2019年廣西桂林市、崇左市高考物理二模試卷

1、2019 年廣西桂林市、崇左市高考物理二模試卷副標(biāo)題題號一二三四總分得分一、單選題（本大題共4 小題，共24.0 分）1. 如圖所示，電路中所有原件完好， 當(dāng)光照射到光電管上時，靈敏電流計(jì)中沒有電流通過，可能的原因是（）A. 入射光強(qiáng)較弱B. 入射光頻率太高C. 電源正負(fù)極接反D. 光照射時間太短2.圖甲是小型交流發(fā)電機(jī)的示意圖，線圈繞垂直于勻強(qiáng)磁場的水平軸OO 沿逆時針方向勻速轉(zhuǎn)動， 從圖示位置開始計(jì)時，產(chǎn)生的交變電流隨時間變化的圖象如圖乙所示，以下判斷正確的是（）A. 交流電的頻率是 100HzB.C. 0.02s 時穿過線圈的磁通量最大D.3. 一質(zhì)點(diǎn)做勻加速直線運(yùn)動，在通過某段位移倍。

2、則該質(zhì)點(diǎn)的加速度為（）0.02s 時線圈平面與磁場方向平行電流表的示數(shù)為20As 內(nèi)速度增加了v，動能變?yōu)樵瓉淼?A.B.C.D.4. 如圖所示，一個質(zhì)量為 m，帶電量為 +g 的粒子在勻強(qiáng)電場中運(yùn)動， 依次通過等腰直角三角形的三個頂點(diǎn)A、C、B，粒子在 A、 B 兩點(diǎn)的速率均為 2v0，在 C 點(diǎn)的速率為 v0，已知AB=d，勻強(qiáng)電場在 ABC 平面內(nèi)，粒子僅受電場力作用。則該勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小為（）A.B.C.D.二、多選題（本大題共6 小題，共33.0 分）5. 廣西壯族自治區(qū)處在北緯 20 54 26 24之間， 某極地衛(wèi)星通過廣西最北端與最南端正上方所經(jīng)歷的時間為 t，查閱到萬有引力

3、常量 G 及地球質(zhì)量 M，衛(wèi)星的軌道視為圓形，忽略地球自轉(zhuǎn)，衛(wèi)星的運(yùn)動視為勻速圓周運(yùn)動，根據(jù)以上信息可以求出（）A. 該衛(wèi)星周期B. 該衛(wèi)星受到的向心力C. 該衛(wèi)星的線速度大小D. 地球的密度第1頁，共 17頁6. 如圖所示， “ L”形支架 AOB 水平放置，物體 P 位于支架能 OB 部分，接觸面粗糙；一根輕彈簧一端固定在支架AO 上，另一端與物體P 相連。物體P 靜止時，彈簧處于壓縮狀態(tài)?，F(xiàn)將“L”形支架繞O 點(diǎn)逆時針緩慢旋轉(zhuǎn)一很小的角度，P 與支架始終保持相對靜止。 在轉(zhuǎn)動的過程中， 關(guān)于 P 的受力情況， 下列說法正確的是 （）A. 支持力減小B. 摩擦力不變C. 合外力不變D. 合

4、外力變大7. 如圖甲所示，傾角為 30 的足夠長的固定光滑斜面上，有一質(zhì)量m=0.8kg 的物體受到平行斜面向上的力F 作用，其大小F 隨時間 t 變化的規(guī)律如圖乙所示，t=0 時刻物體速度為零，重力加速度g=10m/s2下列說法中正確的是（）A. 0 2s 內(nèi)物體向上運(yùn)動B. 第 2s 末物體的動量最大C. 第3s末物體回到出發(fā)點(diǎn)D.0 3s內(nèi)力F的沖量大小為9N S?8. 如圖所示，固定在同一水平面內(nèi)的兩平行長直金屬導(dǎo)軌，間距為 1m，其左端用導(dǎo)線接有兩個阻值為4 的電阻，整個裝置處在豎直向上、大小為2T 的勻強(qiáng)磁場中。一質(zhì)量為 2kg 的導(dǎo)體桿MN 垂直于導(dǎo)軌放置， 已知桿接入電路的電阻

5、為2，桿與導(dǎo)軌之間的動摩擦因數(shù)為0.5對桿施加水平向右、 大小為 20N 的拉力， 桿從靜止開始沿導(dǎo)軌運(yùn)動，桿與導(dǎo)軌始終保持良好接觸，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，重力加速度g=10m/s2則（）A. M 點(diǎn)的電勢高于N 點(diǎn)B. 桿運(yùn)動的最大速度是10m/sC. 桿上產(chǎn)生的焦耳熱與兩電阻產(chǎn)生焦耳熱的和相等D. 當(dāng)桿達(dá)到最大速度時，MN 兩點(diǎn)間的電勢差大小為20V9.如圖所示，一列簡諧橫波t=0 時波形如圖，波沿x 軸負(fù)向傳播，傳播速度v=1m/s，則下列說法正確的是（）A. 此時 x=1.25 m 處的質(zhì)點(diǎn)正在做加速度增大的減速運(yùn)動B. x=0.4 m 處的質(zhì)點(diǎn)比 x=0.6 m 處的質(zhì)點(diǎn)先回到平衡位置C.

6、x=4 m 處的質(zhì)點(diǎn)再經(jīng)過 1.5 s 可運(yùn)動到波峰位置D. t=2s的波形圖與 t=0 時的波形圖重合E. x=2 m 處的質(zhì)點(diǎn)在做簡諧運(yùn)動，其振動方程為y=0.4sin（ t）（ m）10.下列說法正確的（）第2頁，共 17頁A. 在車胎突然爆裂的瞬間，氣體內(nèi)能減少B. 凡是能量守恒的過程一定能夠自發(fā)地發(fā)生的C. 氣體對器壁的壓強(qiáng)是由大量氣體分子對器壁不斷碰撞而產(chǎn)生的D. 隨著高度的增加，大氣壓和溫度都在減小，一個正在上升的氫氣球內(nèi)的氫氣內(nèi)能減小E. 能量轉(zhuǎn)化過程中，其總能量越來越小，所以要大力提倡節(jié)約能源三、實(shí)驗(yàn)題探究題（本大題共2 小題，共15.0 分）11.如圖所示裝置可以用來測量滑

7、塊和水平面間動摩擦因數(shù)。在水平面上將彈簧一端固定，另一端與滑塊接觸（兩者不固連）。壓縮彈簧，靜止釋放，滑塊被彈出，離開彈簧后經(jīng)過光電門O，最終停在P 點(diǎn)。已知擋光片的寬度d，記錄滑塊上擋光片通過光電門的時間t，重力加速度大小為g。（ 1）滑塊經(jīng)過 O 點(diǎn)的速度為 _ 。（ 2）除了記錄滑塊擋光片通過 D 點(diǎn)光電門的擋光時間之外，還需要測量的一個物理量是 _（填選項(xiàng)前的字母）。A滑塊釋放點(diǎn)到P 點(diǎn)距離 xB光電門與P 點(diǎn)間的水平距離C滑塊（帶擋光片）質(zhì)量mD 彈簧的長度l（ 3）動摩擦因數(shù)的表達(dá)式為_（用上述測量量和重力加速度g 表示）。12. 如圖甲所示是一個多量稗多用電表的簡化電路圖。請完成

8、下列問顥。（ 1）測量直流電流、直流電壓和電阻各有兩個量程。當(dāng)選擇開關(guān)S旋到位置5、 6時，電表用來測量 _（選填“直流電流”、“直流電壓”或“電阻”）。（ 2）某同學(xué)用此多用表測量某電學(xué)元件的電阻，選用“10”倍率的歐姆擋測量，發(fā)現(xiàn)多用表指針偏轉(zhuǎn)很小，因此需選擇_（填“ l”或“ l00”）倍率的歐姆擋。（ 3）某實(shí)驗(yàn)小組利用下列器材研究歐姆擋不同倍率的原理，組裝如圖乙、丙所示的簡易歐姆表。實(shí)驗(yàn)器材如下：A干電池（電動勢E 為 3.0V，內(nèi)阻 r 不計(jì)）；B電流計(jì) G（量程 300 A，內(nèi)阻 99Q）；C可變電阻器R；D定值電阻R0=4；E導(dǎo)線若干，紅黑表筆各一只。如圖乙所示，表盤上100A

9、 刻度線對應(yīng)的電阻刻度值是_第3頁，共 17頁如果將 R0 與電流計(jì)并聯(lián)，如圖丙所示，這相當(dāng)于歐姆表換擋，換擋前、后倍率之比為 _。四、計(jì)算題（本大題共4 小題，共 52.0 分）13. 如圖所示為某滑雪賽道。長直助滑道AB 與彎曲滑道BC 平滑銜接， 滑道 BC 高 h=10m，C 是半徑 R=30m 圓弧的最低點(diǎn)，質(zhì)量m=60kg 的運(yùn)動員從 A 處由靜止開始勻加速下滑，加速度a=4m/s2，到達(dá) B 點(diǎn)時速度vB=20m/s。取重力加速度2g=l0m/s 。（ 1）求長直助滑道AB 的長度 L；（ 2）若不計(jì) BC 段的阻力，求運(yùn)動員在C 點(diǎn)所受支持力的大小。14. 如圖所示， 在真空室

10、內(nèi)的 P 點(diǎn)，能沿平行紙面向各個方向不斷發(fā)射電荷量為 +q、質(zhì)量為 m 的粒子（不計(jì)重力），粒子的速率都相同。ab 為 P 點(diǎn)附近的一條水平直線， P 到直線 ab 的距離 PC=L ，Q 為直線 ab上一點(diǎn)， 它與 P 點(diǎn)相距 PQ=當(dāng)直線 ab 以上區(qū)域只存在垂直紙面向里、 磁感應(yīng)強(qiáng)度為 B 的勻強(qiáng)磁場時，水平向左射出的粒子恰到達(dá)Q 點(diǎn)；當(dāng) ab 以上區(qū)域只存在平行該平面的勻強(qiáng)電場時，所有粒子都能到達(dá)ab 直線， 且它們到達(dá) ab 直線時動能都相等，其中水平向左射出的粒子也恰好到達(dá)Q 點(diǎn)。已知 sin37 =0.6，cos37=0.8 ，求：（ 1）粒子的發(fā)射速率；（ 2） PQ 兩點(diǎn)間的

11、電勢差；（ 3）僅有磁場時，能到達(dá)直線ab 的粒子所用最長時間和最短時間。15. 如圖為一由透明介質(zhì)制成的截面為半圓的柱體，放在水平面上，其中 D 點(diǎn)為圓心，該圓的半徑為R，一點(diǎn)光源發(fā)出一細(xì)光束，該光束平行水平面射到透明介質(zhì)上的M 點(diǎn)，該光束經(jīng)透明介質(zhì)折射后射到水平面上的Q 點(diǎn)。已知 OM= R，OQ=R，光在空氣中的速度為c。求：透明介質(zhì)的折射率n；該光束由M 點(diǎn)到 Q 點(diǎn)的時間；第4頁，共 17頁16. 如圖所示， 一豎直放置、 缸壁光滑且導(dǎo)熱良好的柱形氣缸內(nèi)盛有一定量的理想氣體，活塞將氣體分隔成體積相同的A、B 兩部分；已知活塞的面積為 S，此時 A 中氣體的壓強(qiáng)為 P0，現(xiàn)將氣缸緩慢平

12、放在水平桌面上，穩(wěn)定后 A、B 兩部分氣體的體積之比為 1：2，在整個過程中， 沒有氣體從一部分通過活塞選人另一部分，外界氣體溫度不變。求：氣缸平放時兩部分氣體的壓強(qiáng)；活塞的質(zhì)量m。第5頁，共 17頁答案和解析1.【答案】 C【解析】解：A 、光電管能否產(chǎn)生光電效應(yīng)與入射光的 強(qiáng)度沒有關(guān)系。故 A 錯誤 。B、若入射光頻率太高，則一定大于金屬的極限 頻率，故一定可以發(fā)生光電效應(yīng)，電流計(jì)中有電流通過。故B 錯誤；C、電源正負(fù)極接反時，光電管加上反向 電壓，光電子做減速運(yùn) 動，可能不能到達(dá)陽極，電路中不能形成 電流。故 C 正確。D、光電管能否產(chǎn)生光電效應(yīng)與光照時間沒有關(guān)系。故 D 錯誤 。故選：

13、C。當(dāng)入射光波 長小于金屬的極限波 長時，金屬能產(chǎn)生光電效應(yīng)。當(dāng)光電管上加上反向電壓時，靈敏電流計(jì)中可能沒有 電流通過。本題考查對光電效應(yīng)產(chǎn)生的條件理解和 應(yīng)用能力。光電效應(yīng)產(chǎn)生的條件是取決于入射光的 頻率或波長，與入射光的強(qiáng)度、光照時間沒有關(guān)系。2.【答案】 B【解析】解：A 、根據(jù)圖乙，T=0.02s，f= =Hz=50Hz，故 A 錯誤；BC、0.02s時 電線圈平面與磁場方向平行，穿過線圈的磁通量為零， 流最大，故 B 正確，C 錯誤；圖電值I=A=10A ，故D錯誤。D、根據(jù) 乙，I m=10A， 流的有效故選：B。根據(jù)圖T=0.02s，Im=10A ，f=，I=，可以求出交流電的頻

14、電乙，率、 流的有效值，0.02s 時，電流最大，線圈平面與磁 場方向平行，穿過線圈的磁通量為零。本題考查了正弦式 電流的圖象和三角函數(shù)表達(dá)式。 這種題型屬于基 礎(chǔ)題，只要善于積累，難度不大。第6頁，共 17頁3.【答案】 B【解析】設(shè)質(zhì)點(diǎn)的初速度為則動能 Ek1=2動能變?yōu)樵瓉淼?9倍，解：v0，mv0，由于末則可知，末速度為原來的， v=2v=v；3 倍，故 v=3v 00故平均速度 =2v0=v根據(jù)位移公式可知：=v根據(jù)加速度定 義可知 a=，故B 正確，ACD 錯誤 。故選：B。根據(jù)動能的變化可求出初末速度 間的關(guān)系，再根據(jù)平均速度公式可求出平均速度，則由位移公式即可明確速度與位移時間

15、的關(guān)系，再由加速度的定 義即可求出質(zhì)點(diǎn)的加速度。本題考查動能以及運(yùn) 動學(xué)規(guī)律的問題，要注意明確動能變?yōu)?9 倍所隱含的信息，從而求出速度關(guān)系，同時還要注意應(yīng)用平均速度公式。4.【答案】 D【解析】解：A 、由勻強(qiáng)電場的方向應(yīng)與 AB 邊垂直，根據(jù) AB=d ，可知直角邊為，高為，所以可直接用電場的場強(qiáng)大小為，求出所以A 錯誤；B、由 A 的分析可知 B 選項(xiàng)的場強(qiáng)小于正確的 場強(qiáng)大小，故 B 錯誤；C、同理可知 C 選項(xiàng)的場強(qiáng)小于正確的 場強(qiáng)大小，故 C 錯誤；D、由以上分析可知電場強(qiáng)度應(yīng)為 ，故 D 正確；故選：D。由于個質(zhì)量為 m，帶電量為 +g 的粒子在勻 強(qiáng)電場中運(yùn)動，且粒子在 A 、

16、B 兩點(diǎn)的速率均 為 2v0，在C 點(diǎn)的速率 為 v0，可知電場方向應(yīng)與 AB 邊垂直，根據(jù)AB=d ，可知直角邊為，高為，所以可直接用電場力做功表示出 動能的變進(jìn)該勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小?；?， 而求出第7頁，共 17頁本題主要考察了勻 強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度與帶電粒子的動能之間的關(guān)系，根據(jù)電勢差的變化以及帶電粒子動能的變化，即可表示出電場強(qiáng)度的大小。較為基礎(chǔ)。5.【答案】 AC【解析】解：A 、廣西壯族自治區(qū)處在北緯 20542624之間，某極地衛(wèi)星通過廣西最北端與最南端正上方所經(jīng)歷的時間為轉(zhuǎn)過對應(yīng)角度的時間則t，已知， 可以求得運(yùn)動一周的時間即衛(wèi)星的周期 T，故A 正確；為該衛(wèi)星的質(zhì)量，故無法求得

17、衛(wèi)星受到的向心力大小，故B錯誤；B、因 不知道C、據(jù)萬有引力提供圓周運(yùn)動向心力，已知質(zhì)量 M 和周期 T 及常量 G 可以求得 衛(wèi)星的軌道半徑 r，據(jù)v=可以求得 衛(wèi)星的線速度大小，故C 正確；D、因?yàn)椴恢佬l(wèi)星距地面的高度，故無法求得地球的半徑R，所以無法得到地球的密度，故 D 錯誤 。故選：AC。根據(jù)題意可知衛(wèi)星圓周運(yùn)動時轉(zhuǎn)過 某一角度和所用的 時間，可以據(jù)此求得衛(wèi)星的角速度，再根據(jù)萬有引力提供 圓周運(yùn)動向心力可以求得 衛(wèi)星的軌道半徑，據(jù)此展開分析。該題考查萬有引力定律的 應(yīng)用，靈活運(yùn)用重力等于萬有引力以及萬有引力提供圓周運(yùn)動的向心力是解 題的關(guān)鍵。6.【答案】 AC【解析】解：對 P受力

18、分析如 圖知不轉(zhuǎn)動時，OB 對 P有支持力 N 和摩擦力 f ，滿足：f=F，N=mg，轉(zhuǎn)動 后受力分析如 圖，支持力 為：N=mgcos ，減小，摩擦力為：第8頁，共 17頁f=F- mgsin ，減小，但合外力不變，故AC 正確，BD 錯誤；故選：AC。對 P 物體分別受力，根據(jù)平衡條件列式分析力的 變化。此題考查受力分析和平衡條件的 應(yīng)用，正確受力分析熟 練應(yīng)用平衡條件即可。7.【答案】 AD【解析】解：對物體受力分析，受重力、支持力和拉力，將重力沿垂直斜面方向和平行與斜面方向正交分解，平行與斜面方向分力 為：G1=mgsin30 =4N分階段討論物體的運(yùn) 動情況： 0 到 1s 內(nèi)，F(xiàn)

19、 合 =5N-4N=1N ，沿斜面向上加速度為：a=1.25m/s21s 末速度為：v1=at1=1.25m/s 1s 到 2s 內(nèi)，合力為 F 合=3N-4N=-1N加速度為：a=2s 末速度為：v =v +at=0m/s212 2s 到 3s 內(nèi)，合力為 F 合=1N-4N=-3N加速度為：a=3s 末速度為：v =v +at=-3.75m/s323A 、由以上的分析可知，前 2s 內(nèi)物體向上運(yùn) 動 。故A 正確；B、由以上的分析可知，2s 末物體的速度 為 0，則動量為 0故B 錯誤；C、前 2s內(nèi)物體的物體：x=m第 3s內(nèi)物體的位移：m1.25m。故C 錯誤 。D、03s 內(nèi)力 F

20、的沖量大小 為：I=F1t1+F2t2+F3t3=5 1+3 1+1 1=9N?S故D 正確。第9頁，共 17頁故選：AD 。將重力沿垂直斜面方向和平行與斜面方向正交分解，垂直斜面方向合力為零，物體沿平行斜面方向運(yùn) 動，比較拉力和重力的平行斜面方向的分力，結(jié)合牛頓運(yùn)動定律即可判斷物體的運(yùn) 動情況，根據(jù)沖量的公式求出沖量。本題關(guān)鍵分為三個階段對物體受力分析，求出加速度，然后運(yùn)用運(yùn) 動學(xué)公式計(jì)算即可。8.【答案】 BC【解析】解：A 、根據(jù)右手定則知，桿中電流方向?yàn)?MN ，則 N 點(diǎn)的電勢高于 M 點(diǎn)，故A 錯誤。B、設(shè)桿運(yùn)動的最大速度是v，此時桿做勻速運(yùn) 動，受到的安培力大小 為：FA =BI

21、LI=E=BLv得：FA=其中 R=4，r=2。根據(jù)平衡條件有：F=FA + mg聯(lián)立解得：v=10m/s。故B 正確。電聯(lián)阻值R 并 =電電阻的總電2C、兩 阻并=r，桿中 流與兩流相等，由 Q=I Rt知桿上產(chǎn)生的焦耳 熱與兩電阻產(chǎn)生焦耳熱的和相等，故 C 正確。D、當(dāng)桿達(dá)到最大速度 時，桿產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為 ： E=BLv=2110V=20VMN 兩點(diǎn)間的電勢差大小為：U=E=20V=10V 故D 錯誤 。故選：BC。第10 頁，共 17頁根據(jù)右手定 則判斷桿中 電流方向，從而確定 M 點(diǎn)與 N 點(diǎn)電勢高低。桿做勻速運(yùn)動時速度最大，由平衡條件和安培力公式結(jié)合求最大速度。根據(jù) 電流關(guān)系、電

22、阻關(guān)系，由焦耳定律分析桿上 產(chǎn)生的焦耳 熱與兩電阻產(chǎn)生焦耳熱的和關(guān)系。當(dāng)桿達(dá)到最大速度 時，由歐姆定律求 MN 兩點(diǎn)間的電勢差大小。解決本題的關(guān)鍵要能根據(jù)法拉第 電磁感應(yīng)定律、歐姆定律推導(dǎo)出安培力與速度的關(guān)系式 FA =，要注意 MN 間的電壓是外電壓，不是電動勢，也不是內(nèi)電壓。9.【答案】 ACD【解析】解：A 、波沿 x 軸負(fù)向傳播，此時 x=1.25 m 處的質(zhì)點(diǎn)右側(cè)的質(zhì)點(diǎn)縱坐標(biāo)較大，故質(zhì)點(diǎn)向上運(yùn) 動，質(zhì)點(diǎn)縱坐標(biāo)大于零，故由質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動遠(yuǎn)離平衡位置可得：質(zhì)點(diǎn)做加速度增大的減速運(yùn) 動，故A 正確；B、由波沿 x 軸負(fù)向傳播可得：x=0.6 m 處的質(zhì)點(diǎn)向平衡位置運(yùn) 動，故 x=0.4 m處的質(zhì)

23、點(diǎn)、x=0.6 m 處的質(zhì)點(diǎn)都向平衡位置運(yùn) 動，且x=0.4 m 處的質(zhì)點(diǎn)比x=0.6 m 處的質(zhì)點(diǎn)距離遠(yuǎn)，那么，x=0.6m 處的質(zhì)點(diǎn)比 x=0.4 m 處的質(zhì)點(diǎn)先回到平衡位置，故 B 錯誤；C、由波沿 x 軸負(fù)向傳播可得：x=4 m 處的質(zhì)點(diǎn)由平衡位置向下振 動，故x=4 m處的質(zhì)點(diǎn)再經(jīng)過可運(yùn)動到波峰位置，又有波 長 =2m，波速v=1m/s，所以，周期 T=2s，那么，x=4 m 處的質(zhì)點(diǎn)再經(jīng)過 1.5 s可運(yùn)動到波峰位置，故 C 正確；D、由 C 可知簡諧波的周期 T=2s，故經(jīng)過 2s，波正好向前傳播一個波 長，波形重合，故 t=2s的波形圖與 t=0 時的波形圖重合，故 D 正確；

24、E、由 C 可知：x=2 m 處的質(zhì)點(diǎn)在做簡諧運(yùn)動的周期 T=2s，又有振幅 A=0.4m ，t=0 時，質(zhì)點(diǎn)位移為零，根據(jù)波沿 x 軸負(fù)向傳播可知質(zhì)點(diǎn)向下振 動，故可得：振動方程為 y=-0.4sin（t）（m），故E 錯誤；故選：ACD。第11 頁，共 17頁根據(jù)傳播方向得到 質(zhì)點(diǎn)的振動，即可根據(jù)質(zhì)點(diǎn)位移和振 動方向得到運(yùn) 動情況；再根據(jù)波 長、波速求得周期，即可由波的傳播得到不同 時刻的波形 圖關(guān)系；最后根據(jù)初始 時刻和周期、振幅求得 質(zhì)點(diǎn)振動方程對于簡諧波的相關(guān) 問題，一般通過波形圖求得振幅、波長（或由振動圖得到振幅、周期），再根據(jù)傳播方向得到某 質(zhì)點(diǎn)的振動圖（或波形圖），進(jìn)而得到各

25、質(zhì)點(diǎn)的振動10.【答案】 ACD【解析】解：A 、當(dāng)氣體膨脹時，氣體對外做功，所以根據(jù)熱力學(xué)第一定律知：車胎突然爆裂的瞬 間，氣體內(nèi)能減少。故 A 正確。B、根據(jù)熱力學(xué)第二定律，熱量能夠自發(fā)地從高溫物體 傳遞到低溫物體，但不能自發(fā)地從低溫物體 傳遞到高溫物體。故 B 錯誤C、根據(jù)氣體壓強(qiáng)的微觀意義可知，氣體的壓強(qiáng)產(chǎn)生的機(jī)理是由大量氣體分子對器壁不斷碰撞而 產(chǎn)生的，故 C 正確。D、根據(jù)大氣壓的變化規(guī)律可知，隨著高度的增加，大氣 壓和溫度都在減小，一個正在上升的 氫氣球內(nèi)的 氫氣的溫度隨外界溫度的降低而降低，所以 氫氣的內(nèi)能減小。故 D 正確。E、能量轉(zhuǎn)化過程中，總能量不變，但能量可以利用的品

26、質(zhì)降低，能源會越來越少。故 E 錯誤 。故選：ACD。根據(jù)熱力學(xué)第一定律分析氣體膨脹時內(nèi)能如何 變化；根據(jù)熱力學(xué)第二定律分析；根據(jù)氣體壓強(qiáng)的微觀意義分析；知道節(jié)約能源的意 義。了解氣體的分子運(yùn) 動特點(diǎn)，氣體壓強(qiáng)的微觀含義和氣體的內(nèi)能，溫度是理想氣體的內(nèi)能大小的 標(biāo)志，關(guān)于內(nèi)能的變化可由熱力學(xué)第一定律來判斷。11.【答案】B【解析】第12 頁，共 17頁解：（1）根據(jù)平均速度公式可知，遮光片寬度與滑塊通過光電門的時間即可求得滑塊的速度為：v=；（2、3）B 到 C 的過程中，摩擦力做功，根據(jù)動能定理得：- mgx=0-mv2；聯(lián)立以上兩個公式得：動摩擦因數(shù)的表達(dá)式 為：=還需要測量的物理量是：光

27、電門 O 與 P 之間的水平距離 s，故 B 正確故答案為：（1） ；（2）B；（3）根據(jù)題目的敘述，確定實(shí)驗(yàn)的原理分析，根據(jù)平均速度公式v=求出 o 點(diǎn)的速度；摩擦力做功改變物體動能，由動能定理列出等式，求出 的表達(dá)式，據(jù)表達(dá)式得出要 測量的量。本題通過動能定理得出 動摩擦因數(shù)的表達(dá)式，從而確定要 測量的物理量。要先確定實(shí)驗(yàn)的原理，然后依據(jù)實(shí)驗(yàn)的原理解答即可。12.【答案】 直流電壓l002104：100 1【解析】解：（1）由圖所示可知，當(dāng)轉(zhuǎn)換開關(guān) S 旋到位置 5、6 時，表頭 G 與電阻串聯(lián)，此時可用來測量直流電壓；（2）測量某電學(xué)元件的 電阻，選用“ 10倍”率的 電阻擋測量，發(fā)現(xiàn)多

28、用表指 針偏轉(zhuǎn)很小，說明所選擋位太小，為準(zhǔn)確測量電阻阻值，需選擇 100 倍率的電阻擋，重新歐姆調(diào)零后再測量。（3） 歐姆表中 值電阻等于其內(nèi)阻，則中間刻度值對應(yīng)示數(shù)為：R 中=R 內(nèi)=4=110；有：Ig=，解得：R=2104；第13 頁，共 17頁 當(dāng)電流計(jì)滿偏時：流過 R0的電流 I=99I g，電流計(jì)內(nèi)阻為 99，給電流計(jì)并聯(lián)1的電阻，電流表量程 擴(kuò)大 100 倍，用該電流表改裝成歐姆表，同一刻度 對應(yīng)的電阻值變?yōu)樵瓉淼模瑲W姆表換擋前、后倍率之比等于 100：1；故答案為：（1）直流電壓；（2）100；（3） 2104； 100：1（1）靈敏電流計(jì)與分壓電阻串聯(lián)可以改裝成 電壓表，靈敏

29、電流計(jì)與分流電阻并聯(lián)可以改裝成 電流表，并聯(lián)電阻阻值越小電流表量程越大；（2）用歐姆表測電阻，要選擇合適的擋位使指針指在中央刻度 線附近；（3）電流計(jì)并聯(lián)分流電阻擴(kuò)大了電流計(jì)的量程，根據(jù)歐姆定律與并 聯(lián)電路特點(diǎn)分析答 題。歐姆表的工作原理是 閉合電路的歐姆定律，知道歐姆表的工作原理是解題的關(guān)鍵；歐姆表中值電阻等于其內(nèi)阻；應(yīng)用閉合電路歐姆定律可以解 題13.【答案】 解：（ 1）運(yùn)動員從A 到 B 做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動，根據(jù)速度位移關(guān)系可得：2vB =2aL，解得： L=50m；（ 2）運(yùn)動員由B 到 C 的過程，根據(jù)動能定理可得：mgh= mvC2- mvB2運(yùn)動員經(jīng)過C 點(diǎn)時受到重力

30、和支持力，如圖所示；根據(jù)第二定律可得：FN-mg=m解得： FN=1800N。答：（ 1）長直助滑道AB 的長度 L 是 50m；（ 2）若不計(jì)BC 段的阻力，運(yùn)動員在C 點(diǎn)所受支持力的大小是1800N?！窘馕觥浚?）運(yùn)動員從 A 到 B 做初速度 為零的勻加速直 線運(yùn)動，已知位移、初速度和末速度，根據(jù)速度位移關(guān)系求解AB 的 長度；（2）運(yùn)動員從 B 到 BC 的過程，根據(jù)動能定理求出運(yùn) 動員在 C 點(diǎn)時的速度。在C 點(diǎn)，由合力提供向心力，由牛頓第二定律求支持力的大小。第14 頁，共 17頁本題要分析清楚運(yùn) 動員的運(yùn)動過程，靈活選擇規(guī)律進(jìn)行解答。對于圓周運(yùn)動求力時，必須根據(jù)向心力 進(jìn)行求解。

31、14.【答案】 解：（ 1）設(shè)粒子做勻速圓周運(yùn)動的半徑為 R，過 O 作 PQ 的垂線交PQ 于 A 點(diǎn)，如圖所示：由幾何知識可得：=代入數(shù)據(jù)可得粒子軌跡半徑為：R=洛倫茲力提供向心力為：qvB=解得粒子發(fā)射速度為：v=（ 2）真空室只加勻強(qiáng)電場時，由粒子到達(dá)ab 直線的動能相等，可知ab 為等勢面，電場方向垂直 ab 向下，水平向左射出的粒子經(jīng)時間t 到達(dá) Q 點(diǎn)，在這段時間內(nèi)= L=vt=L= at2式中 a=解得電場強(qiáng)度的大小為U=（ 3）只有磁場時，粒子以O(shè)1 為圓心沿圓弧PD 運(yùn)動，當(dāng)弧和直線ab 相切于 D 點(diǎn)時，粒子速度的偏轉(zhuǎn)角最大，對應(yīng)的運(yùn)動時間最長，如圖所示。據(jù)圖有：sina= =0.6解得： =37故最大偏轉(zhuǎn)角為：max=233 粒子在磁場中運(yùn)動最大時長為：t 1=T=式中 T 為粒子在磁場中運(yùn)動的周期， 粒子以 O2 為圓心沿圓弧 PC 運(yùn)動的速度偏轉(zhuǎn)角最小，對應(yīng)的運(yùn)動時間最短。據(jù)圖有sin =解得： =53速度偏轉(zhuǎn)角最小為： =106 min故最短時間為：t2=答：（ 1）粒子的發(fā)射速率是；（ 2） PQ 兩點(diǎn)間的電勢差；第15 頁，共 17頁（ 3）僅有磁場時，能到達(dá)直線ab 的粒子所用