廣西欽州市高三物理二模試卷(含解析)

1、2016年廣西欽州市高考物理二模試卷二.選擇題（本題共 8小題，每小題6分，在每小題給出的四個選項中，第1418題只有一項是符合題目要求的.第1921題有多個選項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得 0分）1.物理學(xué)中有多種研究問題的方法，下列有關(guān)研究方法的敘述中錯誤的是（）A.將實際的物體抽象為質(zhì)點采用的是建立理想模型法B.探究加速度a與力F、質(zhì)量m之間的關(guān)系時，采用了控制變量法C.定義電場強度的概念，采用的是比值定義法D.伽利略比薩斜塔上的落體實驗，采用的是理想實驗法2 .如圖所示，一物塊靜止在粗糙的斜面上.現(xiàn)用一水平向右的推力F推物塊，物塊仍靜止B.斜面對物塊的

2、支持力一定變大C.斜面對物塊的靜摩擦力一定變小D.斜面對物塊的靜摩擦力一定變大3 .在無限大的光滑水平桌面上有一小球（可視為質(zhì)點）處于平衡狀態(tài)，從某時刻起，小球受到水平方向的恒力作用，關(guān)于小球以后的運動，下列說法正確的是（）A.小球可能做勻速直線運動 B.小球只能做勻變速運動C.小球可能做勻速圓周運動 D.小球可能做變速圓周運動4 .如圖甲所示的電路中，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為5: 1,原線圈輸入如圖乙所示的電壓，副線圈接火災(zāi)報警系統(tǒng)（報警器未畫出），電壓表和電流表均為理想電表，R為定值電阻，R為半導(dǎo)體熱敏電阻（其阻值隨溫度的升高而減?。?下列說法中正確的是（ ） jlr I T I。&q

3、uot;"I 。乃S乙A.圖乙中電壓白有效值為110VB.電壓表的示數(shù)為 44VC. R處出現(xiàn)火警時，電流表示數(shù)減小D. R處出現(xiàn)火警時，電阻 R消耗的電功率增大5 .如圖是某離子選擇器的原理示意圖，在橫截面半徑r=4cm的圓形區(qū)域內(nèi)有磁感應(yīng)強度B=2X 10-4T的勻強磁場，磁場方向平行于柱形圓筒的軸線向外，在圓柱形筒壁上某一直徑 兩端開有兩個小孔 a、b,分別作為離子的入射孔和出射孔.現(xiàn)有一束比荷為r=4x 1011C/kg的正離子，以不同速率從 a孔射入，入射方向均與 ab成某角度。=30° ,m若某離子經(jīng)過圖中 OC中點，且不與筒壁碰撞，直接從 b孔射出，已知 OC

4、Lab,忽略重 力、空氣阻力及離子間相互作用，則該離子速率為（）A. 4X105m/sB. 2X105m/sC. 4X106m/sD. 2X 106m/s6 .據(jù)英國衛(wèi)報網(wǎng)站 2015年1月6日報道，在太陽系之外，科學(xué)家發(fā)現(xiàn)了一顆最適宜人類居住的類地行星，繞恒星橙矮星運行，命名為“開普勒438b” .假設(shè)該行星與地球繞恒星均做勻速圓周運動，其運行的周期為地球運行周期的p倍，橙矮星的質(zhì)量為太陽的 q倍.則該行星與地球的（）C.線速度之比為7.如圖所示，在x軸相距為L的兩點固定兩個等量異種點電荷+Q - Q,虛線是以+Q所在a、c兩點在x軸上，b、dA.軌道半徑之比為. - B.軌道半徑之比為 ,

5、T點為圓心、行為半徑的圓，a、b、c、d是圓上的四個點，其中兩點關(guān)于x軸對稱.下列判斷正確的是（）22 / 211 . b、d兩點處的電勢相同B.四點中c點處的電勢最低C. b、d兩點處的電場強度相同D.將一試探電荷+q沿圓周由a點移至c點，+q的電勢能增大8.如圖所示，空間有一垂直紙面向外的磁感應(yīng)強度為0.5T的勻強磁場，一質(zhì)量為0.2kg且足夠長的絕緣木板靜止在光滑水平面上，在木板左端放置一質(zhì)量為m=0.1kg、帶正電q=0.2C的滑塊，滑塊與絕緣木板之間動摩擦因數(shù)為0.5 ,滑塊受到的最大靜摩擦力可認為等于滑動摩擦力.現(xiàn)對木板施加方向水平向左，大小為 F=0.6N的恒力，g取10m/s2

6、.則滑 塊（）A.開始做勻加速運動，然后做加速度減小的加速運動，最后做勻速直線運動8 . 一直做加速度為 2m/s2的勻加速運動，直到滑塊飛離木板為止C.速度為6m/s時，滑塊開始減速D.最終做速度為10m/s的勻速運動、解答題（共4小題，滿分47分）9 .在“驗證機械能守恒定律”實驗中，某研究小組采用了如圖甲所示的實驗裝置.實驗的主要步驟是：在一根不可伸長的細線一端系一金屬小球，另一端固定于。點，記下小球靜止時球心的位置 A,在A處放置一個光電門，現(xiàn)將小球拉至球心距 A高度為h處由靜止釋 放，記下小球通過光電門時的擋光時間 t .甲石(1)如圖乙，用游標(biāo)卡尺測得小球的直徑d=cm;(2)該同

7、學(xué)測出一組數(shù)據(jù)如下：高度 h=0.21m,擋光時間 t=0.0052s ,設(shè)小球質(zhì)量為 m=100g, g=9.8m/s 2.計算小球重力勢能的減小量p=J,動能的增加量k二 J,得出的結(jié)論： ,分析誤差產(chǎn)生的原因是 .(結(jié)果均保留三位 有效數(shù)字)10 .某同學(xué)準(zhǔn)備利用下列器材測量干電池的電動勢和內(nèi)電阻.A.待測干電池兩節(jié)，每節(jié)電池電動勢約為1.5V,內(nèi)阻約幾歐姆11 直流電壓表 V、V 量程均為3V,內(nèi)阻約為3kQC.定值電阻R未知D.滑動變阻器 R,最大阻值 RE.導(dǎo)線和開關(guān)(1)根據(jù)如圖甲所示的實物連接圖，在圖乙方框中畫出相應(yīng)的電路圖(2)實驗之前，需要利用該電路圖測出定值電阻R,方法是

8、先把滑動變阻器R調(diào)到最大阻值R,再閉合開關(guān)，電壓表 V1和V2的讀數(shù)分別為 Uw、U20,則K= (用Uw、 U2o、R表不')(3)實驗中移動滑動變阻器觸頭，讀出電壓表Vi和的多組數(shù)據(jù)U、12,描繪出U-廿圖象如圖丙所示，圖中直線斜率為k,與橫軸的截距為 a,則兩節(jié)干電池的總電動勢E=,總內(nèi)阻 r= (用k、a、R0表示).11 .如圖所示，在真空中足夠大的絕緣水平面上，有一個質(zhì)量m=0.20kg,帶電荷量q=2.0X1。6C的小物塊處于靜止?fàn)顟B(tài).從 t=0時刻開始，在水平面上方空間加一個范圍足 夠大、水平向右 E=3.0X105N/C的勻強電場，使小物塊由靜止開始做勻加速直線運動.

9、當(dāng) 小物塊運動1.0s時撤去該電場.已知小物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)尸0.10,取重力加速度 g=10m/s2.求：(1)小物塊運動1.0s時速度v的大小;(2)小物塊運動2.0s過程中位移x的大??；(3)小物塊運動過程中電場力對小物塊所做的功W12 .如圖甲所示，有一磁感應(yīng)強度大小為B、垂直紙面向外的勻強磁場，磁場邊界OP與水平方向夾角為0 =45。，緊靠磁場右上邊界放置長為L、間距為d的平行金屬板 M N,磁場邊界上的。點與N板在同一水平面上， Q、。為電場左右邊界中點.在兩板間存在如圖 乙所示的交變電場(取豎直向下為正方向).某時刻從。點豎直向上以不同初速度同時發(fā)射兩個相同的質(zhì)量為 m電

10、量為+q的粒子a和b.結(jié)果粒子a恰從O點水平進入板間電場 運動，由電場中的 Q點射出；粒子b恰好從M板左端邊緣水平進入電場.不計粒子重力和 粒子間相互作用，電場周期T未知.求：(1)粒子a、b從磁場邊界射出時的速度 va、vb；(2)粒子a從O點進入磁場到 Q點射出電場運動的總時間t;(3)如果金屬板間交變電場的周期丁號，粒子b從圖乙中t=0時刻進入電場，要使粒子b能夠穿出板間電場時 E)滿足的條件.(二)選考題：共 45分.請考生從給出的 3道物理題、3道化學(xué)題、2道生物題中每科任選一題作答，并用 2B鉛筆在答題卡上把所選題目號后的方框涂黑.注意所做題目的題號 必須與所涂題目的題號一致，在答

11、題卡選答區(qū)域指定位置答題.如果多做，則每學(xué)科按所 做的第一個題目計分.【物理 -選彳3-3 13.下列說法中正確的是()A.布朗運動并不是液體分子的運動，但它說明分子永不停息地做無規(guī)則運動B.葉面上的小露珠呈球形是由于液體表面張力的作用C.液晶顯示器是利用了液晶對光具有各向異性的特點D.當(dāng)兩分子間距離大于平衡位置的間距0時，分子間的距離越大，分子勢能越小14.如圖所示，開口向上豎直放置的內(nèi)壁光滑氣缸，其側(cè)壁是絕熱的，底部導(dǎo)熱，內(nèi)有兩個質(zhì)量均為m的密閉活塞，活塞 A導(dǎo)熱，活塞B絕熱，將缸內(nèi)理想氣體分成I、n兩部分.初狀態(tài)整個裝置靜止不動處于平衡，I、n兩部分氣體的長度均為I。，溫度為To.設(shè)外界

12、大氣壓強為 P。保持不變，活塞橫截面積為 S,且mg=PS,環(huán)境溫度保持不變.求：在活塞A上逐漸添加鐵砂，當(dāng)鐵砂質(zhì)量等于2m時，兩活塞在某位置重新處于平衡，活塞B下降的高度.現(xiàn)只對H氣體緩慢加熱，使活塞A回到初始位置，此時H氣體的溫度.一.【物理-選彳3-4 15. A、B兩列簡諧橫波均沿 x軸正向傳播，在某時刻的波形分別如圖中甲、乙所示，經(jīng)過時間t （t小于A波的周期Ta）,這兩列簡諧橫波的波形分別變?yōu)閳D中丙、丁所示，則 AB兩列波的波速Va、 Vb之比可能是（）A. 1 : 1B, 2: 1C. 1: 2D. 3: 1E. 1 : 316.有一玻璃球冠，右側(cè)面鍍銀，光源S就在其對稱軸上，如

13、圖所示，從光源S發(fā)出的一束光射到球面上，其中一部分光經(jīng)球面反射后恰能豎直向上傳播，另一部分光折射入玻璃球冠內(nèi)，經(jīng)右側(cè)鍍銀面第一次反射恰能沿原路返回，若球面半徑為 求光源S與球冠頂點M之間的距離SM為多大？R,玻璃折射率為6,【物理-選彳3-5 17.以下說法符合物理學(xué)史的是（）A.普朗克引入能量子的概念，得出黑體輻射的強度按波長分布的公式，與實驗符合得非常好，并由此開創(chuàng)了物理學(xué)的新紀(jì)元B.康普頓效應(yīng)表明光子具有能量C.德布羅意把光的波粒二象性推廣到實物粒子，認為實物粒子也具有波動性D.湯姆遜通過“粒子散射實驗，提出了原子具有核式結(jié)構(gòu)E.為了解釋黑體輻射規(guī)律，普朗克提出電磁輻射的能量是量子化的1

14、8.如圖所示，輕彈簧的兩端與質(zhì)量均為2m的B、C兩物塊固定連接，靜止在光滑水平面上，物塊C緊靠擋板但不粘連.另一質(zhì)量為m的小物塊A以速度V。從右向左與B發(fā)生彈性正碰，碰撞時間極短可忽略不計.（所有過程都在彈簧彈性限度范圍內(nèi)）求：（1） A、B碰后瞬間各自的速度；（2）彈簧第一次壓縮最短與第一次伸長最長時彈性勢能之比.右2016年廣西欽州市高考物理二模試卷參考答案與試題解析二.選擇題（本題共 8小題，每小題6分，在每小題給出的四個選項中，第 1418題只有 一項是符合題目要求的.第1921題有多個選項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得 0分）1.物理學(xué)中有多種研究問題

15、的方法，下列有關(guān)研究方法的敘述中錯誤的是（）A.將實際的物體抽象為質(zhì)點采用的是建立理想模型法B.探究加速度a與力F、質(zhì)量m之間的關(guān)系時，采用了控制變量法C.定義電場強度的概念，采用的是比值定義法D.伽利略比薩斜塔上的落體實驗，采用的是理想實驗法【考點】物理學(xué)史.【分析】在現(xiàn)實生活中不存在真正的質(zhì)點，將實際的物體抽象為質(zhì)點是物理學(xué)中一種重要 的科學(xué)研究方法.探究加速度a與力F、質(zhì)量m之間的關(guān)系時，保持 m恒定的情況下，探究a與F的關(guān)系，采用的是控制變量法.電場強度運用比值法定義.伽利略比薩斜塔上的 落體實驗，是真實的實驗.【解答】解：A、質(zhì)點是用來代替物體的有質(zhì)量的點，是實際物體的簡化，質(zhì)點在現(xiàn)

16、實生活 中不存在，將實際的物體抽象為質(zhì)點是一種科學(xué)研究的方法.故 A正確.日 探究加速度a與力F、質(zhì)量m之間的關(guān)系時，保持 m恒定的情況下，探究 a與F的關(guān)系，采用的是控制變量法.故 B正確.C電場強度的定義式，采用的是比值法.故 C正確.D伽利略理想實驗是想象的實驗，而伽利略比薩余塔上的落體實驗，是真實的實驗.故D錯誤.本題選錯誤的，故選：D.F推物塊，物塊仍靜止2 .如圖所示，一物塊靜止在粗糙的斜面上.現(xiàn)用一水平向右的推力不動.則（)A.B.C.D.斜面對物塊的支持力一定變小斜面對物塊的支持力一定變大 斜面對物塊的靜摩擦力一定變小 斜面對物塊的靜摩擦力一定變大 【考點】共點力平衡的條件及其

17、應(yīng)用；力的合成與分解的運用.【分析】 有無推力F作用時，物塊都靜止不動，受力平衡，對物體進行受力分析，根據(jù)平 衡條件列式即可求解.【解答】解：沒有推力時，物塊靜止不動，受力平衡，物體受重力、支持力和靜摩擦力，設(shè)斜面的傾角為 0 ,在垂直斜面方向上，斜面對物塊的支持力N=mgcoS ,在沿著斜面方向有：f=mgsin 0推力F作用后，根據(jù)平衡條件得：在垂直斜面方向上，N' =mgcos0 +Fsin 0 ,則斜面對物塊的支持力一定變大， 在沿著斜面方向有 f' =mgsin 0 - FcosO,當(dāng) mgsin 0 > Fcos 0 時，摩擦力變小，當(dāng) mgsinOvFcos

18、。時，摩擦力方向變化，若 Fcos 0 >2mgsin 0則靜摩擦力反向增大，故 B 正確，ACD音誤.故選：B3 .在無限大的光滑水平桌面上有一小球（可視為質(zhì)點）處于平衡狀態(tài)，從某時刻起，小球 受到水平方向的恒力作用，關(guān)于小球以后的運動，下列說法正確的是（）A.小球可能做勻速直線運動 B.小球只能做勻變速運動C.小球可能做勻速圓周運動 D.小球可能做變速圓周運動【考點】物體做曲線運動的條件.【分析】物體做曲線運動的條件是合力與速度不在同一條直線上，合外力大小和方向不一 定變化，由此可以分析得出結(jié)論.【解答】 解：在無限大的光滑水平桌面上有一小球（可視為質(zhì)點）處于平衡狀態(tài)，可能靜 止，也

19、可能做勻速直線運動.從某時刻起，小球受到水平方向的恒力作用，產(chǎn)生的加速度 也是恒定的，所以小球一定做勻變速運動，可能是直線，也可能是曲線，要根據(jù)合力與初 速度的方向確定.故只有選項 B正確.故選：B4 .如圖甲所示的電路中，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為5: 1,原線圈輸入如圖乙所示的電壓，副線圈接火災(zāi)報警系統(tǒng)（報警器未畫出），電壓表和電流表均為理想電表，R0為定值電阻，R為半導(dǎo)體熱敏電阻（其阻值隨溫度的升高而減?。?下列說法中正確的是B.電壓表的示數(shù)為 44VC. R處出現(xiàn)火警時，電流表示數(shù)減小D. R處出現(xiàn)火警時，電阻 R0消耗的電功率增大【考點】變壓器的構(gòu)造和原理；電功、電功率.【分析】

20、求有效值方法是將交流電在一個周期內(nèi)產(chǎn)生熱量與將恒定電流在相同時間內(nèi)產(chǎn)生 的熱量相等，則恒定電流的值就是交流電的有效值.由變壓器原理可得變壓器原、副線圈中的電流之比，輸入、輸出功率之比，半導(dǎo)體熱敏電阻是指隨溫度上升電阻呈指數(shù)關(guān)系減小、具有負溫度系數(shù)的電阻，R處溫度升高時，阻值減小，根據(jù)負載電阻的變化，可知電流、電壓變化.【解答】 解：A、設(shè)將此電流加在阻值為 R的電阻上，電壓的最大值為5,電壓的有效值為代入數(shù)據(jù)得圖乙中電壓的有效值為110/2V,故A錯誤;日 變壓器原、副線圈中的電壓與匝數(shù)成正比，所以變壓器原、副線圈中的電壓之比是5:l ,所以電壓表的示數(shù)為 22最v,故B錯誤.C R處溫度升高

21、時，阻值減小，副線圈電流增大，而輸出功率和輸入功率相等，所以原線圈中電流增大，即電流表示數(shù)增大，故C錯誤.D R處出現(xiàn)火警時通過 R的電流增大，電壓不變；所以電阻R消耗的電功率增大，故 D正確.故選：D.5.如圖是某離子選擇器的原理示意圖，在橫截面半徑r=4cm的圓形區(qū)域內(nèi)有磁感應(yīng)強度B=2X 10 4T的勻強磁場，磁場方向平行于柱形圓筒的軸線向外，在圓柱形筒壁上某一直徑 兩端開有兩個小孔 a、b,分別作為離子的入射孔和出射孔.現(xiàn)有一束比荷為T=4x 1011C/kg的正離子，以不同速率從 a孔射入，入射方向均與 ab成某角度。=30° , m若某離子經(jīng)過圖中 OC中點，且不與筒壁碰

22、撞，直接從b孔射出，已知 Odab,忽略重力、空氣阻力及離子間相互作用，則該離子速率為（）A. 4X105m/sB. 2X105m/sC. 4X106m/sD. 2X 106m/s【考點】 帶電粒子在勻強磁場中的運動.【分析】由題，離子束不經(jīng)碰撞而直接從出身孔射出，即可根據(jù)幾何知識畫出軌跡，由幾何關(guān)系求出軌跡的半徑，即可由牛頓第二定律求速度v.【解答】 解：離子從小孔a射入磁場，與ab方向的夾角為0 ,則離子從小孔 b離開磁場 時速度與ab的夾角也為0 ,過入射速度和出射速度方向作垂線，得到軌跡的圓心O',畫出軌跡如圖，由幾何知識得到軌跡所對應(yīng)軌跡半徑r：/二針+Q一 芥）?55得：戶

23、不=X0. 04折0. 05洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得:qvB=得:=2X 1011X4X 10 4X0.05m/s=4X 10 6m/s故選：C6 .據(jù)英國衛(wèi)報網(wǎng)站 2015年1月6日報道，在太陽系之外，科學(xué)家發(fā)現(xiàn)了一顆最適宜人類居住的類地行星，繞恒星橙矮星運行，命名為“開普勒438b” .假設(shè)該行星與地球繞恒星均做勻速圓周運動，其運行的周期為地球運行周期的p倍，橙矮星的質(zhì)量為太陽的 q倍.則該行星與地球的（）A.軌道半徑之比為二B.軌道半徑之比為C.線速度之比為線速度之比為【考點】萬有引力定律及其應(yīng)用.【分析】地球和“開普勒438b”公轉(zhuǎn)的向心力均由萬有引力提供，根據(jù)牛頓第二定律

24、列式 求解出周期和向的表達式進行分析即可.【解答】解：A、B、行星公轉(zhuǎn)的向心力由萬有引力提供，根據(jù)牛頓第二定律，有：解得：R=3 MT21 4兀?該行星與地球繞恒星均做勻速圓周運動，其運行的周期為地球運行周期的 質(zhì)量為太陽的q倍，故：p倍，橙矮星的故A正確，B錯誤；C D、根據(jù)v=,有:故C正確，D錯誤;故選：AC.7 .如圖所示，在 x軸相距為L的兩點固定兩個等量異種點電荷 +Q - Q,虛線是以+Q所在點為圓心、L為半徑的圓 a、b、c、d是圓上的四個點，其中 a、c兩點在x軸上，b、d2兩點關(guān)于x軸對稱.下列判斷正確的是（）A. b、d兩點處的電勢相同B.四點中c點處的電勢最低C. b、

25、d兩點處的電場強度相同D.將一試探電荷+q沿圓周由a點移至c點，+q的電勢能增大【考點】電勢能；電場線.【分析】該電場中的電勢、電場強度都關(guān)于x軸對稱，所以bd兩點的電勢相等，場強大小相等，方向是對稱的.c點在兩個電荷連線的中點上，也是在兩個電荷連線的中垂線上， 所以它的電勢和無窮遠處的電勢相等.【解答】 解：A、該電場中的電勢關(guān)于 x軸對稱，所以b、d兩點的電勢相等，故 A正確； B c點在兩個電荷連線的中點上，也是在兩個電荷連線的中垂線上，所以它的電勢和無窮 遠處的電勢相等.根據(jù)順著電場線方向電勢逐漸降低，即知c點的電勢在四個點中是最低的.故B正確；C該電場中的電場強度關(guān)于 x軸對稱，所以

26、bd兩點場強大小相等，方向是對稱的，故場 強不相同.故C錯誤；D c點的電勢低于a點的電勢，試探電荷+q沿圓周由a點移至c點，電場力做正功，+q 的電勢能減小.故 D錯誤.故選：AB.8.如圖所示，空間有一垂直紙面向外的磁感應(yīng)強度為0.5T的勻強磁場，一質(zhì)量為0.2kgm=0.1kg、帶正電且足夠長的絕緣木板靜止在光滑水平面上，在木板左端放置一質(zhì)量為0.5 ,滑塊受到的最大靜摩擦力可認為F=0.6N的恒力，g取10m/s2.則滑q=0.2C的滑塊，滑塊與絕緣木板之間動摩擦因數(shù)為 等于滑動摩擦力.現(xiàn)對木板施加方向水平向左，大小為塊（）A.開始做勻加速運動，然后做加速度減小的加速運動，最后做勻速直

27、線運動B. 一直做加速度為 2m/s2的勻加速運動，直到滑塊飛離木板為止C.速度為6m/s時，滑塊開始減速D.最終做速度為10m/s的勻速運動【考點】 帶電粒子在混合場中的運動.【分析】先求出木塊靜摩擦力能提供的最大加速度，再根據(jù)牛頓第二定律判斷當(dāng)0.6N的恒力作用于木板時，系統(tǒng)一起運動的加速度，當(dāng)滑塊獲得向左運動的速度以后又產(chǎn)生一個方向向上的洛倫茲力，當(dāng)洛倫茲力等于重力時滑塊與木板之間的彈力為零，此時摩擦力等于零，此后物塊做勻速運動，木板做勻加速直線運動.【解答】解：ABD由于滑塊與絕緣木板之間動摩擦因數(shù)為0.5 ,靜摩擦力能提供的最大加速度為g=5m/s2,所以當(dāng)0.6N的恒力作用于木板時

28、，系統(tǒng)一起以a=-二/ /的加速度一起運動，當(dāng)滑塊獲得向左運動的速度以后又產(chǎn)生一個方向向上的洛倫茲力，當(dāng)洛倫茲力等于重力時滑塊與木板之間的彈力為零，此時Bqv=mg解彳導(dǎo):v=10m/s,此時摩擦力消失，滑塊做勻速運動，而木板在恒力作用下做勻加速運動，丁 £君33帚0乙 可知滑塊先與木板一起做勻加速直線運動，然后發(fā)生相H 0.2對滑動，做加速度減小的變加速，最后做速度為10m/s的勻速運動.故 AD正確，B錯誤.C木塊開始的加速度為 2m/s2,當(dāng)恰好要開始滑動時，f=( mg- qvB) =ma,代入數(shù)據(jù)得：v=6m/s,此后滑塊的加速度減小，仍然做加速運動.故 C錯誤.故選：AD

29、 二、解答題(共4小題，滿分47分)9.在“驗證機械能守恒定律”實驗中，某研究小組采用了如圖甲所示的實驗裝置.實驗的主要步驟是：在一根不可伸長的細線一端系一金屬小球，另一端固定于。點，記下小球靜止時球心的位置 A,在A處放置一個光電門，現(xiàn)將小球拉至球心距 A高度為h處由靜止釋 放，記下小球通過光電門時的擋光時間 t .甲石(1)如圖乙，用游標(biāo)卡尺測得小球的直徑d= 1.04 cm(2)該同學(xué)測出一組數(shù)據(jù)如下：高度 h=0.21m,擋光時間 t=0.0052s ,設(shè)小球質(zhì)量為 m=100g, g=9.8m/s 2.計算小球重力勢能的減小量p= 0.206 J ,動能的增加量k二 0.200 J,

30、得出的結(jié)論：在誤差范圍內(nèi)，小球機械能守恒，分析誤差產(chǎn)生的原因是克服空氣阻力做功 .(結(jié)果均保留三位有效數(shù)字)【考點】驗證機械能守恒定律.【分析】(1)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)等于主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀.(2)根據(jù)極短時間內(nèi)的平均速度等于瞬時速度求出小球通過最低點的速度，從而得出動能 的增加量，根據(jù)小球下降的高度求出重力勢能的減小量，判斷是否相等.【解答】 解：(1)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為 10mm+0.1X 4mm=10.4mm=1.04cm(2)小球重力勢能的減小量p=mgh=0.1X 9.8 X 0.21 =0.206J .j- 2小球通過最低點的速度 v=人”X 1 0m/s=2m/s,0.00

31、F2則動能的增加量k=：!jmj4x 0.1 X2 2=0.200J , z z可以看出，在誤差范圍內(nèi)，小球機械能守恒，產(chǎn)生誤差的原因是克服空氣阻力做功.故答案為：(1) 1.04; ( 2) 0.206 ; 0.200 ;在誤差范圍內(nèi)，小球機械能守恒；克服空氣 阻力做功.10.某同學(xué)準(zhǔn)備利用下列器材測量干電池的電動勢和內(nèi)電阻.A.B.C.D.E.待測干電池兩節(jié)，每節(jié)電池電動勢約為1.5V,內(nèi)阻約幾歐姆直流電壓表 V1、5 量程均為3V,內(nèi)阻約為3k Q定值電阻R未知滑動變阻器R,最大阻值Rm導(dǎo)線和開關(guān)此圖乙(1)根據(jù)如圖甲所示的實物連接圖，在圖乙方框中畫出相應(yīng)的電路圖%口 口(用象如圖丙所示

32、，圖中直線斜率為 k,與橫軸的截距為a,則兩節(jié)干電池的總電動勢E=，總內(nèi)阻r=(用k、a、R)表不).(2)實驗之前，需要利用該電路圖測出定值電阻R0,方法是先把滑動變阻器 R調(diào)到最大阻值Rn,再閉合開關(guān)，電壓表V1和V2的讀數(shù)分別為Uw、U20,則R= u。、u。、Rm表示)(3)實驗中移動滑動變阻器觸頭，讀出電壓表V1和3的多組數(shù)據(jù)U、L2,描繪出Li-L2圖【考點】測定電源的電動勢和內(nèi)阻.【分析】(1)由實物圖可知電路的連接方法得出對應(yīng)的原理圖；(2)根據(jù)實驗原理結(jié)合歐姆定律可求得定值電阻的阻值；(3)根據(jù)閉合電路歐姆定律及圖象的性質(zhì)可得出對應(yīng)的電動勢和內(nèi)電阻.【解答】 解：(1)由實物

33、圖可知電路的連接方式，得出的實物圖如圖所示；(2)由圖可知，V2測量K與R兩端的電壓，M測量R兩端的電壓，則 用兩端的電壓L20-U。；由歐姆定律可知，R)=£10(3)由閉合電路歐姆定律可知,E=U2+4變形得:RqET11 .如圖所示，在真空中足夠大的絕緣水平面上，有一個質(zhì)量 m=0.20kg,帶電荷量 q=2.0X10-6C的小物塊處于靜止?fàn)顟B(tài).從 t=0時刻開始，在水平面上方空間加一個范圍足 夠大、水平向右 E=3.0X105N/C的勻強電場，使小物塊由靜止開始做勻加速直線運動.當(dāng) 小物塊運動1.0s時撤去該電場.已知小物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)尸0.10,取重力加速度 g=

34、10m/s2.求：(1)小物塊運動1.0s時速度v的大?。?2)小物塊運動2.0s過程中位移x的大?。?3)小物塊運動過程中電場力對小物塊所做的功W【考點】電勢差與電場強度的關(guān)系；牛頓第二定律.【分析】(1)有牛頓第二定律求的加速度，有速度時間公式求的速度；(2)在電場力作用下有運動學(xué)公式求的位移，當(dāng)撤去電場力后有牛頓第二定律求的加速度，在有運動學(xué)公式求的位移即可(3)根據(jù) W=qEx即可求的電場力做功；【解答】解：(1)小物塊受電場力和滑動摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律有qE- mg=ma根據(jù)運動學(xué)公式t1=1.0s時小物塊的速度大小有 V1=a1t1解得：V1=2.0m/s12(2)小物塊t1=

35、1.0s內(nèi)位移的大小 其i=LQm撤去電場后小物塊做勻減速運動，根據(jù)牛頓第二定律有mg=ma小物塊t2=1.0s內(nèi)的位移二邛一下02t.二1.5m1!小物塊運動2.0s位移大小x=X1+X2=2.5m(3)小物塊運動過程中電場力對小物塊所做的功W=qEx=0.60J答：(1)小物塊運動1.0s時速度v的大小為2m/s；(2)小物塊運動2.0s過程中位移x的大小為2.5m；(3)小物塊運動過程中電場力對小物塊所做的功W為0.60J12 .如圖甲所示，有一磁感應(yīng)強度大小為B、垂直紙面向外的勻強磁場，磁場邊界OP與水平方向夾角為0 =45。，緊靠磁場右上邊界放置長為L、間距為d的平行金屬板 M N,

36、磁場邊界上的。點與N板在同一水平面上， O、Q為電場左右邊界中點.在兩板間存在如圖 乙所示的交變電場(取豎直向下為正方向).某時刻從。點豎直向上以不同初速度同時發(fā)射兩個相同的質(zhì)量為 m電量為+q的粒子a和b.結(jié)果粒子a恰從O點水平進入板間電場 運動，由電場中的 Q點射出；粒子b恰好從M板左端邊緣水平進入電場.不計粒子重力和 粒子間相互作用，電場周期T未知.求：(1)粒子a、b從磁場邊界射出時的速度 va、vb；(2)粒子a從O點進入磁場到 Q點射出電場運動的總時間 t;(3)如果金屬板間交變電場的周期 T一,粒子b從圖乙中t=0時刻進入電場，要使粒子b能夠穿出板間電場時 Eo滿足的條件.【考點

37、】 帶電粒子在勻強磁場中的運動；帶電粒子在勻強電場中的運動.【分析】(1)求出粒子軌道半徑，應(yīng)用牛頓第二定律可以求出粒子a、b從磁場邊界射出時的速度va、vb；(2)求出粒子在磁場中、在電場中、在磁場外的運動時間，然后求出總運動時間；(3)作出粒子在電場中的運動軌跡，應(yīng)用類平拋運動規(guī)律分析答題.【解答】解：(1)根據(jù)題意，粒子 a、b在磁場中受洛倫茲力作用下做勻速圓周運動，圓心分別為Q、Q,作出其運動軌跡如圖所示，粒子a從A點射出磁場.由幾何關(guān)系有：rb=d,a 2由牛頓第二定律有:解得:(2)設(shè)粒子a在磁場中運動時間為 ti,從A點到Q點的運動時間為t2,則：十二一 b 4T-rb - ra

38、)+L, t=t l+t2,va解得:(3)TCm m(L+2d)t=+:-2 qBd由題意知粒子a飛出磁場時速度沿水平方向，在電場中運動的時間為交變電壓周期的n倍，則對粒子b,有：七二一(nT), D Vu水平方向做勻速直線運動：L=vbtb,豎直方向在電場力作用下做加速、減速交替的勻變速運動(。一,向下做初速度為 0的勻加速運動，向下發(fā)生位移為 X1；,向下做勻減速運動至速度為0,向下發(fā)生位移為X2)，則:嗎產(chǎn),1 zqS0 T2=萬'法X n=Xl ,Xl+X2+Xn) Wd,粒子b要飛出電場有：(解得:答：(1)粒子a、b從磁場邊界射出時的速度(2)粒子a從O點進入磁場到Q點射

39、出電場運動的總時間(3)如果金屬板間交變電場的周期b能夠穿出板間電場時E)滿足的條件4mT一,粒子b從圖乙中0Pt=0時刻進入電場，要使粒子(二)選考題：共 45分.請考生從給出的 3道物理題、3道化學(xué)題、2道生物題中每科任選一題作答，并用 2B鉛筆在答題卡上把所選題目號后的方框涂黑.注意所做題目的題號必須與所涂題目的題號一致，在答題卡選答區(qū)域指定位置答題.如果多做，則每學(xué)科按所做的第一個題目計分.【物理 -選彳3-313 .下列說法中正確的是()A.布朗運動并不是液體分子的運動，但它說明分子永不停息地做無規(guī)則運動B.葉面上的小露珠呈球形是由于液體表面張力的作用C.液晶顯示器是利用了液晶對光具

40、有各向異性的特點D.當(dāng)兩分子間距離大于平衡位置的間距ro時，分子間的距離越大，分子勢能越小【考點】*液體的表面張力現(xiàn)象和毛細現(xiàn)象；布朗運動；*晶體和非晶體.【分析】依據(jù)布朗運動現(xiàn)象和實質(zhì)判定 A;由表面張力的形成原因判定 B;液晶的特征是具有光學(xué)異性，故可以制作顯示器；依據(jù)分子力做功判定分析勢能；【解答】解：A、布朗運動是懸浮在液體中的固體小顆粒的運動，它說明液體分子永不停息地做無規(guī)則運 動.故A正確；日 液體表面張力產(chǎn)生的原因是：液體跟氣體接觸的表面存在一個薄層，叫做表面層，表面 層里的分子比液體內(nèi)部稀疏，分子間的距離比液體內(nèi)部大一些，分子間的相互作用表現(xiàn)為 引力.露珠的形成就是由于液體表面

41、張力的作用，故 B正確；C液晶顯示器是利用了液晶對光具有各向異性的特點，故C正確；D當(dāng)兩分子間距離大于平衡位置的間距小時，分子力表現(xiàn)為引力，故隨分子間的距離增大，分子力做負功，分子勢能增大，故D錯誤；故選：ABC14 .如圖所示，開口向上豎直放置的內(nèi)壁光滑氣缸，其側(cè)壁是絕熱的，底部導(dǎo)熱，內(nèi)有兩個質(zhì)量均為m的密閉活塞，活塞 A導(dǎo)熱，活塞B絕熱，將缸內(nèi)理想氣體分成I、n兩部分.初狀態(tài)整個裝置靜止不動處于平衡，I、n兩部分氣體的長度均為10,溫度為To.設(shè)外界大氣壓強為 R保持不變，活塞橫截面積為 S,且mg=PS,環(huán)境溫度保持不變.求：在活塞A上逐漸添加鐵砂，當(dāng)鐵砂質(zhì)量等于2m時，兩活塞在某位置重

42、新處于平衡，活塞B下降的高度.現(xiàn)只對n氣體緩慢加熱，使活塞A回到初始位置，此時n氣體的溫度.【考點】 理想氣體的狀態(tài)方程；封閉氣體壓強.【分析】先由力學(xué)知識確定出狀態(tài)I n中的氣體壓強，然后確定添加鐵砂后的壓強，根據(jù) 對n中氣體列玻意耳定律方程即可求解；先根據(jù)玻意耳定律求出I中氣體后來的長度，然后以n氣體為研究對象列理想氣體狀態(tài)方 程求解.【解答】解：初狀態(tài)I氣體壓強?二0+詈二2口0n氣體壓強?2二尸I十-r3P 口添加鐵砂后I氣體壓強 P1' =Po+源=4posm旦n氣體壓強 P2' =P1' +一 =5P0s根據(jù)玻意耳定律，n氣體等溫變化，P21oS=b'

43、; 12sB活塞下降的高度 h2=l 0-l 2=0.41 o可得:二trI氣體等溫變化，11 s可得：1 1=0.510只對n氣體加熱，I氣體狀態(tài)不變，所以當(dāng)A活塞回到原來位置時，n氣體高度12 =210-0.51 0=1.51 0根據(jù)氣體理想氣體狀態(tài)方程:得：T2=2.5T0答：在活塞 A上逐漸添加鐵砂，當(dāng)鐵砂質(zhì)量等于2m時，兩活塞在某位置重新處于平衡,活塞B下降的高度為0.41 0.現(xiàn)只對II氣體緩慢加熱，使活塞 A回到初始位置，此時II氣體的溫度2.5T。.一.【物理-選彳3-4 15. A、B兩列簡諧橫波均沿 x軸正向傳播，在某時刻的波形分別如圖中甲、乙所示，經(jīng)過時間t （t小于A波

44、的周期Ta）,這兩列簡諧橫波的波形分別變?yōu)閳D中丙、丁所示，則 AB兩列波的波速Va、Vb之比可能是（）A. 1 : 1B. 2: 1C. 1: 2D. 3: 1E. 1 : 3【考點】橫波的圖象.【分析】由題，甲、丙圖象反相，t小于A波的周期Ta,說明A波經(jīng)過了半個周期.B波的 圖象與原來重合，說明經(jīng)過了整數(shù)倍周期.由圖讀出兩波的波長，由題分別得到周期與時 間的關(guān)系，由波速公式得到波速的關(guān)系式，再進行選擇.【解答】 解：由圖讀出，A波波長為 入A=24cm,甲圖到丙圖一定是半個周期，所以周期TA=2t; B波波長為 入B=12cm,乙圖與丁圖的波形圖相同，經(jīng)過的時間一定是整數(shù)個周期，a 0 2

45、4 0 12'E 一口所以周期Tb=,波速VAh1二號一二七一，Vb=Tr -工 -t ,An得到Va： Vb=1: n,所以A、B兩列波的波速Va、Vb之比可能是 ACE不可能的是 B、D.故選：ACE16 .有一玻璃球冠，右側(cè)面鍍銀，光源S就在其對稱軸上，如圖所示，從光源S發(fā)出的一束光射到球面上，其中一部分光經(jīng)球面反射后恰能豎直向上傳播，另一部分光折射入玻璃球冠內(nèi)，經(jīng)右側(cè)鍍銀面第一次反射恰能沿原路返回，若球面半徑為R,玻璃折射率為正,求光源S與球冠頂點M之間的距離SM為多大？【考點】光的折射定律.【分析】作出光路圖，根據(jù)折射定律和幾何關(guān)系，求出入射角和折射角，再由幾何關(guān)系求 解光源S與球心。之間的距離SQ從而得到SM【解答】解：如圖所示，根據(jù)折射定律，有：n=sin 9 sin 日 2根據(jù)反射定律，有：01= 0 3其中：0 3+0 2 = 90°聯(lián)立可得：0 1 = 60