束，將本試卷和答題卡一并交回。二、選擇題：本題共 8小題，每題6分，在每小題給出的四個選項中，第 1418題只有一個選 項符合題目要求。第 1921題有多選項符合題目要求。全部答對的得 6分，選對但不全的得 3分, 有選錯的得0分。1

2、4 .在粗糙水平面上，水平外力F作用在物塊上，t=0時刻物塊開始向右做直線運動，外力F始終不為零，其速度一時間圖象如圖所示。則 （）1 Q |r"p'I I-ibX°i_3-4*1A.在01 s內(nèi)，外力F不斷增大B.在3 s時，物體開始向左運動C.在34 s內(nèi)，外力F不斷減小D.在34 s內(nèi)，外力F的功率不斷減小15.如圖所示，水平地面上放置一斜面體A帶正電的小物塊 B置于A的絕緣斜面上。輕推一下B B能沿斜面勻速下滑。 現(xiàn)在斜面頂端正上方 P點固定一帶正電的點電荷， 讓B從頂端向下運動， 此后（）A.站在赤道上的人觀察到“軌道康復(fù)者”向西運動8 .在圖示軌道上，“

3、軌道康復(fù)者”的加速度大小是地球同步衛(wèi)星的16倍C.在圖示軌道上，地球同步衛(wèi)星的機械能大于“軌道康復(fù)者”的機械能D.若要對該同步衛(wèi)星實施拯救，應(yīng)讓同步衛(wèi)星從圖示軌道上減速，然后與“軌道康復(fù)者”對接17 .如圖所示，A B兩滑塊的質(zhì)量分別為 4 kg和2 kg ,用一輕繩將兩滑塊相連后分別置于兩 等高的光滑水平桌面上，并用手按著兩滑塊固定不動?，F(xiàn)將一輕質(zhì)動滑輪置于輕繩上，然后將一質(zhì)量為4 kg的鉤碼C掛于動滑輪上?，F(xiàn)先后按以下兩種方式操作： 第一種方式只釋放 A而B按著不動; 第二種方式只釋放 B而A按著不動。則C在以上兩種釋放方式中獲得的加速度之比為（）A. 1 : 1 B, 2 : 1 C,

4、3 : 2 D. 3 : 518 .如圖所示，電源電動勢E= 3 V,內(nèi)阻不計，R、R、R為定值電阻，阻值分別為1 、0.5、9 Q, R、R為電阻箱，最大阻值均為 99.9 Q,右側(cè)豎直放置一個電容為1.5X10-3 的理想平行板電容器，電容器板長0.2 m,板間距為0.125 m。一帶電粒子以0.8 m/s的速度沿平行板中線進入，恰好勻速通過，不計空氣阻力，此時R、R阻值分別為1.8 、1 Qo下列說法正確的是（）A.此粒子帶正電B.帶電粒子勻速穿過電容器時，電容器的電荷量為2.7X10-9CC.欲使粒子向上偏轉(zhuǎn)但又不打到電容器的上板，R阻值不得超過5.7 QD.欲使粒子向下偏轉(zhuǎn)但又不打到

5、電容器的下板，R阻值不得低于l.4 Q19.某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，光電子的最大初動能 E與入射光頻率 v之間的關(guān)系如圖所示。已知h為普朗克常量，e為電子電荷量的絕對值，結(jié)合圖象所給信息，下列說法正確的是（）A.頻率小于v 0的入射光不可能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象B.該金屬的逸出功隨入射光頻率的增大而增大C.若用頻率是2 v 0的光照射該金屬，則遏止電壓為A. B物塊做勻速直線運動B. B物塊受到斜面 A對它的作用力大小不變C. B物塊動能的增加量小于電勢能的減少量D.斜面體A受到地面水平向左的靜摩擦力16.圖甲所示的“軌道康復(fù)者”航天器可在太空中給“垃圾”衛(wèi)星補充能源，延長衛(wèi)星的使用壽命。圖乙是

6、“軌道康復(fù)者”在某次拯救一顆地球同步衛(wèi)星前，二者在同一平面內(nèi)沿相同繞行方向繞地球做勻速圓周運動的示意圖，此時二者的連線通過地心、軌道半徑之比為1 :4。若不考慮衛(wèi)星與“軌道康復(fù)者”之間的引力，則下列說法正確的是（）與圓環(huán)間的高度差為hi。D.遏止電壓與入射光的頻率無關(guān)BC場B分為一半徑為 R干電池E （電動勢1.5 V ,內(nèi)電阻0.1 Q）電阻箱R （阻值范圍為0999 Q）電流表A （量程00.6 A，內(nèi)阻1 Q）電阻箱R （阻值范圍為0999.9 Q）開關(guān)S導(dǎo)線若T定值電阻R= 3 a23. （9分）某研究小組欲將電流表改裝成歐姆表，他們在實驗室中找到的器材如下:（1）如圖1所示，電阻箱應(yīng)

7、選擇 。為了將電流表（圖 2）白0 0.6 A標(biāo)注為0 ，電阻 箱的阻值應(yīng)調(diào)整為 ，則 0.2 A 應(yīng)標(biāo)注 Qo20.如圖所示，兩條足夠長的平行金屬導(dǎo)軌固定在水平面內(nèi)，處于磁感應(yīng)強度大小為R方向豎直向下的勻強磁場中，兩導(dǎo)軌間距為 L,左端間接一電阻 R,質(zhì)量為m的金屬桿ab靜置于導(dǎo)軌， 桿與導(dǎo)軌間動摩擦因數(shù)為?，F(xiàn)給金屬桿一個水平向右的沖量 I。，金屬桿運動一段距離 x后靜止,運動過程中與導(dǎo)軌始終保持垂直且接觸良好。不計桿和導(dǎo)軌的電阻，重力加速度為go則金屬桿ab在運動過程中（）A .做勻減速直線運動B.桿中的電流大小逐漸減小，方向從 b流向a2 2B2L2I。C.剛開始運動時加速度大小為gm

8、R"田上,I2D.電阻R上消耗的電功為 mgx2m21 .如圖所示，豎直軌道 ABCDb兩部分構(gòu)成。AB部分為光滑水平軌道,的光滑半圓軌道，AB右端與半圓軌道的底端相切。一質(zhì)量為 m可看成質(zhì)點的小滑塊從 AB軌道的最 左端A點處以速度v。廊R向右滑行，則當(dāng)滑塊滑到圖中的 C點位置時（cos 53。= 0.6）,則下列 說法正確的是（）A.小滑塊在C點處的動能為一mgR5B.小滑塊在C點處的機械能為8mgRC.在C點處軌道對小滑塊的壓力大小為21mg5D.小滑塊能通過最高點，且最高點軌道對小滑塊的壓力為3mg第n卷（非選擇題，共 174分）三、非選擇題（包括必考題和選考題兩部分。第22

9、題第32題為必考題，每個試題考生都必須作答。第33題第40題為選考題，考生根據(jù)要求做答 ）（一）必考題（共129分）22. （6分）“阿特伍德機”是物理學(xué)家喬治？阿特伍德在1784年研制的一種驗證運動定律的機（1）由靜止釋放物塊 A B,當(dāng)物塊B穿過圓環(huán)時，金屬片 C被擱置在圓環(huán)上，此后，物塊 B繼續(xù)下 落。如果忽略一切阻力，物塊B穿過圓環(huán)后做 直線運動。（填“勻速” “勻減速”或“勻加速”）（2）如果在實驗誤差允許的范圍內(nèi)，物塊A B和金屬片C組成的系統(tǒng)，在下落高度的過程中，金屬片C減少的重力勢能等于系統(tǒng)增加的動能，即可驗證該系統(tǒng)機械能守恒。測得物塊B穿過圓環(huán)后下落h2高度所用時間為t ,當(dāng)

10、地的重力加速度為 go則該系統(tǒng)機械能守恒的表達式 為。（3）改變靜止釋放物塊 A B的初始位置，重復(fù)試驗，記錄各次的高度差以及物塊B穿過圓11環(huán)后下落相同高度 h2所用的時間t,以h1為縱軸，以 （填“彳” “t2”或“？ ”）為橫軸，若 作出的圖線為一條過原點的直線，則說明了系統(tǒng)的機械能守恒。（2）研究小組發(fā)現(xiàn)上述改裝成的歐姆表測電阻阻值越大，指針偏轉(zhuǎn)角越小。 為了能讓測電阻的阻值越大，指針偏轉(zhuǎn)角也越大，請在方框內(nèi)重新設(shè)計電路。0。工圖1圖2| ：24. （12分）近年來，網(wǎng)上購物促使快遞行業(yè)迅猛發(fā)展。如圖所示為某快遞車間傳送裝置的簡化 示意圖，傳送帶右端與水平面相切，且保持v°=

11、4 m/s的恒定速率順時針運行，傳送帶的長L= 3 mt現(xiàn)將一質(zhì)量為0.4 kg的包裹A輕放在傳送帶左端，包裹A剛離開傳輸帶時恰好與靜止的包裹B發(fā)生正碰，碰撞時間極短，碰撞后包裹A向前滑行了 0.1 m靜止，包裹B向前運動了 0.4 m靜止。已知包裹A與傳輸帶間的動摩擦系數(shù)為0.4 ,包裹A B與水平面間的動摩擦因數(shù)均為0.5, g取10 m/s2。求：（1）包裹A在傳送帶上運動的時間；（2）包裹B的質(zhì)量。7回f I* I械。其基本結(jié)構(gòu)為在跨過定滑輪的輕繩兩端系著質(zhì)量均為M的物塊A和B,質(zhì)量為m的金屬片C放置在物塊B上（不粘連）。鐵架臺上固定一圓環(huán)，圓環(huán)在物塊B的正下方。系統(tǒng)靜止時，金屬片 C

12、B.物體溫度升高時，速率小的分子數(shù)目減少，速率大的分了數(shù)目增多25. (20分)如圖所示，為了研究帶電粒子在電場和磁場中的運動，在空間中建立一平面直角坐標(biāo)系xOy,在0<y<5l的區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強磁場，在 x>0且y<0的區(qū)域內(nèi)存在沿 y軸正 方向的勻強電場，在 y軸的正半軸上固定著一個長為 l的彈性絕緣擋板，擋板上端位于 Q點，下端 與坐標(biāo)原點O重合。有一質(zhì)量為rq電荷量為q的帶正電的粒子甲從電場中的 M點由靜止釋放，加N點，速后以大小為 v的速度從x軸上的P點進入磁場。當(dāng)粒子甲剛進入磁場時，位于M點正下方的, N 、有一質(zhì)量為mri電何量為1.5 q的田

13、正電的粒子乙由靜止釋放，經(jīng)過to句時間加速后也從 P嵐、井入磁場。已知甲、乙兩粒子在磁場中運動軌跡重合，均垂直打在彈性擋板上的Q點并以原速率彈回，不考慮粒子與擋板發(fā)生碰撞所需的時間，不計粒子重力。(1)求磁場的磁感應(yīng)強度大小 B；(2)求M P兩點和NL P兩點間的距離yi和y2；(3)若粒子乙與彈性擋板相碰時，立即撤去磁場，并經(jīng)過時間t恢復(fù)原磁場，要使此后兩粒子一直在磁場中運動但不能經(jīng)過同一位置，求時間t的取值范圍。C. 一定量100 C的水變成100 C的水蒸氣，其分子平均動能增加D.物體從外界吸收熱量，其內(nèi)能不一定增加E.液晶的光學(xué)性質(zhì)具有各向異性(2)(10分)如圖所示，導(dǎo)熱氣缸由半徑

14、不同的兩個圓柱形容器組成，氣缸上部橫截面積為 1.5 S,深度為0.5 L,下部橫截面積為 S,深度為L,側(cè)面有閥門C, C處于打開狀態(tài)。活塞上表面通過滑輪 與一水桶相連。關(guān)閉閥門后向水桶中緩慢加水，使活塞上升到距氣缸上口0.3 L處停下。已知：大氣壓強為P。，室溫為T),重力加速度為g,不計一切摩擦，忽略水桶質(zhì)量、活塞厚度及活塞質(zhì)量。求：(i)加入桶中水的質(zhì)量；(ii)將桶中的水取走一半，并對缸中氣體緩慢加熱，當(dāng)活塞再次停于離氣缸上口0.3 L處時，氣體的溫度。34.【物理一一選修 3-4】(15分)(1)(5 分)如圖所示，實線是一列簡諸橫波在 t1時刻的波形圖，M是平衡位置距 O點5 m

15、的質(zhì)點, 虛線是t2=(t1+0.2)s時刻的波形圖。下列說法中，正確的是 。(填正確答案標(biāo)號。選對 1個得2分，選對2個得4分，選對3個得5分。每選錯1個扣3分，最低得分為0分)上(二)選考題：共 45分。請考生從給出的 2道物理題、2道化學(xué)題、2道生物題中每科任選一題作答。如果多做。則每學(xué)科按所做的第一題計分。33.【物理一一選修 3-3】(15分)(1)(5分)下列說法中正確的是 。(填正確答案標(biāo)號。選對 1個得2分，選對2個得4 分，選對3個得5分。每選錯1個扣3分，最低得分為0分)A.氣體如果失去了容器的約束就會散開，這是因為氣體分子之間存在勢能A.該波遇到長度為 3米的障礙物時將會

16、發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象B.波速可能為20 m/sC.該波的周期可能為 0.6 sD.若波速為35 m/s ,該波一定沿著 x軸負方向傳播E.若波速為15 m/s ,從t1到t2時刻，質(zhì)點 M運動的路程為60 cm(2)(10分)如圖所示，ABC等腰直角三棱鏡的截面圖，/ A= 90。一束平行于 BC邊的單色光 從AB邊上的M點射入，折射光線剛好射到 C點，已知三棱鏡對該單色光的折射率為 2 2 , AB邊的長 度為L。(i)求M點至U A點的距離；(ii)保持入射光線的方向不變，讓入射點沿AB邊下移，使折射光線剛好射到BC邊上的中點，求入射點沿AB邊移動的距離，并判斷折射光線在BC邊上是否會發(fā)生全發(fā)

17、射。絕密啟用前2019年高考高三最新信息卷物理答案（九）二、選擇題：本題共 8小題，每題6分，在每小題給出的四個選項中，第1418題只有一個選項符合題目要求。第 1921題有多選項符合題目要求。全部答對的得6分，選對但不全的得 3分,有選錯的得0分。14 .【答案】D【解析】根據(jù)題意分析，設(shè)阻力為 f,根據(jù)牛頓第二定律 產(chǎn)根據(jù)圖象分析，在 。1 s 內(nèi)加速度逐漸減小，所以外力 F逐漸減小，A錯誤；根據(jù)題意分析，向右為正方向，3s前后速度始終為正值，始終是正方向，向右運動，B錯誤；根據(jù)牛頓第二定律 I = m口,根據(jù)圖象分析在 3-4s內(nèi)加速度不變，所以外力不變，C錯誤；外力功率P=F 結(jié)合選項

18、C的分析，F(xiàn)不變，而3-4 s內(nèi)速度減小，所以功率減小，D正確。15 .【答案】C【解析】物塊B下滑的過程中，R P距離越來越大，正電荷 P對正電荷B的庫倫斥力是變力且越來越小，B做變加速運動，故 A錯誤；由于P對B的庫倫斥力變小，所以這個庫倫力在垂直于斜面的分力也減小，AB之間摩擦力也減小，所以 B對A的作用力也不斷減小，故 B錯誤；根據(jù)題意，沒有電荷P時，B沿斜面向下做勻速運動，根據(jù)動能定理：mgh W= 0,有電荷P時，B沿斜面做變加速運動，由動能定理：mg"Wk-W =& ,由于f' >f，所以W >W,因為電勢能的減小量等于電場 力做功，聯(lián)合可得

19、物塊動能的增加與電勢能的減小量之差為：&-W=mghrW =W-W <0,則有: RvWL,故C正確；把 A B看成一個整體，電荷 P對這個整體有沿斜向左下方的庫倫斥力，故 A有向左的運動的趨勢，斜面體 A有受到地面向右的靜摩擦力，故 D錯誤。16 .【答案】B【解析】因“軌道康復(fù)者”的高度低于同步衛(wèi)星的高度，可知其角速度大于同步衛(wèi)星的角速度，也大于站在赤道上的觀察者的角速度，則站在赤道上的人觀察到“軌道康復(fù)者”向東運動，選項AMmGMma a=錯誤；由 廣 得： r ,在圖示軌道上，“軌道康復(fù)者”與地球同步衛(wèi)星加速度之比為%野421a11rli，故B正確；因“軌道康復(fù)者”與地球

20、同步衛(wèi)星的質(zhì)量關(guān)系不確定，則不能比較機械能的關(guān)系，選項 C錯誤；應(yīng)讓“軌道康復(fù)者”從圖示軌道上加速，與同步衛(wèi)星進行對接，故 D錯 誤。17 .【答案】D【解析】固定滑塊B不動，釋放滑塊A,設(shè)毛t塊A的加速度為aA,鉤碼C的加速度為ac,根據(jù)動滑輪的特征可知，在相同的時間內(nèi)，滑塊A運動的位移是鉤碼 C的2倍，所以滑塊 A、鉤碼C之間的加速度之比為 aA: aC=2:1。此時設(shè)輕繩之間的張力為 T,對于滑塊 A,由牛頓第二定律可知 T =rasa,對于鉤碼 C由牛頓第二定律可得 mg-2T= nCa?聯(lián)立解得 T= 16 N, aC= 2 m/s； aA= 4 m/s2。若只釋放滑塊 B,設(shè)，t塊

21、B的加速度為sb,鉤碼C的加速度為a。？根據(jù)動滑輪的特征可知，在相同 的時間內(nèi)，滑塊B運動的位移是鉤碼的 2倍，所以滑塊B、鉤碼之間的加速度之比也為sb： Sc?= 2 :1 ,此時設(shè)輕繩之間的張力為 T?對于滑塊B,由牛頓第二定律可知 T ?= maB,對于鉤碼C由牛頓第二丁 402010T Sb Sc定律可得 mg-2T? =maC?,聯(lián)立解彳導(dǎo) 3 NI,3 m/s2,3 m/s2o則C在以上兩種釋放方式中獲得的加速度之比為sc : Sc?= 3 :5 ,故D正確。18 .【答案】C【解析】 上極板與電源的正極相連，極板間電場方向向下，粒子所受的電場力方向向上，故粒子帶負電，故 A錯誤；

22、電容器與 R、R、R這部分電路并聯(lián)，當(dāng)粒子勻速穿過電容器時，R、R、R這部分電路的總電阻為 2Q ,根據(jù)串聯(lián)電路分壓特點可得這部分的電壓 Ub= 2V,電容器的電荷量為 Q0 = CU=1.5X10 9X2C= 3X10 9C,故B錯誤；當(dāng)粒子勻速穿過電容器時，有 qE°=mg粒子在電容I 0.2 = 0.25s 器中的運動時間小IL"。當(dāng)粒子向上偏轉(zhuǎn)且剛好經(jīng)過上極板最右端時，在豎直方向上，17 5| 田 琦 5有 一工,解得：a=2m/s2.由牛頓第二定律得 qE-mg= ma可得力一口，并可得"】一片一"，U怎 0.6由此得R、R、R這部分電路總電壓

23、 U=2.4V ,R的電壓 S = E- U=0.6V,電流 灼 1,近24R?心口口=7 = 4 n=nD-可彳導(dǎo)R、R、R這部分電路總電阻八06 ，由一小十斤4,由此算出R=5.7Q,所以欲使粒子向上偏轉(zhuǎn)但又不打到電容器的上板，R阻值不得超過5.7 Q,故C正確；同理，粒子經(jīng)過下極板最右端時的加速度 a=2m/s2.電容器極板間電壓 U2=1.6V,解得：R=0.69Q,故D錯誤。19 .【答案】AC【解析】由圖象可知金屬的極限頻率為V 0,入射光的頻率必須要大于V0才能發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象，選項A正確；金屬的逸出功與入射光的頻率無關(guān)，選項 B錯誤；若用頻率是 2V。的光照射該金 屬，則光電子

24、的最大初動能為2K。-"%=我0=1勺，則遏止電壓為"一W ,選項c正確；遏 止電壓與入射光的頻率有關(guān)，入射光的頻率越大，則最大初動能越大，遏制電壓越大，選項D錯誤。20 .【答案】BDU【解析】金屬桿獲得沖量Io后，速度m ,對金屬桿應(yīng)用右手定則分析可得電流方向是b到a,B21v B2L2vF-=BtL=- 阿也 + 萬一受安培力方向向左，根據(jù)牛頓第二定律"* ,' 八 ，所以桿做的是加速度減小的減速直線運動，A錯誤，B正確；剛開始運動時，八， 巾，聯(lián)立解得：曲1布-+ 圖0 - -tnv2 = -qxmC , C錯誤；對金屬棒應(yīng)用動能定理：一,克服安培

25、力的功等于轉(zhuǎn)化給回路的電能即電阻消耗的電功，解得:叩士二-iimax2m ' , D正確。21 .【答案】ACD【解析】設(shè)小滑塊在B點的速度為小滑塊恰好通過最高點時有:mg12mv2 由動能定理可得：21mv2 2mgR2,解得/謳 曬R,故小滑塊可通過最高點，通過最高點的速度由動能定理可得1212mv2m4222mgR,解得v20 gR ,設(shè)軌道對小滑塊的壓力為 N,N由牛頓第二定律可得：2V2 mg mR ,解得N= 3mg故D正確。小滑塊從B點處滑到C點處時由12-m%機械能守恒定律得：2mgR1 cos53)1224 -mvv 1 gR2,解得小滑塊到達 C點時的速度為 5,1

26、2 gRmV-小滑塊在C點處的動能為 曰=5 ，故A正確；根據(jù)牛頓第二定律可得：mgos530 + N=R ,21代入數(shù)據(jù)解得：N= 5 ，故C正確；小滑塊在運動過程中機械能守恒，在C點的機械能為E 1mv2 4mgR2,故B錯誤。第H卷（非選擇題，共 174分）三、非選擇題（包括必考題和選考題兩部分。第22題第32題為必考題，每個試題考生都必須作答。第33題第40題為選考題，考生根據(jù)要求做答）（一）必考題（共129分）22. （6 分）1M1【答案】（1）勻速 （2分）（2） mgh=J1 （2分） （3） 卜（2分）【解析】（1）因AB質(zhì)量相同，則物塊 B穿過圓環(huán)后做勻速直線運動。（2）由

27、題意可知，系統(tǒng) ABC減小的重力勢能轉(zhuǎn)化為系統(tǒng)白增加的動能，即為：mgl+MghMgh=11111憎111 h22M+n）v2,即為：mgh= * （2Mhm） v：又 v=,得：mgh= ' （2M+g （ ' ）2。di|（2M + m）v2 + 福 11將mgh； （2M+m） v：變形后，則有：12m21ng 已因此以為橫軸;（2 肘 + rri）h由上式可知，作出的圖線是一條過原點的直線，直線的斜率：k=2mB 。23. （9 分）【答案】（1） R （2分）1.4 （2分）5 （2分）（2）如圖所示（3分）【解析】（1）根據(jù)歐姆定律，E= IgR總，R總=r+R+R

28、',聯(lián)立可得 R =1.4 Q。由于需要用到0.1 Q,故需選 R;由前面的分析可知，當(dāng) 0.6 A標(biāo)注為0 Q時，電阻箱示數(shù)應(yīng)為 1.4 。當(dāng)電 流表示數(shù)為 0.2 A 時，E= Ig（r+R+R' +R）,可得 R = 5 Qo（2）要使所測電阻阻值越大，電流表示數(shù)越大，可采用并聯(lián)接法，如圖所示，定值電阻R為保護電阻。24. （12 分）【解析】（1）包裹A在傳送帶滑行，由牛頓第二定律可得：出m闋=（1分）假設(shè)包裹A離開傳送帶前就與傳送帶共速，由勻變速運動知識可得：巧，一°一2口盧1 （1分）解得：忖="<£,所以上述假設(shè)成立I _1 J

29、加速過程：”一1 （1分）勻速過程：'一以=20。（1分）包裹A在傳送帶上運動的時間：F=，1+與（1分）聯(lián)立解得：t = 1.25s（1分）（2）包裹A在水平面滑動時，由牛頓第二定律可得：2m=m2（1分）由式解得：同理可知包裹B在水平面滑動的加速度也是=（1分）包裹A向前滑動至靜止：“一”/一一2取肛0分）包裹B向前滑動至靜止：°-0/-2級孫（1分）包裹A、B相碰前后系統(tǒng)動量守值：帆心0=仙八/ 十團即r （1分）聯(lián)立解得：叫=°，同（1分）25. （20 分）【解析】（1）由于兩粒子均垂直 x軸進入磁場且垂直打在彈性擋板上，由幾何關(guān)系可知，兩粒子在磁場中做勻

30、速圓周運動的半徑r = l（1分）mv2 quH=J 對于粒子甲在磁場中的運動，有（1分）mv mvB二k 二 r解得：甲引（1分）（2）設(shè)粒子乙進入磁場時的速率為v',電場區(qū)域中電場強度的大小為E,對于粒子乙在磁場中3mv'2的運動，有：金 （ （1分）OO與x軸平行,解得:%后7廿（4分）（n= 0、1、2、3.）；3qRr 3v得：1/3球由運動學(xué)規(guī)律可得：肌=2 °飛（1分）立 1，2QEyi =-mv L粒子甲從M點運動到P點的過程中，由動能定理得：2（1分）爭1立Ey2-mv粒子乙從N點運動到P點的過程中，由動能定理得：22（1分）3 廿”近丫1 =7式一

31、）=-聯(lián)立上述兩式可得：*v， 4。分）市v（0c0=i x w=q（r粒子甲進入磁場后經(jīng)過時間繞圓心o轉(zhuǎn)過的角度：2n（i分）即粒子乙到達P點時，粒子甲恰好打在 Q點上如山=X2,rJl7'=Q-粒子乙從P點運動到Q點用時：%。"（1分）I 叫（?=.X 360 = 60°在時間ti內(nèi)，粒子甲繞圓心 Q轉(zhuǎn)過的角度：'金爪（1分）設(shè)磁場撤去時，粒子甲位于C點，即=此后兩粒子均做勻速直線運動；若磁場恢復(fù)后，兩粒子運動軌跡恰好相切于G點，如圖所示。設(shè)粒子甲、乙運動軌跡的圓心分別為Q、Q,磁場恢復(fù)時粒子甲、乙分別位于F、D兩點上，由幾何關(guān)系可知，線段 四邊形O1O

32、2F矩形，o1o2=cf=vi3m = QD = !7't=O2O3 = 2r = 2l323(2I)2=(vt)2 + (jUXt) - 2(vt) x (-vt)cos60s在AO10203K由余弦定理得：若磁場恢復(fù)后，粒子甲的運動軌跡恰好與磁場上邊界相切于H點，如圖所示。設(shè)粒子甲、乙運 動軌跡的圓心分別為 02'、Q',磁場恢復(fù)時粒子甲、 乙分別位于F'、D'兩點上，過點Q'作02' I 垂直O(jiān)Q'于點I ,由幾何關(guān)系可知0x02-F -VI%r=。1臭苫加60口=3蹌 £r二仇 + 32=5t由圖可知：解得： 3v（4分）4招綜上所述，時間t的取值范圍為：石廠幣7。（1分）（二）選考題：共 45分。請考生從給出的 2道物理題、2道化學(xué)題、2道生物題中每科任選 題作答。如果多做。則每學(xué)科按所做的第一題計分。33.【物理一一選修 3-3】（15分）（1）（5 分）【答