(江蘇選考)2021版高考物理二輪復習第二部分考前提速力爭滿分4策略考前提速練5

1、考前提速練5一、單項選擇題1. 16世紀末，伽利略用實驗和推理，推翻了已在歐洲流行了近兩千年的亞里士多德關 于力和運動的理論，開啟了物理學開展的新紀元。以下說法中，與亞里士多德觀點相反的是 ( )A. 兩物體從同一高度自由下落，較輕的物體下落較慢B. 個運動的物體，如果不再受力了，它總會逐漸停下來C. 兩匹馬拉的車比一匹馬拉的車跑得快；這說明：物體受的力越大，速度就越大D. 個物體維持勻速直線運動，不需要力解析：選D兩物體從同一高度自由下落，較輕的物體下落較慢， 即重物比輕物下落快，是亞里士多德的觀點，故 A錯誤；力是維持物體運動的原因，物體受力就會運動，不受力總 會逐漸停下來，是亞里士多德的

2、觀點，故B錯誤；物體受的力越大，速度就越大，是亞里士多德的觀點，故 C錯誤；伽利略用實驗和推理，證明了力不是維持物體運動的原因，與亞里 士多德觀點相反，故 D正確。2. a、b、c三個物體在同一條直線上運動，三個物體的位移一時間圖像如下圖，圖像 c是一條拋物線，坐標原點是拋物線的頂點，以下說法中正確的選項是( )A. a、b兩物體都做勻速直線運動，兩物體的速度相同510 f/sB. a、b兩物體都做勻變速直線運動，兩物體的加速度大小相等、方向相反C. 在05 s內(nèi)，當t = 5 s時，a、b兩物體相距最近D. 物體c 一定做變速直線運動解析：選D位移一時間圖像是傾斜的直線表示物體做勻速直線運動

3、，那么知a、b兩物體都做勻速直線運動。由題圖可知，a、b兩圖線的斜率大小相等、正負相反，說明兩物體的速度大小相等、方向相反，故 A、B錯誤；a物體沿正方向運動，b物體沿負方向運動，那么一 1 2 當t = 5 s時，a、b兩物體相距最遠，故 C錯誤；勻變速直線運動位移公式x = vot + gat ,可知其位移一時間圖像是拋物線，所以物體c 一定做變速直線運動，故 D正確。U3. 如圖，由兩種材料做成的半球面固定在水平地面上，球右側面光滑，左側面粗糙， O點為球心，A B是兩個相同的物塊(可視為質點)， 物塊A靜止在左側面上，物塊B在圖示水平力F作用下靜止在右側面上，A B處在同一高度，AO

4、BO與豎直方向的夾角均為9 ,那么A、B所受球面的支持力大小之比為()A.2sin 9 : 1B. sin9:1C.2cos 9 : 1D. cos9:1解析：選C分別對A B受力分析如圖，由平衡條件得：N= mgcos，同理coSmr，由牛頓第三定律，A B所受球面的支持力大小之比為Nmgcos mgcos cos2 1，故C正確。4. A、B兩質點在同一條直線上運動的v t圖像如下圖。A的最小速度和B的最大速度相同，在ti時刻，A、B兩質點相遇，那么A. 兩質點是從同一地點出發(fā)的B. 在0t2時間內(nèi)，質點 A的加速度先變小后變大C. 在0t2時間內(nèi)，兩質點的位移相同D. 在0t2時間內(nèi)，合

5、外力對質點 B做正功解析：選B根據(jù)v t圖像與坐標軸圍成的面積表示位移可知，在ti時間內(nèi)，質點 A的位移比質點 B的位移大，而在ti時刻，A、B兩質點相遇，所以出發(fā)時質點 A在后，質點 B在前，故A錯誤；根據(jù)v t圖像的斜率表示加速度，那么知在012時間內(nèi)，質點 A的加速度先變小后變大， 故B正確；由題圖知，在0t2時間內(nèi)，質點A的位移比質點B的位移 大，故C錯誤；在0t2時間內(nèi)，質點B的動能變化量為零，根據(jù)動能定理知，合外力對質 點B做的功為零，故 D錯誤。( )5. 如下圖，兩根相同的輕質彈簧豎直放置，下端固定在水平地面上， 可視為質點、質量不同mz m的兩物塊分別置于兩彈簧上端?，F(xiàn)用外力

6、作用 在物塊上，使兩彈簧具有相同的壓縮量，假設撤去外力后，兩物塊由靜止豎直 向上彈出并離開彈簧，那么從撤去外力到物塊速度第一次減為零的過程中，兩物塊A. 上升的最大高度一定相同B. 重力勢能的變化量一定相同C. 豎直向上的最大加速度一定相同D. 最大速度一定相同解析：選B由于壓縮量相同，那么彈簧的彈性勢能相同，那么由機械能守恒定律可知，重力勢能的增加量一定等于彈性勢能，故重力勢能的變化量相同；但由于物塊的質量不同， 故上升的最大高度不同；由于彈簧的彈力相同，而質量不同，故豎直向上的最大加速度不同； 速度最大時，重力等于彈簧的彈力，故最大速度不相同，故A、C、D錯誤，B正確。、多項選擇題6. 如

7、下圖，在xOy平面的第I象限內(nèi)存在垂直于xOy平面向里、磁感應強度大小未知的勻強磁場，兩個相同的帶電粒子以相同的速度 Vo先后從y軸上坐標為0,3 L的A點和B點坐標未知垂直于y軸射入磁場，在x軸上坐標為：3L,0的C點相遇，不計粒子重力及其相互作用，根據(jù)題設條件 可以確定A. 粒子在磁場中運動的半徑B. 粒子的電荷量C. 粒子在磁場中運動的時間D. 粒子的質量解析：選AC粒子的入射點及入射方向，同時軌跡圓上的兩點，根據(jù)與入射點速度相互垂直的方向及AC連線的中垂線的交點即可明確粒子軌跡圓的圓心位置。由幾何關系可知AC長為2 ：3L,/ BAC=30,貝U R= 2L,因兩粒子的速度相同，且是同

8、種粒子，cos 30那么可知，它們的半徑相同，即兩粒子的半徑均可求出；同時根據(jù)幾何關系可知，A點入射的粒子對應的圓心角為 120, B點入射的粒子對應的圓心角為60,即可確定對應的圓心角g 2 n R QR那么由t = 2V U-H可以求得在磁場中運動的時間，故A、C正確；由于不知磁感應強度，故無法求得荷質比，更不能求出電荷量或質量，故B、D錯誤。7. 理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為44： 1，原線圈輸入電壓的變化規(guī)律如圖甲所示，畐U線圈所接電路如圖乙所示，P為滑動變阻器的觸頭。以下說法正確的選項是A. 副線圈輸出電壓的頻率為100 HzB. 畐U線圈輸出電壓的有效值為5 VC. P向左移動時

9、，變壓器原、副線圈的電流都減小D. P向左移動時，變壓器的輸入功率增加解析：選BC由題圖甲可知，原線圈電壓的周期為0.02 s，所以輸出電壓的頻率為50311Hz, A錯誤；原線圈的電壓的最大值為 311 V，原線圈電壓的有效值為： U = 靈 V 220 V, 根據(jù)U= n可知，輸出電壓的有效值為： U2= nU =丄X 220 V = 5 V , B正確；P左移，電路U 壓m 44中的電阻變大，副線圈電流減小，所以原線圈的電流減小，圈的電流減小，而電壓不變，故變壓器的輸入功率減小，C正確；由C分析可知，原線D錯誤。S、S2繞其做勻速8. 兩顆互不影響的行星 P1、P2,各有一顆近地衛(wèi)星 圓

10、周運動。行星的a 產(chǎn)關系如下圖，圖中縱軸表示行星周圍空間某位置的引力加速度 a, 橫軸表示某位置到行星中心距離 r平方的倒數(shù)，衛(wèi)星 S、S的引力加速度大小均為 a。那么 ( )A. Si的質量比S2的大B. Pi的質量比P2的大C. Pi的第一宇宙速度比 F2的大D. Pi的平均密度比P2的大解析：選BC根據(jù)牛頓第二定律得：ma那么得行星對周圍空間物體的引力產(chǎn)生的加速度為：a=-p2MI由此不能判斷近地衛(wèi)星 S、S的質量大??；由數(shù)學知識知，a 士圖像的斜率等于GM斜率越大i GM越大i M越大，所以P的質量比R的大，故A錯誤| B正確；2設行星的半徑為 R第一宇宙速度為 v,貝U a= R，得

11、v =yaoR,由題意及題圖可知， Pi的R的大，故C正確；行星的平均密ao相等i貝U R的平均密度比半徑比P2的半徑大i ao相等，可知Pi的第一宇宙速度比aoR2G3ao=7 | Pi的半徑比P2的半徑大|434 n Gr4 n R3故D錯誤。聞9. 如下圖，一個粗糙的水平轉臺以角速度3勻速轉動i轉臺上口，現(xiàn)突然制動轉臺，那么有一個質量為 m的物體，物體與轉臺中心 O間用長為L的繩連接著，此 時物體與轉臺處于相對靜止i設物體與轉臺間的動摩擦因數(shù)為( )A. 由于慣性和摩擦力，物體將以O為圓心、L為半徑做變速圓周運動，直到停止B. 假設物體在轉臺上運動一周，物體克服摩擦力做的功為2n 口 mgLC. 假設物體在轉臺上運動一周i摩擦力對物體不做功L 2D. 物體在轉臺上運動圈后停止運動4 口g n解析：選ABD突然制動轉臺i物體所受切向合外力不為零i而是摩擦力f i所以物體除了具有向心加速度還具有切向加速度，同時，由于慣性，物體將以O為圓心、L為半徑做