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文檔簡介

1、2016年北京市狀元橋?qū)W校高考物理模擬試卷(二)一、選擇題(本題共8小題,每小題6分在15小題給出的四個選項中,只有一個選項正確在68小題中給出的四個選項中有多個選項正確全部選對的得6分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分)1在物理學(xué)發(fā)展過程中,觀測、實驗、假說和邏輯推理等方法都起到了重要作用下列敘述不符合史實的是()A奧斯特在實驗中觀察到電流的磁效應(yīng),該效應(yīng)揭示了電和磁之間存在聯(lián)系B安培根據(jù)通電螺線管的磁場和條形磁鐵的磁場的相似性,提出了分子電流假說C法拉第在實驗中觀察到,在通有恒定電流的靜止導(dǎo)線附近的固定導(dǎo)線圈中,會出現(xiàn)感應(yīng)電流D楞次在分析了許多實驗事實后提出,感應(yīng)電流應(yīng)具有這樣的方向,即

2、感應(yīng)電流的磁場總要阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化2如圖所示,輕桿與豎直墻壁成53°角,斜插入墻中并固定,另一端固定一個質(zhì)量為m的小球,水平輕質(zhì)彈簧處于壓縮狀態(tài),彈力大小為mg(g表示重力加速度),則輕桿對小球的彈力大小為()ABCD3如圖所示,在光滑水平面上有一靜止小車,小車質(zhì)量為M=5kg,小車上靜止地放置著質(zhì)量為m=1kg的木塊,木塊和小車間的動摩擦因數(shù)=0.2,用水平恒力F拉動小車,下列關(guān)于木塊的加速度am和小車的加速度aM,可能正確的有()Aam=1 m/s2,aM=1 m/s2Bam=1 m/s2,aM=2 m/s2Cam=2 m/s2,aM=4 m/s2Dam=3 m/s

3、2,aM=5 m/s24如圖所示,兩個小球從水平地面上方同一點O分別以初速度v1、v2水平拋出,落在地面上的位置分別是A、B,O是O在地面上的豎直投影,且OA:AB=1:3若不計空氣阻力,則兩小球()A拋出的初速度大小之比為1:4B落地速度大小之比為1:3C落地速度與水平地面夾角的正切值之比為1:3D通過的位移大小之比為1:5如圖,若兩顆人造衛(wèi)星a和b均繞地球做勻速圓周運動,a、b到地心O的距離分別為r1、r2,線速度大小分別為v1、v2,則()A =B =C =()2D =()26將一帶電荷量為+Q的小球放在不帶電的金屬球附近,金屬球外殼接地,所形成的電場線分布如圖所示,下列說法正確的是()

4、Aa點的電勢高于b點的電勢Bc點的電場強度大于d點的電場強度C若將一正試探電荷由a點移到b點,電勢能增加D電場線方向與金屬球表面處處垂直7有兩根長直導(dǎo)線a、b互相平行放置,如圖所示為垂直于導(dǎo)線的截面圖在圖中所示的平面內(nèi),O點為兩根導(dǎo)線連線的中點,M、N為兩導(dǎo)線附近的兩點,它們在兩導(dǎo)線連線的中垂線上,且與O點的距離相等若兩導(dǎo)線中通有大小相等、方向相同的恒定電流I,則關(guān)于線段MN上各點的磁感應(yīng)強度,下列說法中正確的是()AM點和N點的磁感應(yīng)強度大小相等,方向相同BM點和N點的磁感應(yīng)強度大小相等,方向相反C在線段MN上各點的磁感應(yīng)強度都不可能為零D在線段MN上只有一點的磁感應(yīng)強度為零8如圖甲所示的電

5、路中,理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為5:1,原線圈接入圖乙所示的電壓,副線圈接火災(zāi)報警系統(tǒng) (報警器未畫出),電壓表和電流表均為理想電表,R0為定值電阻,R為半導(dǎo)體熱敏電阻,其阻值隨溫度的升高而減小下列說法中正確的是()A圖乙中電壓的有效值為110VB電壓表的示數(shù)為44VCR處出現(xiàn)火警時電流表示數(shù)增大DR處出現(xiàn)火警時電阻R0消耗的電功率增大三、非選擇題(包括必考題和選考題兩部分)(一)必考題9氣墊導(dǎo)軌裝置是物理學(xué)實驗的重要儀器,可以用來“研究勻變速直線運動”、“探究動能定理”等(1)某學(xué)習(xí)小組在“研究勻變速直線運動”的實驗中,用如圖所示的氣墊導(dǎo)軌裝置來測滑塊的加速度,由導(dǎo)軌標(biāo)尺可以測出兩個光電門

6、之間的距離L,遮光板的寬度為d,遮光板依次通過兩個光電門的時間分別為t1、t2,則滑塊的加速度可以表示為a=(用題中所給物理量表示)(2)該學(xué)習(xí)小組在控制砂桶的質(zhì)量m遠遠小于滑塊的質(zhì)量M的前提下,忽略滑塊在氣墊導(dǎo)軌上運動時所受的阻力,探究動能定理,若由導(dǎo)軌標(biāo)尺可以測出兩個光電門之間的距離s,遮光板的寬度為d,遮光板依次通過兩個光電門的時間分別為T1、T2,滑塊在通過兩個光電門過程中合外力做功為,滑塊動能變化量為(用題中所給物理量表示)10如圖甲所示的電路中,恒流源可為電路提供恒定電流I0,R為定值電阻,電流表、電壓表均可視為理想電表某同學(xué)利用該電路研究滑動變阻器RL消耗的電功率改變RL的阻值,

7、記錄多組電流、電壓的數(shù)值,得到如圖乙所示的UI關(guān)系圖線回答下列問題:(1)滑動觸頭向下移動時,電壓表示數(shù)(填“增大”或“減小”)(2)I0=A(3)RL消耗的最大功率為W(保留一位有效數(shù)字)11如圖所示,豎直四分之一光滑圓弧軌道固定在平臺AB上,軌道半徑R=1.8m,末端與平臺相切于A點傾角=37°的斜面BC緊靠平臺固定從圓弧軌道最高點由靜止釋放質(zhì)量m=1kg的滑塊a,當(dāng)a運動到B點的同時,與a質(zhì)量相同的滑塊b從斜面底端C點以速度v0=5m/s沿斜面向上運動,a、b(視為質(zhì)點)恰好在斜面上的P點相遇,已知AB長度s=2m,a與AB面及b與BC面間的動摩擦因數(shù)均為=0.5,g=10m/

8、s2,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8,求:(1)滑塊a到B點時的速度;(2)斜面上PC間的距離12如圖a所示,水平直線MN下方有豎直向上的勻強電場,現(xiàn)將一重力不計、比荷=106C/kg的正電荷置于電場中的O點由靜止釋放,經(jīng)過×105s后,電荷以v0=1.5×104m/s的速度通過MN進入其上方的勻強磁場,磁場與紙面垂直,磁感應(yīng)強度B按圖b所示規(guī)律周期性變化(圖b中磁場以垂直紙面向外為正,以電荷第一次通過MN時為t=0時刻)求:(1)勻強電場的電場強度E的大?。唬ūA?位有效數(shù)字)(2)圖b中t=×105s時刻電荷與O點的水平距離

9、;(3)如果在O點右方d=68cm處有一垂直于MN的足夠大的擋板,求電荷從O點出發(fā)運動到擋板所需的時間(sin 37°=0.60,cos 37°=0.80)(保留2位有效數(shù)字)(二)選考題物理-選修3-313下列說法正確的是 ()A將大顆粒的研磨成細鹽,細鹽還是屬于晶體B滿足能量守恒定律的宏觀過程都是可以自發(fā)進行的C0冰熔化成0的水,其分子熱運動的平均動能仍然不變D布朗運動就是液體分子的無規(guī)則運動,液體溫度越高,布朗運動越激烈E宇航員王亞平在太空中制作的水球呈球形是因為失重和水的表面張力作用的結(jié)果14如圖所示,一高為40cm,內(nèi)壁光滑,導(dǎo)熱性能良好的薄氣缸豎直放置,厚度不計

10、的活塞質(zhì)量為m=2kg,橫截面積為S=1×103m2,氣缸的頂部A點處有一個漏氣孔,穩(wěn)定時活塞的下端封閉有溫度為T=300K,長度為30cm的氣體柱,已知大氣壓強恒為P0=1.0×105Pag=10m/s2求:穩(wěn)定時被密封氣體的壓強;緩慢將氣缸內(nèi)的密封氣體加熱到500K時,被密封的氣體的壓強物理-選修3-415如圖所示為一系列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在t=0時刻的波形圖,其中a,b為介質(zhì)中的兩質(zhì)點,若這列波的傳播速度時100m/s,則下列說法正確的是 ()A該波波源的振動周期是0.04sBa,b兩質(zhì)點可能同時到達平衡位置Ct=0.04s時刻a質(zhì)點正在向下運動D從t=0到t

11、=0.01s時間內(nèi)質(zhì)點b的路程為1cmE該波與頻率是25Hz的簡諧橫波相遇時可能發(fā)生波的干涉現(xiàn)象16如圖所示,放置在真空中的三棱鏡的橫截面為直角三角形ABC,A=30°在BC的延長線上有一單色點光源S,從S射出的一條光線從AC邊上的D點(圖中未標(biāo)出)處射入棱鏡中,經(jīng)三棱鏡折射后垂直于AB邊射出,若S,D兩點的距離為d,且光從光源S導(dǎo)D點的傳播時間跟光在三棱鏡的時間相等,已知該三棱鏡的折射率n=,光在真空中的傳播速度為c求:(1)從光源射出的光線與SB邊的夾角;(2)入射點D到頂點A點的距離物理-選修3-517下列說法正確的是()A氡的半衰期為3.8天,若取4個氡原子核,經(jīng)7.6天后就

12、一定剩下1個原子核了B原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化成一個質(zhì)子和一個電子,這種轉(zhuǎn)化 產(chǎn)生的電子發(fā)射到核外,就是粒子,這就是衰變的實質(zhì)C光子的能量由光的頻率所決定D只要有核反應(yīng)發(fā)生,就一定會釋放出核能E按照玻爾理論,氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時,電子的動能減小,電勢能增大,原子的總能量不變18如圖所示,一輛質(zhì)量為M=6kg的平板小車停靠在墻角處,地面水平且光滑,墻與地面垂直一質(zhì)量為m=2kg的小鐵塊(可視為質(zhì)點)放在平板小車最右端,平板小車上表面水平且與小鐵塊之間的動摩擦因數(shù)=0.45,平板小車的長度L=1m現(xiàn)給鐵塊一個v0=5m/s的初速度使之向左運動,與豎直墻壁發(fā)生彈性碰撞后向右

13、運動,碰撞過程中無能量損失,求小鐵塊在平板小車上運動的過程中系統(tǒng)損失的機械能(g取10m/s2)2016年北京市狀元橋?qū)W校高考物理模擬試卷(二)參考答案與試題解析一、選擇題(本題共8小題,每小題6分在15小題給出的四個選項中,只有一個選項正確在68小題中給出的四個選項中有多個選項正確全部選對的得6分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分)1在物理學(xué)發(fā)展過程中,觀測、實驗、假說和邏輯推理等方法都起到了重要作用下列敘述不符合史實的是()A奧斯特在實驗中觀察到電流的磁效應(yīng),該效應(yīng)揭示了電和磁之間存在聯(lián)系B安培根據(jù)通電螺線管的磁場和條形磁鐵的磁場的相似性,提出了分子電流假說C法拉第在實驗中觀察到,在通有

14、恒定電流的靜止導(dǎo)線附近的固定導(dǎo)線圈中,會出現(xiàn)感應(yīng)電流D楞次在分析了許多實驗事實后提出,感應(yīng)電流應(yīng)具有這樣的方向,即感應(yīng)電流的磁場總要阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化【考點】物理學(xué)史【分析】對于物理中的重大發(fā)現(xiàn)、重要規(guī)律、原理,要明確其發(fā)現(xiàn)者和提出者,了解所涉及偉大科學(xué)家的重要成就【解答】解:A、1820年,丹麥物理學(xué)家奧斯特在實驗中觀察到電流的磁效應(yīng),揭示了電和磁之間存在聯(lián)系,符合史實故A正確B、安培根據(jù)通電螺線管的磁場和條形磁鐵的磁場的相似性,提出了分子電流假說,很好地解釋了軟鐵磁化現(xiàn)象,符合史實故B正確C、法拉第在實驗中觀察到,在通有恒定電流的靜止導(dǎo)線附近的固定導(dǎo)線圈中,不會出現(xiàn)感應(yīng)電流故C

15、錯誤D、楞次在分析了許多實驗事實后提出楞次定律,即感應(yīng)電流應(yīng)具有這樣的方向,感應(yīng)電流的磁場總要阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化故D正確本題選不符合史實的,故選:C【點評】本題關(guān)鍵要記住力學(xué)和電學(xué)的一些常見的物理學(xué)史,需要學(xué)生平時加強積累2如圖所示,輕桿與豎直墻壁成53°角,斜插入墻中并固定,另一端固定一個質(zhì)量為m的小球,水平輕質(zhì)彈簧處于壓縮狀態(tài),彈力大小為mg(g表示重力加速度),則輕桿對小球的彈力大小為()ABCD【考點】共點力平衡的條件及其應(yīng)用;物體的彈性和彈力【專題】共點力作用下物體平衡專題【分析】以小球為研究對象,分析受力情況,由共點力平衡條件求解輕桿對小球的彈力大小【解答】解

16、:以小球為研究對象,分析受力情況,如圖所示,根據(jù)共點力平衡條件得: 輕桿對小球的彈力大小為 F=故選:D【點評】本題是簡單的共點力平衡問題,正確分析受力是基礎(chǔ),本題運用數(shù)學(xué)上勾股定理求解比較簡潔,也可以由正交分解法求解3如圖所示,在光滑水平面上有一靜止小車,小車質(zhì)量為M=5kg,小車上靜止地放置著質(zhì)量為m=1kg的木塊,木塊和小車間的動摩擦因數(shù)=0.2,用水平恒力F拉動小車,下列關(guān)于木塊的加速度am和小車的加速度aM,可能正確的有()Aam=1 m/s2,aM=1 m/s2Bam=1 m/s2,aM=2 m/s2Cam=2 m/s2,aM=4 m/s2Dam=3 m/s2,aM=5 m/s2【

17、考點】牛頓第二定律;物體的彈性和彈力【專題】牛頓運動定律綜合專題【分析】對整體受力分析,根據(jù)牛頓第二定律列方程;再對m受力分析,根據(jù)牛頓第二定律列方程;最后聯(lián)立方程組求解【解答】解:當(dāng)M與m間的靜摩擦力fmg=2N時,木塊與小車一起運動,且加速度相等;當(dāng)M與m間相對滑動后,M對m的滑動摩擦力不變,則m的加速度不變,所以當(dāng)M與m間的靜摩擦力剛達到最大值時,木塊的加速度最大,由牛頓第二定律得:此時F=(M+m)am=(5+1)×2N=12N當(dāng)F12N,可能有aM=am=1m/s2當(dāng)F12N后,木塊與小車發(fā)生相對運動,小車的加速度大于木塊的加速度,aMam=2m/s2故AC正確,BD錯誤故

18、選:AC【點評】本題關(guān)鍵先對整體受力分析,再對小滑塊受力分析,然后根據(jù)牛頓第二定律列方程,聯(lián)立方程組求解4如圖所示,兩個小球從水平地面上方同一點O分別以初速度v1、v2水平拋出,落在地面上的位置分別是A、B,O是O在地面上的豎直投影,且OA:AB=1:3若不計空氣阻力,則兩小球()A拋出的初速度大小之比為1:4B落地速度大小之比為1:3C落地速度與水平地面夾角的正切值之比為1:3D通過的位移大小之比為1:【考點】平拋運動【專題】平拋運動專題【分析】兩小球所在高度相同,故下落時間相同,豎直方向的速度增量相同;由水平位移關(guān)系可求出兩小球的初速度的大小關(guān)系,進而求得落地速度的大小及方向關(guān)系;由幾何關(guān)

19、系可求得位移的比值【解答】解:兩球的拋出高度相同,故下落時間相同,落地時的豎直分速度相同;兩小球的水平位移分別為OA和OB;故水平位移之比為1:4; 故由x=vt可知兩小球的初速度之比為1:4; 故A正確;由于未知兩小球的下落高度,故無法求出準(zhǔn)確的落地時的豎直分速度,故B無法求得落地速度之比故速度方向,故B錯誤;同理也無法求出位移大小之比,故D錯誤;因豎直分速度相等,tan=,因豎直分速度相等,而水平初速度比值為1:4,故正切值的比值為4:1;故C錯誤;故選A【點評】對于平拋運動要注意用好幾何關(guān)系,并能靈活應(yīng)用各物理量之間的關(guān)系5如圖,若兩顆人造衛(wèi)星a和b均繞地球做勻速圓周運動,a、b到地心O

20、的距離分別為r1、r2,線速度大小分別為v1、v2,則()A =B =C =()2D =()2【考點】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系;萬有引力定律及其應(yīng)用【專題】人造衛(wèi)星問題【分析】根據(jù)萬有引力提供向心力=m,解出線速度與軌道半徑r的關(guān)系進行求解【解答】解:根據(jù)萬有引力提供向心力=mv=,a、b到地心O的距離分別為r1、r2,所以=,故選:A【點評】本題關(guān)鍵是要掌握萬有引力提供向心力這個關(guān)系,能夠根據(jù)題意選擇恰當(dāng)?shù)南蛐牧Φ谋磉_式6將一帶電荷量為+Q的小球放在不帶電的金屬球附近,金屬球外殼接地,所形成的電場線分布如圖所示,下列說法正確的是()Aa點的電勢高于b點的電勢Bc點的電場強度大于d點

21、的電場強度C若將一正試探電荷由a點移到b點,電勢能增加D電場線方向與金屬球表面處處垂直【考點】電場的疊加;電場強度【專題】比較思想;圖析法;電場力與電勢的性質(zhì)專題【分析】順著電場線方向電勢逐漸降低,電場線的疏密表示場強的大??;電勢越高的地方,正電荷具有的電勢能越大金屬球處于靜電平衡狀態(tài),表面是一個等勢面,電場線與等勢面垂直由這些知識分析【解答】解:A、根據(jù)順著電場線方向電勢逐漸降低,電場線與等勢面垂直可知,a點所在等勢面的電勢低于b點所在等勢面的電勢,則a點的電勢低于b點的電勢故A錯誤B、電場線的疏密表示場強的大小,由圖象知c點的電場強度小于d點的電場強度,故B錯誤C、a點的電勢低于b點的電勢

22、,根據(jù)電勢越高的地方,正電荷具有的電勢能越大,則知將一正試探電荷由a點移到b點,電勢能增加,故C正確D、金屬球表面是一個等勢面,則電場線方向與金屬球表面處處垂直,故D正確故選:CD【點評】該題關(guān)鍵要掌握電場線的物理意義以及靜電平衡導(dǎo)體的特點,知道順著電場線方向電勢逐漸降低,電場線的疏密表示場強的大小7有兩根長直導(dǎo)線a、b互相平行放置,如圖所示為垂直于導(dǎo)線的截面圖在圖中所示的平面內(nèi),O點為兩根導(dǎo)線連線的中點,M、N為兩導(dǎo)線附近的兩點,它們在兩導(dǎo)線連線的中垂線上,且與O點的距離相等若兩導(dǎo)線中通有大小相等、方向相同的恒定電流I,則關(guān)于線段MN上各點的磁感應(yīng)強度,下列說法中正確的是()AM點和N點的磁

23、感應(yīng)強度大小相等,方向相同BM點和N點的磁感應(yīng)強度大小相等,方向相反C在線段MN上各點的磁感應(yīng)強度都不可能為零D在線段MN上只有一點的磁感應(yīng)強度為零【考點】通電直導(dǎo)線和通電線圈周圍磁場的方向【分析】根據(jù)安培定則判斷兩根導(dǎo)線在M、N兩點產(chǎn)生的磁場方向,根據(jù)平行四邊形定則,進行合成,確定大小和方向的關(guān)系在線段M N上只有O點的磁感應(yīng)強度為零【解答】解:A、B根據(jù)安培定則判斷得知,兩根通電導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場方向均沿逆時針方向,由于對稱,兩根通電導(dǎo)線在MN兩點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小相等,根據(jù)平行四邊形進行合成得到,M點和N點的磁感應(yīng)強度大小相等,M點磁場向下,N點磁場向上,方向相反故A錯誤,B正確C、D只有

24、當(dāng)兩根通電導(dǎo)線在同一點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小相等、方向相反時,合磁感應(yīng)強度才為零,則知只有O點的磁感應(yīng)強度為零故C錯誤,D正確故選:BD【點評】本題考查安培定則和平行四邊定則的綜合應(yīng)用,基礎(chǔ)題8如圖甲所示的電路中,理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為5:1,原線圈接入圖乙所示的電壓,副線圈接火災(zāi)報警系統(tǒng) (報警器未畫出),電壓表和電流表均為理想電表,R0為定值電阻,R為半導(dǎo)體熱敏電阻,其阻值隨溫度的升高而減小下列說法中正確的是()A圖乙中電壓的有效值為110VB電壓表的示數(shù)為44VCR處出現(xiàn)火警時電流表示數(shù)增大DR處出現(xiàn)火警時電阻R0消耗的電功率增大【考點】變壓器的構(gòu)造和原理;正弦式電流的最大值和有效值

25、、周期和頻率【專題】交流電專題【分析】求有效值方法是將交流電在一個周期內(nèi)產(chǎn)生熱量與將恒定電流在相同時間內(nèi)產(chǎn)生的熱量相等,則恒定電流的值就是交流電的有效值由變壓器原理可得變壓器原、副線圈中的電流之比,輸入、輸出功率之比,半導(dǎo)體熱敏電阻是指隨溫度上升電阻呈指數(shù)關(guān)系減小、具有負溫度系數(shù)的電阻,R處溫度升高時,阻值減小,根據(jù)負載電阻的變化,可知電流、電壓變化【解答】解:A、設(shè)將此電流加在阻值為R的電阻上,電壓的最大值為Um,電壓的有效值為U=T代入數(shù)據(jù)得圖乙中電壓的有效值為110V,故A正確B、變壓器原、副線圈中的電壓與匝數(shù)成正比,所以變壓器原、副線圈中的電壓之比是5:l,所以電壓表的示數(shù)為22v,故

26、B錯誤C、R處溫度升高時,阻值減小,副線圈電流增大,而輸出功率和輸入功率相等,所以原線圈增大,即電流表示數(shù)增大,故C正確D、R處出現(xiàn)火警時通過R0的電流增大,所以電阻R0消耗的電功率增大,故D正確故選ACD【點評】根據(jù)電流的熱效應(yīng),求解交變電流的有效值是常見題型,要熟練掌握根據(jù)圖象準(zhǔn)確找出已知量,是對學(xué)生認(rèn)圖的基本要求,準(zhǔn)確掌握理想變壓器的特點及電壓、電流比與匝數(shù)比的關(guān)系,是解決本題的關(guān)鍵三、非選擇題(包括必考題和選考題兩部分)(一)必考題9氣墊導(dǎo)軌裝置是物理學(xué)實驗的重要儀器,可以用來“研究勻變速直線運動”、“探究動能定理”等(1)某學(xué)習(xí)小組在“研究勻變速直線運動”的實驗中,用如圖所示的氣墊導(dǎo)

27、軌裝置來測滑塊的加速度,由導(dǎo)軌標(biāo)尺可以測出兩個光電門之間的距離L,遮光板的寬度為d,遮光板依次通過兩個光電門的時間分別為t1、t2,則滑塊的加速度可以表示為a=(用題中所給物理量表示)(2)該學(xué)習(xí)小組在控制砂桶的質(zhì)量m遠遠小于滑塊的質(zhì)量M的前提下,忽略滑塊在氣墊導(dǎo)軌上運動時所受的阻力,探究動能定理,若由導(dǎo)軌標(biāo)尺可以測出兩個光電門之間的距離s,遮光板的寬度為d,遮光板依次通過兩個光電門的時間分別為T1、T2,滑塊在通過兩個光電門過程中合外力做功為mgs,滑塊動能變化量為M()2M()2(用題中所給物理量表示)【考點】探究功與速度變化的關(guān)系;勻變速直線運動的速度與位移的關(guān)系【專題】定性思想;推理法

28、;動能定理的應(yīng)用專題【分析】(1)由于遮光條通過光電門的時間極短,可以用平均速度表示瞬時速度根據(jù)勻變速直線運動的速度位移公式求出滑塊的加速度(2)滑塊受到的合力即為mg,根據(jù)恒力做功公式求出合外力做功,由于遮光條通過光電門的時間極短,可以用平均速度表示瞬時速度,從而求出動能變化量【解答】解:(1)遮光板通過光電門的時間很短,可以認(rèn)為瞬時速度等于平均速度,依次通過兩個光電門的速度分別為 v1= 和v2=,由可得,滑塊的加速度為:a=,(2)砂桶的質(zhì)量m遠小于滑塊的質(zhì)量M,忽略滑塊在氣墊導(dǎo)軌上運動時所受的阻力,可以認(rèn)為滑塊所受合外力等于mg,則合外力做功為mgs;遮光板依次通過兩個光電門的速度分別

29、為v1=和v2=,滑塊動能變化為:Ek=MMv=M()2M()2故答案為:(1);(2)mgs, M()2M()2【點評】解決該題關(guān)鍵掌握知道在極短時間內(nèi)的平均速度可以表示瞬時速度和勻變速直線運動的速度位移公式應(yīng)用,知道在控制砂桶的質(zhì)量m遠遠小于滑塊的質(zhì)量M的前提下滑塊受到的合外力即為砂桶的重力mg,難度適中10如圖甲所示的電路中,恒流源可為電路提供恒定電流I0,R為定值電阻,電流表、電壓表均可視為理想電表某同學(xué)利用該電路研究滑動變阻器RL消耗的電功率改變RL的阻值,記錄多組電流、電壓的數(shù)值,得到如圖乙所示的UI關(guān)系圖線回答下列問題:(1)滑動觸頭向下移動時,電壓表示數(shù)減小(填“增大”或“減小

30、”)(2)I0=1.0A(3)RL消耗的最大功率為5W(保留一位有效數(shù)字)【考點】測定電源的電動勢和內(nèi)阻;閉合電路的歐姆定律;電功、電功率【專題】恒定電流專題【分析】(1)分析電路結(jié)構(gòu),根據(jù)并聯(lián)電路規(guī)律可知R分流的變化,再由歐姆定律可得出電壓表示數(shù)的變化;(2)由圖象及并聯(lián)電路的規(guī)律可分析恒定電流的大小;(3)由功率公式分析得出對應(yīng)的表達式,再由數(shù)學(xué)規(guī)律可求得最大功率【解答】解:(1)定值電阻與滑動變阻器并聯(lián),當(dāng)R向下移動時,滑動變阻器接入電阻減小,由并聯(lián)電路規(guī)律可知,電流表示數(shù)增大,流過R的電壓減小,故電壓表示數(shù)減??;(2)當(dāng)電壓表示數(shù)為零時,說明RL短路,此時流過電流表的電流即為I0;故I

31、0為1.0A;(3)由圖可知,當(dāng)I0全部通過R時,I0R=20;解得:R=4由并聯(lián)電路規(guī)律可知,流過RL的電流為:I=;則RL消耗的功率為:P=I2RL=;則由數(shù)學(xué)規(guī)律可知,最大功率為:P=5W;故答案為;(1)減??;(2)1.0;(3)5【點評】本題考查閉合電路歐姆定律在實驗中的應(yīng)用,要注意明確:一、圖象的應(yīng)用,能從圖象得出對應(yīng)的物理規(guī)律;二是注意功率公式的變形以及數(shù)學(xué)規(guī)律的正確應(yīng)用11如圖所示,豎直四分之一光滑圓弧軌道固定在平臺AB上,軌道半徑R=1.8m,末端與平臺相切于A點傾角=37°的斜面BC緊靠平臺固定從圓弧軌道最高點由靜止釋放質(zhì)量m=1kg的滑塊a,當(dāng)a運動到B點的同時

32、,與a質(zhì)量相同的滑塊b從斜面底端C點以速度v0=5m/s沿斜面向上運動,a、b(視為質(zhì)點)恰好在斜面上的P點相遇,已知AB長度s=2m,a與AB面及b與BC面間的動摩擦因數(shù)均為=0.5,g=10m/s2,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8,求:(1)滑塊a到B點時的速度;(2)斜面上PC間的距離【考點】動能定理;牛頓第二定律【專題】定性思想;推理法;動能定理的應(yīng)用專題【分析】(1)對滑塊a從下滑到B點的過程運用動能定理,求出滑塊a到達B點的速度大小(2)根據(jù)平拋運動的規(guī)律求出滑塊a的運動時間,根據(jù)牛頓第二定律求出滑塊b上滑和下滑的加速度大小,結(jié)合運動學(xué)公式求出斜

33、面上P、C間的距離【解答】解:(1)滑塊a從光滑圓弧軌道滑下到達B點的過程中,根據(jù)動能定理有:,代入數(shù)據(jù)解得:v=4m/s(2)滑塊a到達B點后做平拋運動,根據(jù)平拋運動的規(guī)律有:x=vt,y=,代入數(shù)據(jù)解得:t=0.6s,滑塊b從斜面底端上滑時,根據(jù)牛頓第二定律有:mgsin+mgcos=ma1,代入數(shù)據(jù)解得:向上運動的時間:0.6s,然后接著下滑,根據(jù)牛頓第二定律有:mgsin2mgcos=ma2,代入數(shù)據(jù)得:可得:xPC=v0t1a1t12a2(tt1)2=1.24m答:(1)滑塊a到B點時的速度為4m/s;(2)斜面上PC間的距離為1.24m【點評】本題考查了動能定理、牛頓第二定律和運動

34、學(xué)公式的綜合運用,知道a平拋運動的時間和b運動的時間相等,結(jié)合運動學(xué)公式靈活求解,注意滑塊b上滑和下滑的加速度大小不等12如圖a所示,水平直線MN下方有豎直向上的勻強電場,現(xiàn)將一重力不計、比荷=106C/kg的正電荷置于電場中的O點由靜止釋放,經(jīng)過×105s后,電荷以v0=1.5×104m/s的速度通過MN進入其上方的勻強磁場,磁場與紙面垂直,磁感應(yīng)強度B按圖b所示規(guī)律周期性變化(圖b中磁場以垂直紙面向外為正,以電荷第一次通過MN時為t=0時刻)求:(1)勻強電場的電場強度E的大??;(保留2位有效數(shù)字)(2)圖b中t=×105s時刻電荷與O點的水平距離;(3)如果

35、在O點右方d=68cm處有一垂直于MN的足夠大的擋板,求電荷從O點出發(fā)運動到擋板所需的時間(sin 37°=0.60,cos 37°=0.80)(保留2位有效數(shù)字)【考點】帶電粒子在勻強磁場中的運動;帶電粒子在勻強電場中的運動【專題】帶電粒子在復(fù)合場中的運動專題【分析】(1)電荷在電場中做勻加速直線運動,根據(jù)運動學(xué)公式和牛頓第二定律結(jié)合可求出電場強度E(2)電荷進入磁場后做勻速圓周運動,分別求出電荷在磁場中運動的半徑和周期,畫出軌跡,由幾何關(guān)系求出t=×105s時刻電荷與O點的水平距離(3)電荷在周期性變化的磁場中運動,根據(jù)周期性分析電荷到達檔板前運動的完整周期數(shù)

36、,即可求出荷沿ON運動的距離根據(jù)電荷擋板前的運動軌跡,求出其運動時間,即得總時間【解答】解:(1)電荷在電場中做勻加速直線運動,設(shè)其在電場中運動的時間為t1,有:v0=at1 Eq=ma解得:E=(2)當(dāng)磁場垂直紙面向外時,電荷運動的半徑:,周期,代入數(shù)據(jù)解得,當(dāng)磁場垂直紙面向里時,電荷運動的半徑:,周期,代入數(shù)據(jù)解得,故電荷從t=0時刻開始做周期性運動,其運動軌跡如圖所示t=×105s時刻電荷與O點的水平距離:d=2(r1r2)=4cm (3)電荷從第一次通過MN開始,其運動的周期為:,根據(jù)電荷的運動情況可知,電荷到達檔板前運動的完整周期數(shù)為15個,有:電荷沿ON運動的距離:s=1

37、5d=60cm 故最后8cm的距離如圖所示,有:r1+r1cos=ds解得:cos=0.6 則 =53° 故電荷運動的總時間:,代入數(shù)據(jù)解得t總=3.86×104s答:(1)勻強電場的電場強度E為7.2×103N/C(2)圖b中t=×105s時刻電荷與O點的水平距離為4cm(3)電荷從O點出發(fā)運動到擋板所需的時間為3.86×104s【點評】本題是帶電粒子在電場和磁場中運動的問題,電荷在電場中運動時,由牛頓第二定律和運動學(xué)公式結(jié)合研究是最常用的方法,也可以由動量定理處理電荷在周期性磁場中運動時,要抓住周期性即重復(fù)性進行分析,根據(jù)軌跡求解時間(二)

38、選考題物理-選修3-313下列說法正確的是 ()A將大顆粒的研磨成細鹽,細鹽還是屬于晶體B滿足能量守恒定律的宏觀過程都是可以自發(fā)進行的C0冰熔化成0的水,其分子熱運動的平均動能仍然不變D布朗運動就是液體分子的無規(guī)則運動,液體溫度越高,布朗運動越激烈E宇航員王亞平在太空中制作的水球呈球形是因為失重和水的表面張力作用的結(jié)果【考點】* 晶體和非晶體;超重和失重;溫度是分子平均動能的標(biāo)志;* 液體的表面張力現(xiàn)象和毛細現(xiàn)象【分析】本題根據(jù)晶體的定義和特點、熱力學(xué)第二定律、布朗運動、液體分子的表面張力等知識進行逐項的分析【解答】解:A、晶體由固定的熔點,非晶體沒有固定的熔點,同時晶體內(nèi)部排列有規(guī)則,而非晶

39、體則沒有,但形狀不一定有規(guī)則,晶體分為單晶體和多晶體:其中單晶體具有各向異性,多晶體和非晶體一樣具有各向同性,將大顆粒的研磨成細鹽,其分子內(nèi)部構(gòu)造不變,細鹽還是屬于晶體,故A正確B、能量的轉(zhuǎn)化和轉(zhuǎn)移,除了滿足守恒定律還有方向性,故B錯誤;C、溫度是分子平均動能的標(biāo)志,0冰熔化成0的水,其分子熱運動的平均動能仍然不變,故C正確;D、布朗運動就是固體微粒在液體中的無規(guī)則運動,液體溫度越高,布朗運動越激烈,故D錯誤;E、凡作用于液體表面,使液體表面積縮小的力,稱為液體表面張力,宇航員王亞平在太空中制作的水球呈球形是因為失重和水的表面張力作用的結(jié)果,故E正確;故選:ACE【點評】本題考查的知識點比較多

40、,要求學(xué)生平時多記憶,積累關(guān)于固液氣三態(tài)的重點知識14如圖所示,一高為40cm,內(nèi)壁光滑,導(dǎo)熱性能良好的薄氣缸豎直放置,厚度不計的活塞質(zhì)量為m=2kg,橫截面積為S=1×103m2,氣缸的頂部A點處有一個漏氣孔,穩(wěn)定時活塞的下端封閉有溫度為T=300K,長度為30cm的氣體柱,已知大氣壓強恒為P0=1.0×105Pag=10m/s2求:穩(wěn)定時被密封氣體的壓強;緩慢將氣缸內(nèi)的密封氣體加熱到500K時,被密封的氣體的壓強【考點】理想氣體的狀態(tài)方程【專題】理想氣體狀態(tài)方程專題【分析】以活塞為研究對象,受力分析,由平衡條件列方程可求得封閉氣體的壓強;活塞剛剛到達氣缸上端前等壓變化,

41、求出活塞剛到達氣缸頂部時的溫度,若500K高于此溫度,則物體后面做等容變化【解答】解:設(shè)穩(wěn)定時被密封氣體的勻強為p1,則有:P1S=P0S+mg得p1=p0+代入數(shù)據(jù)得:p1=1.2×105Pa 當(dāng)活塞緩慢移到氣缸上端時,設(shè)此時密封氣體的溫度為T1,氣體做等壓變化,有:=解得:T1=×300K=400K 此后密封氣體溫度從400K到500K時是等容變化,設(shè)加熱到500K時,被密封的氣體的勻強為p2,則有:=代入數(shù)據(jù)得:p2=×1.2×105Pa=1.5×105Pa 答:穩(wěn)定時被密封氣體的壓強為1.2×105Pa;緩慢將氣缸內(nèi)的密封氣體

42、加熱到500K時,被密封的氣體的壓強1.5×105Pa【點評】本題關(guān)鍵是判斷溫度升高到500K時活塞是否已經(jīng)到達氣缸頂部,不要只是簡單的套用等壓變化的方程得出結(jié)果物理-選修3-415如圖所示為一系列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在t=0時刻的波形圖,其中a,b為介質(zhì)中的兩質(zhì)點,若這列波的傳播速度時100m/s,則下列說法正確的是 ()A該波波源的振動周期是0.04sBa,b兩質(zhì)點可能同時到達平衡位置Ct=0.04s時刻a質(zhì)點正在向下運動D從t=0到t=0.01s時間內(nèi)質(zhì)點b的路程為1cmE該波與頻率是25Hz的簡諧橫波相遇時可能發(fā)生波的干涉現(xiàn)象【考點】橫波的圖象;波長、頻率和波速的關(guān)系;

43、波的干涉和衍射現(xiàn)象【專題】光的折射專題【分析】由圖可知波的波長,根據(jù)v=可以求得周期,根據(jù)波的平移原則判斷某時刻某個質(zhì)點的振動方向,知道周期則可得出質(zhì)點的路程,當(dāng)兩列波的頻率相同時,發(fā)生干涉現(xiàn)象【解答】解:A、由圖可知波的波長=4m,則振動周期T=,故A正確;B、根據(jù)波的傳播原則可知,ab兩個質(zhì)點的振動情況不是完全相同,也不是完全相反,不可能同時到達平衡位置,故B錯誤;C、t=0時刻,a質(zhì)點向下振動,經(jīng)過t=0.04s=T時間時,仍然向下振動,故C正確;D、t=0.01s=,由圖可知,b質(zhì)點經(jīng)過后已運動到x軸下方,路程大于1cm,故D錯誤;E、該波的頻率f=,則該波與頻率是25Hz的簡諧橫波相

44、遇時可能發(fā)生波的干涉現(xiàn)象,故E正確故選:ACE【點評】考查波的形成與傳播過程,掌握波長、波速與周期的關(guān)系,理解質(zhì)點的振動方向與波的傳播方向的關(guān)系16如圖所示,放置在真空中的三棱鏡的橫截面為直角三角形ABC,A=30°在BC的延長線上有一單色點光源S,從S射出的一條光線從AC邊上的D點(圖中未標(biāo)出)處射入棱鏡中,經(jīng)三棱鏡折射后垂直于AB邊射出,若S,D兩點的距離為d,且光從光源S導(dǎo)D點的傳播時間跟光在三棱鏡的時間相等,已知該三棱鏡的折射率n=,光在真空中的傳播速度為c求:(1)從光源射出的光線與SB邊的夾角;(2)入射點D到頂點A點的距離【考點】光的折射定律【專題】光的折射專題【分析】(1)作出光路圖,根據(jù)折射定律求出折射角,由幾何知識求解從光源射出的光線與SB邊的夾角;(2)根據(jù)幾何知識求出光線在玻璃磚中傳播的距離,由v=求出光在玻璃磚中傳播的速度,結(jié)合題設(shè)條件:光從光源S導(dǎo)D點的傳播時間跟光在三棱鏡的時間相等,列式求解【解答】解:(1)根據(jù)題意作出光路圖,有: n= 又:r=90°60°=30°

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