(新課標(biāo)地區(qū)專用)2020高考物理非選擇題60分鐘定時(shí)訓(xùn)練：5(含解析)

1、1非選擇題定時(shí)訓(xùn)練 5(限時(shí)：60 分鐘)三、實(shí)驗(yàn)題13. (2019 廣東揭陽(yáng)市第二次模擬)某同學(xué)用一個(gè)滿偏電流為10mA 內(nèi)阻為 30Q的電流表,一只滑動(dòng)變阻器和一節(jié)電動(dòng)勢(shì)為1.5V 的干電池組裝成一個(gè)歐姆表.(1) 該同學(xué)按圖 1 正確連接好電路.甲、乙表筆中，甲表筆應(yīng)是 _(選填“紅”或“黑”)表筆.(2) 測(cè)量電阻前，他先進(jìn)行歐姆調(diào)零：將甲、乙表筆短接，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，使電流表指針指到_處.圖 2(3)歐姆調(diào)零后，他將甲、乙兩表筆分別接如圖 2 中的a、b兩點(diǎn)，指針指在電流表刻度的4mA處，則電阻R=_Q.若誤將甲、乙兩表筆分別接在了如圖2 中的a、c兩點(diǎn)，貝UR的測(cè)量結(jié)果_(選填“

2、偏大”或“偏小”).(5)再給電流表并聯(lián)一個(gè)合適的定值電阻民，就可組裝成一個(gè)中間刻度值為15Q的歐姆表，則 Fb=_Q.(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)答案紅(2)10mA(3)225(4)偏小(5)3.3解析(1)由題圖示可知，甲表筆與歐姆表內(nèi)置電源負(fù)極相連，甲表筆是紅表筆；(2) 測(cè)量電阻前，他先進(jìn)行歐姆調(diào)零：將甲、乙表筆短接，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，使電流表指針指到電阻為零即電流最大(10mA);E1 5(3) 歐姆表內(nèi)阻：R內(nèi)=廠=計(jì)Q= 150Q，指針指在電流表刻度的4mA 處，由閉合電路歐姆Ig101 5V定律得：4X10_3A=150 +R，解得：FX= 225Q;(4) 若誤將甲、乙兩表筆分別

3、接在了圖中的a、c兩點(diǎn)，由題圖示電路圖可知，兩電池串聯(lián)，2相當(dāng)于歐姆表內(nèi)置電源電動(dòng)勢(shì)E變大，由閉合電路歐姆定律可知，電路電流變大，歐姆表指針偏右，歐姆表示數(shù)變小，F(xiàn)X的測(cè)量結(jié)果偏?。?E1 5(5)歐姆表內(nèi)阻等于中值電阻，中間刻度值為15Q的歐姆表，其內(nèi)阻為15Q,I= = -.-A&15Igj=0.1A，把電流表改裝成 0.1A 的電流表需要并聯(lián)分流電阻，分流電阻阻值：F0=-(o.i 0.010A3.3Q.14. (2019 陜西省第二次質(zhì)檢)某實(shí)驗(yàn)興趣小組為了測(cè)量物體間的動(dòng)摩擦因數(shù)，設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)：(1)如圖 3 甲，將輕彈簧豎直懸掛，用刻度尺測(cè)出彈簧自由懸掛時(shí)的長(zhǎng)度L1= 4.

4、00cm.如圖乙，在彈簧的下端懸掛小木塊，用刻度尺測(cè)出穩(wěn)定時(shí)彈簧的長(zhǎng)度L2=_cm.(3)將一長(zhǎng)木板平放在水平面上，小木塊放置于木板上表面，如圖丙，將圖乙中的彈簧左端固定在豎直墻壁上，右端拴接小木塊，使彈簧水平，用力F向右拉動(dòng)長(zhǎng)木板，長(zhǎng)木板與小木塊發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)，當(dāng)小木塊穩(wěn)定時(shí)，測(cè)出此時(shí)彈簧的長(zhǎng)度L3= 6.07cm.(4)根據(jù)上面的操作，可以得出小木塊與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)卩=_(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字).若圖丙實(shí)驗(yàn)中彈簧不水平，左端略高一些，由此而引起的動(dòng)摩擦因數(shù)卩的測(cè)量結(jié)果_(填“偏大”或“偏小”).答案 (2)8.65(8.638.67)(4)0.44 或 0.45(5)偏小解析(2)刻度

5、尺的最小分度值為0.1cm，刻度尺的讀數(shù)為 8.65cm ;(4)根據(jù)平衡條件可得小木塊的重力為：Mg= k(L2LJ，用力向右拉動(dòng)長(zhǎng)木板，長(zhǎng)木板與小屮丙4木塊發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)，當(dāng)小木塊穩(wěn)定時(shí)，則有：Ff=k(LsL1)，可以得出小木塊與長(zhǎng)木板間的若圖丙實(shí)驗(yàn)中彈簧不水平，左端略高一些，則有：F彈cos0=卩(Mg- F彈sin0)，解得小木塊與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)：廠M彈sin0，由于左端略咼一些，則有00，所以:動(dòng)摩擦因數(shù):廠Mg=L3L1L2L0.455F彈cos0F彈cos0卩=Mg- F彈sin0Mg四、計(jì)算題15. (2019 河南鄭州市第三次質(zhì)量預(yù)測(cè))翼型飛行器有很好的飛行性能，其原理

6、是通過對(duì)降落傘的調(diào)節(jié)，使空氣升力和空氣阻力都受到影響，同時(shí)通過控制動(dòng)力的大小而改變飛行器的 飛行狀態(tài)已知飛行器的動(dòng)力F始終與飛行方向相同，空氣升力F1與飛行方向垂直且平行于機(jī)翼的中垂線，大小與速度的平方成正比，即F1=Cv2;空氣阻力F2與飛行方向相反，大小2與速度的平方成正比，即F2=Cv.其中C、C2相互影響，可由運(yùn)動(dòng)員調(diào)節(jié)，滿足如圖4 甲所示的關(guān)系.飛行員和裝備的總質(zhì)量為m=90kg.(取重力加速度g= 10m/s2)圖 4若飛行員使飛行器以速度 Vi=1oJ3m/s在空中沿水平方向勻速飛行，如圖乙所示.結(jié)合甲圖計(jì)算，飛行器受到的動(dòng)力F為多大？(2)若飛行員使飛行器在空中的某一水平面內(nèi)做

7、勻速圓周運(yùn)動(dòng)，如圖丙所示，在此過程中調(diào)節(jié)Ci= 5.0Ns2/m2，機(jī)翼中垂線和豎直方向夾角為0= 37，求飛行器做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑r和速度V2的大小.(已知 sin37 = 0.6 , cos37 = 0.8)答案 (1)750N(2)30m15m/s解析(1)選飛行器和飛行員為研究對(duì)象，由受力分析可知，在豎直方向上有：mg= Gvi222得:G= 3Ns/m由C、C2關(guān)系圖象可得：2.5Ns2/m2在水平方向上，動(dòng)力和阻力平衡：F=F22又F2=C2V1解得：F= 750N飛行器在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則在豎直方向所受合力為零，有：mg= Gv22cos0由此而引起的動(dòng)摩擦因數(shù)卩的測(cè)量

8、結(jié)果偏小.-Ti 1 1622V2水平方向所受合力提供向心力，有：Cv2Sin0=m聯(lián)立解得：r= 30mV2= 15m/s.16. (2019 遼寧大連市第二次模擬)滑板運(yùn)動(dòng)是極限運(yùn)動(dòng)的鼻祖，很多極限運(yùn)動(dòng)都是由滑板1運(yùn)動(dòng)延伸而來如圖 5 所示是一個(gè)滑板場(chǎng)地，OP段是光滑的 4 圓弧軌道，半徑為 0.8m.PQ段是足夠長(zhǎng)的粗糙水平地面， 滑板與水平地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為 卩=0.2.滑板手踩著滑板A從O點(diǎn)由靜止滑下，到達(dá)P點(diǎn)時(shí)，立即向前起跳.滑板手離開滑板A后，滑板A以速度vi= 2m/s 返回，滑板手落到前面相同的滑板B上，并一起向前繼續(xù)滑動(dòng).已知兩滑板質(zhì)量均為 m= 5 kg,2滑板手的質(zhì)量

9、是滑板的9 倍，滑板B與P點(diǎn)的距離為x= 1 m,g= 10 m/s .(不考慮滑板的長(zhǎng)度以及滑板手和滑板間的作用時(shí)間，不計(jì)空氣阻力)求：圖 5(1) 當(dāng)滑板手和滑板A到達(dá)圓弧軌道末端P點(diǎn)時(shí)滑板A對(duì)軌道的壓力；(2) 滑板手落到滑板B后瞬間，滑板B的速度大?。?3) 兩個(gè)滑板間的最終距離.答案 (1)1500N，豎直向下(2)4.2m/s(3)4.41m解析(1)滑板手與滑板A由O點(diǎn)下滑到P點(diǎn)過程，由機(jī)械能守恒：10mg= gx10mV,代入數(shù)據(jù)解得v=2gR= 4m/s,設(shè)在P點(diǎn)時(shí)滑板手與滑板A所受到的支持力為FN：2由牛頓第二定律可得FN10mg=10葉；代入數(shù)據(jù)解得：FN=1500N,根

10、據(jù)牛頓第三定律得F壓=FN=1500N,方向豎直向下；(2) 滑板手跳離A板，滑板手與滑板A水平方向動(dòng)量守恒 10mv=mv+ 9mv,14代入數(shù)據(jù)解得：V2= m/s,3滑板手跳上B板，滑板手與滑板B水平方向動(dòng)量守恒 9mv= 10mv,解得：V3= 4.2m/s ;2(3) 滑板B的位移XB=”J= 4.41m，滑板A在弧面上滑行的過程中，機(jī)械能守恒，所以再次2卩g2V1返回P點(diǎn)時(shí)的速度大小仍為V1= 2m/s,滑板A在水平地面上的位移XA= 1m,2卩g最終兩滑板的間距為L(zhǎng)=XB+XXA=4.41m.717. (2019 山西運(yùn)城市 5 月適應(yīng)性測(cè)試)如圖 6 甲所示，以O(shè)為坐標(biāo)原點(diǎn)建立

11、坐標(biāo)系，等邊三角形OMN內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，三角形外側(cè)有沿x軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng).現(xiàn)有質(zhì)量m 1X1018kg，電荷量q= + 1X10一15C 的帶電微粒從坐標(biāo)為(0，- 0.5m)的Q點(diǎn)，以某 一初速度V。沿某一方向入射，從x軸上的P點(diǎn)以v= 200m/s 的速度垂直x軸進(jìn)入三角形區(qū)域.若 此時(shí)將三角形外側(cè)的電場(chǎng)換成垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)(如圖乙所示)，兩磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等.已知三角形的邊長(zhǎng)L= 4mO P兩點(diǎn)間距離為d= 1m 重力不計(jì).求：(1) 勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小及帶電微粒的初速度大??；(2) 若兩磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B= 0.2T，求該微粒在乙圖中運(yùn)動(dòng)一個(gè)周期的時(shí)間；(3) 乙圖中若微粒能再次回到P點(diǎn)，則兩勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小應(yīng)滿足什么條件.答案 (1)320V/m200 17m/s (2)6.28x10-2s (3) B= (0.4n+ 0.2) T , (n= 0,1,2,3 )解析(1)在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，對(duì)微粒受力分析，根據(jù)牛頓運(yùn)動(dòng)定律可知，水平方向OP=qEt2豎直方向OQ= vt水平分速度Vx=晉微粒的初速度Vo=,V2+Vx2聯(lián)立解得E= 320V/m,V0= 200 17m/s ;(2)粒子在兩磁場(chǎng)中均做勻速圓周