四川省眉山中學(xué)2020高三10月月考理科綜合物理試題及

1、眉山中學(xué)2018屆高三10月月考試題理科綜合物理試題二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，第1418題只有一項(xiàng)符合題目要求，第1921題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1. 如圖所示，物塊a放在直角三角形斜面體b上面，b放在彈簧上面并緊挨著豎直墻壁，初始時a，b靜止，現(xiàn)用力f沿斜面向上推a，但a，b仍未動，則施力f后，下列說法正確的是( )a. a，b之間的摩擦力一定變大b. b與墻面間的彈力可能不變c. b與墻之間可能沒有摩擦力d. 彈簧彈力一定不變【答案】d【解析】試題分析：對a分析，開始受重力、b對a的支持力和靜摩擦力平

2、衡，當(dāng)施加f后，仍然處于靜止，開始a所受的靜摩擦力大小為，若，則a、b之間的摩擦力大小可能不變，故a錯誤；以整體為研究對象，開始時b與墻面的彈力為零，后來加f后，彈力為，b錯誤；對整體分析，由于ab不動，彈簧的形變量不變，則彈簧的彈力不變，開始彈簧的彈力等于a、b的總重力，施加f后，彈簧的彈力不變，總重力不變，根據(jù)平衡知，則b與墻之間一定有摩擦力，故c錯誤，d正確考點(diǎn)：考查了共點(diǎn)力平衡條件的應(yīng)用【名師點(diǎn)睛】本題考查受力分析以及共點(diǎn)力的平衡條件應(yīng)用，要注意明確整體法與隔離法的正確應(yīng)用整體法：以幾個物體構(gòu)成的整個系統(tǒng)為研究對象進(jìn)行求解在許多問題中用整體法比較方便，但整體法不能求解系統(tǒng)的內(nèi)力隔離法：

3、從系統(tǒng)中選取一部分（其中的一個物體或兩個物體組成的整體，少于系統(tǒng)內(nèi)物體的總個數(shù)）進(jìn)行分析隔離法的原則是選取受力個數(shù)最少部分的來分析通常在分析外力對系統(tǒng)作用時，用整體法；在分析系統(tǒng)內(nèi)各物體之間的相互作用時，用隔離法有時在解答一個問題時要多次選取研究對象，需要整體法與隔離法交叉使用2. 如圖所示，在兩個點(diǎn)電荷q1、q2產(chǎn)生的電場中，實(shí)線為其電場線分布，虛線為電子（不計(jì)重力）從a點(diǎn)運(yùn)動到b點(diǎn)的運(yùn)動軌跡，則下列判斷正確的是 （ ） a. 電子經(jīng)過a點(diǎn)的加速度比經(jīng)過b點(diǎn)的加速度大b. q1的電荷量大于q2的電荷量c. 電子在a點(diǎn)的電勢能大于在b點(diǎn)的電勢能d. 兩個點(diǎn)電荷連線中點(diǎn)o的場強(qiáng)為零【答案】a【解

4、析】a點(diǎn)電場線較b點(diǎn)密集，則a點(diǎn)場強(qiáng)較b點(diǎn)大，電子經(jīng)過a點(diǎn)的加速度比經(jīng)過b點(diǎn)的加速度大，選項(xiàng)a正確；由電場線的分布可知，q1的電荷量小于q2的電荷量，選項(xiàng)b錯誤；由電子的運(yùn)動軌跡可知，q2帶正電，q1也帶正電，則a點(diǎn)的電勢高于b點(diǎn)，電子在a點(diǎn)的電勢能小于在b點(diǎn)的電勢能，選項(xiàng)c錯誤；由于兩電荷帶電量不等，則兩個點(diǎn)電荷連線中點(diǎn)o的場強(qiáng)不為零，選項(xiàng)d錯誤；故選a. 3. 如圖所示，a、b分別為甲、乙兩物體在同一直線上運(yùn)動時的位移與時間的關(guān)系圖象，其中a為過原點(diǎn)的傾斜直線，b為開口向下的拋物線。下列說法正確的是（ ） a. 物體甲做直線運(yùn)動，物體乙始終沿正方向做曲線運(yùn)動b. t1時刻甲、乙兩物體的位移

5、相等、速度相等c. t1到t2時間內(nèi)兩物體的平均速度相同d. 0t2時間內(nèi)兩物體間距一直減小【答案】c【解析】根據(jù)位移時間圖線的斜率表示速度，斜率正負(fù)表示速度的方向，則知物體甲做勻速直線運(yùn)動；物體乙的運(yùn)動方向先沿正方向，后沿負(fù)方向做直線運(yùn)動，故a錯誤t1時甲乙兩物體的位移相同，處于同一位置，但圖象的斜率不同，故速度不同，故b錯誤t1到t2時間內(nèi)兩物體的位移相同，所用時間相同，則平均速度相同故c正確； 0t2時間內(nèi)兩物體間距先增加后減??；再增加，再減小，選項(xiàng)d錯誤；故選c.點(diǎn)睛：本題考查x-t圖象的應(yīng)用，對于位移-時間圖象，關(guān)鍵要理解點(diǎn)和斜率的物理意義，知道圖線的斜率表示速度，同時能明確平均速度

6、的計(jì)算方法4. 如圖所示，半圓形框架豎直放置在粗糙的水平地面上，光滑的小球p在水平外力f的作用下處于靜止?fàn)顟B(tài)，p與圓心o的連線與水平面的夾角為，將力f在豎直面內(nèi)沿順時針方向緩慢地轉(zhuǎn)過90°，框架與小球始終保持靜止?fàn)顟B(tài)。在此過程中下列說法正確的是（ ）a. 框架對小球的支持力先減小后增大b. 拉力f的最小值為mgcosc. 地面對框架的摩擦力先減小后增大d. 框架對地面的壓力先增大后減小【答案】b【解析】以小球?yàn)檠芯繉ο?，分析受力情況，作出受力示意力圖，如圖所示根據(jù)幾何關(guān)系可知，用f順時針轉(zhuǎn)動至豎直向上之前，支持力n逐漸減小，f先減小后增大，當(dāng)f的方向沿圓的切線方向向上時，f最小，此時

7、：f=mgcos故a錯誤，b正確；以框架與小球組成的整體為研究對象，整體受到重力、地面的支持力、地面的摩擦力以及力f的作用；由圖可知，f在順時針方向轉(zhuǎn)動的過程中，f沿水平方向的分力逐漸減小，所以地面對框架的摩擦力始終在減小故c錯誤；以框架與小球組成的整體為研究對象，整體受到重力、地面的支持力、地面的摩擦力以及力f的作用；由圖可知，f在順時針方向轉(zhuǎn)動的過程中，f沿豎直方向的分力逐漸增大，所以地面對框架的支持力始終在減小故d錯誤故選b.5. 如圖，ab物體相距s=7m時，a在水平拉力和摩擦力作用下，正以va=4m/s的速度向右勻速運(yùn)動，而物體b此時正以vb=10m/s向右勻減速運(yùn)動，加速度a=2m

8、/s2，則a追上b所經(jīng)歷時間是： a. 7s b. 8sc. 9s d. 10s【答案】b【解析】6. 如圖（甲）所示，足夠長的木板b靜置于光滑水平面上，其上放置小滑塊a?；瑝Ka受到隨時間t變化的水平拉力f作用時，滑塊a的加速度a與拉力f的關(guān)系圖象如圖（乙）所示，則下列判斷正確的是（ ）a. , b. ,c. d. 【答案】bc【解析】由圖知，當(dāng)f=12n時，加速度為：a=3m/s2，對整體分析，由牛頓第二定律有：f=（ma+mb）a，代入數(shù)據(jù)解得：ma+mb=4kg，當(dāng)f大于12n時，a、b發(fā)生相對滑動，根據(jù)牛頓第二定律得：對a有：，由圖示圖象可知，圖線的斜率：，解得：ma=1kg，滑塊b的

9、質(zhì)量為：mb=3kg當(dāng)a=3m/s2時，f=12n，帶入可得ab=0.9,故選bc.點(diǎn)睛：本題考查牛頓第二定律與圖象的綜合，知道滑塊和木板在不同拉力作用下的運(yùn)動規(guī)律是解決本題的關(guān)鍵，掌握處理圖象問題的一般方法，通常通過圖線的斜率和截距入手分析7. 2017年4月22日12時23分，“天舟一號”貨運(yùn)飛船與“天宮二號”空間實(shí)驗(yàn)室順利完成自動交會對接。如圖所示，已知“天舟一號”“天宮二號”對接后，組合體在時間t內(nèi)沿圓周軌道繞地球轉(zhuǎn)過的角度為，組合體軌道半徑為r，地球表面重力加速度為g，引力常量為g，不考慮地球自轉(zhuǎn)。則（ ） a. 可求出地球的質(zhì)量b. 可求出地球的平均密度c. 可求出組合體的做圓周運(yùn)

10、動的線速度d. 可求出組合體受到地球的萬有引力【答案】abc【解析】組合體在時間 t 內(nèi)沿圓周軌道繞地球轉(zhuǎn)過的角度為，則角速度為；根據(jù)萬有引力提供組合體的向心力，則，所以地球的質(zhì)量為，可知能求出地球的質(zhì)量m，故a能求出；不考慮地球的自轉(zhuǎn)時，物體在地球表面的重力等于地球?qū)M合體的萬有引力，則得，解得，則可以求出地球的半徑r地球的密度為，可知能求出地球的平均密度，故b能求出；根據(jù)線速度與角速度的關(guān)系可知，可知可以求出組合體做圓周運(yùn)動的線速度，c能求出；由于不知道組合體的質(zhì)量，所以不能求出組合體受到的萬有引力，故d不能求出8. 某質(zhì)點(diǎn)作勻變速曲線運(yùn)動，依次經(jīng)過a、b、c三點(diǎn)，運(yùn)動軌跡如圖所示.已知過

11、b點(diǎn)的切線與ac連線平行，o點(diǎn)為線段ac的中點(diǎn)，則下列關(guān)于質(zhì)點(diǎn)從a點(diǎn)運(yùn)動到b點(diǎn)所用的時間t1與質(zhì)點(diǎn)從b點(diǎn)運(yùn)動到c點(diǎn)所用的時間t2的大小關(guān)系；質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過b點(diǎn)時的加速度a的方向的說法中，正確的是（ ） a. b. c. a的方向不一定由b點(diǎn)指向o點(diǎn)d. a的方向一定由b點(diǎn)指向o點(diǎn)【答案】bd【解析】假設(shè)物體做平拋運(yùn)動，將a點(diǎn)的速度分解為沿ac方向和垂直于ac方向；同理加速度也作相同分解，則物體在沿垂直ac方向先做勻減速直線運(yùn)動，再做勻加速直線運(yùn)動；b點(diǎn)時垂直于ac方向速度為零，故從a到b和從b到c過程中，在垂直于ac方向上的運(yùn)動是對稱的，加速度大小相等，故時間一定相等；如圖所示，ae為初速度方向，b

12、d即為平拋運(yùn)動在b點(diǎn)的加速度方向；因a到b過程與b到c過程中時間相等，故直線ae與dc長度相等，則abo與cdo全等，故ao等于oc，故說明o點(diǎn)為ac的中點(diǎn)，而平拋運(yùn)動加速度豎直向下，故說明b點(diǎn)的加速度沿bo方向；故選bd點(diǎn)睛：本題難度較大，很難由一般情況下得出結(jié)論，故我們用常見的平拋運(yùn)動進(jìn)行分析研究得出結(jié)果注意平拋運(yùn)動中加速度豎直向下，并將a點(diǎn)看作拋出點(diǎn) 9. 某物理小組的同學(xué)設(shè)計(jì)了一個粗測玩具小車通過凹形橋最低點(diǎn)時的速度的實(shí)驗(yàn)。所用器材有：玩具小車、壓力式托盤秤、凹形橋模擬器圓弧部分的半徑為r=0.20m）。完成下列填空： (1)將凹形橋模擬器靜置于托盤秤上，如圖(a)所示，托盤秤的示數(shù)為

13、1.00kg；(2)將玩具小車靜置于凹形橋模擬器最低點(diǎn)時，托盤秤的示數(shù)如圖(b)所示，該示數(shù)為_kg；(3)將小車從凹形橋模擬器某一位置釋放，小車經(jīng)過最低點(diǎn)后滑向另一側(cè)。此過程中托盤秤的最大示數(shù)為m；多次從同一位置釋放小車，記錄各次的m值如下表所示：序 號12345m(kg)1.801. 751.851.751.90(4)根據(jù)以上數(shù)據(jù)，可求出小車經(jīng)過凹形橋最低點(diǎn)時對橋的壓力為_n；小車通過最低點(diǎn)時的速度大小為_ m/s（重力加速度大小取10.0m/s2，計(jì)算結(jié)果保留2位有效數(shù)字）【答案】 (1). 1.40 (2). 8.1 (3). 1.4【解析】解：（2）根據(jù)量程為10kg，最小分度為0.

14、1kg，注意估讀到最小分度的下一位，為1.40kg；（4）根據(jù)表格知最低點(diǎn)小車和凹形橋模擬器對秤的最大壓力平均值為：fm=n=m橋g+fn解得：fn=7.9n根據(jù)牛頓運(yùn)動定律知：fnm0g=m0，代入數(shù)據(jù)解得：v=1.4m/s故答案為：（2）1.40，（4）7.9，1.4【點(diǎn)評】此題考查讀數(shù)和圓周運(yùn)動的知識，注意估讀，在力的問題注意分析受力和力的作用效果10. 用如圖所示的裝置“探究加速度與力和質(zhì)量的關(guān)系”，帶滑輪的長木板水平固定，跨過小車上定滑輪的兩根細(xì)線均處于水平。（1）實(shí)驗(yàn)時，一定要進(jìn)行的操作是_。（填步驟序號）a小車靠近打點(diǎn)計(jì)時器，先接通電源，再釋放小車，打出一條紙帶，同時記錄拉力傳感

15、器的示數(shù)； b改變砂和砂桶質(zhì)量，打出幾條紙帶 c用天平測出砂和砂桶的質(zhì)量 d為減小誤差，實(shí)驗(yàn)中一定要保證砂和砂桶的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量 （2）以拉力傳感器示數(shù)的二倍f(f=2)為橫坐標(biāo)，以加速度為縱坐標(biāo)，畫出的圖象如下圖所示，則可能正確的是_。 （3）在實(shí)驗(yàn)中，得到一條如圖所示的紙帶，按時間順序取0、1、2、5共6個計(jì)數(shù)點(diǎn)，15每相鄰兩個點(diǎn)間各有四個打印點(diǎn)未畫出，用刻度尺測出1、2、5各點(diǎn)到o點(diǎn)的距離分別為：10.92、18.22、23.96、28.30、31.10(cm)，通過電磁打點(diǎn)計(jì)時器的交流電頻率為50hz.則：小車的加速度大小為_m/s2，（結(jié)果保留一位小數(shù)）【答案】 (1). a

16、b (2). c (3). 1.5【解析】試題分析：（1）a、打點(diǎn)計(jì)時器運(yùn)用時，都是先接通電源，待打點(diǎn)穩(wěn)定后再釋放紙帶，該實(shí)驗(yàn)探究加速度與力和質(zhì)量的關(guān)系，要記錄彈簧測力計(jì)的示數(shù)，故a正確；b、改變砂和砂桶質(zhì)量，即改變拉力的大小，打出幾條紙帶，研究加速度隨f變化關(guān)系，故b正確；c、本題拉力可以由彈簧測力計(jì)測出，不需要用天平測出砂和砂桶的質(zhì)量，也就不需要使小桶（包括砂）的質(zhì)量遠(yuǎn)小于車的總質(zhì)量，故cd錯誤故選：ab；故選：c；（3）根據(jù)x=at2，運(yùn)用逐差法得，a=1.48m/s2，則小車的加速度大小為1.48m/s211. 如圖所示，ab為斜軌道，與水平面夾角30°，bc為水平軌道，兩軌

17、道在b處通過一小段圓弧相連接，一質(zhì)量為m的小物塊，自軌道ab的a處從靜止開始沿軌道下滑，最后停在軌道上的c點(diǎn)，已知a點(diǎn)高h(yuǎn)，物塊與軌道間的動摩擦因數(shù)為，求： (1)物塊沿軌道ab段滑動的時間t1與沿軌道bc段滑動的時間t2之比t1/t2等于多少?(2)僅將b處向左移至b1，使ab1軌道的傾角為45°，讓物塊仍從距b1c高h(yuǎn)的a點(diǎn)下滑，試求兩種情形下物塊在水平方向的位移之比?！敬鸢浮浚?） （2）1:1【解析】（1）物塊在ab段做勻加速運(yùn)動： 在bc做勻減速運(yùn)動： 解得 （2）由動能定理： 解得 為一定值。則 12. 如圖所示，在絕緣水平面上的兩物塊a、b用勁度系數(shù)為k的水平絕緣輕質(zhì)彈

18、簧連接，物塊b、c用跨過定滑輪的絕緣輕繩連接，a靠在豎直墻邊，c在傾角為的長斜面上，滑輪兩側(cè)的輕繩分別與水平面和斜面平行。a、b、c的質(zhì)量分別是m、2m、2m，a、c均不帶電，b帶正電，滑輪左側(cè)存在著水平向左的勻強(qiáng)電場，整個系統(tǒng)不計(jì)一切摩擦，b與滑輪足夠遠(yuǎn)。b所受的電場力大小為6mgsin，開始時系統(tǒng)靜止?，F(xiàn)讓c在沿斜面向下的拉力f作用下做加速度大小為a的勻加速直線運(yùn)動，彈簧始終未超過彈性限度，重力加速度大小為g。 （1）求彈簧的壓縮長度x1；（2）求a剛要離開墻壁時c的速度大小1及拉力f的大小；（3）若a剛要離開墻壁時，撤去拉力f，同時電場力大小突然減為2mgsin，方向不變，求在之后的運(yùn)動

19、過程中彈簧的最大彈性勢能epm?！敬鸢浮浚?） （2） （3）【解析】（1）開始時，彈簧處于壓縮狀態(tài)對c，受力平衡有t1 = 2mgsin 對b，受力平衡有t1 + kx1 = 6mgsin 解得x1= （2）a剛要離開墻壁時墻壁對a的彈力為零，彈簧剛好不發(fā)生形變，則b做勻加速直線運(yùn)動，位移大小為x1時有 解得 根據(jù)牛頓第二定律對b有 t2 6mgsin = 2ma 對c有 f + 2mgsin t2 = 2ma 解得f = 4m(gsin + a)（3）a剛要離開墻壁后，a、b、c系統(tǒng)的合外力為零，系統(tǒng)動量守恒，當(dāng)三個物塊的速度2相等時，彈簧彈性勢能最大，有(2m + 2m)1 = (m +

20、 2m + 2m)2根據(jù)能量守恒定律有 解得：epm = 13. 下列說法正確的是（ ）a. 顯微鏡下觀察到墨水中的小炭粒在不停的作無規(guī)則運(yùn)動，這反映了液體分子運(yùn)動的無規(guī)則性b. 分子間的相互作用力隨著分子間距離的增大，一定先減小后增大c. 分子勢能隨著分子間距離的增大，可能先減小后增大d. 在真空、高溫條件下，可以利用分子擴(kuò)散向半導(dǎo)體材料摻入其它元素e. 當(dāng)溫度升高時，物體內(nèi)每一個分子熱運(yùn)動的速率一定都增大【答案】acd【解析】顯微鏡下觀察到墨水中的小炭粒在不停的作無規(guī)則運(yùn)動，這反映了液體分子運(yùn)動的無規(guī)則性，選項(xiàng)a正確；分子間的相互作用力隨著分子間距離的增大，先減小后增大，再減小，選項(xiàng)b錯誤

21、；分子勢能隨著分子間距離的增大先減小后增大，選項(xiàng)c正確；在真空、高溫條件下，可以利用分子擴(kuò)散向半導(dǎo)體材料摻入其它元素，選項(xiàng)d正確；當(dāng)溫度升高時，物體內(nèi)分子的平均速率變大，并非每一個分子熱運(yùn)動的速率一定都增大，選項(xiàng)e錯誤；故選acd.14. 如圖所示，兩個截面積均為s的圓柱形容器，左右兩邊容器高均為h，右邊容器上端封閉，左邊容器上端是一個可以在容器內(nèi)無摩擦滑動的輕活塞（重力不計(jì)），兩容器由裝有閥門的極細(xì)管道（體積忽略不計(jì)）相連通開始時閥門關(guān)閉，左邊容器中裝有熱力學(xué)溫度為t0的理想氣體，平衡時活塞到容器底的距離為h，右邊容器內(nèi)為真空現(xiàn)將閥門緩慢打開，活塞便緩慢下降，直至系統(tǒng)達(dá)到平衡，此時被封閉氣體的熱力學(xué)溫度為t，且tt0求此過程中外界對氣體所做的功已知大氣壓強(qiáng)為p0 【答案】【解析】試題分析：打開閥門后，氣體通過細(xì)管進(jìn)入右邊容器，活塞緩慢向下移動，氣體作用于活塞的壓強(qiáng)仍為p0活塞對氣體的壓強(qiáng)也是p0設(shè)達(dá)到平衡時活塞的高度為x，氣體的溫度為t，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程得：解得：此過程中外界對氣體所做的功：wp0s(hx)考點(diǎn)：理想氣體狀態(tài)方程【名師點(diǎn)睛】此題考查學(xué)生應(yīng)用理想氣體實(shí)驗(yàn)定律解決實(shí)際問題的能力，要分析清楚氣體的狀態(tài)參量，有利于列出氣態(tài)方程