安徽高考物理試卷(含詳細解析)

1、2015年安徽高考物理試卷一.選擇題（共7小題）1 .如圖示是a粒了（氨原子核）被重金屬原子核散射的運動軌跡，m、n、p、q是軌跡上的四點，在散射過程中可以認為重金屬原子核靜止不動.圖中所標出的a粒子在各點處的加速度方向正確的是（）a. m點 b. n點 c. p點d. q點第4頁q1和q2,其間距離為時，它們2 .由庫侖定律可知，真空中兩個靜止的點電荷，帶電量分別為之間相互作用力的大小為 f=k式中k為靜電力常量.若用國際單位制的基本單位表示，k2t的單位應為（）a.kg?a2?m3b.kg?a 2?m3?s 一根長為l、橫截面積為s的金屬棒，其材料的電阻率為p,棒內(nèi)單位體積自由電子數(shù)為 n

2、,電子的質(zhì)量為m,電 荷量為e,在棒兩端加上恒定的電壓時，棒內(nèi)產(chǎn)生電流，自 由電子定向運動的平均速率為 v,則金屬棒內(nèi)的電場強度大c.kg?m2?c 2d.n?m2?a 23 .圖示電路中，變壓器為理想變壓器，a、b接在電壓有效值不變的交流電流兩端，r0為定值電阻，r為滑動變阻器，現(xiàn)將變阻器的滑片從一個位置滑動到另一位置，觀察到電流表 a1的示數(shù)增大了 0.2a,電流表a2的示數(shù)增大了 0.8a,則下列說法正確的是（）a.電壓表v 1示數(shù)增大b.c.d.電壓表v2, v3示數(shù)均增大該變壓器起升壓作用變阻器滑片是沿c-d的方向滑動5.如圖所示，一束單色光從空氣入射到棱鏡的ab面上，經(jīng)ab和ac兩

3、個面折射后從 ac面進入空氣，當出射角i和入射角i相等時，出射光線相對于入射光線偏轉(zhuǎn)的角度為0,已知棱鏡頂?shù)膭驈姶艌?，磁感應強度大小?b,導軌電阻不計，已知金屬桿 mn傾斜放置，與導軌成 0角, 單位長度的電阻為r,保持金屬桿以速度v沿平行于cd的方向滑動（金屬桿滑動過程中與導軌接觸良好）.則（）a.b.c.d.電路中感應電動勢的大小為 二sin 9電路中感應電流的大小為電包坦t金屬桿所受安培力的大小為 i 一1t_ 2-j 21金屬桿的熱功率為, 丁rsin97.已知均勻帶電的無窮大平面在真空中激發(fā)電場的場強大小為,其中（t為平面上單位面積所帶的電荷量，？0為常量，如圖所示的平行板電容器，

4、 極板正對面積為s,其間為真空,帶電量為q,不計邊緣效應時，極板可看作無窮大導體板，則極板間的電場強度大小 和兩極板間相互的靜電引力大小分別為（）a.c.q2二.解答題（共5小題）8 .在 驗證力的平行四邊形定則”實驗中，某同學用圖釘把白紙固定在水平放置的木板上，將橡 皮條的一端固定在板上一點，兩個細繩套系在橡皮條的另一端，用兩個彈簧測力計分別拉住兩個細繩套，互成角度地施加拉力，使橡皮條伸長，結點到達紙面上某一位置，如圖所示，請將以下 的實驗操作和處理補充完整：用鉛筆描下結點位置，記為 o;記錄兩個彈簧測力計的示數(shù) f1和f2,沿每條細繩(套)的方向用鉛筆分別描出幾個點，用刻度尺把相應的點連成

5、線;只用一個彈簧測力計，通過細繩套把橡皮條的結點仍拉到位置o,記錄測力計的示數(shù)f3, ；按照力的圖示要求，作出拉力 fi，f2, f3；根據(jù)力的平行四邊形定則作出 fi和f2的合力f；比較 的一致程度，若有較大差異，對其原因進行分析，并作出相應的改進后再次進行實驗.9 .某同學為了測量一節(jié)電池的電動勢和內(nèi)阻，從實驗室找到以下器材：一個滿偏電流為100心、內(nèi)阻為2500 q的表頭，一個開關，兩個電阻箱(0999.9 q)和若干導線.(1)由于表頭量程偏小，該同學首先需將表頭改裝成量程為50ma的電流表，則應將表頭與電阻箱 (填 串聯(lián)”或 并聯(lián)”)，并將該電阻箱阻值調(diào)為 q.(2)接著該同學用改裝

6、的電流表對電池的電動勢及內(nèi)阻進行測量，實驗電路如圖1所示，通過改變電阻r測相應的電流i,且作相關計算后一并記錄如表:123456r ( q)95.075.055.045.035.025.0i (ma)15.018.724.829.536.048.0ir (v)1.421.401.361.331.261.20根據(jù)表中數(shù)據(jù)，圖2中已描繪出四個點，請將第 5、6兩組數(shù)據(jù)也描繪在圖2中，并畫出ir- i圖線； 根據(jù)圖線可得電池的電動勢e是v,內(nèi)阻是q10 . 一質(zhì)量為0.5kg的小物塊放在水平地面上的 a點，距離a點5m的位置b處是一面墻，如圖所示，物塊以v0=9m/s的初速度從a點沿ab方向運動，在

7、與墻壁碰撞前瞬間的速度為 7m/s,碰后以6m/s的速度反向運動直至靜止.g取10m/s2.(1)求物塊與地面間的動摩擦因數(shù)反(2)若碰撞時間為0.05s,求碰撞過程中墻面對物塊平均作用力的大小f;(3)求物塊在反向運動過程中克服摩擦力所做的功w.11 .在xoy平面內(nèi)，有沿y軸負方向的勻強電場，場強大小為 e (圖象未畫出)，由a點斜射出一質(zhì)量為m、帶電量為+q的粒子，b和c是粒子運動軌跡上的兩點，如圖所示，其中10為常數(shù),粒子所受重力忽略不計，求：(1)粒子從a到c過程中電場力對它做的功；(2)粒子從a到c過程所經(jīng)歷的時間；(3)粒子經(jīng)過c點時的速率.12 .由三顆星體構成的系統(tǒng)，忽略其它

8、星體對它們的作用，存在著一種運動形式：三顆星體在相 互之間的萬有引力作用下，分別位于等邊三角形的三個頂點上，繞某一共同的圓心o在三角形所 在的平面內(nèi)做相同角速度的圓周運動(圖示為a、b、c三顆星體質(zhì)量不相同時的一般情況).若a星體質(zhì)量為2m, b、c兩星體的質(zhì)量均為 m,三角形的邊長為a,求：(1) a星體所受合力大小fa； (2) b星體所受合力大小fb；(3) c星體的軌道半徑rc; (4)三星體做圓周運動的周期 t.2015年安徽高考物理試卷參考答案與試題解析一 .選擇題（共7小題）1 .如圖示是a粒了（氨原子核）被重金屬原子核散射的運動軌跡，m、n、p、q是軌跡上的四點，在散射過程中可

9、以認為重金屬原子核靜止不動.圖中所標出的a粒子在各點處的加速度方向正確的是（）第19頁。重金屬原子核a. m點b. n點c.p點d. q點分析：根據(jù)粒子軌跡的彎曲方向， 可以判定粒子受力的方向； 再根據(jù)受力的方向，判定a粒子在電場中運動時，粒子的加速度的方向.解答： 解：根據(jù)軌跡彎曲的方向，可以判定粒子受力的方向大體向上，與粒子和重金屬 原子核的點的連線的方向相反，故 m、n、p、q是軌跡上的四點的加速度的方向 中，只有p點標出的方向是正確的.故選： c2 .由庫侖定律可知，真空中兩個靜止的點電荷，帶電量分別為qi和q2,其間距離為時，它們解答:之間相互作用力的大小為 f=k2詈，式中k為靜電

10、力常量.若用國際單位制的基本單位表示，k的單位應為（）a.kg?a?m由于 f=ma, q=it,所以 kj：、根據(jù)質(zhì)量的單位是kg,加速度的單位m/s2,距離的單位是m,電流的單位是a,b.kg?a 2?m3?s 解答： 解：導體中的電流為i=nesvc.kg?m2?c 2d.n?m2?a 2力學單位制規(guī)定了物理量的單位，同時根據(jù)物理量間的公式也可以分析單位之間的關系.分析:解：根據(jù)f=k-1 可得：k=,i t2 |叼。）3 .圖示電路中，變壓器為理想變壓器，a、b接在電壓有效值不變的交流電流兩端， ro為定值電阻，r為滑動變阻器，現(xiàn)將變阻器的滑片從一個位置滑動到另一位置, 觀察到電流表a

11、i的示數(shù)增大了 0.2a,電流表a2的示數(shù)alirla.電壓表v 1示數(shù)增大b.電壓表n2, v3本數(shù)均增大增大了 0.8a,則下列說法正確的是（c .該變壓器起升壓作用d.變阻器滑片是沿c-d的方向滑動分析：根據(jù)歐姆定律分析負載電阻的變化，圖中變壓器部分等效為一個電源，變壓器右側(cè)其余部分是外電路，外電路中，ro與滑動變阻器r串聯(lián)；然后結合閉合電路歐姆定律和串并聯(lián)電路的電壓、電流關系分析即可. 解答：解：a、觀察到電流表a1的示數(shù)增大了 0.2a,電流表a2的示數(shù)增大了 0.8a,即副線圈電流增大，由于a、b接在電壓有效值不變的交流電流兩端，匝數(shù)比不變，所以副線圈電壓不變，即v1, v2示數(shù)不

12、變，根據(jù)歐姆定律得負載電阻減小，所以變阻器滑片是沿c-d的方向滑動，故a錯誤，d正確，b、由于ro兩端電壓增大，所以滑動變阻器 r兩端電壓減小，即電壓表 v3示數(shù) 減小，故b錯誤；c、觀察到電流表a1的示數(shù)增大了 0.2a,電流表a2的示數(shù)增大了 0.8a,即原線圈電流增大量小于副線圈電流增大量，根據(jù)電流與匝數(shù)成反比，所以該變壓器起降壓作用，故 c錯誤；故選：d.4 . 一根長為l、橫截面積為s的金屬棒，其材料的電阻率為 p,棒內(nèi)單位體積自由電子數(shù)為 n, 電子的質(zhì)量為m,電荷量為e,在棒兩端加上恒定的電壓時，棒內(nèi)產(chǎn)生電流，自由電子定向運動 的平均速率為v,則金屬棒內(nèi)的電場強度大小為（）a.2

13、 id。2elb.ec.pnevd.sl專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題.分析：利用電流的微觀表達式求的電流，由電阻的定義式求的電阻，由ej求的電場強ji度導體的電阻為r=*=導體兩端的電壓為u=ri場強為e=f聯(lián)立角i得e= pnev故選：c5 .如圖所示，一束單色光從空氣入射到棱鏡的ab面上，經(jīng)ab和ac兩個面折射后從 ac面進入空氣，當出射角i和入射角i相等時，出射光線相對于入射光線偏轉(zhuǎn)的角度為0,已知棱鏡頂角為%則計算棱鏡對該色光的折射率表達式為（）ba i 分析: 解答:,cl+ 951n 2* 口slirt,cl4 9sir-2-lirt由幾何關系可明確在ab邊入射時的入射角和折射角，

14、再由折射定律可求得折 射率.由折射定律可知，n二解：因入射角和出射角相等，即i=i 故由幾何關系可知， 灰?；vvi=故折射率n=cl+ eslrrt6 .如圖所示，abcd為水平放置的平行 ？ ”形光滑金屬導軌，間距為1,導軌間有垂直于導軌平面 的勻強磁場，磁感應強度大小為 b,導軌電阻不計，已知金屬桿 mn傾斜放置，與導軌成 0角, 單位長度的電阻為r,保持金屬桿以速度v沿平行于cd的方向滑動（金屬桿滑動過程中與導軌接觸良好）.則（）a.b.c.d.分析:解答:電路中感應電動勢的大小為blvsin 9電路中感應電流的大小為駟邁旦t2巨金屬桿所受安培力的大小為 丁r22金屬桿的熱功率為rsi

15、n 9由導體切割磁感線公式可求得感應電動勢的大小，由安培力公式f=bil可求得安培力以；由p=fv即可求得功率；注意公式中的l均為導軌間的距離.解：a、電路中感應電動勢的大小e=blv；公式中的l為切割的有效長度，故電動勢e=blv ;故a錯誤；b、感應電流i=-in日；故b正確；1. tsinqo 2 n 2* ac、安培力的大小f=bil=. 羊二??；故c錯誤；r口 21 2 2 白d、功率p=fv= w一；故d錯誤；故選：b.r7.已知均勻帶電的無窮大平面在真空中激發(fā)電場的場強大小為,其中（t為平面上單位面積所帶的電荷量，？0為常量，如圖所示的平行板電容器，極板正對面積為s,iia.c.

16、q2b.d.2濘其間為真空，帶電量為 q,不計邊緣效應時，極板可看作無窮大導體板，則極板間 的電場強度大小和兩極板間相互的靜電引力大小分別為（）分析:解答:由題意可明確兩極板單獨在極板內(nèi)部形成的場強大小，根據(jù)電場的疊加可明確合場強；相互作用力可看作極板在對方場強中的受力，即f=eq.解：兩極板均看作無窮大導體板，極板上單位面積上的電荷量極板形成的場強e0-口 = q ,兩極板間的電場強度為：2x 0 - q丐丐2%濘兩極板間的相互引力 f=eoq=可；故選：d.二.解答題（共5小題）8 .在 驗證力的平行四邊形定則”實驗中，某同學用圖釘把白紙固定在水平放置的木板上，將橡 皮條的一端固定在板上一

17、點，兩個細繩套系在橡皮條的另一端，用兩個彈簧測力計分別拉住兩個 細繩套，互成角度地施加拉力，使橡皮條伸長，結點到達紙面上某一位置，如圖所示，請將以下 的實驗操作和處理補充完整：用鉛筆描下結點位置，記為 o;記錄兩個彈簧測力計的示數(shù) f1和f2,沿每條細繩（套）的方向用鉛筆分別描出幾個點，用刻o,記錄度尺把相應的點連成線；只用一個彈簧測力計，通過細繩套把橡皮條的結點仍拉到位置測力計的示數(shù)f3, 記下細繩的方向 ；按照力的圖示要求，作出拉力 fi，f2, f3；根據(jù)力的平行四邊形定則作出 fi和f2的合力f；比較 力f3_與f的大小和方向 的一致程度,若有較大差異，對其原因進行分析，并作出相 應的

18、改進后再次進行實驗.分析：該實驗采用了等效替代的方法，因此要求兩次拉橡皮筋要使橡皮筋的形變相同，即將橡皮筋拉到同一點，力是矢量，因此在記錄時要記錄大小和方向，步驟 中 要記下細繩的方向，才能確定合力的方向，步驟 比較力f與f的大小和方向， 看它們是否相同，得出結論.解答： 解：步驟中要記下細繩的方向，才能確定合力的方向，從而用力的圖示法畫出合力；步驟比較力f3與f的大小和方向，看它們的一致程度，得出結論.故答案為：記下細繩的方向；力f3與f的大小和方向.9 .某同學為了測量一節(jié)電池的電動勢和內(nèi)阻，從實驗室找到以下器材：一個滿偏電流為100心、內(nèi)阻為2500 q的表頭，一個開關，兩個電阻箱（09

19、99.9 q）和若干導線.圖1(1)由于表頭量程偏小，該同學首先需將表頭改裝成量程為50ma的電流表，則應將表頭與電阻箱 并聯(lián) (填串聯(lián)”或并聯(lián)”)，并將該電阻箱阻值調(diào)為5.0 q.123456r ( q)95.075.055.045.035.025.0i (ma)15.018.724.829.536.048.0ir (v)1.421.401.361.331.261.201所示，通過(2)接著該同學用改裝的電流表對電池的電動勢及內(nèi)阻進行測量，實驗電路如圖 改變電阻r測相應的電流i,且作相關計算后一并記錄如表：根據(jù)表中數(shù)據(jù)，圖2中已描繪出四個點，請將第 5、6兩組數(shù)據(jù)也描繪在圖2中，并畫出ir-

20、 i圖線； 根據(jù)圖線可得電池的電動勢 e是1.53 v,內(nèi)阻r是 2.0 q分析： (1)由電表的改裝原理可明確應并聯(lián)一個小電阻分流來擴大電流表量程，根據(jù)并 聯(lián)電路規(guī)律可求得對應的電阻；(2)由描點法得出圖象；再由閉合電路歐姆定律求出表達式，由圖象即可求出電 動勢和內(nèi)電阻.解答:解：(1)電流表量程擴大于 50ma,即擴大旦l=500倍，則應并聯(lián)一個小電阻，其0.1- 6分流應為表頭電流的 499倍，則有：r=2500x 100x1 0與q;49gxi00x1 口 口(3)因 舊即表示電源的路端電壓，則有；ir=e-i (+ra),則由圖象可知，對應的電動勢為1.53v,內(nèi)阻為：r=l且二jl

21、竺 -5=2.0 q0. 05故答案為：(1)并聯(lián)，5; (2)如圖所示；1.53, 2.010. 一質(zhì)量為0.5kg的小物塊放在水平地面上的a點，距離a點5m的位置b處是一面墻，如圖所示，物塊以v0=9m/s的初速度從a點沿ab方向運動，在與墻壁碰撞前瞬間的速度為 7m/s,碰后以6m/s的速度反向運動直至靜止.g取10m/s2.(1)(2)(3)求物塊與地面間的動摩擦因數(shù)若碰撞時間為0.05s,求碰撞過程中墻面對物塊平均作用力的大小f;求物塊在反向運動過程中克服摩擦力所做的功w.分析:解答:(1)對物塊應用動能定理可以求出動摩擦因數(shù).(2)對物塊應用動量定理可以求出作用力大小.(3)應用動

22、能定理可以求出物塊反向運動過程克服摩擦力做的功. 解：(1)物塊從a到b過程，由動能定理得：-pmgsab mvb2 - mv02,代入數(shù)據(jù)解得:22斤0.32;(2)以向右為正方向，物塊碰撞墻壁過程,由動量定理得：ft=mvmvb，即：f0.05=0.5x ( 6) 0.57,解得：f=-130n,負號表示方向向左;(3)物塊向左運動過程，由動能定理得:w=mv2 0.5 62=9j;2答：(1)物塊與地面間的動摩擦因數(shù)2叱為0.32;(2)若碰撞時間為0.05s,碰撞過程中墻面對物塊平均作用力的大小f為130n;(3)物塊在反向運動過程中克服摩擦力所做的功w為9j.11.在xoy平面內(nèi)，有

23、沿y軸負方向的勻強電場，場強大小為 e (圖象未畫出)，由a點斜射出一質(zhì)量為m、帶電量為+q的粒子，b和c是粒子運動軌跡上的兩點，如圖所示，其中l(wèi)0為常數(shù),粒子所受重力忽略不計，求：(1)粒子從a到c過程中電場力對它做的功;(2)粒子從a到c過程所經(jīng)歷的時間；分析： | (1)由電場力做功的特點可明確 w=uq, 而u=ed,求得沿電場線方向上的距離即可求得功；ao、bo 及 bc(2)粒子在x軸方向上做勻速直線運動，根據(jù)水平位移可明確 時間相等，由豎直方向的勻變速直線運動可求得時間；解答:(3)由類平拋運動規(guī)律可求得水平和豎直豎直，再由運動的合成與分解求得合 速度.解：(1)粒子從a到c電場力做功為 w=qe (ya-yc) =3qel0(2)根據(jù)拋體運動的特點，粒子在x軸方向做勻速直線運動，由對稱性可知,軌跡是最高點d 在 y 軸上，可令 ta0=tob=t , tbc=t；由eq=ma得:a=qe又 y=at2yb+3lo=1a (2t) 2解得：t=v或則a到c過程所經(jīng)歷的時間t=3.2ml q(3)粒子在dc段做類平拋運動，則有：2lo=vcx (2t); vcy=a (2t)vc=2,2： 下小cy17qe102m答：(1)粒子從a到c過程中電場力對它做的功 3qel0(2)粒子從a到c過程所經(jīng)歷的時間2ml (3)粒子經(jīng)過c點時的速率為ltq