山東高考物理2011-2015

1、2011年山東省高考物理試卷二、選擇題（本題包括7小題，每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有的只有一個(gè)選項(xiàng)正確，有的有多個(gè)選項(xiàng)正確，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）1（4分）（2011山東）了解物理規(guī)律的發(fā)現(xiàn)過程，學(xué)會(huì)像科學(xué)家那樣觀察和思考，往往比掌握知識(shí)本身更重要以下符合事實(shí)的是（）A焦耳發(fā)現(xiàn)了電流熱效應(yīng)的規(guī)律B庫侖總結(jié)出了點(diǎn)電荷間相互作用的規(guī)律C楞次發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，拉開了研究電與磁相互關(guān)系的序幕D牛頓將斜面實(shí)驗(yàn)的結(jié)論合理外推，間接證明了自由落體運(yùn)動(dòng)是勻變速直線運(yùn)動(dòng)2（4分）（2011山東）甲、乙為兩顆地球衛(wèi)星，其中甲為地球同步衛(wèi)星，乙的運(yùn)行高度低于甲的運(yùn)行高度，兩衛(wèi)星軌道均

2、可視為圓軌道以下判斷正確的是（）A甲的周期大于乙的周期B乙的速度大于第一宇宙速度C甲的加速度小于乙的加速度D甲在運(yùn)行時(shí)能經(jīng)過北極的正上方3（4分）（2011山東）如圖所示，將小球a從地面以初速度v0豎直上拋的同時(shí)，將另一相同質(zhì)量的小球b從距地面h處由靜止釋放，兩球恰在處相遇（不計(jì)空氣阻力）則（）A兩球同時(shí)落地B相遇時(shí)兩球速度大小相等C從開始運(yùn)動(dòng)到相遇，球a動(dòng)能的減少量等于球b動(dòng)能的增加量D相遇后的任意時(shí)刻，重力對球a做功功率和對球b做功功率相等4（4分）（2011山東）如圖所示，將兩相同的木塊a、b置于粗糙的水平地面上，中間用一輕彈簧連接，兩側(cè)用細(xì)繩固定于墻壁開始時(shí)a、b均靜止彈簧處于伸長狀態(tài)

3、，兩細(xì)繩均有拉力，a所受摩擦力Ffa0，b所受摩擦力Ffb=0，現(xiàn)將右側(cè)細(xì)繩剪斷，則剪斷瞬間（）AFfa大小不變BFfa方向改變CFfb仍然為零DFfb方向向右5（4分）（2011山東）為保證用戶電壓穩(wěn)定在220V，變電所需適時(shí)進(jìn)行調(diào)壓，圖甲為調(diào)壓變壓器示意圖保持輸入電壓u1不變，當(dāng)滑動(dòng)接頭P上下移動(dòng)時(shí)可改變輸出電壓某次檢測得到用戶電壓u2隨時(shí)間t變化的曲線如圖乙所示以下正確的是（）Au2=190sin（50t）VBu2=190sin（100t）VC為使用戶電壓穩(wěn)定在220V，應(yīng)將P適當(dāng)下移D為使用戶電壓穩(wěn)定在220V，應(yīng)將P適當(dāng)上移6（4分）（2011山東）如圖所示，在兩等量異種點(diǎn)電荷的電場

4、中，MN為兩電荷連線的中垂線，a、b、c三點(diǎn)所在直線平行于兩電荷的連線，且a與c關(guān)于MN對稱，b點(diǎn)位于MN上，d點(diǎn)位于兩電荷的連線上以下判斷正確的是（）Ab點(diǎn)場強(qiáng)大于d點(diǎn)場強(qiáng)Bb點(diǎn)場強(qiáng)小于d點(diǎn)場強(qiáng)Ca、b兩點(diǎn)的電勢差等于b、c兩點(diǎn)間的電勢差D試探電荷+q在a點(diǎn)的電勢能小于在c點(diǎn)的電勢能7（4分）（2011山東）如圖所示，兩固定的豎直光滑金屬導(dǎo)軌足夠長且電阻不計(jì)兩質(zhì)量、長度均相同的導(dǎo)體棒c、d，置于邊界水平的勻強(qiáng)磁場上方同一高度h處磁場寬為3h，方向與導(dǎo)軌平面垂直先由靜止釋放c，c剛進(jìn)入磁場即勻速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)再由靜止釋放d，兩導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌始終保持良好接觸用ac表示c的加速度，Ekd表示d的動(dòng)能，x

5、c、xd分別表示c、d相對釋放點(diǎn)的位移選項(xiàng)中正確的是（）ABCD二、非選擇題：8（6分）（2011山東）某探究小組設(shè)計(jì)了“用一把尺子測定動(dòng)摩擦因數(shù)”的實(shí)驗(yàn)方案如圖示，將一個(gè)小球和一個(gè)滑塊用細(xì)繩連接，跨在斜面上端開始時(shí)小球和滑塊均靜止，剪短細(xì)繩后，小球自由下落，滑塊沿斜面下滑，可先后聽到小球落地和滑塊撞擊擋板的聲音，保持小球和滑塊釋放的位置不變，調(diào)整擋板位置，重復(fù)以上操作，直到能同時(shí)聽到小球落地和滑塊撞擊擋板的聲音用刻度尺測出小球下落的高度H、滑塊釋放點(diǎn)與擋板處的高度差h和沿斜面運(yùn)動(dòng)的位移x（空氣阻力對本實(shí)驗(yàn)的影響可以忽略）滑塊沿斜面運(yùn)動(dòng)的加速度與重力加速度的比值為_滑塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為_

6、以下能引起實(shí)驗(yàn)誤差的是_a滑塊的質(zhì)量 b當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊拇笮長度測量時(shí)的讀數(shù)誤差 d小球落地和滑塊撞擊擋板不同時(shí)9（6分）（2011山東）某同學(xué)利用圖1所示電路，探究了電源在不同負(fù)載下的輸出功率（1）所得實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)如下表，請?jiān)趫D2中畫出UI的圖象U/V1.961.861.801.841.641.56I/A0.050.150.250.350.450.55（2）根據(jù)所畫的UI圖象，可求得電流I=0.20A時(shí)電源的輸出功率約為_ W（保留兩位有效數(shù)字）（3）（多選題）實(shí)驗(yàn)完成后，該同學(xué)對實(shí)驗(yàn)方案進(jìn)行了反思，認(rèn)為按圖甲電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)操作的過程中存在安全隱患，并對電路重新設(shè)計(jì)在圖3所示的電路中（Rx阻值未

7、知），你認(rèn)為既能測出電源在不同負(fù)載下的輸出功率，又能消除安全隱患的是_10（15分）（2011山東）如圖所示，在高出水平地面h=1.8m的光滑平臺(tái)上放置一質(zhì)量M=2kg、由兩種不同材料連接成一體的薄板A，其右段長度l1=0.2m且表面光滑，左段表面粗糙在A最右端放有可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊B，其質(zhì)量m=1kgB與A左段間動(dòng)摩擦因數(shù)=0.4開始時(shí)二者均靜止，現(xiàn)對A施加F=20N水平向右的恒力，待B脫離A（A尚未露出平臺(tái)）后，將A取走B離開平臺(tái)后的落地點(diǎn)與平臺(tái)右邊緣的水平距離x=1.2m（取g=10m/s2）求（1）B離開平臺(tái)時(shí)的速度vB（2）B從開始運(yùn)動(dòng)到剛脫離A時(shí)，B運(yùn)動(dòng)的時(shí)間tB和位移xB（3）A左

8、端的長度l211（18分）（2011山東）扭擺器是同步輻射裝置中的插入件，能使粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡發(fā)生扭擺其簡化模型如圖、兩處的條形均強(qiáng)磁場區(qū)邊界豎直，相距為L，磁場方向相反且垂直紙面一質(zhì)量為m、電量為q、重力不計(jì)的粒子，從靠近平行板電容器MN板處由靜止釋放，極板間電壓為U，粒子經(jīng)電場加速后平行于紙面射入?yún)^(qū)，射入時(shí)速度與水平和方向夾角=30°（1）當(dāng)區(qū)寬度L1=L、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B1=B0時(shí)，粒子從區(qū)右邊界射出時(shí)速度與水平方向夾角也為30°，求B0及粒子在區(qū)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t0；（2）若區(qū)寬度L2=L1=L磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B2=B1=B0，求粒子在區(qū)的最高點(diǎn)與區(qū)的最低點(diǎn)之間的高度差h；（

9、3）若L2=L1=L、B1=B0，為使粒子能返回區(qū)，求B2應(yīng)滿足的條件；（4）若B1B2、L1L2，且已保證了粒子能從區(qū)右邊界射出為使粒子從區(qū)右邊界射出的方向與從區(qū)左邊界射入的方向總相同，求B1、B2、L1、L2、之間應(yīng)滿足的關(guān)系式【物理-選修3-3】（8分）12（4分）（2011山東）人類對物質(zhì)屬性的認(rèn)識(shí)是從宏觀到微觀不斷深入的過程以下說法正確的是（）A液體的分子勢能與體積有關(guān)B晶體的物理性質(zhì)都是各向異性的C溫度升高，每個(gè)分子的動(dòng)能都增大D露珠呈球狀是由于液體表面張力的作用13（4分）（2011山東）氣體溫度計(jì)結(jié)構(gòu)如圖所示玻璃測溫泡A內(nèi)充有理想氣體，通過細(xì)玻璃管B和水銀壓強(qiáng)計(jì)相連開始時(shí)A處于

10、冰水混合物中，左管C中水銀面在0點(diǎn)處，右管D中水銀面高出0點(diǎn)h1=14cm后將A放入待測恒溫槽中，上下移動(dòng)D，使C中水銀面仍在O點(diǎn)處，測得D中水銀面高出0點(diǎn)h=44cm（已知外界大氣壓為1個(gè)標(biāo)準(zhǔn)大氣壓，1個(gè)標(biāo)準(zhǔn)大氣壓相當(dāng)于76cmHg）（1）求恒溫槽的溫度（2）此過程A內(nèi)氣體內(nèi)能_（填“增大”或“減小”），氣體不對外做功，氣體將_（填“吸熱”或“放熱”）【物理-物理3-4】（8分）14（2011山東）如圖所示，一列簡諧波沿x軸傳播，實(shí)線為t1=0時(shí)的波形圖，此時(shí)P質(zhì)點(diǎn)向y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，虛線為t2=0.01s時(shí)的波形圖已知周期T0.01s波沿x軸_（填“正”或“負(fù)”）方向傳播求波速15（2011

11、山東）如圖所示，扇形AOB為透明柱狀介質(zhì)的橫截面，圓心角AOB=60°一束平行于角平分線OM的單色光由叫射人介質(zhì)，經(jīng)OA折射的光線恰平行于OB（1）求介質(zhì)的折射率（2）折射光線中恰好射到M點(diǎn)的光線_（填“能”或“不能”）發(fā)生全反射【物理-物理3-5】（8分）16（2011山東）碘131核不穩(wěn)定，會(huì)發(fā)生衰變，其半衰期為8天（碘的電荷數(shù)是53）（1）碘131的衰變方程：_（衰變后的元素用×表示）（2）經(jīng)過_天有75%的碘發(fā)生衰變17（2011山東）如圖所示，甲、乙兩船的總質(zhì)量（包括船、人和貨物）分別為10m、12m，兩船沿同一直線同一方向運(yùn)動(dòng)，速度分別為2v0、v0為避免兩船相

12、撞，乙船上的人將一質(zhì)量為m的貨物沿水平方向拋向甲船，甲船上的人將貨物接住，求拋出貨物的最小速度（不計(jì)水的阻力）2011年山東省高考物理試卷參考答案與試題解析二、選擇題（本題包括7小題，每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有的只有一個(gè)選項(xiàng)正確，有的有多個(gè)選項(xiàng)正確，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）1（4分）（2011山東）了解物理規(guī)律的發(fā)現(xiàn)過程，學(xué)會(huì)像科學(xué)家那樣觀察和思考，往往比掌握知識(shí)本身更重要以下符合事實(shí)的是（）A焦耳發(fā)現(xiàn)了電流熱效應(yīng)的規(guī)律B庫侖總結(jié)出了點(diǎn)電荷間相互作用的規(guī)律C楞次發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，拉開了研究電與磁相互關(guān)系的序幕D牛頓將斜面實(shí)驗(yàn)的結(jié)論合理外推，間接證明了自由落體運(yùn)動(dòng)

13、是勻變速直線運(yùn)動(dòng)考點(diǎn)：楞次定律；伽利略研究自由落體運(yùn)動(dòng)的實(shí)驗(yàn)和推理方法；物理學(xué)史；庫侖定律；焦耳定律菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有分析：由物理特別是電磁學(xué)的發(fā)展歷程中的科學(xué)家的貢獻(xiàn)可知各項(xiàng)是否正確解答：解：A、焦耳通過實(shí)驗(yàn)得出電流的熱效應(yīng)，并得出焦耳定律，故A正確；A、庫侖總結(jié)出了真空中的點(diǎn)電荷間的相互作用的規(guī)律，故B正確；C、奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，拉開了研究電與磁相互關(guān)系的序幕；楞次發(fā)現(xiàn)了感應(yīng)電流的規(guī)律，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D、伽利略將斜面實(shí)驗(yàn)的結(jié)論合理外推，間接證明了自由落體運(yùn)動(dòng)是勻變速直線運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤故選AB點(diǎn)評：物理學(xué)家在物理的發(fā)展出作出了重大的貢獻(xiàn)，在學(xué)習(xí)中應(yīng)注意掌握2（4分）（2011山東）甲、

14、乙為兩顆地球衛(wèi)星，其中甲為地球同步衛(wèi)星，乙的運(yùn)行高度低于甲的運(yùn)行高度，兩衛(wèi)星軌道均可視為圓軌道以下判斷正確的是（）A甲的周期大于乙的周期B乙的速度大于第一宇宙速度C甲的加速度小于乙的加速度D甲在運(yùn)行時(shí)能經(jīng)過北極的正上方考點(diǎn)：人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系；第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有分析：人造衛(wèi)星的萬有引力等于向心力，先列式求出線速度、周期和向心力的表達(dá)式進(jìn)行討論；第一宇宙速度是在近地發(fā)射人造衛(wèi)星的最小速度，也是近地圓軌道的環(huán)繞速度，還是圓軌道運(yùn)行的最大速度解答：解：人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)萬有引力提供向心力，設(shè)衛(wèi)星的質(zhì)量為m、軌道半徑為r、地球質(zhì)量為M

15、，有F=F向F=GF向=m=m2r=m（）2r因而G=m=m2r=m（）2r=ma解得v= T=2 a= 由式可以知道，人造衛(wèi)星的軌道半徑越大，線速度越小、周期越大，加速度越小，由于甲衛(wèi)星的高度大，軌道半徑大，故甲衛(wèi)星的線速度小、周期大，加速度??；根據(jù)式，第一宇宙速度是近地圓軌道的環(huán)繞速度，也是圓軌道運(yùn)行的最大速度；故選AC點(diǎn)評：本題關(guān)鍵抓住萬有引力提供向心力，先列式求解出線速度、角速度、周期和加速度的表達(dá)式，再進(jìn)行討論3（4分）（2011山東）如圖所示，將小球a從地面以初速度v0豎直上拋的同時(shí)，將另一相同質(zhì)量的小球b從距地面h處由靜止釋放，兩球恰在處相遇（不計(jì)空氣阻力）則（）A兩球同時(shí)落地B

16、相遇時(shí)兩球速度大小相等C從開始運(yùn)動(dòng)到相遇，球a動(dòng)能的減少量等于球b動(dòng)能的增加量D相遇后的任意時(shí)刻，重力對球a做功功率和對球b做功功率相等考點(diǎn)：動(dòng)能；自由落體運(yùn)動(dòng)；豎直上拋運(yùn)動(dòng)；功率、平均功率和瞬時(shí)功率菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有分析：根據(jù)題意分析可知，ab兩個(gè)球在相等的時(shí)間內(nèi)，運(yùn)動(dòng)距離都是，加速度大小也相等，所以說明在處相遇時(shí)a球的速度剛好為0，而b球的速度剛好為v0解答：解：A、a球做的是豎直上拋運(yùn)動(dòng)，b球是自由落體運(yùn)動(dòng)，它們的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)不同，不可能同時(shí)落地，故A錯(cuò)誤B、從題目內(nèi)容可看出，在處相遇，此時(shí)a球和b球的位移相同，時(shí)間相同，它們的加速度也相同，所以ab兩個(gè)球的運(yùn)動(dòng)的過程恰好是相反的，把a(bǔ)球的運(yùn)動(dòng)反

17、過來看的話，應(yīng)該和b球的運(yùn)動(dòng)過程一樣，所以在相遇時(shí)，a球的速度剛好為0，而b球的速度剛好為v0，所以B錯(cuò)誤C、由于兩球運(yùn)動(dòng)時(shí)機(jī)械能守恒，兩球恰在處相遇，從開始運(yùn)動(dòng)到相遇，由動(dòng)能定理可知，球a動(dòng)能的減少量等于球b動(dòng)能的增加量，選項(xiàng)C正確D、相遇后，ab兩個(gè)球的速度的大小不同，而重力的大小是相同的，所以重力的功率不同，故D錯(cuò)誤故選C點(diǎn)評：根據(jù)題目的介紹分析得出ab球的運(yùn)動(dòng)之間的關(guān)系是解答本題的關(guān)鍵，這要求熟練的掌握自由落體和豎直上拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律4（4分）（2011山東）如圖所示，將兩相同的木塊a、b置于粗糙的水平地面上，中間用一輕彈簧連接，兩側(cè)用細(xì)繩固定于墻壁開始時(shí)a、b均靜止彈簧處于伸長狀態(tài)，兩細(xì)

18、繩均有拉力，a所受摩擦力Ffa0，b所受摩擦力Ffb=0，現(xiàn)將右側(cè)細(xì)繩剪斷，則剪斷瞬間（）AFfa大小不變BFfa方向改變CFfb仍然為零DFfb方向向右考點(diǎn)：牛頓第二定律菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有分析：根據(jù)彈簧和繩不同的特點(diǎn)，彈簧在力變化時(shí)不會(huì)發(fā)生突變，而繩的拉力是能夠突變的，再根據(jù)物體的受力就可以判斷摩擦力的變化情況解答：解：將右側(cè)細(xì)繩剪斷，則剪斷瞬間，彈簧的彈力的大小不變，速度不能突變，故b仍靜止，彈簧對木塊b作用力方向向左，所以b所受摩擦力Ffb方向應(yīng)該向右；由于彈簧彈力不能發(fā)生突變，剪斷瞬間，彈簧彈力不變，a的受力的情況不變，所受摩擦力也不變，所以選項(xiàng)AD正確故選：AD點(diǎn)評：主要就是考查學(xué)生對彈

19、簧和繩在力發(fā)生突變時(shí)它們的特點(diǎn)，知道這一點(diǎn)就很容易了5（4分）（2011山東）為保證用戶電壓穩(wěn)定在220V，變電所需適時(shí)進(jìn)行調(diào)壓，圖甲為調(diào)壓變壓器示意圖保持輸入電壓u1不變，當(dāng)滑動(dòng)接頭P上下移動(dòng)時(shí)可改變輸出電壓某次檢測得到用戶電壓u2隨時(shí)間t變化的曲線如圖乙所示以下正確的是（）Au2=190sin（50t）VBu2=190sin（100t）VC為使用戶電壓穩(wěn)定在220V，應(yīng)將P適當(dāng)下移D為使用戶電壓穩(wěn)定在220V，應(yīng)將P適當(dāng)上移考點(diǎn)：變壓器的構(gòu)造和原理菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：交流電專題分析：根據(jù)圖象可以得知用戶的電壓偏小了，根據(jù)電壓和匝數(shù)成正比的關(guān)系，可以確定需要如何來調(diào)整滑動(dòng)接頭P解答：解：由于

20、用戶電壓u2隨時(shí)間t變化的曲線周期為0.02s，所以u2=190sin（100t）V，選項(xiàng)B正確A錯(cuò)誤；為使用戶電壓穩(wěn)定在220V，應(yīng)減小變壓器原線圈匝數(shù)，應(yīng)將P適當(dāng)上移，選項(xiàng)C錯(cuò)誤D正確故選BD點(diǎn)評：掌握住理想變壓器的電壓、電流之間的關(guān)系，本題即可得到解決6（4分）（2011山東）如圖所示，在兩等量異種點(diǎn)電荷的電場中，MN為兩電荷連線的中垂線，a、b、c三點(diǎn)所在直線平行于兩電荷的連線，且a與c關(guān)于MN對稱，b點(diǎn)位于MN上，d點(diǎn)位于兩電荷的連線上以下判斷正確的是（）Ab點(diǎn)場強(qiáng)大于d點(diǎn)場強(qiáng)Bb點(diǎn)場強(qiáng)小于d點(diǎn)場強(qiáng)Ca、b兩點(diǎn)的電勢差等于b、c兩點(diǎn)間的電勢差D試探電荷+q在a點(diǎn)的電勢能小于在c點(diǎn)的電

21、勢能考點(diǎn)：電場的疊加；電勢能菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：壓軸題分析：根據(jù)等量異號(hào)電荷的電場分布特點(diǎn)可知各點(diǎn)的場強(qiáng)大小，由電場線性質(zhì)及電場的對稱性可知ab及bc兩點(diǎn)間的電勢差；由電勢能的定義可知ac兩點(diǎn)電勢能的大小解答：解：在兩等量同號(hào)電荷連線上，中間點(diǎn)電場強(qiáng)度最小；在兩等量異號(hào)電荷連線的中垂線上，中間點(diǎn)電場強(qiáng)度最大；所以b點(diǎn)場強(qiáng)小于d點(diǎn)場強(qiáng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤B正確；由對稱性可知，a、b兩點(diǎn)的電勢差等于b、c兩點(diǎn)間的電勢差，故選項(xiàng)C正確；因a點(diǎn)的電勢高于c點(diǎn)的電勢，故試探電荷+q在a點(diǎn)的電勢能大于在c點(diǎn)的電勢能，選項(xiàng)D錯(cuò)誤故選BC點(diǎn)評：常見電場的電場線分布及等勢面的分布要求我們能熟練掌握，并要注意沿電場線的方

22、向電勢是降低的，同時(shí)注意等量異號(hào)電荷形成電場的對稱性7（4分）（2011山東）如圖所示，兩固定的豎直光滑金屬導(dǎo)軌足夠長且電阻不計(jì)兩質(zhì)量、長度均相同的導(dǎo)體棒c、d，置于邊界水平的勻強(qiáng)磁場上方同一高度h處磁場寬為3h，方向與導(dǎo)軌平面垂直先由靜止釋放c，c剛進(jìn)入磁場即勻速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)再由靜止釋放d，兩導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌始終保持良好接觸用ac表示c的加速度，Ekd表示d的動(dòng)能，xc、xd分別表示c、d相對釋放點(diǎn)的位移選項(xiàng)中正確的是（）ABCD考點(diǎn)：電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：壓軸題分析：未進(jìn)入磁場時(shí)，c、d做自由落體運(yùn)動(dòng)，到達(dá)磁場上邊界時(shí)速度相同c、d都進(jìn)入磁場后，同時(shí)在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)，兩者速度相同

23、，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，只受重力，都做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為gc出磁場后，d在切割磁感線時(shí)，此時(shí)d的速度比進(jìn)磁場時(shí)大，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢增大，感應(yīng)電流增大，受到的安培力增大，則d做勻減速直線運(yùn)動(dòng)根據(jù)動(dòng)能與高度的關(guān)系選擇動(dòng)能圖象解答：解：A、B，設(shè)c、d剛進(jìn)磁場時(shí)速度為v，c剛進(jìn)入磁場做勻速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)由靜止釋放d設(shè)d經(jīng)時(shí)間t進(jìn)入磁場，并設(shè)這段時(shí)間內(nèi)c的位移為x則 由于h=，x=vt，得到x=2h，則d進(jìn)入磁場時(shí)，c相對釋放點(diǎn)的位移為3h d進(jìn)入磁場后，cd二者都做勻速運(yùn)動(dòng)，且速度相同，二者與導(dǎo)軌組成的回路磁通量不變，感應(yīng)電流為零，不受安培力，兩導(dǎo)體棒均做加速度為g的勻加速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤，B正確； C、

24、D，c出磁場時(shí)d下落2h，c出磁場后，只有導(dǎo)體棒d切割磁感線，此時(shí)d的速度大于進(jìn)磁場時(shí)的速度，d受到安培力作用做減速運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能減小，d出磁場后動(dòng)能隨下 落高度的增加而均 勻增大，故C錯(cuò)誤，D正確故選：BD點(diǎn)評：本題關(guān)鍵在于分析兩導(dǎo)體的受力情況和運(yùn)動(dòng)情況，抓住安培力大小與速度大小成正比這個(gè)結(jié)論，分析只有d切割磁感線過程d的運(yùn)動(dòng)情況二、非選擇題：8（6分）（2011山東）某探究小組設(shè)計(jì)了“用一把尺子測定動(dòng)摩擦因數(shù)”的實(shí)驗(yàn)方案如圖示，將一個(gè)小球和一個(gè)滑塊用細(xì)繩連接，跨在斜面上端開始時(shí)小球和滑塊均靜止，剪短細(xì)繩后，小球自由下落，滑塊沿斜面下滑，可先后聽到小球落地和滑塊撞擊擋板的聲音，保持小球和滑塊釋放

25、的位置不變，調(diào)整擋板位置，重復(fù)以上操作，直到能同時(shí)聽到小球落地和滑塊撞擊擋板的聲音用刻度尺測出小球下落的高度H、滑塊釋放點(diǎn)與擋板處的高度差h和沿斜面運(yùn)動(dòng)的位移x（空氣阻力對本實(shí)驗(yàn)的影響可以忽略）滑塊沿斜面運(yùn)動(dòng)的加速度與重力加速度的比值為滑塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為以下能引起實(shí)驗(yàn)誤差的是cda滑塊的質(zhì)量 b當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊拇笮長度測量時(shí)的讀數(shù)誤差 d小球落地和滑塊撞擊擋板不同時(shí)考點(diǎn)：探究影響摩擦力的大小的因素菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：實(shí)驗(yàn)題；壓軸題；摩擦力專題分析：由于同時(shí)聽到小球落地和滑塊撞擊擋板的聲音，說明小球和滑塊的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，由勻加速運(yùn)動(dòng)的位移時(shí)間公式和自由落體的位移時(shí)間公式即可求得加速度的

26、比值；由牛頓第二定律及幾何關(guān)系即可求得滑塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)；由的數(shù)學(xué)表達(dá)式就可以知道能引起實(shí)驗(yàn)誤差的因數(shù)，還要注意小球落地和滑塊撞擊擋板不同時(shí)也會(huì)造成誤差；解答：解：由于同時(shí)聽到小球落地和滑塊撞擊擋板的聲音，說明小球和滑塊的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同， 由x=at2和H=gt2得：所以=根據(jù)幾何關(guān)系可知：sin=，cos= 對滑塊由牛頓第二定律得：mgsinmgcos=ma，且a=，聯(lián)立方程解得=由得表達(dá)式可知，能引起實(shí)驗(yàn)誤差的是長度x、h、H測量時(shí)的讀數(shù)誤差，同時(shí)要注意小球落地和滑塊撞擊擋板不同時(shí)也會(huì)造成誤差，故選cd故答案為：c d點(diǎn)評：本題考查了勻加速直線運(yùn)動(dòng)和自由落體運(yùn)動(dòng)的基本公式，要求同學(xué)們能

27、學(xué)會(huì)對實(shí)驗(yàn)進(jìn)行誤差分析，9（6分）（2011山東）某同學(xué)利用圖1所示電路，探究了電源在不同負(fù)載下的輸出功率（1）所得實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)如下表，請?jiān)趫D2中畫出UI的圖象U/V1.961.861.801.841.641.56I/A0.050.150.250.350.450.55（2）根據(jù)所畫的UI圖象，可求得電流I=0.20A時(shí)電源的輸出功率約為0.37 W（保留兩位有效數(shù)字）（3）（多選題）實(shí)驗(yàn)完成后，該同學(xué)對實(shí)驗(yàn)方案進(jìn)行了反思，認(rèn)為按圖甲電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)操作的過程中存在安全隱患，并對電路重新設(shè)計(jì)在圖3所示的電路中（Rx阻值未知），你認(rèn)為既能測出電源在不同負(fù)載下的輸出功率，又能消除安全隱患的是考點(diǎn)：電功、電功

28、率菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：實(shí)驗(yàn)題；恒定電流專題分析：（1）根據(jù)表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系中描點(diǎn)，然后根據(jù)描出的點(diǎn)作出UI圖象（2）由圖象找出電路電流為0.20A時(shí)的路端電壓，然后由P=UI求出電源的輸出功率（3）根據(jù)電路圖，分析電路結(jié)構(gòu)，然后答題解答：解：（1）根據(jù)表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系中描點(diǎn)，然后作出圖象，UI圖象如圖所示；（2）由圖象可知，電流I=0.20A時(shí)，電源輸出電壓為1.84V，電源的輸出功率為P=UI=1.84×0.20W0.37W（3）A、當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)片滑動(dòng)到最右端，電源短路，存在安全隱患，故A錯(cuò)誤；B、滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，既能保護(hù)電路，又能測測出電源的輸出功率，故B正確

29、；C、滑動(dòng)變阻器采用限流接法，既能保護(hù)電路，又能測測出電源的輸出功率，故C正確；D、電壓表測滑動(dòng)變阻器兩端電壓，并不能測出電路的路端電壓，該電路能保證電路安全，但不能測出電源的輸出功率，故D錯(cuò)誤；故答案為：（1）圖象如圖所示；（2）0.37；（3）BC點(diǎn)評：應(yīng)用圖象法處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)是常用的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理方法，要掌握描點(diǎn)法作圖的方法10（15分）（2011山東）如圖所示，在高出水平地面h=1.8m的光滑平臺(tái)上放置一質(zhì)量M=2kg、由兩種不同材料連接成一體的薄板A，其右段長度l1=0.2m且表面光滑，左段表面粗糙在A最右端放有可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊B，其質(zhì)量m=1kgB與A左段間動(dòng)摩擦因數(shù)=0.4開始時(shí)二者

30、均靜止，現(xiàn)對A施加F=20N水平向右的恒力，待B脫離A（A尚未露出平臺(tái)）后，將A取走B離開平臺(tái)后的落地點(diǎn)與平臺(tái)右邊緣的水平距離x=1.2m（取g=10m/s2）求（1）B離開平臺(tái)時(shí)的速度vB（2）B從開始運(yùn)動(dòng)到剛脫離A時(shí)，B運(yùn)動(dòng)的時(shí)間tB和位移xB（3）A左端的長度l2考點(diǎn)：動(dòng)能定理的應(yīng)用；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系；牛頓第二定律；平拋運(yùn)動(dòng)菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有分析：對A、B隔離受力分析，根據(jù)受力情況再做運(yùn)動(dòng)過程情況分析，根據(jù)運(yùn)動(dòng)性質(zhì)結(jié)合物理規(guī)律解決問題要注意物體運(yùn)動(dòng)的位移指的是相對于地面的位移要善于畫出運(yùn)動(dòng)過程的位置圖象，有利于解題解答：解：（1）設(shè)物塊平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t，由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律得：h

31、=gt2，x=vBt聯(lián)立解得vB=2m/s（2）設(shè)B的加速度為aB，B在A的粗糙表面滑動(dòng)，受向右的滑動(dòng)摩擦力做勻加速直線運(yùn)動(dòng)由牛頓第二定律，F(xiàn)合=mg=maB，由勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律，vB=aBtB，xB=aBtB2，聯(lián)立解得：tB=0.5s，xB=0.5m（3）設(shè)B剛好開始運(yùn)動(dòng)時(shí)A的速度為v，以A為研究對象，由動(dòng)能定理得Fl1=Mv12設(shè)B運(yùn)動(dòng)后A的加速度為aA，由牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)的知識(shí)得：Fmg=MaA，（l2+xB）=v1tB+aAtB2，聯(lián)立解得l2=1.5m答：（1）B離開平臺(tái)時(shí)的速度vB為2m/s（2）B運(yùn)動(dòng)的時(shí)間tB為0.5s，位移xB為0.5m（3）A左端的長度l2為1.5m

32、點(diǎn)評：能夠根據(jù)物體的受力情況確定物體的運(yùn)動(dòng)情況，運(yùn)用牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式解決動(dòng)能定理的應(yīng)用要注意過程的選取和總功的求解11（18分）（2011山東）扭擺器是同步輻射裝置中的插入件，能使粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡發(fā)生扭擺其簡化模型如圖、兩處的條形均強(qiáng)磁場區(qū)邊界豎直，相距為L，磁場方向相反且垂直紙面一質(zhì)量為m、電量為q、重力不計(jì)的粒子，從靠近平行板電容器MN板處由靜止釋放，極板間電壓為U，粒子經(jīng)電場加速后平行于紙面射入?yún)^(qū)，射入時(shí)速度與水平和方向夾角=30°（1）當(dāng)區(qū)寬度L1=L、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B1=B0時(shí)，粒子從區(qū)右邊界射出時(shí)速度與水平方向夾角也為30°，求B0及粒子在區(qū)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t0

33、；（2）若區(qū)寬度L2=L1=L磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B2=B1=B0，求粒子在區(qū)的最高點(diǎn)與區(qū)的最低點(diǎn)之間的高度差h；（3）若L2=L1=L、B1=B0，為使粒子能返回區(qū)，求B2應(yīng)滿足的條件；（4）若B1B2、L1L2，且已保證了粒子能從區(qū)右邊界射出為使粒子從區(qū)右邊界射出的方向與從區(qū)左邊界射入的方向總相同，求B1、B2、L1、L2、之間應(yīng)滿足的關(guān)系式考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動(dòng)菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有分析：（1）加速電場中，由動(dòng)能定理求出粒子獲得的速度畫出軌跡，由幾何知識(shí)求出半徑，根據(jù)牛頓定律求出B0找出軌跡的圓心角，求出時(shí)間（2）由幾何知識(shí)求出高度差（3）當(dāng)粒子在區(qū)域中軌跡恰好與右側(cè)邊界相切時(shí)，粒子恰能返回

34、區(qū)由幾何知識(shí)求出半徑，由牛頓定律求出B2滿足的條件（4）由幾何知識(shí)分析L1、L2與半徑的關(guān)系，再牛頓定律研究關(guān)系式解答：解：（1）如圖所示，設(shè)粒子射入磁場區(qū)域時(shí)的速度為v，勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為R1 根據(jù)動(dòng)能定理，得 qU=mv2 由牛頓定律，得qvB0=m 由幾何知識(shí)，得L=2R1sin=R1 聯(lián)立代入數(shù)據(jù)解得B0= 粒子在磁場區(qū)域中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t0= 聯(lián)立上述解得 t0=（2）設(shè)粒子在磁場區(qū)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為R2，由牛頓第二定律得qvB2=m 由于B2=B1，得到R2=R1=L 由幾何知識(shí)可得 h=（R1+R2）（1cos）+Ltan 聯(lián)立，代入數(shù)據(jù)解得h=（2）L （3）如圖2所示，

35、為使粒子能再次回到I區(qū)，應(yīng)滿足 R2（1+sin）L 代入數(shù)據(jù)解得 B2h （4）如圖3所示，設(shè)粒子射出磁場I區(qū)時(shí)速度與水平方向的夾角為， 由幾何知識(shí)可得L1=R1 （sin+sin） L2=R2 （sin+sin 聯(lián)立解得B1R1=B2R2 又R1= R2= 解得B1L1=B2L2答：（1）B0=，t0= （2）粒子在區(qū)的最高點(diǎn)與區(qū)的最低點(diǎn)之間的高度差h=（2）L （3）為使粒子能返回區(qū)，B2應(yīng)滿足的條件是B2 （4）為使粒子從區(qū)右邊界射出的方向與從區(qū)左邊界射入的方向總相同，B1、B2、L1、L2、之間應(yīng)滿足的關(guān)系式是B1L1=B2L2點(diǎn)評：本題的難點(diǎn)在于分析臨界條件，粒子恰好穿出磁場時(shí)，其

36、軌跡往往與邊界相切【物理-選修3-3】（8分）12（4分）（2011山東）人類對物質(zhì)屬性的認(rèn)識(shí)是從宏觀到微觀不斷深入的過程以下說法正確的是（）A液體的分子勢能與體積有關(guān)B晶體的物理性質(zhì)都是各向異性的C溫度升高，每個(gè)分子的動(dòng)能都增大D露珠呈球狀是由于液體表面張力的作用考點(diǎn)：* 晶體和非晶體；* 液體的表面張力現(xiàn)象和毛細(xì)現(xiàn)象菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有分析：分子勢能與物體的體積有關(guān)晶體分單晶體和多晶體，物理性質(zhì)不同溫度決定分子平均動(dòng)能露珠是液體表面張力作用的結(jié)果解答：解：A、物體體積變化時(shí)，分子間的距離將發(fā)生改變，分子勢能隨之改變，所以分子勢能與體積有關(guān)，故A正確B、晶體分為單晶體和多晶體，單晶體的物理性質(zhì)各向

37、異性，多晶體的物理性質(zhì)各向同性，故B錯(cuò)誤C、溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，具有統(tǒng)計(jì)的意義，故C錯(cuò)誤D、液體表面的張力具有使液體表面收縮到最小的趨勢，故D正確故選：A D點(diǎn)評：本題要明確單晶體和多晶體的區(qū)別；其次要知道溫度決定分子平均動(dòng)能，而不能決定每一個(gè)分子的動(dòng)能13（4分）（2011山東）氣體溫度計(jì)結(jié)構(gòu)如圖所示玻璃測溫泡A內(nèi)充有理想氣體，通過細(xì)玻璃管B和水銀壓強(qiáng)計(jì)相連開始時(shí)A處于冰水混合物中，左管C中水銀面在0點(diǎn)處，右管D中水銀面高出0點(diǎn)h1=14cm后將A放入待測恒溫槽中，上下移動(dòng)D，使C中水銀面仍在O點(diǎn)處，測得D中水銀面高出0點(diǎn)h=44cm（已知外界大氣壓為1個(gè)標(biāo)準(zhǔn)大氣壓，1個(gè)標(biāo)準(zhǔn)大氣壓相當(dāng)

38、于76cmHg）（1）求恒溫槽的溫度（2）此過程A內(nèi)氣體內(nèi)能增大（填“增大”或“減小”），氣體不對外做功，氣體將吸熱（填“吸熱”或“放熱”）考點(diǎn)：理想氣體的狀態(tài)方程；熱力學(xué)第一定律菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：理想氣體狀態(tài)方程專題分析：由于溫泡A內(nèi)封閉氣體的體積不變，所以可根據(jù)查理定律得求解恒溫槽的溫度，就需要確定在冰水混合物中時(shí)氣體的壓強(qiáng)和在恒溫槽中時(shí)氣體的壓強(qiáng)由于氣體溫度升高，所以A內(nèi)氣體分子的平均動(dòng)能增大，由于理想氣體，不計(jì)分子勢能，要判定氣體是否吸熱，可根據(jù)熱力學(xué)第一定律U=Q+W得出解答：解：由于使C中水銀面仍在O點(diǎn)處，故溫泡A內(nèi)封閉氣體的體積保持不變，發(fā)生等容變化冰水混合物的溫度T1=273

39、K，此時(shí)封閉氣體的壓強(qiáng)P1=P0+h1=90cmHg設(shè)待測恒溫槽的溫度T2，此時(shí)封閉氣體的壓強(qiáng)P2=P0+h2=120cmHg根據(jù)查理定律得：代入數(shù)據(jù)得T2=364 K（或91）A中氣體溫度升高，理想氣體的內(nèi)能增加（理想氣體只考慮分子平均動(dòng)能），氣體不對外做功，由熱力學(xué)第一定律U=Q+W可得，氣體吸熱答：恒溫槽的溫度為364K增大；吸熱點(diǎn)評：解決本題的關(guān)鍵是分析清楚氣體狀態(tài)變化過程，確定出初末兩個(gè)狀態(tài)已知的參量【物理-物理3-4】（8分）14（2011山東）如圖所示，一列簡諧波沿x軸傳播，實(shí)線為t1=0時(shí)的波形圖，此時(shí)P質(zhì)點(diǎn)向y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，虛線為t2=0.01s時(shí)的波形圖已知周期T0.01s

40、波沿x軸正方向（填“正”或“負(fù)”）方向傳播求波速考點(diǎn)：波長、頻率和波速的關(guān)系；橫波的圖象菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有分析：根據(jù)上下坡法，通過質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向得出波的傳播方向根據(jù)波形傳播的距離以及傳播的時(shí)間求出波速的大小解答：解：t1=0時(shí)，P質(zhì)點(diǎn)向y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，根據(jù)上下坡法知，波沿x軸正向傳播因?yàn)閠2t1=0.01sT則波速v=聯(lián)立式代入數(shù)據(jù)求得v=100m/s答：波沿x軸正方向傳播波速的大小為100m/s點(diǎn)評：解決本題的關(guān)鍵知道振動(dòng)和波動(dòng)的聯(lián)系，掌握波速的求法：1、v=，2、v=15（2011山東）如圖所示，扇形AOB為透明柱狀介質(zhì)的橫截面，圓心角AOB=60°一束平行于角平分線OM的單色光由叫

41、射人介質(zhì)，經(jīng)OA折射的光線恰平行于OB（1）求介質(zhì)的折射率（2）折射光線中恰好射到M點(diǎn)的光線不能（填“能”或“不能”）發(fā)生全反射考點(diǎn)：光的折射定律菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：光的折射專題分析：（1）根據(jù)題意作出光路圖，由幾何知識(shí)求出入射角和折射角，即可由折射定律公式n=求解折射率（2）由幾何知識(shí)求出光線在M點(diǎn)的入射角，與臨界角比較，分析能否發(fā)生全反射解答：解：（1）作出光路圖，由幾何知識(shí)可知，入射角i=60°，折射角r=30° 根據(jù)折射定律得 n=（2）由幾何知識(shí)求出光線在M點(diǎn)的入射角i=30°，sini=0.5臨界角的正弦為sinC=sini，即有iC故折射光線中恰好射

42、到M點(diǎn)的光線不能發(fā)生全反射答：（1）介質(zhì)的折射率為；（2）不能點(diǎn)評：對于幾何光學(xué)，作出光路圖是解題的基礎(chǔ)，并要充分運(yùn)用幾何知識(shí)求解入射角和折射角【物理-物理3-5】（8分）16（2011山東）碘131核不穩(wěn)定，會(huì)發(fā)生衰變，其半衰期為8天（碘的電荷數(shù)是53）（1）碘131的衰變方程：IX+e（衰變后的元素用×表示）（2）經(jīng)過16天有75%的碘發(fā)生衰變考點(diǎn)：裂變反應(yīng)和聚變反應(yīng)；原子核衰變及半衰期、衰變速度菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：衰變和半衰期專題分析：根據(jù)衰變過程中質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒列出衰變方程根據(jù)半衰期的定義求出有75%的碘131核發(fā)生了衰變的時(shí)間解答：解：衰變過程中質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，衰變

43、方程式：IX+e；半衰變期為8天，m=m0，m0為衰變前的質(zhì)量，m為經(jīng)過時(shí)間t后的剩余質(zhì)量，T為半衰期有75%的碘131核發(fā)生了衰變，m=m0，解得：t=16天故答案為：IX+e；16點(diǎn)評：本題要求學(xué)生能熟記放各種射線的性質(zhì)，并能根據(jù)平行板電容器內(nèi)電場的性質(zhì)區(qū)分射線的種類能夠應(yīng)用半衰期進(jìn)行定量的計(jì)算17（2011山東）如圖所示，甲、乙兩船的總質(zhì)量（包括船、人和貨物）分別為10m、12m，兩船沿同一直線同一方向運(yùn)動(dòng)，速度分別為2v0、v0為避免兩船相撞，乙船上的人將一質(zhì)量為m的貨物沿水平方向拋向甲船，甲船上的人將貨物接住，求拋出貨物的最小速度（不計(jì)水的阻力）考點(diǎn)：動(dòng)量守恒定律菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有分析：

44、在拋貨物的過程中，乙船與貨物組成的動(dòng)量守恒，在接貨物的過程中，甲船與貨物組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，在甲接住貨物后，甲船的速度小于等于乙船速度，則兩船不會(huì)相撞，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律可以解題解答：解：設(shè)拋出貨物的速度為v，由動(dòng)量守恒定律得：乙船與貨物：12mv0=11mv1mv，甲船與貨物：10m×2v0mv=11mv2，兩船不相撞的條件是：v2v1，解得：v4v0；答：拋出貨物的最小速度為4v0點(diǎn)評：知道兩船避免碰撞的條件，應(yīng)用動(dòng)量守恒即可正確解題，解題時(shí)注意研究對象的選擇2012年普通高等學(xué)校招生全國統(tǒng)一考試（山東卷）理科綜合二、選擇題（本題包括7小題，每小題給出四個(gè)選項(xiàng)中，有的只有一個(gè)選項(xiàng)正

45、確，有的有多個(gè)選項(xiàng)正確，全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分）14.以下敘述正確的是A法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象B慣性是物體的固有屬性，速度大的物體慣性一定大C牛頓最早通過理想斜面實(shí)驗(yàn)得出力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的必然結(jié)果D感應(yīng)電流遵從楞次定律所描述的方向，這是能量守恒定律的必然結(jié)果15.2011年11月3日，“神州八號(hào)”飛船與“天宮一號(hào)”目標(biāo)飛行器成功實(shí)施了首次交會(huì)對接。任務(wù)完成后“天宮一號(hào)”經(jīng)變軌升到更高的軌道，等待與“神州九號(hào)”交會(huì)對接。變軌前和變軌完成后“天宮一號(hào)”的運(yùn)行軌道均可視為圓軌道，對應(yīng)的軌道半徑分別為R1、R2，線速度大小分別為、。則等于A. B. C. D. 16將

46、地面上靜止的貨物豎直向上吊起，貨物由地面運(yùn)動(dòng)至最高點(diǎn)的過程中，圖像如圖所示。以下判斷正確的是A前3s內(nèi)貨物處于超重狀態(tài)B最后2s內(nèi)貨物只受重力作用C前3s內(nèi)與最后2s內(nèi)貨物的平均速度相同D第3s末至第5s末的過程中，貨物的機(jī)械能守恒17.如圖所示，兩相同輕質(zhì)硬桿、可繞其兩端垂直紙面的水平軸、轉(zhuǎn)動(dòng)，在點(diǎn)懸掛一重物M，將兩相同木塊m緊壓在豎直擋板上，此時(shí)整個(gè)系統(tǒng)保持靜止。表示木塊與擋板間摩擦力的大小，表示木塊與擋板間正壓力的大小。若擋板間的距離稍許增大后，系統(tǒng)仍靜止且、始終等高，則A變小B不變C變小D變大18.圖甲是某燃?xì)鉅t點(diǎn)火裝置的原理圖。轉(zhuǎn)換器將直流電壓轉(zhuǎn)換為圖乙所示的正弦交變電壓，并加在一理

47、想變壓器的原線圈上，變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為、。為交流電壓表。當(dāng)變壓器副線圈電壓的瞬時(shí)值大于5000V時(shí)，就會(huì)在鋼針和金屬板間引發(fā)電火花進(jìn)而點(diǎn)燃?xì)怏w。以下判斷正確的是A電壓表的示數(shù)等于5VB電壓表的示數(shù)等于C實(shí)現(xiàn)點(diǎn)火的條件是D實(shí)現(xiàn)點(diǎn)火的條件是19.圖中虛線為一組間距相等的同心圓，圓心處固定一帶正電的點(diǎn)電荷。一帶電粒子以一定初速度射入電場，實(shí)線為粒子僅在電場力作用下的運(yùn)動(dòng)軌跡，a、b、c三點(diǎn)是實(shí)線與虛線的交點(diǎn)。則該粒子A帶負(fù)電B在c點(diǎn)受力最大C在b點(diǎn)的電勢能大于在c點(diǎn)的電勢能D由a點(diǎn)到b點(diǎn)的動(dòng)能變化大于有b點(diǎn)到c點(diǎn)的動(dòng)能變化20.如圖所示，相距為L的兩條足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌與水平面的夾角

48、為，上端接有定值電阻，勻強(qiáng)磁場垂直于導(dǎo)軌平面，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B。將質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒由靜止釋放，當(dāng)速度達(dá)到時(shí)開始勻速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)對導(dǎo)體棒施加一平行于導(dǎo)軌向下的拉力，并保持拉力的功率為P，導(dǎo)體棒最終以的速度勻速運(yùn)動(dòng)。導(dǎo)體棒始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，不計(jì)導(dǎo)軌和導(dǎo)體棒的電阻，重力加速度為g，下列選項(xiàng)正確的是ABC當(dāng)導(dǎo)體棒速度達(dá)到時(shí)加速度為D在速度達(dá)到以后勻速運(yùn)動(dòng)的過程中，R上產(chǎn)生的焦耳熱等于拉力所做的功第II卷（必做129分+選做24分，共153分）注意事項(xiàng)： 1.第II卷共18道題。其中21-30題為必做部分，31-38題為選做部分。 2. 第II卷所有題目的答案，考試須用0.5毫米黑色簽字筆答在答題卡

49、規(guī)定的區(qū)域內(nèi)，在試卷上答題不得分。 3.選做部分考試必須從中選擇1道物理題、1道化學(xué)題和1道生物題作答。答題前，請考生務(wù)必將所選題號(hào)用2B鉛筆涂黑，答完題后，再次確認(rèn)所選題號(hào)?！颈刈霾糠帧?1.（13分）（1）某同學(xué)利用圖甲所示德 實(shí)驗(yàn)裝置，探究物塊在水平桌面上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律。物 塊在重物的牽引下開始運(yùn)動(dòng)，重物落地后，物塊再運(yùn)動(dòng)一段距離停在桌面上（尚未到達(dá)滑輪處）。從紙帶上便于測量的點(diǎn)開始，每5個(gè)點(diǎn)取1個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離如圖議所示。打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源的頻率為50Hz。通過分析紙帶數(shù)據(jù)，可判斷物塊在相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn) 和 之間某時(shí)刻開始減速。計(jì)數(shù)點(diǎn)5對應(yīng)的速度大小為 m/s，計(jì)數(shù)點(diǎn)6對應(yīng)的速度大小為

50、m/s。（保留三位有效數(shù)字）。物塊減速運(yùn)動(dòng)過程中加速度的大小為= m/s2,若用來計(jì)算物塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)（g為重力加速度），則計(jì)算結(jié)果比動(dòng)摩擦因數(shù)的真實(shí)值 （填“偏大”或“偏小”）。（2）在測量金屬絲電阻率的試驗(yàn)中，可供選用的器材如下：待測金屬絲：（阻值約，額定電流約）；電壓表：（量程，內(nèi)阻約）；電流表：（量程，內(nèi)阻約）；（量程，內(nèi)阻約）；電源：（電動(dòng)勢3V，內(nèi)阻不計(jì)） （電動(dòng)勢12V，內(nèi)阻不計(jì)）滑動(dòng)變阻器：（最大阻值約）螺旋測微器；毫米刻度尺；開關(guān)S；導(dǎo)線。用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，示數(shù)如圖所示，讀數(shù)為 mm。若滑動(dòng)變阻器采用限流接法，為使測量盡量精確，電流表應(yīng)選 、電源應(yīng)選 （均填器材代號(hào)），在虛線框中（間答題卡）完成電路原理圖。22.（15分）如圖所示，一工件置于水平地面上，其AB段為一半徑的光滑圓弧軌道，BC段為一長度的粗糙水平軌道，二者相切與B點(diǎn)，整個(gè)軌道位于同一豎直平面內(nèi)，P點(diǎn)為圓弧軌道上的